2026-2027学年北师大版中考物理强化训练卷（带答案及解析）

第页2026-2027学年北师大版中考物理强化训练卷（带答案及解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.如图所示中，物体垂直作用在斜面上的压力的示意图正确的是(    )A. B.

C. D.2.课堂上，老师做了图甲所示实验。然后将烧杯右边垫高，出现如图乙所示的现象。下列对先后实验对比分析并得出的结论错误的是(

)A.重力的方向是竖直向下的 B.乒乓球先后两次受到的浮力大小相等

C.乒乓球受到的浮力与重力大小均相等 D.重锤受到的重力与拉力均是一对平衡力3.如图所示是为了规范共享单车定点停放而设计的模拟电路图。若共享单车停放在禁停区域、只有指示灯红灯亮；若共享单车停放在规范区域，只有指示灯绿灯亮。下列说法正确的是(

)A.在禁停区，S1闭合，电磁铁有磁性

B.在禁停区，S1闭合，衔铁被吸下

C.在规范区，S2闭合，电磁铁上端是N极

D.在规范区，

4．谚语是劳动人民智慧的结晶，下列分析正确的是（）A．“十月打了霜，来年粮满仓”，如图甲，霜的形成是凝华现象，需要吸热 B．“大雾不过晌，过晌听雨响”，如图乙，雾的形成是汽化现象，需要放热 C．“草上露水凝，天气一定晴”，如图丙，露的形成是液化现象，需要放热 D．“大雪河封住，冬至不行船”，如图丁，冰的形成是凝固现象，需要吸热5．小慧为了测量未知电阻Rx，利用学生电源（两端电压不变且未知）、已调零的电流表、阻值已知的定值电阻R0、开关、导线等实验器材，连接了如图所示实验电路。当开关S1、S2都闭合时，电流表的示数为I1；当只闭合开关S2时，电流表的示数为I2。则下列四个选项中，Rx的表达式正确的是（）A．Rx＝R0 B．Rx＝R0 C．Rx＝ D．Rx＝6．如图所示，铁块被水平吸引力吸附在足够大的竖直磁性平板上，这时若对铁块施加一个竖直向上的拉力，铁块将沿着该平板匀速向上运动，则下列说法正确的是（）A．水平方向铁块受到的吸引力与平板对铁块的支持力是一对相互作用力 B．竖直方向铁块受到的拉力与铁块受到的摩擦力和重力的合力相平衡 C．竖直方向铁块受到的拉力与铁块受到的摩擦力是一对平衡力 D．竖直方向铁块受到的拉力与铁块的重力是一对平衡力7.如图所示，在竖直平面内用轻质细线悬挂一个小球，将小球拉至A点，使细线处于拉直状态，由静止开始释放小球，不计空气阻力，小球可在A、F、B三点间来回摆动，A和B是最高点，F是最低点．下列说法正确的是(

)A.小球到达最低点F时撤去一切外力，由于惯性，它将保持原来的圆周运动

B.当小球从A点摆动到F点的过程中，动能转化为重力势能

C.当小球到达最高点A时撤去一切外力，它将做匀速直线运动

D.当小球摆动到B点时，细线恰好断开，则小球将沿BE方向运动

二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．如图所示的是演示电动机工作原理的实验装置图，闭合开关后，导体棒ab向左滑动，现同时更换电源的正负接线柱和磁体的南北极，重新实验，则闭合开关后导体棒ab将向（选填“左”或“右”）滑动。9．热量和内能与物体的温度密切相关，下列关于三者关系的说法正确的是（）A．物体温度越高，含有的热量越多 B．只要物体吸收热量，温度就一定升高 C．物体温度越高，其内部分子无规则运动越剧烈 D．热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体10．一台标有“5V2.5W”的带有USB接口的小电风扇，线圈电阻为1Ω，正常工作1min，消耗的电能是J，产生的热量是J．工作一段时间后的风扇叶片黏有不少灰尘，这属于现象。11.闽南人爱呷茶。如图是一把装有水的茶壶，壶嘴和壶身构成了一个______。若将壶盖上小孔堵住并将茶壶略微倾斜，壶嘴和壶身中水面______(选填“相平”、“左低右高”或“左高右低”)。

