2026-2027年人教版中考物理综合模拟卷（含答案解析）

第页2026-2027年人教版中考物理综合模拟卷（含答案解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.如图所示，物理课本涉及的几个工具，其中属于省力杠杆的是(

)A. B.

C. D.2.如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变。闭合开关S，滑动变阻器滑片P从中点向右移动过程中，下列说法正确的是(

)A.电压表示数变大，电流表A1变小

B.电压表示数不变，电流表A2示数变大

C.电压表示数与电流表A2示数的比值变大

D.电流表A23．为了响应“绿色出行、低碳环保”，如图是人们使用自行车出行的场景，以下说正确的是（）A．自行车从静止开始运动，说明力是维持物体运动的原因B．下坡时车速越来越快是因为受到了惯性力C．刹车时用力捏车闸，是通过增大压力来增大摩擦力D．骑行时，车对地面的压力和地面对车的支持力是一对平衡力4．如图所示电路，电源两端电压恒为，若电路中连接““的灯泡闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使灯泡正常发光，此时若改接“”的灯泡，闭合开关，下列说法正确的是（设灯丝电阻不变）A．由于两灯的额定电流相等，所以此时也正常发光 B．电压表在两种状态下的示数之比为 C．两种状态下，电路总功率之比 D．将滑片向右移，灯泡也能正常发光5.标有“6V 4.8W”的小灯泡L和标有“6V 3.6W”的小型电加热器R，它们电流与电压变化的关系如图甲所示。现将它们连入电源电压可调的图乙所示电路中，闭合开关S，在确保用电器安全的情况下，下列说法正确的是(

)

A.电压表测的是灯泡L两端的电压

B.通过灯泡L的电流与它两端的电压成正比

C.若加热器R的实际功率为2.5W，此时灯泡L的电阻为4Ω

D.若通过灯泡L的电流为0.3A，则加热器R的实际功率为0.3W6．如图所示，关于下列四个情景的说法中，不正确的是（）A．图中在道路两旁安装隔音墙，是在传播过程中减弱噪音 B．图中用鼓槌敲击鼓面，发出声音，同时还能看到纸屑跳动，说明声音是由振动产生的，加大敲击力度，可将声音的响度变大 C．图中用嘴对着瓶子（里面装有水）吹和用小棒敲击瓶子，发出的声音的音调一样高 D．图中扬声器对着烛焰发声，烛焰在晃动，说明声音可以传递能量7.2021年12月9日下午3点40分次神舟十三号航天员翟志刚、王亚平、叶光富在中国空间站进行了太空授课，如图所示，这次课程主要面向中小学生，使其了解失重条件下物理运动的特点、液体表面张力的作用，让中小学生对失重、质量、重力以及牛顿定律有更深的理解。本次太空授课由王亚平主讲，由翟志刚、叶光富协助，下列有关太空授课的说法正确的是(

)A.用天平测质量可以在太空中进行

B.用温度计测温度可以在太空中进行

C.王亚平太空授课时以地球为参照物是静止的

D.王亚平太空授课时以听讲的学生为参照物是静止的二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．物理学在生产、生活和科学技术中有着广泛的应用。篮球表面有凹凸不平的花纹，是为了增大；依据，用“悬挂法”可以确定物体重心的位置；四冲程内燃机有四个冲程，其中做功冲程是将转化为机械能的冲程。（均填写所学物理概念、物理规律的名称或内容）9.创建文明城市，垃圾分类从你我做起。在一定条件下分类后的垃圾能提炼出燃料油，可减少石油资源的开采，石油是______(填“可再生”或“不可再生”)能源。某燃料燃烧一部分后，它的热值______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。10．小明家里的厨房有很多刀具。如图所示，在斩切肉类的时候选用A型刀具，利用其质量较大的特点通过增大来增大对肉类的压强；而切黄瓜、萝卜等蔬菜时选用B型刀具，其刀面上的孔洞可以避免因的作用而使蔬菜片沾在刀面上；在切割鱼类时使用C型刀具，其刀刃上的锯齿能够通过增大来增大刀刃和鱼身之间的摩擦力。11.我国可燃冰已试采成功，可燃冰是______(选填“可再生”或“不可再生”)能源。可燃冰的热值约为4.2×108J/kg，完全燃烧2kg的可燃冰放出的热量是______J12．水是一切生命赖以生存，社会经济发展不可缺少和不可替代的重要自然资源和环境要素。从能量的角度看，自然界的流水是具有大量能的天然资源。从热学的角度看，夏天在地板上洒水感觉凉爽，是利用了水；北方楼房中的“暖气”用热水循环的方式将热量送到房屋中取暖，是利用了水的的特性；北方的冬天，为了防止蔬菜被冻坏，人们通常在菜窖里放几桶水，是利用了水时放出热量，使窖内温度不会太低。13．小徐用如图甲所示的电路来进行实验，并根据实验所得数据画出了定值电阻R0和滑动变阻器R消耗的功率P随电流变化的图像（如图乙所示）。R0的阻值为Ω，电源电压为V，P1为W。14．如图所示，一块长为L，质量分布均匀的木板A放在水平桌面上，木板A右端与桌边缘相齐。在其右端施加一水平力F使木板A右端缓慢地离开桌边三分之一，在木板A移动过程中，木板A对桌面的压强__________，木板A对桌面的压力__________。（选填“增大”“减小”或“不变”）。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15.为测量容器中水的深度，一同学将刻度尺竖直插入水中，如图所示。从A处向水中看去，看到刻度尺上B点在水中所成的像位于C点，同时看到水中D点的像也位于C点。请据此：（1）用虚线画出水面位置；（2）完成看到D点的光路图。16.请根据图中磁感线的方向，标出两个磁极的名称。

