2026-2027年人教版中考物理综合模拟卷含答案解析

第页2026-2027年人教版中考物理综合模拟卷（含答案解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.下列图中能够说明电动机工作原理的实验装置是(

)A. B.

C. D.2．如图所示的电热水器下面连接热水管和冷水管，洗热水澡时经常发现左水管外壁上有水珠，而右水管的外壁上却没有水珠。下列分析正确的是（）A．左水管是冷水管 B．左水管外壁上有水珠是汽化现象，需要放热 C．左水管外壁上有水珠是液化现象，需要吸热 D．左水管外壁上的水珠在夏天比冬天更明显3.2023年3月3日某学校举办“红领巾学雷锋”活动，在学校礼堂举行了合唱比赛。下列说法正确的是(

)A.唱出《学习雷锋好榜样》的歌声是由嘴唇碰撞产生的

B.激昂雄壮的歌声是通过空气传入礼堂中学生们耳朵的

C.“高音声部”中的“高音”指的是合唱时歌声的响度大

D.歌声表达了向雷锋学习的决心，说明声音能传递能量4.“天宫课堂”第三课于2022年10月12日15时45分，由神舟十四号飞行乘组陈东、刘洋、蔡旭哲开始面向广大青年进行太空授课。关于他们在太空讲课的描述，下列说法中正确的是(

)A.在“天宫”中，声音传播的速度为3.0×108m/s

B.刘洋说话的声音是由于她的声带振动产生的

C.蔡旭哲讲课的声音很大是因为他音调高5.如图是“挂钩式电子秤”的电路原理图。电源电压恒定，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，滑片P与挂钩固定在一起。不挂物体时，滑片P在R2最上端。挂上物体时，滑片PA.不挂物体时，电压表示数为零

B.所挂物体越重，电压表示数越小

C.所挂物体越重，电路消耗的总功率越大

D.所挂物体重量发生变化，电压表与电流表示数的比值不变6．将凸透镜和蜡烛、光屏安装到光具座上，位置如图所示，此时光屏上得到清晰的像，下列说法正确的是（）A．此时光屏上的像是放大，正立的虚像 B．此时成像情况符合投影仪成像原理 C．保持凸透镜的位置不动，向右移动蜡烛并调整光屏到适当的位置，当光屏上再次得到清晰的像时，这个像一定是缩小的像 D．保持凸透镜位置不动，向左移动蜡烛，则光屏一定要向左调整位置才能得到清晰的像7．如图所示为小明卧室的电路图。晚上小明打开灯后，将平板电脑的充电头插到插座上，灯熄灭了，家里其它用电器都正常，查看后发现自己卧室的空气开关跳闸了。他直接将空气开关闭合后立即又跳闸了，他拔下平板电脑充电头，空气开关就能正常闭合了。下列关于电路判断和分析正确的是（）A．空气开关跳闸的原因是插座中的零、火线相碰了B．正常情况下，可以将充电头一直插在插座上C．空气开关跳闸的原因是充电头处短路了D．用正在充电的手机接打电话是安全的二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．如图所示的是演示电动机工作原理的实验装置图，闭合开关后，导体棒ab向左滑动，现同时更换电源的正负接线柱和磁体的南北极，重新实验，则闭合开关后导体棒ab将向（选填“左”或“右”）滑动。9．第24届冬季奥林匹克运动会即将于2022年2月4日在北京开幕，短道速滑是我国的优势项目。运动员在起跑时，冰刀用力向后蹬冰面，运动员向前跑出，这是因为，冰刀所受力的施力物体是，运动员加速跑出表明作用力改变了运动员。10．如图，被称为“最新版中国高铁”的“复兴号”在京沪高铁亮相。它采用全新流线型头型，这是为了；车厢内座椅旁都安装了插座方便旅客充电的需求，这些插座之间的连接方式是。车身长度约400m的“G1720次”列车，某次通过1600m长的隧道时全部在隧道内运行只用了12s的时间，该列车的速度约为km/h.11．某一温度下，两个电路元件甲和乙中的电流与电压的关系如图所示若将元件甲、乙并联后接在电压为2V的电源两端，则干路的电流是A；将元件甲、乙串联后接在电压为3V的电源两端，则元件乙两端的电压是V；若将元件甲单独接在电压为6V的电源两端，工作1min所产生的热量为J。12．如图是汽油机工作的冲程。汽油机工作时要产生大量的热，通常采用水循环将热量带走，这是利用水的特性。水箱中5kg的水温度升高了18℃，这些水吸收的热量为J．【水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）】13．如图是一种测定油箱内油量的装置，其中R是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片跟滑杆连接，滑杆可以绕固定轴转动，另一端固定着一个浮标，油量表上一定的示数对应着油面的一定高度。定值电阻R0在电路中的作用是；电路中油量表应该是由（选填“电流”或“电压”）表改装的，当油箱内油量减小时，定值电阻R0两端的电压（选填“增大”、“减小”或“不变”）。若电路中电源电压为12V，滑动变阻器最大电阻为40Ω，定值电阻R0为20Ω，当滑片在最上端时，电路中的电流为A，定值电阻R0消耗的电功率为W。14.如图所示，两个相同的木模，质量均为m，靠三根拉直的轻质细线连接(细线质量忽略不计)，装置在水平面上按一个“互”字型静置，上方木模呈图示的“悬浮”效果，这是利用了建筑学中的“张拉整体”(Tensegrity)结构原理，图中短线a上的张力F1______mg，水平面所受装置压力F2______2mg(以上均选填“>”“<”或“=”)。

