2026-2027年人教版中考物理考前模拟卷（含答案解析）

第页2026-2027年人教版中考物理考前模拟卷（含答案解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.如图所示，物理课本涉及的几个工具，其中属于省力杠杆的是(

)A. B.

C. D.2．足球比赛中，运动员起脚射门，一个漂亮的“香蕉球”破门得分，如图所示。下列说法正确的是（）A．足球在空中飞行到最高点时，处于平衡状态 B．足球离开脚后继续飞行，是因为足球具有惯性 C．足球向内侧偏转是因为内侧空气流速小，外侧流速大 D．脚踢足球使足球飞出去，说明力是维持物体运动的原因3.如图所示，方舱医院的送餐机器人正在进行无接触配送任务。下列说法正确的是(

)A.机器人由静止变为运动时受平衡力的作用

B.机器人受到的牵引力和地面对它的支持力是一对平衡力

C.机器人对地面的压力和地面对机器人的支持力是一对相互作用力

D.地面对机器人的支持力和机器人对地面的压力是一对平衡力

4.如图所示，沿同一条直线向北运动的物体甲、乙，他们的运动相对于起点O的距离s随时间t变化的图像，以下说法正确的是(

)

①两物体由同一位置O点开始运动，但甲比乙迟3s才开始运动；

②从第3s开始，v甲>v乙，5s末甲、乙正好在距离O点10米处相遇；

③在3～5s内，如果以乙为参照物，甲是向南运动的；

④t=0时刻，甲在O点，乙在距离O点5mA.①④正确 B.②③正确 C.①③正确 D.②④正确5.小何自制了一个哨子，如图所示，在筷子上缠一些棉花，做成一个活塞，用水蘸湿棉花后插入两端开口的塑料管中，用嘴吹管的上端，可以发出悦耳的哨声，关于哨子，下列说法正确的是(

)A.哨声是由于空气柱振动而发出的声音

B.在月球上也能听到该哨声

C.吹哨时，上下推拉活塞的目的是改变哨声的响度

D.活塞不动，用更大的力吹哨子，哨声的音调会更高6．2025年4月13日，日本政府召开阁僚会议，正式决定向太平洋排放福岛第一核电站的核废水。消息一出，引起有关各方强烈反响。关于此事件涉及的物理知识，下列说法中正确的是（）A．因为海水有自净能力，所以核废水可以不经过处理随意排入大海 B．核电站是将核能直接转化为电能 C．核电站是利用可控的核裂变来工作的 D．原子核聚变和裂变能释放出惊人的能量，所以核能是可再生能源7．“冶石为器，千炉齐设”，真实描绘了我国古代冶铸生产的情景。在我国古代金属加工工艺中，铸造有着突出的地位，金属铸造是将金属熔炼成符合一定要求的液体并浇进铸型里，经过冷却凝固、清整处理后，得到有预定形状、尺寸和性能的铸件工艺过程。以下关于铜器铸造说法正确的是（）A．铜原料熔化成铜液时含有的热量变多B．铜原料熔化过程要吸收热量，温度持续升高，内能变大C．铜液冷却时，液面上方出现的“白气”是高温蒸气D．铜液凝固成铜器后需要锤击打磨，打磨过程中密度不变二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8.如图所示，某兴趣小组在实验室探究水的沸腾特点的实验时，采用完全相同的装置加热质量不同的水，如图甲乙所示。通过实验，该小组绘制了水温随加热时间变化的A、B图线如图丙所示。