12．小伟用如图甲所示的实验装置探究“凸透镜成像的规律”，所用凸透镜的焦距为10cm。（1）小伟在组装器材时，将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，并调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在。（2）实验过程中，凸透镜始终固定在光具座50cm刻度线处。当蜡烛距离凸透镜15cm时，移动光屏，可在光屏上得到一个倒立、（填“放大”“等大”或“缩小”）的像；利用该成像规律制成的光学仪器是（“放大镜”“投影仪”或“照相机”）（3）接下来小伟将蜡烛向远离凸透镜方向移动一段距离，为了能在光屏上再次看到烛焰清晰的像，他应将光屏透镜（选填“靠近”或“远离”）。（4）蜡烛随着燃烧而变短，为了使像仍能成在光屏中央。这时最合理的调整是。A．只需将凸透镜向下移动一些B．只需将光屏向下移动一些C．将光屏向透镜靠近一些D．以上方法都可以（5）在光屏上得到清晰的像后，小伟取下自己的近视眼镜放在烛焰和凸透镜之间，发现光屏上的像变得模糊，为了再次在光屏上得到烛焰清晰的像，可保持蜡烛和凸透镜位置不变，将光屏（选填“远离”或“靠近”）透镜。13．如图所示，小明取两个相同的验电器A和B，首先将毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器A，使A带电荷，再用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，则金属棒中瞬间电流方向为（选填“A到B”“B到A”）。14．如图所示，用电水壶烧水时，若不慎有水溅入旁边的插座里，可能导致电路，空气开关跳闸；该电水壶使用时应使用三孔插座，使其金属外壳与（选填“火线”、“零线”或“大地”）相连。同时工作的两个电水壶是（选填“串联”或“并联”）的。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15.如图所示，a表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分。请画出蹄形磁铁的1条磁感线，并用箭头标出能产生感应电流时导线a的运动方向。

16．画出施加在开关上力F的力臂l。17．如图所示，根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线的方向，并在括号内标出电源的正、负极。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．（1）如图甲纽扣的直径是cm，图乙电流表所选量程对应分度值为A，读数为A。（2）小明用天平和量筒测一小石块密度，测量时所用砝码和游码在标尺位置及测体积时的情景如图所示，则小石块的质量为g，小石块的体积为cm3，该小石块的密度为kg/m3。19．如图所示，小西所在的实验小组在某次实验过程中，将50mL的水倒入50mL酒精中，意外发现总体积为98mL，为此小西和小马展开讨论，小西认为这是因为在倒水的过程中，有部分水沾在了量筒的内壁上所致；但小马则认为总体积变小还和分子间存在间隙有关，两人为此争论不休。为了证明自己的观点，利用图中的器材（相同规格的量筒有多支、水和酒精充足），接下来小马可以，根据就可以说明分子间确实存在间隙。​20.小明在“探究通过导体中的电流与电阻的关系”的实验中，实验器材有电源(6V)、电流表、电压表、定值电阻R1(5Ω、10Ω、20Ω各一个)、开关、滑动变阻器R2(“50Ω 1A”)、导线若干。

(1)请用笔画线代替导线将如图甲所示电路连接完整。要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表示数变大；

(2)小明先将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，电流表始终无示数，造成这一现象的原因可能是______。排除故障后继续实验，移动滑动变阻器的滑片，电流表示数如图乙所示，为______A；

(3)根据实验数据，小明作出电流I与电阻倒数1R的图像如图丙所示，由图像可得结论：______；

(4)实验过程中，电源电压不变，更换阻值不同的定值电阻R1，并调节滑动变阻器R2接入电路的阻值，记录每次实验中电压表示数U和电流表示数I，下列关于I、U、R1和R2的关系图像正确的是______；