17．声控开关在接收到一定响度的声音时会自动闭合一段时间。某地下通道两端的入口处各装有一个声控开关来控制同一盏螺纹灯泡，为确保行人不管从哪端进入，灯泡都能接通电源发光。请按题意将图中的电路连接完整。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．小艺在做探究“电流与电阻的关系”实验时，准备了以下器材：阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω的定值电阻、标有“50Ω

1A”的滑动变阻器、学生电源等器材。（1）小艺连接的电路如图甲所示，闭合开关后，发现

（填“电流表”或“电压表”）无示数，经仔细检查后发现电路中有一根导线连接错误，请在图甲中错误的那根导线上画“×”，并画出正确的连线；（2）改正错误后，将电源电压调为4.5V，小艺先将5Ω的电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片在某位置时，电流表的示数为0.5A；只将5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，她应将滑动变阻器的滑片向

（填“左”或“右”）移动，使电压表的示数保持

V不变，再次读取电流表的示数；（3）将电源电压调为6V，控制定值电阻两端的电压为2V，对电路不做其它改动，利用所给的六个定值电阻分别进行实验探究，能完成

次探究。通过大量的实验探究，小艺得到了电流与电阻的关系为：当电压一定时，电流与电阻成

；（4）小艺将定值电阻换成小灯泡L1，测出了几组电流值和电压值，并绘制了L1的I﹣U图象如图乙所示。图乙所示图象不是一条直线，其原因是

。19．如图所示，小西所在的实验小组在某次实验过程中，将50mL的水倒入50mL酒精中，意外发现总体积为98mL，为此小西和小马展开讨论，小西认为这是因为在倒水的过程中，有部分水沾在了量筒的内壁上所致；但小马则认为总体积变小还和分子间存在间隙有关，两人为此争论不休。为了证明自己的观点，利用图中的器材（相同规格的量筒有多支、水和酒精充足），接下来小马可以，根据就可以说明分子间确实存在间隙。​20.小雨为了帮助家人测定“盐水选种”所用盐水的密度，课余时间和同学从实验室借来了天平和量筒等器材，一起测量盐水的密度。他们进行了三次测量，以下是他们第一次的测量过程：

(1)该实验测量盐水密度的实验原理是______。

(2)他们将天平放在水平桌面上后，发现指针位置如图甲所示，小雨要使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母向______移动。

(3)如图乙所示，小雨用天平测出烧杯和盐水的总质量为______g，他们记录下烧杯和盐水的总质量后，再将部分盐水倒入量筒中，此时量筒中盐水的体积如图丙所示。接下来小雨称得烧杯和剩余盐水的质量为25.6g，则小雨他们在这次实验中测得盐水的密度是______g/cm3。

(4)就在他们为测出盐水的密度而高兴的时候，小刚发现在调节天平平衡时，忘记将游码归零。通过分析实验过程及数据，他们认为这样会使得烧杯和盐水的总质量______(选填“偏大”、“不变”或“偏小”)。