(1)由实验可知，该实验室所在地点的大气压______(选填“大于”“小于”或“等于”)一个标准大气压。

(2)由实验可知，水沸腾时要持续吸热，但温度______。

(3)分析甲乙两个装置烧杯中水的多少可知，图丙中______(选填“A”或“B”)图线反映的是甲实验装置的实验结果。9．如图所示，是医生利用听诊器为病人诊病的情形。医生通过听诊器可以清楚的听到病人体内的声音，医生所听到的声音在传入耳朵时和没有发生变化（以上两空填声音的特性）。医生根据听到的声音可以对病情做出初步判断，说明声音可以。10．某校的同学们在研究电路消耗的电功率与电阻的关系时设计了如图所示的电路，滑动变阻器的最大阻值为R3。当滑动变阻器的滑片P置于最右端时，只闭合开关S1，滑动变阻器的功率为P3，电压表的示数为U1，电路中的电流为I1；当滑动变阻器的滑片P置于最右端时，只闭合开关S2时，滑动变阻器的功率为P3′，电压表的示数为U2，电路中的电流为I2，此时电路的总电功率为4W。已知U1：U2＝3：8，P3：P3'＝9：4。电路中电源两端电压保持不变。则电阻R1：R2＝；通过开关的断开与闭合以及滑动变阻器滑片位置的改变，使整个电路消耗的总电功率达到最大，则最大总电功率为W。11.如图所示，一个底面积为800cm2的薄壁圆柱形容器中装水，将一边长为10cm的正方体木块轻放入该容器中，木块静止时露出水面的高度为2cm，则木块的密度为______g/cm3；放入木块后与放入木块前相比，水对容器底部的压强变化了______Pa12.透镜有两种，中间厚边缘薄的透镜叫______，它对光有______作用；中间薄边缘厚的透镜叫______，它对光有______作用；如图所示是______的形成，应佩戴______镜校正．

13．电扇使用一段时间后，扇叶容易沾上灰尘，这是因为扇叶在转动过程中，通过方式带上了电荷；空气开关“跳闸”后家庭电路整体上处于（选填“短路”、“断路”或“通路”）状态；测电笔（选填“能”或“不能”）区分零线与地线。14．声音是由物体的振动产生的，“宫、商、角、徵、羽”起源于春秋时期，是中国古乐的五个基本音阶，亦称五音，相当于现代7个音阶中的do、re、mi、sol、la。五音实际上是指声音的________。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．如图甲是小丽同学进行探究实验的电路图，请你用笔画线表示导线，连接乙图实物电路图。（已知通过两灯泡的电流分别为0.3A和0.4A）16.画出图中重力为20N的小球A所受重力的示意图．

17．按下图所示的电路图，用笔画线连接好相应的实物电路。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．在“探究萘熔化过程中温度的变化规律”的实验中，甲图是其实验装置，乙图是根据实验数据画出的水和萘的温度随时间变化的图象。（1）某时刻试管中温度计的示数如图甲所示，此时萘的温度是°C。（2）分析图象后可知：萘熔化过程中和水沸腾过程中的共同特点是吸热，温度。（3）实验过程中发现水沸腾后，试管中的液态并没有沸腾，这说明液态萘的沸点可能比水的沸点（选填“高”或“低”）。19．小华利用如图甲所示的电路测量额定电压为3.8V的小灯泡的额定功率。（1）请用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整（要求滑动变阻器滑片向右移动时灯泡变亮）。______（2）小华在连接电路最后一根导线时灯泡立即发光，则她连接电路时存在的错误是______（写出一种可能即可）（3）当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是______W，实际测量时，电压表有示数时内部有微弱的电流通过，若考虑这个微弱电流的影响，则所测得小灯泡的功率偏______。20.如图所示，在“探究影响液体内部压强的因素”的实验中．

(1)实验通过U形管两侧______显示液体内部压强的大小。在使用压强计前，要检查装置的气密性，请简述检查气密性的方法：______。需观察U形管两侧液面是否相平，若发现U形管两侧的液面不相平，接下来的操作是______(①/②/③)；

①向液面低的一侧加水②取下软管重新安装③更换橡皮膜

(2)比较乙、丙两图，可以得到：液体的压强与______有关；

(3)比较______两图，可以探究液体的压强与液体密度的关系；

(4)该同学在实验过程中发现：在同种液体内部同一深度处，使用不同的压强计，U形管两侧液面的高度差不完全相同。他认为可能与探头橡皮膜安装的松紧程度有关。请你帮他设计实验证明观点______。

(5)现有相同的烧杯A和B，分别盛有体积相同的水和酒精，小天同学将改装调试好的压强计两个金属盒分别浸入两种液体的相同深度，如图戊所示从而判断出装水的是______(A/B)烧杯。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．如图所示，R0是阻值为10Ω的定值电阻，R为滑动变阻器，灯泡上标有“4V2W“字样，且小灯泡的阻值始终保持不变。当断开S2，闭合S、S1时，灯泡恰好正常发光，电压表示数为U1；断开S1，闭合S、S2，将滑动变阻器的滑片P置于中点时，电压表数为U2，已知U2与U1相差1V，求：（1）灯泡的额定电流；（2）电源的电压；（3）滑动变阻器最大阻值；（4）该电路消耗的最小电功率。22.在中学生创新大赛中，我校参赛组设计了一种测定风力的装置，其工作原理如图甲所示，电源电压恒为5V，定值电阻R=3Ω，Rx为压敏电阻，其阻值Rx与风力F关系如图乙所示。