三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．如图甲是小丽同学进行探究实验的电路图，请你用笔画线表示导线，连接乙图实物电路图。（已知通过两灯泡的电流分别为0.3A和0.4A）16.画出图中重力为20N的小球A所受重力的示意图．

17.放在斜面上的物体受到大小为8牛的重力作用，用力的图示法画出物体所受重力．

四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．某同学测量某种固体材料的密度时，选取了三块大小不同的材料进行实验，其中第一块材料的质量和体积分别如图甲、乙所示，第二，三块的质量和体积的测量值如图丙所示，但丙图中忘记了记录单位：（1）该固体材料的密度为kg/m3；（2）在丙图中选取一个数值添上合适单位：。19．在日常生活和工农业生产中，提高机械效率有着重要的意义、提高机械效率，要从研究影响机械效率的因素出发，寻求办法。（1）为了探究影响机械效率的因素，小明选取了大小相同的滑轮，利用图甲和图乙装置进行实验，并把数据整理记录在表中；实验次数滑轮材质钩码重G/N提升的高度h/m有用功W有用/J拉力F/N绳端移动的距离s/m总功W总/J机械效率η1铝10.10.10.60.30.1856%2铝20.10.21.00.30.367%3铝20.20.41.00.60.667%4塑料20.20.40.80.60.4883%5塑料20.20.42.10.20.4295%①比较1和2两次实验发现：在所有滑轮组一定时，提升的钩码，机械效率越高；②比较3和4两次实验发现：滑轮组的机械效率还与有关；③第5次实验室利用了图的装置完成的；④利用图甲的装置，把重6N的物体用2.5N的拉力拉起，滑轮组的机械效率为。可见如果没有刻度尺，只有测力计，也可以测量出滑轮组的机械效率；（2）小明利用图丙装置实验发现：斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和摩擦有关，与物重无关。保持物重和斜面倾斜程度不变，可以采用的方法减小摩擦，从而提高斜面的机械效率；（3）实验表明：额外功越小，总功越接近有用功；进一步推理得出：假设没有额外功，总功等于有用功。下列物理规律的得出运用了这种研究方法的是。A、焦耳定律B、牛顿第一定律C、阿基米德原理D、欧姆定律20．冬天即将来临，学校积极创造条件为学生供应开水。在这个过程中，若用锅炉将300kg的水从20℃加热到100℃，燃烧了11.2kg的煤[c水＝4.2×103J/（kg•℃），煤的热值为3×107J/kg]，则：（1）锅炉内300kg的水吸收的热量是多少？（2）此锅炉的效率是多少？（3）某同学从开水房打了3kg的100℃的开水，为了便于使用，他将这100℃的开水和质量为5kg的20℃的冷水混合，若不计混合过程的热损失，则混合后温水的温度为多少？五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21.如图为公厕用的定时定量冲水装置主要部件。浮筒底面积为l00cm2且足够高，阀门(厚度不计)面积为60cm2，浮筒与阀门用细杆相连，不计浮筒阀门、轻杆的重量。通常情况下，水龙头以滴漏形式向储水桶供水，当储水罐水位上升到20cm时，浮筒即将通过轻杆将阀门拉起冲水问即将开始冲水时(g=10N/kg)

