2026年广东汕头市普通高考第二次模拟考试物理试题（含答案）

第第页2026年广东汕头市普通高考第二次模拟考试物理试题一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。1．我国研发的弹性陶瓷纳米纤维气凝胶是一种耐高温的隔热材料，其内部存在大量孔隙，能显著降低热量传递。下列说法正确的是（）A．气凝胶具有弹性，是因为分子间只存在引力B．温度越高，气凝胶内空气分子的平均动能越大C．用高温喷枪直喷时，气凝胶分子的布朗运动变剧烈D．气凝胶能耐高温，说明温度升高时，气凝胶分子热运动反而减弱2．在核物理研究的历史中，卢瑟福的α粒子散射实验具有奠基性意义，如图，关于该实验，下列说法正确的是（）A．确定了中子半径的数量级为10-10mB．证明了原子内带正电的物质占据原子非常小的空间C．观察到绝大多数α粒子发生了大角度偏转，甚至被反弹回来D．卢瑟福根据该实验提出了原子的核式结构模型，且认为原子核由质子和中子组成3．我国科研团队正研发可超高速无线传输数据的植入式脑机接口技术，其内置芯片采用了频率为1.0×10A．太赫兹电磁波属于横波B．太赫兹电磁波在真空中的传播速度比无线电波快C．将太赫兹电磁波与神经信号叠加并发射出去的过程属于调谐D．体外接收电路若要接收此信号，其固有频率应调至与神经信号频率相近4．在平直测试道路上，无人驾驶汽车甲与目标车乙在t＝0时经过同一路标，并沿同一方向做直线运动，用x、v、v、a分别表示两车的位移、速度、平均速度和加速度，t表示运动时间。下列图像中，能表示甲、乙两车在t0时刻相遇的是（）A． B．C． D．5．如图，汕头市儿童公园的旋转飞椅在悬挂结构的电机驱动下运行，座椅与游客在水平方向做匀速圆周运动，同时沿竖直方向匀加速上升。已知座椅与游客总质量为60kg，转动半径为5m，角速度为1.0rad/s，不计空气阻力。下列说法正确的是（）A．座椅与游客处于失重状态B．座椅与游客做匀变速曲线运动C．座椅与游客的向心力大小为360ND．座椅与游客的机械能随时间不断增大6．汕头南澳海上某风电场采用搭载永磁同步发电机的风力机组，该机组使用4极发电机，其转速公式为n=120fA．电动势有效值为975B．发电机转速为1500r/minC．当转速增大时，交流电的频率增大，电动势不变D．当电动势为零时，发电机中线圈的磁通量也为零7．如图，空间存在边长为a的正四面体P−ABC，O为水平底面ABC中心。A、B、C三点各固定一个电荷量为+Q的点电荷，在外力作用下将电荷量为+q的探测电荷沿PO连线从P点缓慢移至O点。已知静电力常量为k，下列说法正确的是（）A．探测电荷在P点时，受到的库仑力竖直向下B．探测电荷在P处的电势能大于在O处的电势能C．从P点向O点移动过程中，外力的大小保持不变D．若将B点的+Q替换为-Q，探测电荷在O点受到的库仑力为6kQq二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8．如图所示，将一个空玻璃试管放在盛满水的透明水槽中，从水槽外侧可以观察到试管浸入水中的玻璃侧壁更亮一些。已知水的折射率约为1.33，玻璃的折射率约为1.5。下列说法正确的是（）A．光从水射向试管玻璃壁，折射光线往法线方向偏折B．侧壁更亮一些是因为光从水射向玻璃侧壁时发生全反射C．光从水射向试管玻璃壁再射入试管内的空气，频率始终不变D．光从水射向试管玻璃壁再射入试管内的空气，传播速度始终不变9．某科技小组自制了一枚火箭，如图，其发射过程可分为三个阶段：第一阶段，火箭点火发射，到最高点时质量为m1；第二阶段，火箭喷出燃气在高空悬停，单位时间喷出燃气质量为Δm1（远小于m1）；第三阶段，火箭在悬停状态下完成90°转向，此时火箭的质量为m2，紧接着在极短时间内以速度v喷出质量为Δm2（与m2相比不可忽略）的燃气变为水平飞行。全程忽略空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．在悬停阶段，火箭合力为零B．火箭发射到最高点的过程中一直在加速C．在悬停阶段，燃气喷出的速度为mD．