2026-2027年人教版中考物理全真押题卷（带答案解析）

第第页2026-2027年人教版中考物理全真押题卷（带答案解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．下列四张图中利用热传递来改变物体内能的是（）A． B． C． D．2．如图所示，一闭合电路竖着固定在一辆光滑绝缘的小车上，电路中为定值电阻，R为压敏电阻，其阻值随所受压力的增大而减小。将物体M放在小车上与压敏电阻接触，当小车由静止突然向右运动时，下列说法正确的是（）A．电流表示数减小B．电压表示数减小C．电流表示数不变 D．电压表示数增大3．灯泡L的电流随电压变化的图像如图甲所示，将此灯泡与定值电阻R接入图乙所示的电路中，只闭合开关S，小灯泡的实际功率为0.5W，再闭合开关S1，电流表的示数变化了0.1A，则（）A．电源电压为3V B．S1闭合后，灯泡的亮度变亮C．定值电阻的阻值为10Ω D．电路总功率为0.7W4．乒乓球发球机在同一高度以相同的初速度朝不同方向分别发出a、b、c三个完全相同的乒乓球，若不计空气阻力，落到水平桌面时三个球的速度以及重力做的功（）A．va＝vb＝vc；Wa＝Wb＝WcB．va＞vb＞vc；Wa＞Wb＞Wc C．vb＞vc＞va；Wb＞Wc＞Wa D．va＞vc＞vb；Wa＞Wc＞Wb5．观看了《流浪地球2》，小帆认识到了信息、能源和材料的重要性，他决定珍惜青春时光，努力学习科学文化知识。他收集到了以下信息，其中说法正确的是（）A．太阳能、风能、核能都是可再生能源 B．北斗卫星导航系统传递信息利用的是电磁波 C．目前人类已建立的核电站，都是利用核聚变发电的 D．光纤通信是利用激光在光导纤维中发生折射来传递信息的6．在如图所示的电路中，电源电压恒为15V，R1为15Ω，R2为10Ω。闭合开关，将规格为“50Ω2A”的滑动变阻器的滑片从一端移动到另一端的过程中，记录两只电压表与电流表的示数，根据实验数据画出下列图像，正确的是（）A．电压表V1示数与电流表A示数关系 B．电压表V2示数与电流表A示数关系 C．电阻R1的功率与电压表V2示数关系 D．电路消耗的总功率与电流表A示数关系7.如图所示，在竖直平面内用轻质细线悬挂一个小球，将小球拉至A点，使细线处于拉直状态，由静止开始释放小球，不计空气阻力，小球可在A、F、B三点间来回摆动，A和B是最高点，F是最低点。下列说法正确的是(