(1)阌门所受水的压强和压力；

(2)浮筒对阀门的拉力；

(3)22.科学家在进行潜水艇实验时，做了如图的模型实验，潜水艇模型和薄璧圆柱形容器置于水平地面上。容器的底面积为3×10−2m2，其内部盛有质量为6kg的水，ρ水=1.0×103kg/m3。求：

(1)水对容器底部的压强；

(2)六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．如图甲是小丽所拍摄的广州塔的照片，图乙是拍摄时的光路图。（1）在图乙中标示出像距v。（2）在图乙中画出两束折射光线所对应的入射光线。（3）若把镜头逐渐远离广州塔，则所成的像大小会逐渐，像与凸透镜的距离会逐渐（两空均选填“变大”或“变小”）。24.如图−1所示是一种用于养生保健的可以烹饮的容器，类似于电热水壶，装满水时，水的质量是1.8kg，有加热和保温两挡，简化的工作电路如图−2所示。某次该养生壶装满初温为20℃的水，接在家庭电路中，它正常工作时的功率和时间关系如图−3所示(外界大气压为1个标准大气压，电阻不随温度发生改变)。求：

(1)当开关S1、S2均闭合时，养生壶处于______状态，电阻R2的阻值是______Ω；

(2)若通电10min恰好将一壶水烧开，养生壶的加热效率是多少？(保留1位小数)[水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)]

(3)当养生壶处于保温状态时，电路的总电阻是多少？

(4)若关闭家里其他用电器，只让“保温”状态的养生壶工作，发现电能表(如图−4所示)的转盘在5min25．为了实现2030年碳达峰和2060年碳中和的目标，我国大力提倡风力发电。风力发电机的原理是利用自然风吹动发电机的风叶转动，带动内部机组发电。那么风力发电机的发电功率与哪些因素有关？针对这一个问题，小明提出了如下猜想：猜想一：风力发电机的发电功率可能与风速有关；猜想二：风力发电机的发电功率可能与风叶长度有关；猜想三：风力发电机的发电功率可能与风叶个数有关。根据猜想一和猜想二，小明准备的主要实验器材有小型风力发电机（含形状相同，长度分别为10cm、15cm、20cm的风叶共三组），电吹风、电压表、导线若干。实验过程中，先将电压表连接在小型风力发电机输出电路两端，用电吹风吹出的风模拟自然风，正对发电机风叶吹风，进行多次实验，实验数据记录如下。实验序号风叶长度/cm电吹风挡位风叶个数电压表示数/V110弱30.5210中30.8310强31.2415中31.3520中31.8（1）风力发电机的原理是；（2）本实验是通过电压表示数来反映大小的；（3）为了验证猜想一，可以比较实验序号（填上表中实验序号）三次实验所得的数据，结论是其他条件都相同时，风速，风力发电机的发电功率越大；（4）比较实验序号为2、4、5三次实验所得数据，可验证猜想（选填“一”或“二”），风能可以在自然界里源源不断地得到，所以我们把它称为能源。参考答案及解析1.【答案】D

【解析】解：A、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就会产生电流，发电机是利用该原理制成的，故A不符合题意；

B、该装置说明通电导体的周围存在磁场，电磁铁是利用该原理工作的，故B不符合题意；

C、该装置是电铃的基本构造，是利用电流的磁效应来工作的，故C不符合题意；

D、该装置说明通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机是利用该原理来工作的，故D符合题意。

故选：D。

(1)奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，电磁铁就是利用该原理制成的。

(2)通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机就是利用该原理制成的。

(3)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机就是利用该原理制成的。

本题考查的是电动机的基本原理；知道电流的磁效应、电磁感应、通电导体在磁场中受到力的作用。2．（2分）如图所示的电热水器下面连接热水管和冷水管，洗热水澡时经常发现左水管外壁上有水珠，而右水管的外壁上却没有水珠。下列分析正确的是（）A．左水管是冷水管 B．左水管外壁上有水珠是汽化现象，需要放热 C．左水管外壁上有水珠是液化现象，需要吸热 D．左水管外壁上的水珠在夏天比冬天更明显【分析】根据液化的定义分析水管外壁水的来源。【解答】解：ABC．洗热水澡时会有大量水蒸气，水蒸气遇到冷水管会放出热量而发生液化现象形成小水珠，附着在管外壁上，左水管为冷水管，故A正确、BC错误；D．由于冬天的温度较低，冷水管内温度更低，洗热水澡产生的水蒸气更容易在冷水管发生液化，因此，冬天左水管外壁上有水珠更多，液化放热，温度越低，液化越明显，左水管外壁上的水珠在冬天比夏天更明显，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了液化的现象，重点是分析现象形成的过程，然后确定物态变化。3.【答案】B