(5)为了增加实验结论的可靠性，小明又拿来了一个五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21.为了进一步理解所学知识，朝阳中学物理兴趣小组组装了如图所示的装置。一辆质量为0.3kg的玩具电动小车放置在粗糙水平桌面上，其与桌面间的滑动摩擦力为2N，一根不可伸长的细绳一端固定在小车尾部，另一端依次跨过定滑轮、动滑轮后固定在O点，两滑轮质量都为0.05kg。当小车向右运动，借助细绳、滑轮带动质量为0.2kg的物体以0.1m/s的速度沿竖直方向匀速上升，不计细绳与两滑轮之间的摩擦，不考虑空气阻力，求：

(1)细绳的拉力F；

(2)滑轮组的机械效率η；

(3)玩具电动小车牵引力的功率P。22.水平桌面上放置一轻质圆筒，筒内装有0.2米深的某液体，如图(a)所示．弹簧测力计悬挂底面积为10−2m2、高为0.1米的圆柱体，从液面逐渐浸入直到浸没，弹簧测力计示数F与圆柱体浸入液体深度h的关系如图(b)所示．圆筒的厚度忽略不计，筒内液体没有溢出，圆柱体不碰到筒底．

(1)若F1=9.8牛，F2=1.96牛，求圆柱体浸没时所受浮力F浮；筒内液体的密度ρ液．

(2)圆柱体未浸入时筒底受到的液体压强p液．

(3)若轻质圆筒的底面积为2S，高度为H.筒内液体深度为2h，液体密度为ρ，圆柱体底面积为S、高为h，求圆柱体浸没时，通过计算说明液体对圆筒底部的压强六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．小明携带质量为10kg的行李箱从太原到运城，选择了尾气零排放的动车组D2503次列车出行。经查询，D2503次列车时刻表如下。若该动车组列车全程匀速行驶在平直的轨道上5N，供电电路输入动车组列车的电功率恒为2×107W．站次站名到达时间开车时间运行里程1太原南﹣8：2502运城北10：1010：12360km3西安北11：22﹣556km请你根据以上信息，解决下列问题：问题一：若小明的行李箱底部与列车行李架的接触面积约为0.2m2，求此行李箱对水平行李架的压强。（g取10N/kg）问题二：求该动车组列车从太原南站到运城北站牵引力所做的功。问题三：求该动车组列车从太原南站到运城北站将电能转化为机械能的效率。问题四：若大型客运燃油汽车运行中做的功与该动车组列车从太原南站至运城北站牵引力所做的功相等，求该燃油汽车排放气态污染物的质量。（大型客运燃油汽车每做1焦耳的功排放气态污染物5×10﹣6g）

24．如图甲为科技小组设计的自动电热水器的原理图，该电热水器具有加热、保温功能。图甲中电磁继电器（电磁铁电阻不计）、热敏电阻R1、保护电阻R0、电压恒为6V的电源、导线等组成控制电路，其中R0＝10Ω，电阻R1置于热水器温度监测区域，它的阻值随温度变化的关系如图乙所示。注入冷水，开关S闭合后，电磁铁的衔铁被吸下，工作电路处于加热状态；当热水器中水温加热到100℃时，衔铁向上弹起，停止加热，开始保温。已知工作电路电压为220V。（1）电磁铁是利用电流的效应工作的，控制电路接通后，电磁铁的上端是极（选填“N”或“S”）；（2）刚停止加热时，控制电路中通过R0的电流为多少？（3）当热水器处于加热挡位时，若加热所产生的热量全部被水吸收，在420s时间内能使5kg的水温度升高22℃。求正常工作时工作电路中R2的阻值。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]（4）小组发现该热水器烧水的时间过长，为解决这个问题，小组找来一个相同规格的加热电阻进行改装，你认为应按照图（选填“丙”或“丁”）进行改装，改装后的加热功率为多少？

25.如图所示，电源电压保持6V不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表量程0～3V，定值电阻R1的规格为“10Ω

0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20Ω

1A”.闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片P移动过程中变阻器R2接入电路的最小电阻为______；电路消耗总功率最小值为______．