)A.当小球摆动到B点时，细线恰好断开，则小球将沿BE方向运动

B.当小球从A点摆动到F点的过程中，动能转化为重力势能

C.当小球到达最高点A时撤去一切外力，它将做匀速直线运动

D.小球到达最低点F时撤去一切外力，由于惯性，它将保持原来的圆周运动

二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．小明某天7点出门上学时，忘记关闭电热毯，晚上19点回家时，发现电能表示数从图甲变至图乙，则电热毯的功率为________kW，消耗的电能转化为________，这些电能如果供电热水壶使用，可以将50kg的水加热至________℃．9．雨后彩虹属于光的现象；用光照射钞票，可以使钞票的荧光物质发光，这种光是（选填“红外线”或“紫外线”）。手机屏幕上呈现出由红、绿、三种色光混合而成的多彩画面。10.小红在桌面上放了一枚硬币，她沿硬币上方平行的方向用力吹了一口气，硬币便越过了前面的障碍物。小红解释其原理是，硬币上方气流速度______下方气流速度，硬币上方的压强______下方的压强，使得硬币上下方的气体的压力差______(均填“大于”“小于”或“等于”)其重力造成的。11.如图所示，放在桌面甲乙两个圆柱形容器。甲容器底面积为10cm2，容器重为2N，容器中水深为20cm，则水对甲容器底的压强是______Pa，桌面受到甲容器的压强为______Pa.若将这些水倒入乙容器中，这时水对乙容器底的压强与甲容器底原来受到水的压强g=10N/kg相比较将______。(选填“变大”、“变小”或“不变”)(g=10N/kg)12．小伟用如图甲所示的实验装置探究“凸透镜成像的规律”，所用凸透镜的焦距为10cm。（1）小伟在组装器材时，将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，并调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在。（2）实验过程中，凸透镜始终固定在光具座50cm刻度线处。当蜡烛距离凸透镜15cm时，移动光屏，可在光屏上得到一个倒立、（填“放大”“等大”或“缩小”）的像；利用该成像规律制成的光学仪器是（“放大镜”“投影仪”或“照相机”）（3）接下来小伟将蜡烛向远离凸透镜方向移动一段距离，为了能在光屏上再次看到烛焰清晰的像，他应将光屏透镜（选填“靠近”或“远离”）。（4）蜡烛随着燃烧而变短，为了使像仍能成在光屏中央。这时最合理的调整是。A．只需将凸透镜向下移动一些B．只需将光屏向下移动一些C．将光屏向透镜靠近一些D．以上方法都可以（5）在光屏上得到清晰的像后，小伟取下自己的近视眼镜放在烛焰和凸透镜之间，发现光屏上的像变得模糊，为了再次在光屏上得到烛焰清晰的像，可保持蜡烛和凸透镜位置不变，将光屏（选填“远离”或“靠近”）透镜。13．如图，悬浮式无线蓝牙音箱，音箱内的扬声器工作原理与相同（选填“电动机”或“发电机”）。该产品底座里有一个电磁铁，可使箱体悬在空中，这是根据同名磁极相互的原理实现的。14．有一个玩具电风扇线圈电阻为2Ω，接在电压为3V不变的电源上，转动时通过线圈的电流为0.2A，则电风扇转动时的机械功率是______，工作效率为______三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15.把吊扇按安全用电原则接入电路，要求：调速开关控制吊扇的转速，当调速开关滑片顺时针转动时，吊扇风速减慢。16．如图，从水下射出的一束光线在水面发生折射后射向水面上方光滑的墙壁，又在墙壁上发生了反射。请作出折射光线的大致方向和经墙壁反射后的反射光线。17．请按要求完成作图：根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像A'B'。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．某小组同学在“探究影响浮力大小的因素”实验中，提出了浮力大小可能与下列因素有关的猜想：①与物体浸没在液体中的深度有关；②与物体排开液体的体积有关；③与液体的密度有关。实验器材有：弹簧测力计、烧杯、金属块、水、盐水（ρ盐水＞ρ水）。小明先用弹簧测力计测出金属块的重力，然后将金属块缓慢浸入液体中不同深度，实验步骤如图a、b、c、d、e所示（液体均未溢出），并将弹簧测力计的示数记录下来。（1）分析数据可知，金属块浸没在水中时受到的浮力大小是N；金属块浸没在盐水中时受到的浮力大小是N；（2）分析实验步骤a、c、d可知，在同种液体中，物体所受浮力大小与物体浸没在液体中的深度（选填“有关”或“无关”）；分析三个实验步骤a、b、c可知，在同种液体中，物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大；分析实验步骤a、d、e可知，在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力；（3）该小组同学完成本次实验后，又用获得的数据求出了盐水的密度为kg/m3。19．如图甲是风能、光能互补路灯。它是由太阳能电池板、小型风力发电机各自给24V蓄电池充电，LED（发光二极管）灯照明，照明灯由图乙所示装置控制通断。（1）如表是亮度相当的两种灯的相关数据。要使该路灯总发光效果相当于1200W白炽灯，它应由只LED灯联而成。这种灯优点是（写一点即可）。一只LED灯一只白炽灯额定电压24V220V额定功率12W100W（2）当风速为5m/s时，风力发电机的输出功率为40W，在这种风速下，持续光照10h，蓄电池的电能增加了5.76×106J，在这个过程中太阳能电池板发电的平均输出功率是W。（3）对于风光互补路灯上的风力发电机和太阳能电池板，下列说法正确的是。A.当无风时，风力发电机和太阳能电池板均没有内能B.当夜晚气温为0℃时，风力发电机和太阳能电池板均没有内能C.白天，太阳能电池板产生的电能转化成化学能储存在蓄电池里D.夜晚有风时，风力发电产生的电能储存在蓄电池里20.小迪学习了“密度”知识后，想测量金属块的密度，于是他进行了如下实验：