【解析】解：A、唱出《学习雷锋好榜样》的歌声是由声带振动产生的，故A错误；

B、激昂雄壮的歌声是通过空气传入礼堂中学生们耳朵的，故B正确。

C、“高音声部”中的“高音”指的是合唱时歌声的音调高，故C错误。

D、歌声表达了向雷锋学习的决心，说明声音能传递信息，故D错误。

故选：B。

(1)声音是物体的振动产生的。

(2)声音的传播需要介质，空气可以传声。

(3)声音的三要素指音色、音调和响度。

(4)声音可以传递能量，也可以传递信息。

本题考查了声音的产生、传播和作用，属于基础题。

4.【答案】B

【解析】解：AD、真空不能传声，故AD错误；

B、刘洋说话的声音是由于她的声带振动产生的，故B正确；

C、蔡旭哲讲课的声音很大是因为他响度大，故C错误。

故选：B。

(1)声音不能在真空中传播；

(2)声音是由物体的振动产生的；

(3)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。

本题考查了声音的产生与传播条件、声音的特征，属于基础知识。

5.【答案】A【解析】解：

由电路图可知，定值电阻R1、滑动变阻器R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流；

A、不挂物体时，滑片P在R2最上端，滑动变阻器接入电路的阻值为零，所以电压表的示数为零，故A正确；

BC、由电路图可知，所挂物体越重，滑动变阻器接入电路的阻值越大，电路的总电阻越大，由欧姆定律可知，电路中的电流越小，电流表示数越小；根据U=IR可知，定值电阻两端的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的电压变大，电压表示数变大，故B错误；

已知电源电压不变，由P=UI可知，电路总功率越小，故C错误；

D、所挂物体越重，滑动变阻器接入电路的阻值越大，由欧姆定律可知，电压表示数与电流表示数的比值等于变阻器连入电路的阻值，所以电压表与电流表示数的比值越大，故D错误。

故选：A。

由电路图可知，定值电阻R1、滑动变阻器R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流；

(1)不挂物体时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，据此可得出电压表的示数；

(2)所挂物体越重，变阻器连入电路的电阻越大，总电阻越大，由欧姆定律分析电路中电流的变化和电压表的示数的变化；根据P=UI6．【解答】解：A、由图可知，物距大于像距，即u＞2f，2f＞v＞f，成倒立、缩小的实像，虚像不能成在光屏上，故A错误；B、由A分析可知，物距大于像距，即u＞2f，2f＞v＞f，成倒立、缩小的实像，是照相机的成像原理，故B错误；C、凸透镜成实像时有物近像远像变大的特点，保持凸透镜不动，向右移动蜡烛并调整光屏到适当的位置，当光屏上再次得到清晰的像时，像将变大，有可能成缩小的像等大的像放大的像，故C错误；D、保持透镜的位置不动，向左移动蜡烛，物距增大，像距减小，像变小，需要将光屏也向左移动才能得到清晰的像，故D正确；故选：D。7．【答案】C【知识点】家庭电路的连接；家庭电路电流过大的原因【解析】【解答】A．将平板电脑的充电头插到插座上，灯熄灭了，家里其它用电器都正常，说明插座所在支路的电流过大导致的，但平板的电功率不大，故电路应该是发生短路，当他拔下平板电脑充电头，空气开关就能正常闭合了，说明插座是正常的，A不符合题意；B．由A选项的分析可知不是插座出现短路，而是充电头发生了短路，长时间插在插座上会发热，不安全，因此不能一直插在插座上，B不符合题意；C．由A选项的分析可知充电头短路，C符合题意；D．正在充电的手机接打电话，手机电池可能会爆炸，有安全隐患，D不符合题意。故答案为：C。