参考答案及解析1.【答案】C

【解析】【分析】

本题考查了力的示意图的画法。力的示意图要把力的方向和作用点画出来；注意压力的作用点在接触面上，方向垂直于接触面。

【解答】

压力的作用点在斜面上，从作用点起，垂直斜面画线段，在线段的末端画上箭头表示力的方向，故选项ABD错误，选项C正确。

故选C。

2.【答案】C

【解析】解：A、通过重锤线的方向，可得出重力的方向是竖直向下的；故A的结论正确；

B、乒乓球全部浸没在水中，由F浮=G排=ρ液V排g可知，ρ液与V排都不变，故浮力不变；故B的结论正确；

C、静止乒乓球受到平衡力作用，即G球+F拉=F浮，故乒乓球的重力与拉力大小不相等；故C的结论错误；

D、静止的重锤受到平衡力作用，即G锤3.【答案】D

【解析】解：

AB、在禁停区，红灯亮，由图可知，这说明是开关S1是闭合的，电磁铁中没有电流，没有磁性，衔铁未被吸下，故AB错误；

CD、在规范区，绿灯亮，这说明开关S2是闭合的，电磁铁有磁性，衔铁被吸下，根据右手螺旋定则可以判断电磁铁上端是S极，故C错误，D正确。

故选：D。

根据共享单车在禁停区域、规范区域时指示灯的发光情况分析电路的工作状态。

4．【解答】解：A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成固态的小冰晶，凝华过程需要放热，故A错误；BC、雾和露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小液滴，液化过程需要放热，故B错误，C正确；D、物体由液态变成固态的过程叫凝固，冰是水凝固形成的，凝固过程需要放热，故D错误。故选：C。5．【解答】解：由电路图可知，当只闭合开关S2时，电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，此时的电源电压为：U＝I2R0；当闭合开关S1和S2时，R0与Rx并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R0的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过Rx的电流：Ix＝I1﹣I2，因并联电路两端电压相等，所以由I＝可得，Rx＝＝。故选：C。6．（2分）如图所示，铁块被水平吸引力吸附在足够大的竖直磁性平板上，这时若对铁块施加一个竖直向上的拉力，铁块将沿着该平板匀速向上运动，则下列说法正确的是（）A．水平方向铁块受到的吸引力与平板对铁块的支持力是一对相互作用力 B．竖直方向铁块受到的拉力与铁块受到的摩擦力和重力的合力相平衡 C．竖直方向铁块受到的拉力与铁块受到的摩擦力是一对平衡力 D．竖直方向铁块受到的拉力与铁块的重力是一对平衡力【分析】（1）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；（2）物体处于匀速直线运动是受平衡力的作用；（3）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。【解答】解：A、水平方向铁块受到的吸引力与平板对铁块的支持力，大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上是一对平衡力，故A错误；B、铁块将沿着该平板匀速向上运动，竖直方向铁块受到的拉力与铁块受到的摩擦力和重力的合力相平衡，故B正确；C、竖直方向铁块受到的拉力与铁块受到的摩擦力大小不同，不是一对平衡力，故C错误；D、竖直方向铁块受到的拉力与铁块的重力大小不同，不是一对平衡力，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了对物体的受力分析及平衡力与相互作用力的区别，同时考查摩擦力的方向，关键是正确理解平衡力和相互作用力的区别：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。7.【答案】D

【解析】【分析】

此题考查了牛顿第一运动定律、力和运动之间的关系、动能和势能的转化等知识．解决此题的关键是判断出小球在各点的运动状态。

(1)据牛顿第一运动定律知，一切物体在没有受到任何外力时，其总是保持静止状态或匀速直线运动状态；

(2)影响动能大小的因素是质量和速度；影响重力势能大小的因素是质量和高度；

(3)分析小球到达A点和B点的运动状态及受力情况，便可得出结论。

【解答】

A.小球到达最低点时，速度达到最大值，若撤去一切外力，由于惯性，将保持匀速直线运动状态；故A错误；

B.当小球从A点摆动到F点的过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小；质量不变，速度变大，动能变大，重力势能转化为动能；故B错误；

C.当小球到达最高点时，处于静止状态，若此时一切外力消失，据牛顿第一运动定律知，小球将保持静止状态；故C错误；

D.由于小球被静止释放，不计摩擦，它可在A、B两点间来回摆动．当小球摆到B点时，小球速度恰好为零，此时若细线恰好断开，则小球只受重力作用而竖直下落．所以，将沿BE方向运动；故D正确。