重新调整后，他们继续进行实验…

五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．小伟猜想动能的大小可能与物体质量和运动速度有关，于是设计了如图所示的实验，让小球沿同一光滑斜面向下运动，与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止。（1）图甲是控制两球的相等，探究的是动能与的关系，得出的结论是：；（2）图乙中让不同质量的两个小球从同一高度滚下的目的是两球到达水平面时，具有相同的。选用图乙探究的是动能与的关系，得出的结论是：。22．如图所示的电路中，电源电压U保持不变，滑动变阻器R最大阻值为20Ω。闭合开关S和S2，电压表V1和V2的示数分别为U1和U2，电流表的示数为I1；闭合开关S、S1和S2，电流表的示数为I2；闭合开关S和S3，滑动变阻器的滑片移到b端时，电流表的示数为0.2A，电压表V1的示数为4V。已知U1：U2＝1：3，I1：I2＝1：4。下列说法正确的是（）A．U＝6V B．I1＝0.1A C．R2＝40Ω D．U2＝4V六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23.“神舟十三”返回舱的回家之旅

2022年4月16日上午，“神舟十三”号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，回到阔别半年之久的地球。返回舱在返回过程中要应对多种挑战，首先要应对的是高温。当返回舱进入大气层后，与空气发生剧烈摩擦，舱体表面局部温度可达上千摄氏度。科研人员在舱体表面设计了防热涂层，敷设有一层烧蚀材料，当温度达到一定程度时烧蚀材料升华脱落，带走大量热量，从而降低温度。除了高温，返回舱返回过程中还要经过一段令人揪心的“黑障区”。返回舱进入大气层时，与周围空气激烈摩擦，形成一个高温高压的电离气体层，这个气体层包襄在返回舱表面，屏蔽了电磁波的通过，隔绝了返回舱与地面测控站之间的通信联络，形成通信“黑障区”。技术人员使用我国自主研制的雷达进行跟踪测量，使它顺利通过“黑障区”。返回舱在到达地面前的最后一道难关是在距地面约10km处要用降落伞减速。返回舱共有三把伞：引导伞、减速伞和主伞，其中主伞面积可以达到1200m2左右，只有让降落伞顺利开伞才能使返回舱在巨大阻力作用下，进一步降低速度，着陆瞬间则开启返回舱底部的着陆反推发动机，从而将落地速度降低到一定范围，确保返回舱安全着陆。

“神舟十三号”载人飞船是航天员实现天地往返的生命之舟，也是我国迄今驻留太空时间最久的神舟飞船。

(1)返回舱进入大气层后，舱体表面温度升高，内能增加，这是通过______方式改变内能。

(2)返回舱返回过程中，地面工作人员与返回舱之间利用______传送信号。经过“黑障区”时，高温高压的电离气体层屏蔽了______的通过，隔绝了返回舱与地面测控站之间的通信联络。

(3)着陆瞬间则开启返回舱底部的着陆反推发动机，将落地速度降低到一定范围，用到的物理知识有______(写出一条)。24．【探究名称】影响液体蒸发快慢的因素【提出问题】液体蒸发快慢跟哪些因素有关？【猜想与假设】通过观察图1和联系生活实际进行猜想猜想一：液体蒸发快慢可能跟液体的高低、液体表面积的大小和液体表面空气流动快慢有关。猜想二：相同条件下，将水和酒精同时擦在手臂上，酒精更容易干，猜想液体蒸发快慢可能还与有关。【设计与进行实验】小明同学对其中的一个猜想进行了如下实验：如图2所示，在两块相同的玻璃板上，分别滴一滴质量相等的酒精，通过观察图中情景可知，他探究的是酒精蒸发快慢与是否有关。此实验过程中需控制酒精的和其表面上方空气流动快慢相同。【交流与评估】我们知道液体蒸发时要吸热，请你举一个应用蒸发吸热的事例：。25.如图所示电路，电源电压不变，灯泡L上标有“12V 12W”的字样．当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P移到a端时，灯L正常发光，电流表的示数为1.5A；忽略灯泡电阻随温度的变化．

求：

(1)电源电压；

(2)滑动变阻器的最大电阻Rab；

(3)当开关S断开、滑动变阻器的滑片P移到中点时，灯泡L的实际功率．

参考答案及解析1.【答案】B

【解析】解：

A、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；故A错；

B、手推车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；故B正确；

C、使用扫帚时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C错；

D、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；故D错。

故选：B。

结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

本题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。2.【答案】C

【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A2测干路电流，电流表A1测R2支路的电流；

AB、由于电源电压不变，则电压表示数不变；闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中点向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小，即电流表A1示数变小；由于并联电路互不影响，则通过R1的电流不变，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变小，即电流表A2示数变小；故AB错误；