(1)在测量金属块的质量时，应将天平放在水平台面上，游码移至标尺左端的零刻度线处，若指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向_________调(填“左”或“右”)，直到天平平衡。(2)把金属块放到天平左盘称量，天平平衡时，右盘中所加砝码和游码的位置如图乙所示，则矿石的质量是_______g。(3)小迪将金属块放入盛有水的量筒(如图丙)中，量筒中的水面升高到100mL的位置，则金属块的体积是____

___cm3。由此可知，金属块的密度是___________(4)请在答题卡上设计出测量金属块的实验表格。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．如图，是我国自主研制并亮相国庆阅兵的96A式主战坦克，该坦克具有水底潜渡功能，坦克的质量是42t，高2.3米，每条履带与地面的接触面积为2m2。求：（1）该坦克在水平路面行驶时，对地面的压强；（2）坦克在深为5m的河水中潜渡时，在坦克顶部面积为0.5m2的舱门受的河水的压力。22.如图所示，电源电压恒定，R1=20Ω，闭合开关S，断开开关S1，电流表示数是0.3A；若再闭合S1，发现电流表示数变化了0.6A，求：

(1)电路的电源电压为多少？

(2)

六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．图甲是某电热水壶的内部简化电路，其中R1是加热管，R2是限流电阻，只有加热管放出的热量能被水吸收。S1是一个防干烧开关（或称“温控开关”），S2、S3是手动开关，调节S2、S3可以使电热水壶分别处于加热或保温状态。图乙是该电热水壶的铭牌。XX牌电热水壶额定电压220V额定容量1.2L额定加热功率880W额定频率50Hz（1）要使电热水壶处于加热状态，需将开关S2和S3（选填“闭合”或“断开”）；（2）由该电热水壶的铭牌可知，加热管R1的阻值为多少？（3）假设当电热水壶处于保温状态时水温保持恒定，此时水每秒向外界散热55J，那么电热水壶处于保温状态时的总功率约是多少？24.请阅读《北京冬奥火炬的科技“外衣”》并回答25题。北京冬奥火炬的科技“外衣”2022年2月4日，第24届冬奥会在北京隆重开幕，奥运火炬再次在“鸟巢”点燃，北京成为世界上首个“双奥之城”。如图所示，是北京冬奥会火炬“飞扬”，它银红相间的颜色、旋转上升的外形象征着“冰火相约，激情飞扬，照亮冰雪，温暖世界”。火炬“飞扬”不仅造型优美飘逸，它的“外衣”还蕴含着新科技。它是中国研发团队利用碳纤维与高性能树脂研制出的一种新材料−碳纤维复合材料制造的，这堪称世界首创。由于碳纤维质量约为同体积钢质量的四分之一，但强度却是钢的7至9倍，这使得火炬不仅手感轻，而且还很坚固。另外，为了使火炬“飞扬”不仅环保，还能在极寒天气中使用，“飞扬”采用氢作燃料，但氢的燃烧温度能达到800℃，一般的复合材料都经不住500℃的考验。于是中国研发团队利用一种耐高温树脂材料−聚硅氮烷树脂，经过测试与工艺调整，这种新材料可以经受1200℃的高温。它作为第三代树脂材料，兼具了有机物超强附着力与无机物耐高温的特点，同时集耐腐蚀、耐磨损、防污防水等优势于一身，达到了奥运火炬的设计要求。请根据上述材料，回答下列问题：