故选D。8．（2分）如图所示的是演示电动机工作原理的实验装置图，闭合开关后，导体棒ab向左滑动，现同时更换电源的正负接线柱和磁体的南北极，重新实验，则闭合开关后导体棒ab将向左（选填“左”或“右”）滑动。【分析】通电导体在磁场中受力运动的方向跟电流方向和磁场方向有关；只改变其中的一个因素，则导体运动方向改变；同时改变两个因素，则导体运动方向不变。【解答】解：闭合开关后，导体棒ab的受力方向与电流方向和磁场方向有关，若只改变电流方向或磁场方向，导体棒ab的运动方向改变，如果同时改变电流方向和磁场方向，导体棒ab的运动方向不变，所以现同时更换电源的正负接线柱和磁体的南北极，重新实验，则闭合开关后导体棒ab将向左滑动。故答案为：左。【点评】本题考查的是通电导体在磁场中的受力方向与电流方向和磁场方向的关系，属于基础题。9．（2分）热量和内能与物体的温度密切相关，下列关于三者关系的说法正确的是（）A．物体温度越高，含有的热量越多 B．只要物体吸收热量，温度就一定升高 C．物体温度越高，其内部分子无规则运动越剧烈 D．热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体【分析】（1）热量是个过程量，只能说吸收或者放出热量，不能说含有热量；（2）晶体在熔化的过程中吸热内能增加，但温度不变；（3）物体的温度越高，分子运动越快；（4）发生热传递的条件是存在温度差，不是内能差，内能的大小与物体质量、温度和状态有关。【解答】解：A、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故A错误；B、晶体在熔化的过程中吸热内能增加，但温度不变，故B错误；C、物体的温度越高，其内部分子无规则运动越剧烈，故C正确；D、内能的大小与物体质量、温度和状态有关，内能小的物体温度可能高，热量也可以从内能小的物体传递给内能大的物体，故D错误。故选：C。【点评】此题考查了学生对热量的理解、晶体熔化、分子动理论、内能的影响因素的理解，是一道综合题。10．解：由题知，正常工作1min，即t＝1min＝60s，消耗的电能：W＝Pt＝2.5W×60s＝150J；由P＝UI得，线圈中的电流：I＝＝＝0.5A，则线圈产生的热量：Q＝I2Rt＝（0.5A）2×1Ω×60s＝15J。风扇的叶片在转动过程中与空气摩擦带上了电荷，可以吸引轻小物体，所以灰尘会附着在扇叶上，这属于静电（摩擦起电）现象。故答案为：150；15；摩擦起电（静电）。11.【答案】连通器

左低右高

【解析】解：茶壶的壶嘴与壶身构成连通器。

若将壶盖上小孔堵住，壶身不与大气相通，若将茶壶略微倾斜、水从壶嘴流出时空气不能进入壶身，导致壶内气体体积增大，压强减小，导致壶身水面上方气压小于壶嘴水面上方气压，所以壶嘴和壶身中水面左低右高。