在转向阶段，火箭获得的水平速度为Δ10．某高压三相交流输电线路采用等边三角形排列，三根输电线a、b、c位于等边三角形顶点，O1为中心，O2与O1关于bc边对称。某时刻电流满足Ia＝2Ib＝2Ic，方向如图。已知无限长直导线产生的磁感应强度大小B=kIA．O1的磁感应强度为零B．O2的磁感应强度为零C．矩形线圈中有感应电流D．输电线b所受安培力的方向垂直bc边向下三、非选择题：本题共5小题，共54分，考生根据要求作答。11．小铭同学利用实验室常见的仪器完成高中三个力学实验。（1）小铭先用图1装置探究平抛运动的特点，以下说法正确的是______。A．该实验两小球落地时的速度大小相同B．该实验说明平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动C．该实验需要改变小球高度和打击力度进行多次实验对比D．该实验说明平抛运动在水平方向的分运动是匀速直线运动（2）小铭接着用小球制成单摆来测量当地重力加速度。用螺旋测微器测得摆球直径如图2所示，则直径d＝cm；若使用了弹性细绳来制作单摆，这会导致测得的重力加速度比实际值（选填“偏大”或“偏小”）。（3）小铭又把两个半径相同、质量不同的小球用等长的细线悬挂，保持B球静止，拉起A球使摆线与竖直方向夹角为θ1并静止释放，AB碰后粘在一起，上升到最高点时摆线与竖直方向夹角为θ2，测得A、B球质量为mA、mB，若满足关系式mA1−12．为助力“百千万工程”，某科创小组为蔬菜大棚设计自动控温装置，要求大棚温度低于15℃时加热系统自动启动，小组进行如下探究：（1）实验室有PTC和NTC两种热敏电阻，PTC阻值随温度升高而增大，NTC阻值随温度升高而减小。他们用多用电表欧姆挡并选择“×1K”倍率测量电阻，某次指针位置如图1中a所示，将倍率换成（选填“×100”或“×10K”）重新调零后进行测量，指针位置如图中b所示，则阻值为Ω。（2）他们查找到一种控温装置的原理如图2所示，已知继电器线圈电流I≥2mA时衔铁被吸合，加热器所在电路断路，加热结束。结合控温要求，Rt应选用型热敏电阻（选填“PTC”或“NTC”）。若电源E1＝10V，电源内阻和继电器电阻忽略不计，要使得温度低于15℃时（此时热敏电阻阻值为3.2kΩ），加热系统立即启动，应将可变电阻R调为Ω；若要提高加热系统的启动温度，可采取的措施是。13．汕头表角灯塔观测站在海面记录到一列沿水平方向传播的简谐横波，某时刻，相距16m的两浮标均处于平衡位置且运动方向相同，两浮标间有两个波峰，在浮标处每隔20s能观察到完成了5次全振动，且浮标在竖直方向的最大速度为0.6πm/s，简谐运动可等效为匀速圆周运动沿其一条直径方向的投影运动，假设波传播过程中能量无损耗。求该横波的周期、波速大小和振幅。14．探测车在某行星上执行科研任务时突然失去动力，从倾角为θ的固定斜坡上静止滑下，从车上传感器获取其速度平方v2与位移x的关系如图所示，且图像斜率为k。已知该行星半径为R，不计一切摩擦和该行星的自转影响。（1）求该行星表面的重力加速度大小；（2）已知第二宇宙速度是第一宇宙速度的2倍，求质量为m的卫星脱离该行星所需的最小动能。15．某实验小组设计类似质谱仪的装置测定带电粒子的电量。如图，在坐标系第二象限的速度选择器两极板间电压为U、间距为d，磁场方向垂直纸面向里。速度选择器左侧的粒子源持续发射质量为m、电量为+q（q未知）的带电粒子，粒子以水平初速度v0通过速度选择器后，从坐标为（0，h）的A点进入充满第一象限的匀强电场区域，电场沿-y方向，大小在E0±ΔE范围内缓慢变化（E0已知，ΔE＜E0且大小未知），最终在x轴的x1至x2都能观测到粒子。不计粒子重力和粒子间的相互作用。（1）求速度选择器内磁场的磁感应强度大小B；（2）求带电粒子的电量q和ΔE；（3）粒子源随后以v0持续发射质量均为m、电量分别为+q和+0.5q的两种带电粒子，求x轴能观测到粒子的宽度X。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A：气凝胶具有弹性是分子间引力和斥力共同作用的结果，不是只有引力，故错误；