(1)火炬“飞扬”的外壳采用碳纤维材料制成，这是因为碳纤维具有______小、硬度大的特点。

(2)火炬“飞扬”的燃料是氢，当氢燃烧时，______能转化为内能：已知氢的热值为1.4×108J/kg，若完全燃烧20g的氢，所放出的热量为______J。

(3)第三代树脂材料一聚硅氮烷树脂具备哪些优势，达到了奥运火炬的设计要求。25.在电路中，若发生图所示的现象，则在A、B间可能连接了什么电路元元件？

参考答案及解析1．（3分）下列四张图中利用热传递来改变物体内能的是（）A． B． C． D．【考点】热传递改变物体内能．【专题】定性思想；分子热运动、内能；理解能力．【分析】改变物体内能的方式有两种：一是做功，二是热传递，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程。【解答】解：A、钻木取火是克服摩擦力做功，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能，故A不合题意；B、煤炉烧水是通过热传递的方式改变物体的内能，故B符合题意；C、压缩空气升温是机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能，故C不合题意；D、搓手时手掌发热，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能，故D不合题意。故选：B。【点评】做功和热传递都可以改变物体的内能，二者是等效的，但其实质不同，前者是能量的转化，后者是能量的转移。2．B【解析】AC．当小车由静止突然向右运动时，压敏电阻将受到物体M的压力，其阻值减小，电路中的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电流将变大，即电流表示数变大，故AC错误；BD．的电阻减小，由串联分压可知电阻R两端的电压也会减小，即电压表示数减小，故B正确，D错误。故选B。3．D【详解】A．由小灯泡的I-U图像可知，当灯泡的实际功率为0.5W时，UL＝2V，IL＝0.25A，由图乙所示的电路图可知，只闭合开关S时，只有灯泡接入电路，灯泡两端电压等于电源电压，则电源电压为U=UL=2V故A不符合题意；B．由电路图可知，闭合开关S后再闭合开关S1，灯泡与电阻R并联，根据并联电路的电压特点可知灯泡两端的电压不变，则灯泡的亮度不变，故B不符合题意；C．闭合开关S后再闭合开关S1，灯泡与电阻R并联，电流表测干路电流，电流表示数变大，由题知，电流表示数变化了0.1A，则通过电阻R的电流为IR=ΔI=0.1A由可得，电阻R的阻值为故C不符合题意；D．干路电流为I=IL+IR=0.25A+0.1A=0.35A则电路总功率为P=UI=2V×0.35A=0.7W故D符合题意。故选D。4．【解答】解：（1）乒乓球发球机在同一高度以相同的初速度朝不同方向分别发出a、b、c三个完全相同的乒乓球，因为三个乒乓球的质量、高度和速度都相同，则最初的机械能是相同的；不计空气阻力，三个小球在运动过程中的机械能是守恒的，所以三个乒乓球到达桌面时的机械能相同，此时球所处的高度相同，其重力势能相同，则此时动能也相同，速度也相同，即va＝vb＝vc。（2）a、b、c是三个完全相同的乒乓球，则重力相等，虽然运动方向不同，但由图可知整个过程中乒乓球下落的高度相等，根据W＝Gh可知，三个球重力做功相等，即Wa＝Wb＝Wc。综上分析可知，选项A正确、BCD错误。故选：A。5．（2分）观看了《流浪地球2》，小帆认识到了信息、能源和材料的重要性，他决定珍惜青春时光，努力学习科学文化知识。他收集到了以下信息，其中说法正确的是（）A．太阳能、风能、核能都是可再生能源 B．北斗卫星导航系统传递信息利用的是电磁波 C．目前人类已建立的核电站，都是利用核聚变发电的 D．光纤通信是利用激光在光导纤维中发生折射来传递信息的【考点】光纤通信；能源及其分类；核能、核裂变和核聚变；电磁波的传播与应用．【分析】（1）能够短期内从自然界中得到补充的能源叫可再生能源，不能短期内从自然界中得到补充的能源叫不可再生能源。（2）电磁波可以传递信息。（3）目前人类已建立的核电站，都是利用核裂变发电的。（4）光纤通信是利用激光在光导纤维中发生反射来传递信息的。【解答】解：A、太阳能、风能是可再生能源，核能是不可再生能源，故A错误；B、北斗卫星导航系统传递信息利用的是电磁波，故B正确；C、目前人类已建立的核电站，都是利用核裂变发电的，故C错误；D、光纤通信是利用激光在光导纤维中发生反射来传递信息的，故D错误。故选：B。【点评】知道能源的分类；知道电磁波可以传递信息；知道光纤通信和核能的利用。6．解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量R2两端的电压，电压表V2测量R2和滑动变阻器两端的电压；A、R2两端的电压，即电压表V1的示数为：U1＝IR2＝I×10Ω，电压表V1的示数与电流表A的示数成正比，当电流为零时，电压表V1的示数为零，故A错误；B、电压表V2的示数为：U2＝U﹣IR1＝15V﹣I×15Ω，电压表V2的示数与电流表A示数成一次函数关系，图像为倾斜向下的直线，故B错误；C、电阻R1的电功率为：P1＝＝＝电阻R1的功率与电压表V2示数是二次函数图像，故C错误；D、电路消耗的总功率为：P＝UI，电源电压不变，电路消耗的总功率与电流表A示数成正比，变阻器处于阻值最大处时，电路的总电阻最大，通过电路的电流最小，但电流表的示数不为零，电路消耗的总功率最小，但不为零，故D正确。故选：D。7.【答案】A