故答案为：连通器；左低右高。

连通器：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。

本题以茶壶为例，考查了其结构特点和其中蕴含的物理知识，难度不大。12．（6分）小伟用如图甲所示的实验装置探究“凸透镜成像的规律”，所用凸透镜的焦距为10cm。（1）小伟在组装器材时，将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，并调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度。（2）实验过程中，凸透镜始终固定在光具座50cm刻度线处。当蜡烛距离凸透镜15cm时，移动光屏，可在光屏上得到一个倒立、放大（填“放大”“等大”或“缩小”）的像；利用该成像规律制成的光学仪器是投影仪（“放大镜”“投影仪”或“照相机”）（3）接下来小伟将蜡烛向远离凸透镜方向移动一段距离，为了能在光屏上再次看到烛焰清晰的像，他应将光屏靠近透镜（选填“靠近”或“远离”）。（4）蜡烛随着燃烧而变短，为了使像仍能成在光屏中央。这时最合理的调整是A。A．只需将凸透镜向下移动一些B．只需将光屏向下移动一些C．将光屏向透镜靠近一些D．以上方法都可以（5）在光屏上得到清晰的像后，小伟取下自己的近视眼镜放在烛焰和凸透镜之间，发现光屏上的像变得模糊，为了再次在光屏上得到烛焰清晰的像，可保持蜡烛和凸透镜位置不变，将光屏远离（选填“远离”或“靠近”）透镜。【解答】解：（1）将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上。点燃蜡烛后，调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰中心大致在同一高度；（2）实验过程中，凸透镜始终固定在光具座50cm刻度线处。当蜡烛距离凸透镜15cm时，f＜u＜2f，凸透镜成倒立放大的实像，移动光屏，可在光屏上得到一个倒立、放大的实像；（3）接下来小伟将蜡烛向远离凸透镜方向移动一段距离，为了能在光屏上再次看到烛焰清晰的像，根据凸透镜成实像时，物近远像近像变小，他应将光屏向靠近透镜方向移动；（4）蜡烛在燃放中不断缩短，向下移动，光屏上的像向上移动，要使像能够成在光屏中央，只需要将凸透镜向下移动一些。故选A；（5）近视眼镜是凹透镜，在凸透镜的前方放一个凹透镜，使原来会聚的光线错后会聚，所以光屏向后移动，远离凸透镜。故答案为：（1）同一高度；（2）放大；投影仪；（3）靠近；（4）A；（5）远离。13．解：首先将毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器A，由于橡胶棒带负电，所以验电器A带负电。再用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，A上的负电荷（电子）转移到B上，由于电子的定向移动方向与电流方向相反，故电流方向为：B到A。故答案为：负；B到A。14．（3分）如图所示，用电水壶烧水时，若不慎有水溅入旁边的插座里，可能导致电路短路，空气开关跳闸；该电水壶使用时应使用三孔插座，使其金属外壳与大地（选填“火线”、“零线”或“大地”）相连。同时工作的两个电水壶是并联（选填“串联”或“并联”）的。【分析】（1）生活用水是导体，据此判断；（2）对于金属外壳的用电器为了避免外壳带电时造成触电事故，外壳要通过三线插头中的地线与大地相通；（3）家庭电路中各用电器互不影响，为并联。【解答】解：（1）由于生活用水是导体，所以用电水壶烧水时，若不慎有水溅入旁边的插座里，使得火线和零线直接连通，即可能导致电路短路；（2）为了安全使用，电水壶的金属外壳应接地，这样即使外壳带电，电流也能通过地线流入大地，不会对人造成伤害；（3）同时工作的两个电水壶互不影响，所以是并联的。故答案为：短路；大地；并联。【点评】留心观察家庭电路的连接和电路中的隐患，避免触电事故的发生。掌握家庭电路中跳闸或保险丝熔断的原因，排除故障，避免触电事故发生。15.【答案】解：在磁体外部，磁感线从N极指向S极，据此画出一条磁感线；

要使导线(闭合电路的一部分)在磁场中运动时产生感应电流，则导线必须做切割磁感线运动，由图可知，磁感线的方向是从N极到S极的，所以导体可以上下移动(切割时可以是竖直方向，也可以是倾斜方向)，如图所示：