C、电压表示数不变，电流表A2示数变小，其比值变大，故C正确；

D、电流表A2、A1示数之差为通过R1的电流，保持不变，电压表示数不变，所以乘积不变，故D错误。

故选：C。

由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A2测干路电流，电流表A3．C【解析】A．蹬自行车，自行车受到力的作用，从静止开始运动，说明力是改变物体运动状态的原因，故A错误；B．下坡时车速越来越快是因为其重力势能转化为了动能，惯性是物体本身的属性，不是力，不能说受到惯性力，故B错误；C．刹车时用力捏车闸，增大了刹车块与车轮之间的压力，是在受力面积不变时，通过增大压力来增大摩擦力，故C正确；D．车对地面的压力和地面对车的支持力的受力物体分别是地面和车，不是作用在同一物体上，它们不是平衡力，故D错误。故选C。4．（3分）如图所示电路，电源两端电压恒为，若电路中连接““的灯泡闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使灯泡正常发光，此时若改接“”的灯泡，闭合开关，下列说法正确的是（设灯丝电阻不变）A．由于两灯的额定电流相等，所以此时也正常发光 B．电压表在两种状态下的示数之比为 C．两种状态下，电路总功率之比 D．将滑片向右移，灯泡也能正常发光【解答】解：．由可得，两灯泡的额定电流分别为，，由可得，两灯泡的电阻分别为，，因串联电路中各处的电流相等，所以灯泡正常发光时电路的总电阻，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以此时变阻器接入电路中的电阻，改接灯泡，闭合开关后电路中的电流，所以此时不能正常发光，故错误；．因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以灯泡正常发光时电压表的示数，改接灯泡后电压表的示数，则电压表在两种状态下的示数之比，故正确；．两种状态下，电路总功率之比，故错误；．因电源的电压不变且两灯泡的额定电流相等，所以两灯泡正常发光时的总电阻相等，即，当灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路中的电阻，由可知，要使灯泡正常发光，滑片应向左移减小接入电路中的电阻，故错误。故选：。5.【答案】C

【解析】解：A、根据图乙可知，闭合开关S后，电阻R和灯泡L串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测通过电路的电流，故A错误；

B、通过灯泡L的I−U图像是弯曲的，不是正比例函数，因而通过灯泡L的电流不与它两端的电压成正比，其原因是灯泡的电阻随着温度而改变；故B错误；

C、如果加热器R的实际功率为2.5W，根据图象甲可知加热器R的电阻不变，则R=URIR=6V0.6A=10Ω，

由P实=I实2R可得：I实2=P实R=2.5W10Ω=0.25A2，所以I实=0.5A，

灯泡的电流也是0.5A，根据图甲可知，此时灯泡两端的电压为2V，

此时灯泡电阻R灯=U灯I灯=2V0.5A=4Ω，故C正确；

D、如果灯泡的电流为0.3A，通过加热器R的电流也是0.3A，根据图甲此时R的电压值是3V，

加热器R的实际功率为PR'=UR'×I'=3V×0.3A=0.9W，故D错误。

6．（3分）如图所示，关于下列四个情景的说法中，不正确的是（）A．图中在道路两旁安装隔音墙，是在传播过程中减弱噪音 B．图中用鼓槌敲击鼓面，发出声音，同时还能看到纸屑跳动，说明声音是由振动产生的，加大敲击力度，可将声音的响度变大 C．图中用嘴对着瓶子（里面装有水）吹和用小棒敲击瓶子，发出的声音的音调一样高 D．图中扬声器对着烛焰发声，烛焰在晃动，说明声音可以传递能量【分析】（1）减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱。（2）声音是由物体振动产生的；声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。（3）振动的主体不同，声音的音调就会不同。质量大的物体较难振动，频率较低。（4）声音可以传递能量，可以传递信息。【解答】解：A、在道路两旁安装隔音墙，是在传播过程中减弱噪音，故A正确；B、敲鼓时，可观察到鼓面上纸屑在不停地跳动，说明声音由物体振动产生；加大敲击力度，鼓面振幅加大，声音的响度变大，故B正确；C、敲击瓶子时，振动发声的物体是瓶子（包括瓶内的水），瓶中盛水越多，瓶子和水的质量越大，越难振动，音调越低；用嘴贴着管口吹气，声音主要是由瓶内水上面的空气柱振动发出的，瓶中盛水越多，空气柱越短，越容易振动，频率越大，音调越高，所以用嘴对着瓶子（里面装有水）吹和用小棒敲击瓶子，发出的声音的音调不一样高，故C错误；D、扬声器对着烛焰发声，烛焰在晃动，说明声音可以传递能量，故D正确。故选：C。7.【答案】B