【解析】解：

A、当小球摆动到B点时，位置最高，重力势能最大，动能最小，速度为0，如果细线恰好断开，在重力的作用下，小球将沿BE方向运动。故A正确；

B、当小球从A点摆动到F点的过程中，高度降低，重力势能减小；速度增大，动能增大。所以此过程是重力势能转化为动能。故B错误；

C、当小球到达最高点A时，重力势能最大，动能最小，速度为0，撤去一切外力，它将保持静止。故C错误；

D、小球到达最低点F时，重力势能最小，动能最大，速度最大。若撤去一切外力，由于惯性，它将保持原来的速度做匀速直线运动。故D错误。

故选：A。

(1)影响动能大小的因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。

(2)影响重力势能大小的因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。

(3)物体在不受力的作用时，将保持静止或匀速直线运动状态。

掌握影响动能、重力势能、弹性势能大小的因素，知道运动和力的关系。会判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的大小变化以及能量的相互转化。8.0.5内能100【解析】

电热毯工作时间为19：00-7：00=12：00，电热毯工作12小时消耗的电能：W=4359.6kW•h-4353.6kW•h=6kW•h；电热毯的功率P===0.5kW；电热毯加热时，电能转化为内能；由题知，Q吸=W电=6kW•h=6×3.6×106J=2.16×107J，由Q吸=cm△t，可得，水升高的温度：△t==≈103℃，标准大气压下水的沸点为100℃，所以50kg的水加热至100℃9．色散紫外线蓝【详解】[1]太阳光经过三棱镜后分解出七种单色光的现象叫光的色散，光的色散的本质是光的折射，雨后彩虹属于光的色散现象。[2]在可见光外有两种看不见的光，分别是红外线和紫外线。用其中一种光照射钞票，可以使钞票的荧光物质发光，这种光是紫外线。[3]三种色光适当混合能产生其它色光，这三种色光就是光的三原色，它们分别是红光、绿光、蓝光。10.【答案】大于

小于

大于

【解析】解：吹硬币时，硬币上方气流速度大于下方的气流速度，硬币上方压强小于下方压强，从而产生向上的压力差。硬币向上跳起，加速向上运动，受到重力与压力差，此时压力差大于重力。