(1)开关闭合后，无风时，求压敏电阻的功率；

(2)如果电压表的量程为0～3V。该装置所能测量的最大风力为多少？

(3)若想让该装置能测量更大的风力，可以采取改进装置的措施是______。

六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．自从我国建立了空间站，天宫课堂不时开课。（1）王亚平老师正在展示失重的水球，该水球在太空中的质量（选填“小于”、“大于”或“等于”）在地球上的质量；透过水球可以看到一个倒立的像，这个水球相当于一个。（2）随后，王亚平向水球里注射一个气泡，神奇的一幕发生了，水球里竟然形成了一正一反的两个人像，注入气泡后，中间部分相当于两个组成的（以上两空选填“平面镜”、“凸透镜”或“凹透镜”）。（3）在外太空处于微重力状态，重力几乎可以忽略不计。王亚平老师给冰墩墩施加一个力，冰墩墩动起来，当冰墩墩离开王亚平老师的手后，我们看到冰墩墩将。24．阅读短文，回答问题。如图是深圳某小区利用太阳能给LED路灯供电的自动控制电路的原理示意图。其中，R是光敏电阻，此光敏电阻的阻值R、流过线圈电流I与光照度E（单位勒克斯，符号lx）之间的几次实验数据如表所示：光照度E/lx51015202530光敏电阻R/Ω603020151210线圈中电流I/mA21.427.330.031.632.633.3当线圈A中的电流I≥30.0mA时，动触点D与静触点G、H接触。（1）白天，太阳能电池板将能转化为能，这种能量通过再次转化储存在大容量蓄电池内，傍晚，当光照度小于lx（勒克斯）时，路灯开始工作；（2）请用铅笔画线将电路原理图连接完整，使工作电路能正常工作（与触点的接线只能接在静触点上，图中已给出静触点E、F、G、H的四根引线；连线不能交叉）；（3）一只功率为6W的LED灯，通电后其发光亮度相当于30W的日光灯，某间教室有24盏30W的日光灯，每天平均使用2h，如果能用6W的LED灯进行照明，则一个月（按30天计算）可节约电能kW•h；（4）据有关部门发布消息，5年内全市小区将全面覆盖LED路灯，但目前有部分市民反映LED路灯亮度不够，请你提出一条能提高亮度的合理化的建议：。

25.阅读短文，回答问颗。

航天器着陆的“平安之花”2022年4月16日上午，一朵“红白伞花”缓缓降落在内蒙古的东风着陆场，“神舟十三号”载人飞船成功着陆，3名航天员安全回家。

从距离地面300多公里的太空穿越大气层安全着陆，需要经历四次刹车。第一次刹车是发动机点火反推，让飞船脱离运行轨道，进入返回地球的轨道，飞船以无动力状态在地球引力的作用下自由下落。第二次刹车是在距离地面100km的时候，返回舱高速进入大气层后，强烈压缩其前面的空气，因此产生大量的热，造成温度急剧升高，温度可达2000℃左右。第三次刹车则是在距离地面10km的时候，开始用降落伞减速。科学家为开伞设计了一套程序，先是打开一个引导伞，引导伞工作16s，返回舱的下降速度可由180m/s减至80m/s，然后由引导伞拉出一具减速伞，再由减速伞带出主伞，主伞先开一个小口，慢慢地全部撑开，这时返回舱的下降速度逐渐由80m/s减至6m/s。第四次刹车是快到地面时，返回舱底部的反推发动机瞬间点火，最终把最后的一点速度也抵消掉，返回舱安全着陆。