【分析】空气开关跳闸的原因有总电功率过大或短路；功率较大的用电器产生的热量也较多。8．（2分）如图所示的是演示电动机工作原理的实验装置图，闭合开关后，导体棒ab向左滑动，现同时更换电源的正负接线柱和磁体的南北极，重新实验，则闭合开关后导体棒ab将向左（选填“左”或“右”）滑动。【分析】通电导体在磁场中受力运动的方向跟电流方向和磁场方向有关；只改变其中的一个因素，则导体运动方向改变；同时改变两个因素，则导体运动方向不变。【解答】解：闭合开关后，导体棒ab的受力方向与电流方向和磁场方向有关，若只改变电流方向或磁场方向，导体棒ab的运动方向改变，如果同时改变电流方向和磁场方向，导体棒ab的运动方向不变，所以现同时更换电源的正负接线柱和磁体的南北极，重新实验，则闭合开关后导体棒ab将向左滑动。故答案为：左。【点评】本题考查的是通电导体在磁场中的受力方向与电流方向和磁场方向的关系，属于基础题。9．【解答】解：（1）运动员在起跑时，冰刀用力向后蹬冰面，冰刀对冰面有一个向后的作用力，运动员向后用力身体却向前运动，则说明冰面对冰刀产生一个向前的作用力，这是由于物体间力的作用是相互的，冰刀的施力物体是冰面；（2）运动员加速跑出是因为力改变了运动员的速度，即改变了运动员的运动状态。故答案为：力的作用是相互的；冰面；运动状态。10．【解答】解：（1）车头采用流线型设计可以减少行驶过程中空气的阻力，有利于提高速度或节约能源；（2）插座是连接用电器的，各用电器互不影响，是并联的，故插座也是并联的；（3）列车全部在隧道内运行时通过的路程为s＝1600m﹣400m＝1200m；列车的速度为。故答案为：减小阻力；并联；360。11．（3分）某一温度下，两个电路元件甲和乙中的电流与电压的关系如图所示若将元件甲、乙并联后接在电压为2V的电源两端，则干路的电流是0.3A；将元件甲、乙串联后接在电压为3V的电源两端，则元件乙两端的电压是2V；若将元件甲单独接在电压为6V的电源两端，工作1min所产生的热量为216J。【分析】（1）两元件并联后接在电压为2V的电源两端时它们两端的电压相等，根据图像读出通过两元件的电流，根据并联电路的电流特点求出干路的电流；（2）将元件甲、乙串联后接在电压为3V的电源两端时，通过两元件的电流相等，且总电压等于各分电压之和，根据图像读出符合要求的电流与电压，从而得出元件乙两端的电压；（3）由图像可知元件甲的I﹣U图像是正比例函数，通过甲的电流和两端的电压成正比，则甲的电阻为定值电阻，读出任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出其阻值；由I＝可求得将元件甲单独接在电压为6V的电源两端时的电流，再利用W＝t可求得工作1min所产生的热量。【解答】解：（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，将元件甲、乙并联后接在电压为2V的电源两端时，两元件两端的电压均为2V，由图像可知，I甲＝0.2A，I乙＝0.1A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路的电流I＝I甲+I乙＝0.2A+0.1A＝0.3A；（2）将元件甲、乙串联后接在电压为3V的电源两端时，因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，所以，由图像可知，当I′＝0.2A、U甲′＝1V、U乙′＝2V时符合，则元件乙两端的电压是2V。（3）由图像可知，元件甲为定值电阻，当U甲＝1V时，I甲＝0.1A，由I＝可得，元件甲的电阻R甲＝＝＝10Ω；工作1min所产生的热量W＝t＝×60s＝216J。故答案为：0.3；2；216。【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，从图像中获取有用的信息是关键。12．【解答】解：（1）由图可知，进气门和排气门都是关闭的，火花塞放电，活塞下行，可以判断是做功冲程；（2）汽车的散热器可用水做冷却剂，是因为水的比热容比较大，在升高相同的温度时可以吸收更多的热量，降低发动机的温度；（3）水吸收的热量：Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×5kg×18℃＝3.78×105J。故答案为：做功；比热容大；3.78×105。13．（4分）如图是一种测定油箱内油量的装置，其中R是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片跟滑杆连接，滑杆可以绕固定轴转动，另一端固定着一个浮标，油量表上一定的示数对应着油面的一定高度。定值电阻R0在电路中的作用是保护电路；电路中油量表应该是由电流（选填“电流”或“电压”）表改装的，当油箱内油量减小时，定值电阻R0两端的电压减小（选填“增大”、“减小”或“不变”）。若电路中电源电压为12V，滑动变阻器最大电阻为40Ω，定值电阻R0为20Ω，当滑片在最上端时，电路中的电流为0.2A，定值电阻R0消耗的电功率为0.8W。【解答】解：（1）由电路图可知，电路中如果没有定值电阻R0，则当滑动变阻器滑片P滑到下端时，电路会短路，会损坏油量表与电源，所以，定值电阻R0的作用是保护电路，避免短路；（2）图中油量表串联在电路中，是由电流表改装而成的；（3）由电路图可知，R0与R串联，电流表测电路中的电流，当油箱内油量减小时，浮子下移，在杠杆的作用下滑片上移，R接入电路中的电阻增大，电路的总电阻增大，由I＝可知，电路中的电流减小，R0两端的电压减小；（4）当滑片在最上端时，R接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I＝＝＝0.2A，定值电阻R0消耗的电功率：P0＝I2R0＝（0.2A）2×20Ω＝0.8W。故答案为：保护电路；电流；减小；0.2；0.8.14.【答案】>