故答案为：大于；小于；大于。

流体压强与流速有关，流速越大的位置压强越小，这是升力产生的原因，据此可做出解释。

理解流体压强与流速的关系，并能解释一些简单的生活应用。

11.【答案】2000

4000

变小

【解析】解：水对甲容器底的压强P=ρgh=1000kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa；

水的质量m=ρV=ρSh=1000kg/m3×10×10−4m2×0.2m=0.2kg；

桌面受到甲容器的压力F=G=mg+G甲=0.2kg×10N/kg+2N=4N；

桌面受到甲容器的压强P甲=FS=4N10×10−4m212．（6分）小伟用如图甲所示的实验装置探究“凸透镜成像的规律”，所用凸透镜的焦距为10cm。（1）小伟在组装器材时，将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，并调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度。（2）实验过程中，凸透镜始终固定在光具座50cm刻度线处。当蜡烛距离凸透镜15cm时，移动光屏，可在光屏上得到一个倒立、放大（填“放大”“等大”或“缩小”）的像；利用该成像规律制成的光学仪器是投影仪（“放大镜”“投影仪”或“照相机”）（3）接下来小伟将蜡烛向远离凸透镜方向移动一段距离，为了能在光屏上再次看到烛焰清晰的像，他应将光屏靠近透镜（选填“靠近”或“远离”）。（4）蜡烛随着燃烧而变短，为了使像仍能成在光屏中央。这时最合理的调整是A。A．只需将凸透镜向下移动一些B．只需将光屏向下移动一些C．将光屏向透镜靠近一些D．以上方法都可以（5）在光屏上得到清晰的像后，小伟取下自己的近视眼镜放在烛焰和凸透镜之间，发现光屏上的像变得模糊，为了再次在光屏上得到烛焰清晰的像，可保持蜡烛和凸透镜位置不变，将光屏远离（选填“远离”或“靠近”）透镜。【解答】解：（1）将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上。点燃蜡烛后，调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰中心大致在同一高度；（2）实验过程中，凸透镜始终固定在光具座50cm刻度线处。当蜡烛距离凸透镜15cm时，f＜u＜2f，凸透镜成倒立放大的实像，移动光屏，可在光屏上得到一个倒立、放大的实像；（3）接下来小伟将蜡烛向远离凸透镜方向移动一段距离，为了能在光屏上再次看到烛焰清晰的像，根据凸透镜成实像时，物近远像近像变小，他应将光屏向靠近透镜方向移动；（4）蜡烛在燃放中不断缩短，向下移动，光屏上的像向上移动，要使像能够成在光屏中央，只需要将凸透镜向下移动一些。故选A；（5）近视眼镜是凹透镜，在凸透镜的前方放一个凹透镜，使原来会聚的光线错后会聚，所以光屏向后移动，远离凸透镜。故答案为：（1）同一高度；（2）放大；投影仪；（3）靠近；（4）A；（5）远离。13．【答案】（1）电动机；（2）排斥。【分析】（1）扬声器的工作原理是通电导体在磁场中受力运动；（2）磁极间的相互作用规律：同名磁极相排斥，异名磁极相吸引。【解答】解：（1）扬声器的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，工作原理与电动机工作原理相同；（2）该产品底座里有一个电磁铁，可使箱体悬在空中，说明电磁铁与箱体相互排斥，应为同名磁极。故答案为：（1）电动机；（2）排斥。【点评】本题考查了扬声器的工作原理、磁场间的相互作用等知识的理解和应用，难度不大。14．

0.52

86.7%【解析】[1]电动机总功率P总=UI=3V×0.2A=0.6W线圈发热功率P热=I2R=(0.2A)2×2Ω=0.08W输出的机械功率P=P总-P热=0.6W-0.08W=0.52W[2]工作效率为15.【答案】解：调速开关滑片顺时针转动时，吊扇风速减慢，说明接入电路的电阻值变大，应将中间和右侧接线柱接入电路；吊扇在连接时要注意左零、右火、上接地，如图所示：