B：温度是分子平均动能的标志，温度越高，气凝胶内空气分子（或气凝胶分子）的平均动能越大，故正确；

C：布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，不是分子本身的运动，气凝胶分子做的是热运动，故错误；

D：温度升高，分子热运动加剧，不是减弱，故错误；

故答案选B。

【分析】A：分子间同时存在引力和斥力，弹性是分子间作用力的宏观表现。

B：温度是分子热运动平均动能的标志，温度越高，分子平均动能越大。

C：布朗运动是液体或气体中悬浮颗粒的运动，不是分子运动。

D：温度升高，所有分子热运动加剧，内能增大。2．【答案】B【解析】【解答】A、α粒子散射实验估算出原子核半径数量级为10−15m，10−10m是原子半径数量级，该实验也不能测定中子半径，故A错误；

B、少数α粒子发生大角度偏转，说明原子内部绝大部分质量与正电荷集中在体积很小的原子核内，原子内带正电的物质只占据原子非常小的空间，故B正确；

C、α粒子散射实验现象为绝大多数α粒子穿过金箔后几乎沿原方向前进，只有极少数粒子出现大角度偏转甚至反弹，故C错误；

D、卢瑟福依据【分析】A、考查α粒子散射实验的物理成果，区分原子半径与原子核半径的数量级，明确该实验研究对象为原子核，不涉及中子半径。

B、考查实验现象对应的物理推论，少数大角度偏转说明正电荷集中在体积很小的原子核区域。

C、考查α粒子散射的实验现象，分清绝大多数、极少数粒子各自对应的运动表现。

D、考查物理学史，核式结构模型来自α粒子散射实验；原子核由质子、中子组成并非该实验的结论。3．【答案】A【解析】【解答】A、电磁波的电场方向、磁场方向都和传播方向互相垂直，具备横波的全部特征。太赫兹电磁波归属于电磁波，因此属于横波，故A正确；

B、各类电磁波在真空中传播速度都等于光速c，传播速度不受频率大小影响。太赫兹电磁波与无线电波在真空环境下传播速度相等，故B错误；

C、把低频的神经信号叠加到高频太赫兹载波上向外发射，该操作叫做调制；调谐是接收端改变电路固有频率，使之与外来电磁波频率达成一致的过程，二者概念不能混淆，故C错误；

D、体外接收电路要和太赫兹载波的频率接近，才可以发生电谐振从而捕获信号；神经信号属于被搭载在载波之上的低频信号，并非谐振的匹配对象，故D错误。

故答案为：A；【分析】A、考查电磁波的波型属性，电磁波为横波，电场、磁场、传播方向两两互相垂直。

B、考查电磁波的传播特性，真空中所有电磁波传播速度均为光速，和频率无关。

C、考查无线电发射与接收，区分调制、调谐两个概念，调制用于发射端，调谐用于接收端。

D、考查电谐振条件，接收电路需要与载波频率匹配，而不是与搭载的低频信号频率匹配4．【答案】C【解析】【解答】A、x‑t图像纵坐标代表位置。t=t0时刻甲乙纵坐标不一样，代表二者所处位置不同，因此两车此时不会相遇，故A错误；

B、v‑t图像与时间轴围成面积表示位移。t0时刻乙对应的图像面积大于甲，说明乙位移更大；题目未给出两车初始位置，仅依据位移大小依旧无法判定相遇，故B错误；

C、平均速度定义为位移除以时间，0∼t0时间内甲乙平均速度相等、运动时间相同，可得二者位移相等；又两车自同一位置出发，位移相等说明t【分析】A、考查x‑t图像物理意义，图线上点的纵坐标直接表示物体所在位置，纵坐标相同代表相遇。