=

【解析】解：由对称性可知，Fb=Fc，对上面的木模进行受力分析，则由Fa=mg+Fb+Fc，则短线a上的张力F1>mg；

整体分析，木模受到竖直向下的重力以及水平面对木模向上的支持力，由平衡条件可知：FN=mg+mg=2mg，由牛顿第三定律可得，15．（2分）如图甲是小丽同学进行探究实验的电路图，请你用笔画线表示导线，连接乙图实物电路图。（已知通过两灯泡的电流分别为0.3A和0.4A）【分析】分析甲图电路的连接及电流表测量的电流，由并联电路电流的规律可知干路电流大小，确定电流表选用大量程接在干路上，根据甲图连接实物图。【解答】解：根据甲图可知，两灯并联，由并联电路电流的规律I＝0.4A+5.3A＝0.5A；故电流表选用大量程接在干路上，根据甲图连接实物图【点评】本题考查根据要求连接实物图及并联电路电流的规律，关键是电流表的连接。四、简答题（本题共2个小题，每题3分，共6分。）16.【答案】解：小球的重心在小球的球心，过球心作竖直向下的力(即重力)，G=20N.如图所示：

【解析】①重力的方向总是竖直向下的；规则物体的重心在物体的几何中心；

②先确定小球的重心，然后过重心表示出重力的方向和大小．

会找出规则物体的重心，知道重力的方向总是竖直向下的，会用示意图表示力的三要素．17.【答案】解：放在斜面上不会影响重力的方向，仍为竖直向下，作用点在物体的重心，大小为8N，如图所示：