【解析】解：A、天平是一个等臂杠杆，杠杆的两端挂物体时，由于物体失重，物体不会对杠杆施加任何力的作用，所以在失重状态下不能用天平测量物体的质量，故A错误；

B、用温度计测温度没有涉及到重力问题，所以在失重状态下能用用温度计测温度，故B正确；

C、王亚平在空间站进行太空授课时，以地球为参照物，她与地球之间的位置不断发生变化，王亚平是运动的，故C错误；

D、王亚平太空授课时，以听讲的学生为参照物，她与听讲的学生之间的位置不断发生变化，王亚平是运动的，故D错误。

故选：B。

(1)应用重力的测量仪器在太空中都不能使用，用温度计测温度都没有涉及到重力问题；

(2)判断物体是运动的还是静止的，关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。

本题考查了学生对重力的理解和运动状态的判断，难点在于学生要对物体处于失重状态下会发生什么样的情景做出判断。8．（3分）物理学在生产、生活和科学技术中有着广泛的应用。篮球表面有凹凸不平的花纹，是为了增大摩擦；依据二力平衡的条件，用“悬挂法”可以确定物体重心的位置；四冲程内燃机有四个冲程，其中做功冲程是将内转化为机械能的冲程。（均填写所学物理概念、物理规律的名称或内容）【分析】（1）增大摩擦力的方法：增大压力或增大接触面的粗糙程度。（2）因为物体平衡时，物体受的是平衡力的作用，即重力和拉力在同一条直线上。两次不同位置悬挂，则两条线都过重心，因此它们的交点必是重心位置。（3）内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，只有做功冲程对外输出功，其它三个冲程依靠飞轮惯性迅速完成。【解答】解：（1）篮球表面有凹凸不平的花纹，是为了增大摩擦；（2）用“悬挂法”可以确定物体重心的位置，是利用了二力平衡的条件﹣﹣重力和拉力在同一条直线上。（3）四冲程内燃机的四个冲程依次是：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；其中压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化成机械能。故答案为：摩擦；二力平衡的条件；内。【点评】此题考查的知识点比较多，有增大摩擦的方法，二力平衡的条件，内燃机的有关知识等。物理学在生产、生活和科学技术中有着广泛的应用。体现了物理来源于生活，服务于社会的新课程理念。9.【答案】不可再生

不变

【解析】解：石油是短时间之内无法再生的资源，所以石油是不可再生能源。

热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，当燃料燃烧一部分后，它的热值不变。

故答案为：不可再生；不变。

(1)不可再生能源是指短时间之内无法再生的资源，它的总量是有限的，要避免过度开采。

(2)热值是物质的一种特性，与质量的大小无关。

本题考查能源的分类及热值。属于基本问题。10．（3分）小明家里的厨房有很多刀具。如图所示，在斩切肉类的时候选用A型刀具，利用其质量较大的特点通过增大压力来增大对肉类的压强；而切黄瓜、萝卜等蔬菜时选用B型刀具，其刀面上的孔洞可以避免因大气压强的作用而使蔬菜片沾在刀面上；在切割鱼类时使用C型刀具，其刀刃上的锯齿能够通过增大接触面的粗糙程度来增大刀刃和鱼身之间的摩擦力。【分析】（1）增大压强的方法：增大压强，在压力一定时，可以通过减小受力面积的方法来增大压强。在受力面积一定时，可以通过增大压力来增大压强；（2）菜片和刀面之间的空气隔层可以防止菜片紧贴在刀片上，并且可以使刀面与菜片彼此分开减小摩擦。（3）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力、增大摩擦力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度、增大摩擦力。【解答】解：用A型刀具，利用其质量较大，这是在受力面积一定时，通过增大压力的方法来增大对肉类的压强；B型刀具，其刀面上的孔洞，切菜时透气孔中的空气会在菜片和刀面之间形成一层空气隔层，防止在大气压的作用下使菜片紧紧地贴在刀面上。同时，刀面湿润可以把菜与刀面隔开减小了切菜时的摩擦力。C型刀具，其刀刃上的锯齿能够通过增大接触面的粗糙程度来增大刀刃和鱼身之间的摩擦力。故答案为：压力；大气压强；接触面的粗糙程度。【点评】此题考查了学生运用所学知识分析实际问题的能力，要求学生在生活中多注意观察，并学会应用，增大有益摩擦，减小有害摩擦，使其更好地为人类服务。11.【答案】不可再生