B、考查v‑t图像面积含义，面积表示位移；相遇条件是初位置相同且末位置相同，只比较位移大小不足以判断相遇。

C、考查平均速度定义式v‾5．【答案】D【解析】【解答】AB、座椅和游客同时参与两个分运动，水平面上做匀速圆周运动，竖直方向做匀加速上升运动。竖直方向加速度向上，整体处于超重状态；水平方向存在大小不变、方向时刻改变的向心加速度，竖直方向加速度恒定，因此合加速度的方向不断发生变化，物体做变速曲线运动，故AB错误；

C、水平圆周运动向心力公式为Fn=mω2r，代入数值计算得到向心力大小为300【分析】AB、考查运动的合成、超重失重判断。匀速圆周运动向心加速度方向时刻改变；合加速度只要方向变化，物体就属于变速曲线运动，加速度向上对应超重状态。

C、考查向心力概念，向心力只是合外力的一个分力，本题中座椅作用力需要同时提供竖直方向加速的力与水平圆周的向心力，不能直接把向心力当成座椅的总作用力。

D、考查机械能变化判断，动能不变，竖直向上运动势能增加，外力做正功，总机械能增大。6．【答案】B【解析】【解答】A、正弦式交变电流有效值与最大值满足关系E=Em2，将Em=975V代入得到有效值E=9752V，选项表述存在问题，故A错误；

B、同步发电机频率、转速、极数满足n=120fp，把f=50Hz、极数p=4代入，算出【分析】A、考查正弦交变电流有效值计算，记住有效值E=Em2，区分最大值与有效值。

B、考查同步发电机转速公式n=120fp，掌握频率、转速、磁极对数之间的换算。

7．【答案】D【解析】【解答】底面正三角形ABC外接圆半径R=a3，该几何体为正四面体，A、P点处，A、B、C三处+Q对探测电荷+q的库仑斥力大小全部相等。依托几何对称性，各个库仑力垂直于PO方向的分力两两抵消，剩余合力沿着PO轴线向上，是远离底面的方向，并非竖直向下，故A错误。B、依据点电荷电势公式φ=kQr，P点电势φP=3⋅kQa=C、取PO连线上一点，该点距离底面中心O的距离为x，该点到A、B、C的距离r=x2+a32。单个点电荷库仑力沿PO方向分力为kQqD、把B点电荷由+Q换成−Q，在O点，A、B、C处电荷对探测电荷的库仑力大小均为F0=kQqa32=3kQqa2，A处电荷作用力沿AO、C处电荷作用力沿CO、B处负电荷作用力沿OB。正三角形中心矢量关系满足【分析】本题综合库仑定律、电势叠加、电势能、力的矢量合成，结合正四面体几何模型进行判断。