【解析】在磁体外部，磁感线从N极指向S极；图中导线内能否产生感应电流，就要看图示的情景能否满足：①闭合电路；②部分导体做切割磁感线运动这两个条件。

本题主要考查学生对电磁感应现象，以及感应电流产生条件的了解和掌握，是一道基础题。

16．（2分）画出施加在开关上力F的力臂l。【分析】力臂是从支点到力的作用线的距离，由支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即为力臂。【解答】解：由支点O向F的作用线作垂线，垂线段的长度即为F的力臂L，如图所示：【点评】此题主要考查了有关力臂的画法，首先要掌握力臂的概念，找出支点和力的作用线。画力臂关键是要画出支点到力的作用线的垂线段。17．（如图所示，根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线的方向，并在括号内标出电源的正、负极。【分析】利用螺线管的左端为N极，结合磁感线的特点可以确定磁感线的方向。利用线圈的绕向和螺线管的N、S极，结合安培定则可以确定螺线管中电流的方向，进一步可以得到电源的正负极。【解答】解：螺线管的右端为N极，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，所以可以确定螺线管周围磁场的方向是从右向左的。根据螺线管的右端为N极，以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的左端流入右端流出。在电源外部电流从正极流出，回到负极，可以确定电源的右端为负极，左端为正极。如下图所示：【点评】解决此题关键要抓住此题的突破口：螺线管的右端为N极。然后利用相关知识解决磁感线的方向、小磁针的N极、电源的正负极。18．【解答】解：（1）由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；纽扣左侧与2.00cm对齐，右侧所对刻度值为3.18cm，所以纽扣的直径为d＝3.18cm﹣2.00cm＝1.18cm；电流表选用了“3”和“﹣”接线柱，所以电流表选用的量程是0～3A；每一个大格之间代表1A，每一个大格之间有10格小格，所以电流表的分度值为0.1A；此时电流表的指针所在位置比2A多了4个小格，故示数为2.4A。（2）石块的质量：m＝20g+20g+5g+2.2g＝47.2g；石块的体积：V＝40mL﹣20mL＝20mL＝20cm3；石块的密度：ρ＝＝＝2.36g/cm3＝2.36×103kg/m3。故答案为：（1）1.18；0.1；2.4；（2）47.2；20；2.36×103。19．（4分）如图所示，小西所在的实验小组在某次实验过程中，将50mL的水倒入50mL酒精中，意外发现总体积为98mL，为此小西和小马展开讨论，小西认为这是因为在倒水的过程中，有部分水沾在了量筒的内壁上所致；但小马则认为总体积变小还和分子间存在间隙有关，两人为此争论不休。为了证明自己的观点，利用图中的器材（相同规格的量筒有多支、水和酒精充足），接下来小马可以用相同规格的量筒取50mL的水和50mL酒精，用装水的量筒向酒精中倒入30mL水，剩余20mL，根据水和酒精混合后的总体积小于80mL就可以说明分子间确实存在间隙。​【解答】解：用相同规格的量筒取50mL的水和50mL酒精，用装水的量筒向酒精中倒入30mL水，剩余20mL，观察水和酒精混合后的总体积是否小于80mL。故答案为：用相同规格的量筒取50mL的水和50mL酒精，用装水的量筒向酒精中倒入30mL水，剩余20mL；水和酒精混合后的总体积小于80mL。20.【答案】定值电阻断路

0.4

电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比

D

10

【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用右下接线柱与定值电阻串联在电路中，如下图所示：

；

(2)闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电流表始终无示数，说明电路可能断路；电压表示数始终接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即造成这一现象的原因可能是定值电阻断路；

排除故障后继续实验，移动滑动变阻器的滑片，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A，则定值电阻两端电压为：

UV=I1R1=0.4A×5Ω=2V；

(3)根据图丙可知，电流与电阻倒数关系为一过原点的直线，即电流与电阻倒数成正比，故得出：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；

(4)A、由串联电路特点和欧姆定律知，电路中电流I=UR=UR1+R2，I与R2之间不是一次函数关系，故A错误；

B、由电路图知，电压表测R1两端电压，电流表测电路中电流，在探究电流与电阻关系时，应保持定值电阻两端电压一定，改变定值电阻的阻值大小，得到结论为导体两端电压一定，通过导体的电流与导体的电阻成反比，故B错误；

C、由控制变量法知，探究“导体中电流跟电阻的关系”时应控制R1两端电压保持不变，由于电源电压不变，根据串联电路电压规律，滑动变阻器R2两端电压也不变，故C错误；

D、探究“导体中电流跟电阻的关系”时应控制R1两端电压保持不变，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器R2两端的电压也不变，由分压原理，两电阻之比为一定值，故图像为过原点的直线(或延长线过原点)，故D正确；

故选：D；

(5)因为定值电阻两端的电压不变，即UV=2V，此时电路中的电流I=IR=UVR=2V30Ω=115A，所以电路的总电阻R总=UI=21.【答案】解：(1)物体的重力G物=m物g=0.2kg×10N/kg=2N，