8.4×10【解析】解：

(1)可燃冰在短时间内从自然界得不到补充，属于不可再生能源；

(2)2kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量：

Q放=mq可燃冰=2kg×4.2×108J/kg=8.4×108J。

故答案为：不可再生；8.4×10812．（3分）水是一切生命赖以生存，社会经济发展不可缺少和不可替代的重要自然资源和环境要素。从能量的角度看，自然界的流水是具有大量机械能的天然资源。从热学的角度看，夏天在地板上洒水感觉凉爽，是利用了水蒸发吸热；北方楼房中的“暖气”用热水循环的方式将热量送到房屋中取暖，是利用了水的比热容大的特性；北方的冬天，为了防止蔬菜被冻坏，人们通常在菜窖里放几桶水，是利用了水凝固时放出热量，使窖内温度不会太低。【解答】解：（1）从能量的角度看，自然界的流水由于运动而具有大量机械能；（2）夏天在地板上洒水，感觉凉爽，这是由于水蒸发吸热造成的，（3）因为水的比热容较大大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖气装置中用水来供热；（4）人们通常在菜窖里放几桶水，遇冷水凝固成冰，水凝固时放出热量，使窖内温度不会太低。故答案为：机械；蒸发吸热；比热容大；凝固。13．【解答】解：如图是定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，定值电阻R0消耗的功率P＝I2R0，由数学知识可知，R0消耗的功率P随电流变化的图像为图乙中下方的图线，则上方的图线为R消耗的功率P随电流变化的图像；当滑片滑到b端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，则电路中的总电阻最大，电路中的电流最小，由图乙可知，当电流为0.4A时，R0消耗的功率为0.8W，R消耗的功率为3.2W，由P＝UI可知，R0两端的电压：U0＝＝＝2V，R两端的电压：UR＝＝＝8V，由串联电路的电压特点可知，电源电压：U＝U0+UR＝2V+8V＝10V；（3）I＝可得，定值电阻R0的阻值：R0＝＝＝5Ω，由图像可知，P0表示R0和滑动变阻器R消耗的功率相等，由P＝UI＝I2R可知，此时R0和滑动变阻器R接入电路的阻值相等，即此时滑动变阻器接入电路的阻值：R＝R0＝5Ω，总电阻R总＝R+R0＝5Ω+5Ω＝10Ω；由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电路中的电流：I0＝＝＝1A，所以P1＝R＝（1A）2×5Ω＝5W。故答案为：5；10；5。三．解答题（共7大题，满分49分）14．

增大

不变【解析】[1][2]因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，在木板A运动过程中，A对桌面的压力不变；因在木板的右端施加一水平力F使木板A右端缓慢地离开桌边三分之一时，木板与桌面的接触面积变小，即受力面积变小，而压力不变，由可知，木板A对桌面的压强不断增大。15.为测量容器中水的深度，一同学将刻度尺竖直插入水中，如图所示。从A处向水中看去，看到刻度尺上B点在水中所成的像位于C点，同时看到水中D点的像也位于C点。请据此：（1）用虚线画出水面位置；（2）完成看到D点的光路图。【答案】【解析】【详解】为测量容器中水的深度，一同学将刻度尺竖直插入水中，如图所示。从A处向水中看去，看到刻度尺上B点在水中所成的像位于C点，根据平面镜成像时，像与物到镜面的距离相等，则水面在BC的中点处，根据BC长度为30.0cm-10.0cm=20.0cm则水面在20.0cm刻度处，如图所示，同时看到水中D点的像也位于C点，连接AC与水面相交点O是入射点，连接DO是入射光线，OA是折射光线，如图所示：16.【答案】解：由图可知，磁感线是从右面的磁体回到左面的磁体的，所以右面为N极，左面为S极，如图所示：

【解析】磁感线在磁体的外部是从N极出发回到S极，据此分析。

本题难度不是很大，知道磁感线的分布特点是正确解题的关键。17．【解答】解：两个声控开关串联会相互影响，只有都闭合时灯才发光；两个声控开关并联会互不影响，可以独立控制灯的亮灭，根据“为确保行人不管从哪端进人，灯泡都能接通电源发光”，所以两开关应并联，如下图所示：18．（7分）小艺在做探究“电流与电阻的关系”实验时，准备了以下器材：阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω的定值电阻、标有“50Ω

1A”的滑动变阻器、学生电源等器材。（1）小艺连接的电路如图甲所示，闭合开关后，发现

电流表（填“电流表”或“电压表”）无示数，经仔细检查后发现电路中有一根导线连接错误，请在图甲中错误的那根导线上画“×”，并画出正确的连线；（2）改正错误后，将电源电压调为4.5V，小艺先将5Ω的电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片在某位置时，电流表的示数为0.5A；只将5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，她应将滑动变阻器的滑片向