(1)从“神舟十三号”返回情况来看，需要经历四次刹车，其中仅需要依靠地球引力作用自由下落是第______次刹车。

(2)在第二次刹车时，返回舱的温度升高的原因是通过______的方式改变了其内能；第三次刹车时，返回舱减小的机械能转化为______能。

(3)假如让你为后面的神舟飞船返回舱制作主伞，你制作的主伞应具备哪些特点？______(写出1条即可)。

参考答案及解析1.【答案】B

【解析】解：

A、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；故A错；

B、手推车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；故B正确；

C、使用扫帚时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C错；

D、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；故D错。

故选：B。

结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

本题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。2．足球比赛中，运动员起脚射门，一个漂亮的“香蕉球”破门得分，如图所示。下列说法正确的是（）A．足球在空中飞行到最高点时，处于平衡状态 B．足球离开脚后继续飞行，是因为足球具有惯性 C．足球向内侧偏转是因为内侧空气流速小，外侧流速大 D．脚踢足球使足球飞出去，说明力是维持物体运动的原因【分析】（1）物体只有在不受力或者受平衡力的作用时，才处于平衡状态；（2）物体保持原来运动状态的性质叫做惯性；（3）流体压强与流速的关系：流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大；（4）力的作用是改变物体的运动状态，物体运动不需要力维持。【解答】解：A、足球在空中飞行到最高点时，不考虑空气阻力，受到重力的作用，受到非平衡力，不是平衡状态，故A错误；B、足球离开脚后继续飞行，是因为足球具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故B正确；C、足球向内侧偏转，这说明外侧空气的压强大、内侧空气的压强小，内侧的流速大、外侧的流速小，故C错误；D、脚踢球，使球飞出去，说明力可以改变物体的运动状态，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了惯性、牛顿第一定律、力与运动的关系，深入理解基本规律，是正确解答的关键。3.【答案】C

【解析】解：A、机器人由静止变为运动时，运动状态发生了变化，受到的不是平衡力，故A错误；

B、机器人受到的牵引力和地面对它的支持力不在一条直线上，所以不是一对平衡力，故B错误；

C、机器人对地面的压力和地面对机器人的支持力同时作用在地面和机器人上，是一对相互作用力，故C正确；

D、地面对机器人的支持力和机器人对地面的压力没有作用在同一个物体上，所以不是一对平衡力，故D错误。

故选：C。

(1)物体的运动状态的改变是因为受到外力的作用，但若受到的外力是平衡力，则其运动状态不变，仍保持原来的运动状态；

(2)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；

相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。

题考查了对物体的受力分析及平衡力与相互作用力的区别，区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。

4.【答案】D

【解析】解：①由图像可知，甲从原点出发，而乙从距原点5m处出发，甲在乙运动3s后开始运动，故①错误；

②前3s甲静止，从t=3s起，甲开始运动，到5s时，2s内甲通过的路程为10m，5s内乙通过的路程为：

s乙=10m−5m=5m，

即有v甲>v乙，第5s时甲、乙在距离O点10米处相遇，故②正确；

③在3～5s内，甲、乙匀向北运动，由于v甲>v乙，因此以乙为参照物，甲是向北运动的，故③错误；

④由图知，t=0时刻，甲在O点，乙在距离O点5m处，故④正确；

由以上分析可知，D正确，ABC错误。

故选D。5.【答案】A

【解析】解：A、哨声是由于哨子内空气柱的振动产生的，所以A是正确的。

B、月球周围没有空气，真空不能传声，所以B是错误的。

C、上下推拉活塞改变的是空气柱的长度，从而改变声音的音调。

D、用更大的力吹哨子，改变了声音的响度。

故选：A。

声音是由发声体的振动产生的；

声音的传播需要介质，真空不能传声；

空气柱的长短能够改变声音的音调；

用更大的力吹哨子，声音的响度变大。

此题考查的知识点有：声音的产生、声音的传播、音调和响度。只要认真分析，就一定可以做出正确的解答。6．【解答】解：A、核能发电的主要燃料是铀，铀具有极强的放射性，使用过的核废水对海洋环境有严重的污染，核废水不可以不经过处理随意排入大海，故A错误；B、核电站工作时的能量转化是：将核能转化为内能，内能转化为机械能，机械能最后转化为电能，故B错误；C、核反应堆是利用原子核发生裂变释放能量来工作的，核反应堆中发生的是可控链式反应，故C正确；D、核能消耗后短期内无法从自然界获得补充，核能属于不可再生能源，故D错误。故选：C。7．D【解析】A．热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故A错误；B．金属属于晶体，在熔化过程中，温度不变，持续吸热，内能变大，故B错误；C．铜液冷却的时候需要用到水，水吸热蒸发变成水蒸气，上升的水蒸气遇冷液化成小水滴，形成“白气”，故C错误；D．打磨没有改变物质，所以铜的密度不变，故D正确。故选D。8.【答案】小于