动滑轮的重力G动=m动g=0.05kg×10N/kg=0.5N，

由图知，n=2，则细绳的拉力F=12(G物+G轮)=12(2N+0.5N)=1.25N；

(2)滑轮组的机械效率：

η=W有用W总=GhFs=GhFnh=GnF=2N2×1.25N【解析】(1)首先根据G=mg求出物体和一个动滑轮的重力，不计细绳与两滑轮之间的摩擦，不考虑空气阻力，根据拉力F=12(G物+G轮)求出细绳的拉力；

(2)利用η=W22.【答案】解：

(1)由图象知，当h=0时，此时测力计的示数等于圆柱体的重力，所以G=F1=9.8N；

当深度为h时，测力计的示数不变，说明圆柱体完全浸没；F2=1.96N，

所以F浮=F1−F2=9.8N−1.96N=7.84N；

物体排开液体的体积V排=V物=10−2m3×0.1m=0.001m3，

由F浮=ρ液gV排得，

ρ液=F浮V排g=7.84N0.001m3×9.8N/kg=0.8×103kg/m3；

(2)圆柱体未浸入时h液=0.2m，【解析】(1)根据图象分析出物体的重力和完全浸没时的拉力，根据公式F浮=G−F计算出浮力的大小；

根据F浮=ρ液gV排的变形公式求出液体的密度；

(2)已知深度利用p=ρ液gh23．（8分）小明携带质量为10kg的行李箱从太原到运城，选择了尾气零排放的动车组D2503次列车出行。经查询，D2503次列车时刻表如下。若该动车组列车全程匀速行驶在平直的轨道上5N，供电电路输入动车组列车的电功率恒为2×107W．站次站名到达时间开车时间运行里程1太原南﹣8：2502运城北10：1010：12360km3西安北11：22﹣556km请你根据以上信息，解决下列问题：问题一：若小明的行李箱底部与列车行李架的接触面积约为0.2m2，求此行李箱对水平行李架的压强。（g取10N/kg）问题二：求该动车组列车从太原南站到运城北站牵引力所做的功。问题三：求该动车组列车从太原南站到运城北站将电能转化为机械能的效率。问题四：若大型客运燃油汽车运行中做的功与该动车组列车从太原南站至运城北站牵引力所做的功相等，求该燃油汽车排放气态污染物的质量。（大型客运燃油汽车每做1焦耳的功排放气态污染物5×10﹣6g）【分析】（1）行李箱对行李架的压力等于其重力，根据F＝G＝mg求出，再根据p＝求出行李箱对水平行李架的压强；（2）根据W＝Fs求出动车组列车从太原南站到运城北站牵引力所做的功；（3）根据W＝Pt求出动车组消耗的电能，再根据η＝求出动车组列车从太原南站到运城北站将电能转化为机械能的效率；（4）大型客运燃油汽车每做1焦耳的功排放气态污染物5×10﹣6g，根据题意求出该燃油汽车排放气态污染物的质量。【解答】解：（1）行李箱对行李架的压力：F＝G＝mg＝10kg×10N/kg＝100N，行李箱对水平行李架的压强：p＝＝＝500Pa；（2）由表可知动车组行驶路程s＝360km＝3.6×105m，动车组列车从太原南站到运城北站牵引力所做的功：W＝Fs＝2.8×102N×3.6×103m＝1.008×1011J；（3）由表可知，动车组运行时间t＝10：10﹣8：25＝3h45min＝105min＝105×60s＝6300s，由P＝得：动车组消耗的电能：W电＝Pt＝2×107W×6300s＝2.26×1011J，该动车组列车从太原南站到运城北站将电能转化为机械能的效率：η＝×100%＝；（4）该燃油汽车排放气态污染物的质量：m排＝1.008×1011J×5×10﹣2g/J＝5.04×105g＝504kg。答：（1）此行李箱对水平行李架的压强500Pa；（2）该动车组列车从太原南站到运城北站牵引力所做的功2.008×1011J；（3）该动车组列车从太原