【解析】调速器开关相当于滑动变阻器，调速器要接在火线与吊扇之间，吊扇在连接时要注意左零、右火、上接地。

本题考查了吊扇的连接方法，注意：调速器开关要接在火线与吊扇之间。

16．（2分）如图，从水下射出的一束光线在水面发生折射后射向水面上方光滑的墙壁，又在墙壁上发生了反射。请作出折射光线的大致方向和经墙壁反射后的反射光线。【分析】先过入射点作出法线，根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角大于入射角，确定折射光线的方向。然后根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且入射角等于反射角，画出反射光线；【解答】解：过入射点O做法线，从而确定了入射光线位于法线的左侧，并确定了入射角的大小。根据折射角大于入射角画出折射光线。光线在墙壁上发生了反射，根据反射角等于入射角画出反射光线；如图所示：【点评】做光路图时，要注意实线和虚线，光线要画箭头等细节，若告诉了入射角的大小，一定要标出反射角的大小。17．请按要求完成作图：根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像A'B'。【解答】解：先作出端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为物体AB的像，如图所示：18．（5分）某小组同学在“探究影响浮力大小的因素”实验中，提出了浮力大小可能与下列因素有关的猜想：①与物体浸没在液体中的深度有关；②与物体排开液体的体积有关；③与液体的密度有关。实验器材有：弹簧测力计、烧杯、金属块、水、盐水（ρ盐水＞ρ水）。小明先用弹簧测力计测出金属块的重力，然后将金属块缓慢浸入液体中不同深度，实验步骤如图a、b、c、d、e所示（液体均未溢出），并将弹簧测力计的示数记录下来。（1）分析数据可知，金属块浸没在水中时受到的浮力大小是2N；金属块浸没在盐水中时受到的浮力大小是2.2N；（2）分析实验步骤a、c、d可知，在同种液体中，物体所受浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关（选填“有关”或“无关”）；分析三个实验步骤a、b、c可知，在同种液体中，物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大；分析实验步骤a、d、e可知，在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力越大；（3）该小组同学完成本次实验后，又用获得的数据求出了盐水的密度为1.1×103kg/m3。【分析】（1）根据称重法知物体在水中和盐水中受到的浮力大小等于在空气中弹簧测力计的示数减去浸没在水中或盐水中时弹簧测力计的示数；（2）影响浮力因素是液体的密度、排开液体的体积；分析实验步骤a、c、d或a、d、e的相同量和不同量，根据控制变量法分析解答；要探究浮力与排开液体体积的关系，需要控制液体的密度相同，改变排开液体的体积，据此判断出实验序号；根据控制变量法，找出不变的量和变化的量，确定浮力大小与变化量之间的关系；（3）根据G＝mg求出金属块的质量；根据阿基米德原理求出金属块的体积，由于排开盐水的体积等于金属块的体积，由阿基米德原理算出盐水的密度。【解答】解：（1）由a、c或a、d，根据称重法知金属块浸没在水中时受到的浮力大小是：F浮＝G﹣F＝4.8N﹣2.8N＝2N；由a、e，根据称重法知金属块浸没在盐水中时受到的浮力大小是：F浮′＝G﹣F′＝4.8N﹣2.6N＝2.2N；（2）分析a、c、d三次实验可知，液体的密度和排开液体的体积相同，金属块浸没在水中深度增加，弹簧测力计的示数不变，由称重法可知，金属块所受浮力不变，说明浮力大小跟物体浸没在液体中的深度无关；要验证浮力大小与排开液体体积的关系，需要控制液体的密度相同，排开液体的体积不同，步骤a、b、c符合题意；分析a、d、e三次实验可知，排开液体的体积相同，液体的密度不同，弹簧测力计的示数不同，且液体的密度越大，弹簧测力计的示数越小，由称重法可知，浮力越大，所以可以得出结论：在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力越大；（3）由G＝mg可知金属块的质量：m＝＝＝0.48kg，因金属块完全浸没在水中，根据F浮＝ρ液gV排可得金属块的体积：V＝V排＝＝＝2×10﹣4m3，根据F浮＝ρ液gV排可得盐水的密度为：ρ盐水＝＝＝1.1×103kg/m3。故答案为：（1）2；2.2；（2）无关；越大；（3）1.1×103。【点评】本题考查影响浮力大小的因素、控制变量法的使用、浮力的测量、密度的计算和阿基米德原理的应用，是一道综合题。本题探究“浮力的大小与哪些因素有关”实验，考查控制变量法、称重法测浮力。19．【解答】解：（1）12W的发光二极管与100W的白炽灯泡亮度相当；所以12只发光二极管正常发光效果与1200W的白炽灯泡亮度相当，这12只发光二极管正常发光，所以它们并联。12W的发光二极管与100W的白炽灯泡亮度相当，所以这种发光二极管电能转化成光能的效率高；同时它利用了风能和太阳能这些新能源，这些新能源非常环保。（2）蓄电池的电能增加了5.76×106J，由P＝得，风力发电机发电为：W电机＝P电机t＝40W×10×3600s＝1.44×106J；太阳能电池板发电：W太阳能＝W﹣W电机＝5.76×106J﹣1.44×106J＝4.32×106J；所以发电功率：P′＝＝＝120W；（3）AB、一切物体都有内能，所以当无风时和当温为0℃时，都有内能，故AB错误；C、白天太阳能电池板产生的电能转化成化学能储存在蓄电池里，故C正确；D、夜晚有风时，风力发电产生的电能用来照明和储存在蓄电池里，故D错误。故选：C。故答案为：（1）12；并；节能、环保；（2）120；（3）C。四、综合题（共2小题，计16分）20.【答案】(1)右；(2)152.6g；(3)20；7.63×10(4)实验表格