不变

B【解析】解：(1)由图知，当水的温度达到96℃时，温度不再变化，说明此时是水的沸腾过程，沸点是96℃。

此时沸点低于标准大气压下的沸点，所以实验室中的大气压小于1标准大气压；

(2)分析图象会发现：水在沸腾过程中继续吸热，但温度不变；

(3)由图象还可以看出，A、B两图线的沸点相同，到达沸腾时的加热时间不同，说明水的质量不同，加热B到达沸腾的时间长，B吸收的热量多，水的比热容保持不变，根据Q=cmΔt可知，B的质量较大，结合图甲、乙可知，图丙中B图线反映的是甲实验装置的实验结果。

故答案为：(1)小于；(2)不变；(3)B。

(1)(2)液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；根据液体的沸点与气压之间的关系可得出结论；

(3)根据水的加热时间不同，利用公式Q=cmΔt可以比较水的质量关系。

本题考查了“观察水沸腾”的实验、探究物质的吸热能力的实验，属于基础题。

9．（2分）如图所示，是医生利用听诊器为病人诊病的情形。医生通过听诊器可以清楚的听到病人体内的声音，医生所听到的声音在传入耳朵时音调和音色没有发生变化（以上两空填声音的特性）。医生根据听到的声音可以对病情做出初步判断，说明声音可以传递信息。【解答】解：（1）医生用的听诊器可以减小声音的分散，增加声音的响度，医生所听到的声音在传入耳朵时音调和音色没有发生变化；（2）医生用听诊器为病人诊病，是因为声音能传递信息。故答案为：音调；音色；传递信息。10．（2分）某校的同学们在研究电路消耗的电功率与电阻的关系时设计了如图所示的电路，滑动变阻器的最大阻值为R3。当滑动变阻器的滑片P置于最右端时，只闭合开关S1，滑动变阻器的功率为P3，电压表的示数为U1，电路中的电流为I1；当滑动变阻器的滑片P置于最右端时，只闭合开关S2时，滑动变阻器的功率为P3′，电压表的示数为U2，电路中的电流为I2，此时电路的总电功率为4W。已知U1：U2＝3：8，P3：P3'＝9：4。电路中电源两端电压保持不变。则电阻R1：R2＝1：4；通过开关的断开与闭合以及滑动变阻器滑片位置的改变，使整个电路消耗的总电功率达到最大，则最大总电功率为45W。【解答】解：滑动变阻器的滑片P置于最右端时，只闭合开关S1；等效电路如图（甲）所示滑动变阻器的滑片P置于最右端时，只闭合开关S2；等效电路如图（乙）所示滑动变阻器的滑片P置于最左端时，开关S1、S2都闭合；等效电路如图（丙）所示，电路消耗的电功率达到最大值P。（1）图甲、图乙中：已知U1：U2＝3：8，根据I＝可得：＝＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①已知：P3：P3'＝9：4，则根据P＝I2R可得：＝＝，所以，＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②由①②可得：＝（2）根据P＝可知：使整个电路消耗的总电功率最大，则电路中的总电阻应最小，所以，当滑片P处在最左端，连入电阻为0，两开关都闭合，两电阻并联，此时电路中的总电阻最小，总电功率最大，如丙图。因＝，则R2＝4R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③；由于电源电压一定，图甲和图乙中，根据串联电路的特点和欧姆定律可知：＝＝＝＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣④，由③④可得：R3＝2R2﹣3R1＝2×4R1﹣3R1＝5R1；图乙中，电路的总功率：P乙＝＝＝＝4W﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑤图丙中：P丙＝＝＝＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑥由⑤⑥得：P丙＝45W。故答案为：1：4；45。11.【答案】0.8

100

【解析】解：木块浸入水中部分体积为：V排=Sh浸=(10cm)2×(10cm−2cm)=800cm3，

此时木块受到的浮力为：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×800×10−6m3=8N，

此时木块漂浮，则木块的重力为：G木=F浮12.【答案】凸透镜；会聚；凹透镜；发散；近视眼；凹透

【解析】解：把中间厚、边缘薄的透镜，叫做凸透镜，把中间薄、边缘厚的透镜，叫做凹透镜；

凸透镜对光有会聚作用，凹透镜对光有发散作用；

近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，远处物体经眼睛会将像成在视网膜的前方；因此图为近视眼的成像示意图；