【解析】画重力的图示首先要明确重力的三要素，再确立一定的标度，然后从物体的重心开始，沿竖直向下的方向，画出力的大小．

力的图示与力的示意图不同，它要求更严格，一定要附上标度．物体无论处于什么状态，只要是画重力的图示或示意图，其方向一定是竖直向下的．18．（4分）某同学测量某种固体材料的密度时，选取了三块大小不同的材料进行实验，其中第一块材料的质量和体积分别如图甲、乙所示，第二、三块的质量和体积的测量值如图丙所示，但丙图中忘记了记录单位：（1）该固体材料的密度为4.2×103kg/m3；（2）在丙图中选取一个数值添上合适单位：63g。【分析】（1）用天平称量物体质量时，当天平平衡后，被测物体的质量＝砝码的质量+游码在标尺上对应的示数；据乙图中可以计算出该材料的体积，利用密度公式计算出固体材料的密度；（2）根据计算出的密度可知丙图中对应的材料的质量和体积。【解答】解：（1）由图甲可知，第一块材料的质量m＝50g+20g+10+4g＝84g，由图乙可知，第一块材料的体积V＝60mL﹣40mL＝20mL＝20cm3；则该固体材料的密度：ρ＝＝＝4.2g/cm3＝4.2×103kg/m3；（2）由题意可知，三块大小不同的材料的密度是相同的，都为4.2g/cm3，所以，图丙中另外两块材料的质量和体积分别为：63g、15cm3和21g、5cm3。故答案为：（1）4.2×103；（2）63g。【点评】本题是固体密度的测量实验，主要考查天平的读数、量筒的使用、密度的计算，以及对使用数据的分析和处理，题目比较新颖。19．重力越大动滑轮的重力乙80%减小接触面粗糙程度B【详解】（1）①[1]比较1和2两次实验发现：在所用滑轮组相同，提升物体的重力越大，机械效率越高，即所用滑轮组一定时，提升的钩码重力越大，机械效率越高。②[2]比较3和4两次实验知，提升物体的重力相同，两滑轮的材质不同，而体积相同，根据，两滑轮的重力不同，机械效率也不同，发现：滑轮组的机械效率还与动滑轮的重力有关。③[3]第5次试验绳端移动的距离与物块提升的高度一致，说明使用的是定滑轮，即图乙。④[4]利用图甲的装置，把重6N的物体用2.5N的拉力迅速拉起，图甲中有三段绳子拉着动滑轮，滑轮组的机械效率为可见如果没有刻度尺，只有测力计，也可以测量出滑轮组的机械效率。（2）[5]小明利用图丙装置实验发现：斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和摩擦有关，与物重无关。保持斜面倾斜程度不变，可以采用减小接触面粗糙程度的方法减小摩擦，从而提高斜面的机械效率。（3）[6]实验表明：额外功越小，总功越接近有用功：进一步推理得出：假设没有额外功，总功等于有用功；可见使用任何机械不省功，这种实验方法是实验推理法。ACD．焦耳定律、阿基米德原理、欧姆定律可通过实验直接验证，故ACD不符合题意；B．而牛顿第一定律不能用实验直接验证，是在实验的基础下推理得出的，故B符合题意。故选B。20．（7分）冬天即将来临，学校积极创造条件为学生供应开水。在这个过程中，若用锅炉将300kg的水从20℃加热到100℃，燃烧了11.2kg的煤[c水＝4.2×103J/（kg•℃），煤的热值为3×107J/kg]，则：（1）锅炉内300kg的水吸收的热量是多少？（2）此锅炉的效率是多少？（3）某同学从开水房打了3kg的100℃的开水，为了便于使用，他将这100℃的开水和质量为5kg的20℃的冷水混合，若不计混合过程的热损失，则混合后温水的温度为多少？【分析】（1）已知水的质量、比热容和温度变化值，利用公式Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量（有用能量）；（2）已知煤的质量和热值，可利用公式Q放＝mq求煤完全燃烧放出的热量（总能量）；利用效率公式η＝求锅炉的效率；（3）知道热水的质量和初温、冷水的质量和初温，又知道水的比热容，利用热平衡方程Q吸＝Q放求水混合后的温度。【解答】解：（1）锅炉内300kg的水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×300kg×（100℃﹣20℃）＝1.008×108J；（2）煤完全燃烧放出的热量：Q放＝qm煤＝3×107J/kg×11.2kg＝3.36×108J；此锅炉的效率：η＝×100%＝×100%＝30%。（3）不计热损失，Q吸＝Q放，即：cm1（t﹣t01）＝cm2（t02﹣t），即：4.2×103J/（kg•℃）×5kg×（t﹣20℃）＝4.2×103J/（kg•℃）×3kg×（100℃﹣t）解得：t＝50℃。答：（1）锅炉内300kg的水吸收的热量是1.008×108J；（2）此锅炉的效率是30%；（3）混合后温水的温度为50℃。【点评】本题考查学生对热量公式公式Q放＝mq和Q吸＝cm△t、η＝×100%的掌握和运用，在利用公式时，要注意每个字母表示的物理量及其单位。21.【答案】解：

(1)由题可知，当h=20cm时，阀门所受水的压强为：

p=ρgh=1.0×103Kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa；

阌门所受水的压力为：

F压=pS=2000Pa×6×10−3m2=12N；

(2)阀门刚被拉起时，因为不计重力，故阀门在竖直方向只受到细杆的拉力F和水的压力而平衡。

拉力F=F压=12N；

(3)浮筒刚被拉起时，因为不计重力，故浮筒在竖直方向只受到浮力和细杆的拉力F'=F=12N

由力的平衡得F'=F浮=ρ水gV排

可得：12N=1.0×103kg/m3【解析】(1)知道水的深度和密度，由液体内部压强公式p=ρgh求解；

(2)分析阀门的受力状况，由F=pS解题；

(3)分析浮筒受力情况，根据阿基米德原理解题。

本题考查了浮力和液体内部压强的计算，基础性强，难度不大。22.【答案】解：(1)水对圆柱形容器底部的压力等于水的重力，为F水=G水=m水g=6kg×10N/kg=60N，

水对容器底部的压强p=F水S容=60N3×10−2m2=2000Pa；

(2)现将潜水艇模型完全浸入薄璧圆柱形容器的水中(水未溢出)，水对容器底部压强的增加量为1500Pa，

水面上升