【解析】(1)如图，指针偏向分度盘的左侧，说明横梁的左端下沉，平衡螺母向相反的方向移动，所以平衡螺母向右移动；

(2)游码对应的刻度值，标尺每一个大格代表1g，每一个小格代表0.2g，游码对应的刻度值是2.6g，金属块的质量=砝码的质量+游码对应的刻度值=100g+50g+2.6g=152.6g；

(3)金属块的体积V=100ml−80ml=20ml=20cm

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，金属块的密度；(4)实验表格故答案为：(1)右；(2)152.6g；(3)20；7.63×103(4)实验表格

21．如图，是我国自主研制并亮相国庆阅兵的96A式主战坦克，该坦克具有水底潜渡功能，坦克的质量是42t，高2.3米，每条履带与地面的接触面积为2m2。求：（1）该坦克在水平路面行驶时，对地面的压强；（2）坦克在深为5m的河水中潜渡时，在坦克顶部面积为0.5m2的舱门受的河水的压力。【考点】压强的大小及其计算；液体的压强的计算．【专题】应用题；压强、液体的压强；应用能力．【分析】（1）坦克在水平路面上行驶时，对地面的压力等于自身的重力，根据F＝G＝mg求出其大小，受力面积等于2条履带与地面的接触面积之和，根据p求出坦克对地面的压强；（2）已知坦克的高度和河底的深度可以得出坦克顶部所处的深度，利用液体压强公式p＝ρgh得到坦克顶部受到水的压强，又知道受力面积，利用F＝pS求出舱门受到水的压力。【解答】解：（1）该坦克在水平路面上行驶时，对地面的压力：F＝G＝mg＝42×103kg×10N/kg＝4.2×105N，受力面积：S＝2×2m2＝4m2，坦克对地面的压强：p1.05×105Pa；（2）坦克顶部所处的深度：h＝5m﹣2.3m＝2.7m，