左（填“左”或“右”）移动，使电压表的示数保持

2.5V不变，再次读取电流表的示数；（3）将电源电压调为6V，控制定值电阻两端的电压为2V，对电路不做其它改动，利用所给的六个定值电阻分别进行实验探究，能完成

5次探究。通过大量的实验探究，小艺得到了电流与电阻的关系为：当电压一定时，电流与电阻成

反比；（4）小艺将定值电阻换成小灯泡L1，测出了几组电流值和电压值，并绘制了L1的I﹣U图象如图乙所示。图乙所示图象不是一条直线，其原因是

灯丝电阻随温度变化而变化。【分析】（1）原电路中，电压表串联在电路中，电流表与定值电阻并联是错误的，电流表应与定值电阻串联，电压表与定值电阻并联，据此分析；（2）利用欧姆定律计算出定值电阻两端所控制的电压，根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；（3）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，根据串联电路电压的规律和分压原理确定变阻器连入电路中的阻值最大时，定值电阻的最大阻值分析解答；当电压一定时，电流与电阻成反比；（4）灯的电阻随温度的变化而变化；由图象可知，随着电压的升高，电流增大幅度变慢，据此分析。【解答】解：（1）电压表串联在电路中，电流表与定值电阻并联是错误的，由于电压表串联入电路中，相当于测电源电压，电压表内阻很大在电路中相当于断路，故电压表有示数，电流表没有示数；电流表应与定值电阻串联，电压表与定值电阻并联，改正后如图所示：；（2）由欧姆定律可知，电压表示数为：UV＝IR＝0.5A×5Ω＝2.5V；根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2.5V不变，再次读取电流表的示数；（3）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，即定值电阻两端的电压始终保持UV＝2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝6V﹣2V＝4V，定值电阻分得的电压为滑动变阻器分得电压的＝0.5倍，根据分压原理，当滑动变阻器接入电阻最大为50Ω电阻时，定值电阻的最大阻值为：R最大＝0.5×50Ω＝25Ω＜30Ω，故30Ω的定值电阻无法进行该探究，由题意可知，电路中的最大电流为0.6A，则能完成探究的最小电阻：R最小＝＝≈3.3Ω＜5Ω，故能完成探究的定值电阻为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，即能完成5次探究；由实验得出的结论是：当电压一定时，电流与电阻成反比；（4）绘制了L1的U﹣I图象如图丙所示，该图象不是直线的原因是灯丝的电阻随温度的变化而变化。故答案为：（1）电流表；如上图所示；（2）左；2.5；（3）5；反比；（4）灯丝电阻随温度变化而变化。【点评】本题探究“电流与电阻的关系”实验，考查电路分析、电路连接、控制变量法、操作过程、实验结论、影响电阻大小的因素等知识。19．（4分）如图所示，小西所在的实验小组在某次实验过程中，将50mL的水倒入50mL酒精中，意外发现总体积为98mL，为此小西和小马展开讨论，小西认为这是因为在倒水的过程中，有部分水沾在了量筒的内壁上所致；但小马则认为总体积变小还和分子间存在间隙有关，两人为此争论不休。为了证明自己的观点，利用图中的器材（相同规格的量筒有多支、水和酒精充足），接下来小马可以用相同规格的量筒取50mL的水和50mL酒精，用装水的量筒向酒精中倒入30mL水，剩余20mL，根据水和酒精混合后的总体积小于80mL就可以说明分子间确实存在间隙。​【解答】解：用相同规格的量筒取50mL的水和50mL酒精，用装水的量筒向酒精中倒入30mL水，剩余20mL，观察水和酒精混合后的总体积是否小于80mL。故答案为：用相同规格的量筒取50mL的水和50mL酒精，用装水的量筒向酒精中倒入30mL水，剩余20mL；水和酒精混合后的总体积小于80mL。20.【答案】ρ=mV