因为凹透镜对光线有发散作用，所以为使光线推迟会聚，需要佩戴凹透镜进行矫正．

故答案为：凸透镜；会聚；凹透镜；发散；近视眼；凹透．

(1)凸透镜是指中间比边缘厚的透镜，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚的点叫焦点，且是实焦点，故凸透镜对光线有会聚作用；

(2)凹透镜是指中间比边缘薄的透镜，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线的反向延长线会交于一点，叫做凹透镜的焦点，且是虚焦点，故凹透镜对光线有发散作用；

(3)近视眼是晶状体会聚能力增强，像呈在视网膜的前方，应佩戴凹透镜矫正．

本题考查了凸透镜和凹透镜的概念及两种透镜对光线的作用，内容较简单，属于基础知识的考查．13．解：（1）电扇使用一段时间后，扇叶很容易粘上灰尘，这是因为扇叶在转动过程中与空气摩擦带上了电，具有吸引轻小物体的性质，所以灰尘被吸在扇叶上；（2）空气开关“跳闸”后，电流无法形成通路，故家庭电路整体上处于断路状态；（3）零线、地线和大地间的电压都是0V，用测电笔分别接触零线与地线时，氖管都不发光，所以测电笔不能辨别零线与地线，但测电笔可以辨别火线和零线。故答案为：摩擦；断路；不能。14．音调【解析】中国古乐的五个基本音阶，每个音阶对应的频率是逐渐增大的，频率越高，音调越高，五音实际上是指声音的音调。15．（2分）如图甲是小丽同学进行探究实验的电路图，请你用笔画线表示导线，连接乙图实物电路图。（已知通过两灯泡的电流分别为0.3A和0.4A）【分析】分析甲图电路的连接及电流表测量的电流，由并联电路电流的规律可知干路电流大小，确定电流表选用大量程接在干路上，根据甲图连接实物图。【解答】解：根据甲图可知，两灯并联，由并联电路电流的规律I＝0.4A+5.3A＝0.5A；故电流表选用大量程接在干路上，根据甲图连接实物图【点评】本题考查根据要求连接实物图及并联电路电流的规律，关键是电流表的连接。四、简答题（本题共2个小题，每题3分，共6分。）16.【答案】解：小球的重心在小球的球心，过球心作竖直向下的力(即重力)，G=20N.如图所示：

【解析】①重力的方向总是竖直向下的；规则物体的重心在物体的几何中心；

②先确定小球的重心，然后过重心表示出重力的方向和大小．

会找出规则物体的重心，知道重力的方向总是竖直向下的，会用示意图表示力的三要素．17．解：左图中，两灯串联，S2与灯L1并联，S1控制整个电路，根据电路图连接实物图，如下所示：18．【答案】（1）88（2）不变（3）高【知识点】摄氏温度及其计算；熔化和凝固的温度—时间图象；沸腾及沸腾条件【解析】【解答】

（1）如图甲所示，此时萘的温度是88°C

（2）分析图象后可知：萘熔化过程中和水沸腾过程中的共同特点是吸热，温度不变

（3）实验过程中发现水沸腾后，试管中的液态并没有沸腾，这说明液态萘的沸点可能比水的沸点高

【分析】

（1）温度计的读数如图所示

（2）奈是晶体，熔化过程中是继续吸收热量，温度不变

19．

开关没有断开

1.14

偏大【解析】（1）[1]测量小灯泡的额定功率时，使用的是串联电路，电压表测量小灯泡两端的电压，故电压表与小灯泡并联；小灯泡的额定电压为3.8V，故电压表使用0~15V的量程；要求滑动变阻器滑片向右移动时灯泡变亮，即滑片向右移动时电阻减小，故接线柱接在滑动变阻器的右边接线柱，电路图如下（2）[2]为了保护电路，连接电路时需要将开关断开，小华在连接电路最后一根导线时灯泡立即发光，说明开关没有断开。（3）[3]由图乙可知，电流表选择的量程是0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，小灯泡正常放光时的额定功率P额=U额I=3.8V×0.3A=1.14W[4]实际测量时，电压表有示数时内部有微弱的电流通过，若考虑这个微弱电流的影响，电流表示数等于小灯泡的电流和电压表电流之和，故电流表示数比实际通过小灯泡的电流偏大，根据P=UI可知，所测得小灯泡的功率将偏大。20.【答案】液面高度差