右

69.6

1.1

【解析】解：(1)测量盐水密度的实验原理是ρ=mV；

(2)指针偏向分度盘的左侧，应向右调节平衡螺母，使天平平衡。

(3)由图乙可知，烧杯与盐水的总质量：m总=50g+10g+5g+4.6g=69.6g，

量筒中盐水的质量：m=m总−m杯=69.6g−25.6g=44g；

由图丙所示量筒可知，量筒中盐水的体积：V=40ml=40cm3；

盐水的密度：ρ=mV=44g40cm3=1.1g/cm3；

(4)天平砝码与游码示数之和是天平所测物体的质量，如果在调节天平平衡时，忘记将游码归零，这样会使得烧杯和盐水的总质量偏大；

故答案为(1)ρ=mV；

(2)右；21．（6分）小伟猜想动能的大小可能与物体质量和运动速度有关，于是设计了如图所示的实验，让小球沿同一光滑斜面向下运动，与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止。（1）图甲是控制两球的质量相等，探究的是动能与速度的关系，得出的结论是：质量相等时，物体的速度越大，动能越大；（2）图乙中让不同质量的两个小球从同一高度滚下的目的是两球到达水平面时，具有相同的速度。选用图乙探究的是动能与质量的关系，得出的结论是：速度相同时，物体的质量越大，动能越大。【解答】解：（1）由甲图可知，两球质量相同，所以是控制两球的质量相等；而两球所处高度不同，两球到达斜面底端时的速度不同，故探究的是动能与速度的关系；根据甲图可知，质量相同时，小球从斜面上较高的高度滚下时，小球到达斜面底端的速度大，纸盒被撞击后运动的距离远，说明速度大的小球其动能大；由此得出结论：当质量一定时，物体的速度越大，动能越大。（2）选用图乙时，从斜面的同一高度滚下，让小球到达斜面底端的速度相同；图乙中两球的质量不同，故选用图乙探究的是动能与质量的关系；根据乙图可知，高度相同时，小球到达斜面底端时的速度相同，质量大的小球撞击纸盒后，纸盒运动的距离远，说明质量大的小球其动能大；由此得出结论：速度相同时，物体的质量越大，动能越大。故答案为：（1）质量；速度；质量相等时，物体的速度越大，动能越大；（2）速度；质量；速度相同时，物体的质量越大，动能越大。22．如图所示的电路中，电源电压U保持不变，滑动变阻器R最大阻值为20Ω。闭合开关S和S2，电压表V1和V2的示数分别为U1和U2，电流表的示数为I1；闭合开关S、S1和S2，电流表的示数为I2；闭合开关S和S3，滑动变阻器的滑片移到b端时，电流表的示数为0.2A，电压表V1的示数为4V。已知U1：U2＝1：3，I1：I2＝1：4。下列说法正确的是（）A．U＝6V B．I1＝0.1A C．R2＝40Ω D．U2＝4V【分析】（1）闭合开关S和S3，滑动变阻器的滑片移到b端时，滑动变阻器和R1串联，电压表V1测量R1两端电压，V2测量滑动变阻器R两端的电压，根据欧姆定律和串联电路的电压特点求出电源电压；根据欧姆定律即可求出R1的阻值。（2）闭合开关S和S2，R1、R2、R3串联，电压表V1测量R1两端电压，V2测量R2和R3两端的总电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律和串联电路的电阻特点表示出U1：U2，然后整理得出电阻之间的关系式；根据欧姆定律和串联电路的电阻特点表示出电流表的示数为I1；闭合开关S、S1和S2，只有R3连入电路，根据欧姆定律得出电流表的示数I2；然后根据I1：I2＝1：4得出电阻之间的关系式；最后联立即可求出各电阻的阻值，最后再分别求出I1和U2。【解答】解：A、闭合开关S和S3，滑动变阻器的滑片移到b端时，滑动变阻器和R1串联，滑动变阻器的阻值全部了电路，电压表V1测量R1两端电压，V2测量滑动变阻器R两端的电压，根据欧姆定律和串联电路的电压特点可得电源电压：U＝IR+U1′＝0.2A×20Ω+4V＝8V，故A错误；根据I＝可得R1的阻值为：R1＝＝＝20Ω﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①C、闭合开关S和S2，R1、R2、R3串联，电压表V1测量R1两端电压，V2测量R2和R3两端的总电压，电流表测电路中的电流，由欧姆定律和串联电路的电阻特点可知：＝＝＝，整理可得3R1﹣R2﹣R3＝0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②电流表示数：I1＝，闭合开关S、S1和S2，只有R3连入电路，则电流表示数：I2＝，则＝＝＝整理可得：3R3﹣R1﹣R2＝0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③解①②③可得：R2＝40Ω，R3＝20Ω，故C正确；B、I1＝＝＝0.1A，故B正确；D、U2＝I1（R2+R3）＝0.1A×（40Ω+20Ω）＝6V，故D错误。故选：BC。【点评】本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。23.【答案】做功

电磁波

电磁波

物体间力的作用是相互的

【解析】解：(1)返回舱与大气剧烈摩擦升温，是通过做功方式改变物体内