用手指轻按压强计的橡皮膜，观察U形管中液面能否灵活升降

②

液体深度

丙、丁

将同一压强计的橡皮膜以不同松紧程度安装后放在同种液体的同一深度处比较U形管中液面的高度差

A

【解析】解：(1)根据转换法，压强计是通过U形管中两侧液面的高度差来反映压强大小；

为了能使实验顺利进行，使用前用手指轻按压强计的橡皮膜，观察U形管中液面能否灵活升降，是为了检查实验装置的气密性；

若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的；选②；

(2)比较乙图、丙图，探头在相同液体中的不同深度处，U形管两侧的液面高度差不相等，说明探头处所受液体的压强不同，故探究液体压强与液体深度关系；

(3)在丙、丁图中，控制液体深度不变，液体密度不同，液体密度变大，可以观察到U形管两边液面的高度差将变大，液体压强变大，若要探究液体压强与液体密度的关系，应选择丙、丁两图进行比较；

(4)要探究U形管两侧液面的高度差是否与探头橡皮膜安装的松紧度有关，应控制探头受到的压强相同，改变橡皮膜安装的松紧度，故可将同一压强计的橡皮膜以不同松紧程度安装后放在同种液体的同一深度处比较U形管中液面的高度差；

(5)压强计两金属盒分别浸入两种液体深度相同，由图己可知，U形管内液面左低右高，说明烧杯A中液体对金属盒的压强较大，根据p=ρgh可知深度相同时，密度大的液体产生的压强大，所以烧杯A中液体的密度较大，则A是水，B是酒精。

故答案为：(1)液面高度差；用手指轻按压强计的橡皮膜，观察U形管中液面能否灵活升降；

②；(2)液体深度；(3)丙、丁；(4)将同一压强计的橡皮膜以不同松紧程度安装后放在同种液体的同一深度处比较U形管中液面的高度差；(5)A。

(1)实验中用U形管中两侧液面的高度差来反映液体压强的大小，检查装置是否漏气时，用手指轻按压强计的橡皮膜，观察U形管中液面能否灵活升降；

U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；

(2)(3)探究液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；

(4)要探究U形管两侧液面的高度差是否与探头橡皮膜安装的松紧度是否有关，要控制其他相同，改变探头橡皮膜的松紧，据此分析；

(5)根据p=ρgh可知深度相同时，密度大的液体产生的压强大。

本题探究影响液体内部压强大小的因素，考查注意事项、液体压强特点和控制变量法和转换法的的运用，是一道综合题。21．（如图所示，R0是阻值为10Ω的定值电阻，R为滑动变阻器，灯泡上标有“4V2W“字样，且小灯泡的阻值始终保持不变。当断开S2，闭合S、S1时，灯泡恰好正常发光，电压表示数为U1；断开S1，闭合S、S2，将滑动变阻器的滑片P置于中点时，电压表数为U2，已知U2与U1相差1V，求：（1）灯泡的额定电流；（2）电源的电压；（3）滑动变阻器最大阻值；（4）该电路消耗的最小电功率。【分析】（1）根据P＝UI求出灯泡的额定电流；（2）当断开S2，闭合S、S1时，R0和灯泡串联，电压表测量R0两端的电压，此时灯泡正常发光，求出两端的电压，再求出电源电压；（3）闭合S、S2，R和灯泡串联，电压表测量R0两端的电压，且U2与U1相差1V，求滑动变阻器的最大阻值，所以它两端的电压应该最大，所以U2应比U1大1V，据此求解滑动变阻器的最大阻值；（4）根据P＝可知，要求电路消耗的最小电功率，就要电路总电阻最大，即断开S1，闭合S、S2，将滑动变阻器的滑片P置于最大电阻位置时。【解答】解：（1）由P＝UI得：灯泡的额定电流I＝＝＝0.5A；（2）当断开S2，闭合S、S1时，R0和灯泡串联，灯泡正常发光，根据欧姆定律可得，两端的电压U1＝IR0＝0.5A×10Ω＝5V，电源电压U＝U额+U1＝4V+5V＝9V；（3）闭合S、S2，R和灯泡串联，求滑动变阻器的最大阻值，所以它两端的电压应该最大，所以U2应比U1大1V，即U2＝U1+1V＝6V，那么灯泡两端的电压UL＝U﹣U2＝9V﹣6V＝3V，由P＝得，灯泡的电阻RL＝＝＝8Ω，根据串联分压特点可知，＝，＝，解得：R滑＝16Ω，此时滑动变阻器的滑片P置于中点，所以滑动变阻器最大阻值R滑大＝2R滑＝2×16Ω＝32Ω；（4）断开S1，闭合S、S2，将滑动变阻器的滑片P置于最大电阻位置时，R和灯泡串联，电路总电阻最大，总功率最小，该电路消耗的最小电功率：P小＝＝＝2.025W。答：（1）灯泡的额定电流0.5A；（2）电源的电压9V；（3）滑动变阻器最大阻值32Ω；（4）该电路消耗的最小电功率2.025W。【点评】此题主要考查的是学生对电功率计算公式、欧姆定律计算公式、串联电路分压特点的理解和掌握，知道电路总电阻最大时，消耗总功率最小是解决此题的关键。22.【答案】减小R的电阻值

【解析】解：由图甲可知：闭合开关，定值电阻和压敏电阻串联，电压表测量电阻R两端的电压；

(1)由图象可知，当无风时，电阻Rx=7Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电路中的电流：I=UR+Rx=5V3Ω+7Ω=0.5A，

压敏电阻Rx消耗的电功率：Px=I2Rx=(0.5A)2×7Ω=1.75W；

(2)由图象可知Rx与F图线为一次函数，Rx=aF+b，

当F=0时，Rx=7Ω，所以7Ω=a×0+b，

可得：b=7Ω，

当F=600N时，Rx=1Ω，所以，1Ω=a×600N+7Ω，

可得：a=−0.01Ω/N，

则：Rx=−0.01Ω/N×F+7Ω，

当所测风力最大时，Rx的阻值最小，电路中电流最大，则电压表的示数最大，即UR=3V，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以Rx两端的电压：Ux=U−UR=5V−3V=2V，

因串联电路中各处的电流相等，所以电路中的电流：I'=URR=3V3Ω=1A，

则压敏电阻的阻值：Rx'=UxI'=2V1A=2Ω，

所以，2Ω=−0.01Ω/N×F+7Ω，

解得：F=500N，该装置所能测量的最大风力为500N；

(3)23．【答案】（1）等于；凸透镜（2）凹透镜（3）保持匀速直线运动状态【知识点】物质的基本属性；生活中的透镜；牛顿第一定律【解析】【解答】

（1）第1空水球在太空中的质量等于地球上的质量

第2空透过水球可以看到一个倒立的像，这个水球相当于一个凸透镜

（2）水球里竟然形成了一正一反的两个人像，注入气泡后，中间部分相当于两个凹透镜组成，

（3）因为在外太空处于微重力状态，重力几乎可以忽略不计，王亚平老师给冰墩墩施加一个力，冰墩墩动起来，当冰墩墩离开王亚平老师的手后，我们看到冰墩墩将保持匀速直线运动状态。

【分析】

（1）第1空质量是物质的基本属性，不随地理位置的改变而改变。

第2空透过水球是中间厚边缘薄的透明物体，水球相当于凸透镜。

（2）中间是汽包，如图，中间变成，中间薄边缘厚的透明物体，所以是凹透镜。

（3）因为冰墩墩在外太空处于微重力状态，重力几乎可以忽略不计，所与冰墩墩将保持匀速直线运动状态。24．（5分）阅读短文，回答问题。如图是深圳某小区利用太阳能给LED路灯供电的自动控制电路的原理示意图。其中，R是光敏电阻，此光敏电阻的阻值R、流过线圈电流I与光照度E（单位勒克斯，符号lx）之间的几次实验数据如表所示：光照度E/lx51015202530光敏电阻R/Ω603020151210线圈中电流I/mA21.427.330.031.632.633.3当线圈A中的电流I≥30.0mA时，动触点D与静触点G、H接触。（1）白天，太阳能电池板将太阳能转化为电能，这种能量通过再次转化储存在大容量蓄电池内，傍晚，当光照度小于15lx（勒克斯）时，路灯开始工作；（2）请用铅笔画线将电路原理图连接完整，使工作电路能正常工作（与触点的接线只能