A、利用空间几何对称性处理库仑力的分解，垂直轴线分力抵消，只保留沿轴线方向的合力；

B、直接用点电荷电势公式代数叠加，再借助Ep=qφ比较正试探电荷电势能高低；

C、对库仑力做轴向分力运算，得到合力表达式，观察表达式中含有变量x，即可判断力为变力；8．【答案】A,C【解析】【解答】A、水的折射率小于玻璃的折射率，光由水射入玻璃侧壁，属于从光疏介质进入光密介质，折射光线会向法线方向偏折，故A正确；B、全反射发生条件为光从光密介质射向光疏介质。光从水射向玻璃，是光疏到光密，不可能发生全反射；试管侧壁变亮是光由玻璃射向管内空气界面发生全反射，故B错误；C、光的频率由光源本身决定，光依次经过水、玻璃、空气，介质发生改变，但光的频率保持不变，故C正确；D、由介质中光速公式v=cn，不同介质折射率n各不相同，光在水、玻璃、空气中传播速度均不相同，故D错误；【分析】A、考查光的折射规律，对比两种介质折射率大小，判断折射光线相对法线的偏折方向。B、考查全反射发生条件，确认光的传播方向，结合实验现象分清发生全反射的真实界面。C、考查光的频率特性，明确频率由光源决定，介质变化不会改变光的频率。D、考查介质中光速计算，利用v=c9．【答案】A,C【解析】【解答】A、悬停状态下火箭保持静止，物体处于受力平衡状态，其所受合外力等于零，故A正确；B、火箭升空初期，推力大于自身重力，做加速上升运动；当推力小于重力之后，加速度方向向下，火箭做减速上升运动，到达最高点时速度减为零，因此火箭不会一直加速，故B错误；C、悬停时火箭合力为零，燃气推力与火箭重力大小相等。设燃气喷出速度为v1，单位时间喷出燃气质量为Δm1，对喷出的燃气应用动量定理FΔt=D、转向过程，火箭与喷出燃气构成的系统水平方向不受外力，水平动量守恒，取初动量为零，列写方程(m2−Δm【分析】A、考查平衡状态判断，物体静止时加速度为零，合外力为零。B、考查力与运动的关系，依据推力、重力的大小对比，判断火箭的加速、减速运动过程。C、考查动量定理在反冲问题中的应用，选取喷出燃气作为研究对象，结合受力平衡联立求解燃气喷出速度。D、考查水平方向动量守恒，系统水平方向不受外力，总动量保持为零，建立动量守恒方程求解火箭速度。10．【答案】B,D【解析】【解答】A、如图依据右手螺旋定则，电流a、b、c分别在O1点产生对应的磁场，三个磁感应强度矢量方向各不相同，通过平行四边形定则进行矢量合成，OB、如图由几何关系结合B=kIr计算，电流a在O2产生的磁场大小Ba=k2Ib2rC、题目给出的是某一时刻的瞬时电流，该时刻线圈所在区域磁场保持恒定，穿过矩形线圈的磁通量不发生变化，不满足感应电流产生条件，线圈内没有感应电流，故C错误；D、如图利用右手螺旋定则，分别得到a、c导线在b导线位置产生的磁场，且满足Ba=2B【分析】A、考查通电直导线磁场与矢量叠加，利用右手螺旋定则确定各磁场方向，通过平行四边形法则判断O1B、考查磁感应强度公式与磁场矢量合成，结合几何距离代入B=kIr计算大小，再完成矢量叠加判断C、考查感应电流产生条件，感应电流需要穿过回路的磁通量发生变化，瞬时时刻磁场不变，磁通量不变，无感应电流。D、考查安培定则与左手定则综合应用，先求其余两根导线在b处的合磁场，再借助左手定则确定通电导线所受安培力的方向。11．【答案】（1）B；C（2）0.6969；偏小（3）m【解析】【解答】(1)A：两小球竖直方向下落高度一致，落地竖直分速度大小相等；右侧平抛小球额外拥有水平分速度，合速度为水平、竖直分速度的矢量和，因此两球落地合速度大小不相等，A错误。

B、D：实验现象为两小球始终同时落地，说明二者竖直方向运动情况完全一致，直接证明平抛运动竖直分运动为自由落体运动；本实验没有对比水平方向位移，无法验证水平分运动是匀速直线运动，B正确，D错误。

C：为避免实验偶然性，得到普适规律，需要改变下落高度、击打力度完成多组重复实验，C正确。

故答案为：BC；(2)螺旋测微器读数：固定刻度读数6.5mm，可动刻度读数0.01d=6.5由单摆周期公式T=2πLg，变形得到重力加速度表达式g=故答案为：0.6969；偏小；

(3)A球下摆过程机械能守恒，摆至最低点：mAgl(1−cos⁡θ1)=12mA故答案为：mA+mB1−cosθ(2)考查螺旋测微器读数规则，读数等于固定刻度加上可动刻度×精度0.01mm，注意单位换算。

考查单摆周期公式T=2π(3)考查机械能守恒定律、完全非弹性碰撞动量守恒。小球摆动过程只有重力做功，机械能守恒，利用摆动角度表示最低点速度；碰撞瞬间内力远大于外力，系统动量守恒，消去速度，得到只含有质量、角度的验证方程。（1）A．该实验两小球落地时的竖直速度大小相同，但是由于右侧小球落地时有水平速度，可知两球落地的速度大小不相同，A错误；BD．实验可观察到两球总是同时落地，说明两球在竖直方向的运动完全相同，即该实验说明平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动，但不能说明平抛运动在水平方向的分运动是匀速直线运动，B正确，D错误；C．该实验需要改变小球高度和打击力度进行多次实验对比，从而得到一般规律，C正确；故选BC。（2）[1]用螺旋测微器测得摆球直径d＝6.5mm+0.01mm×47.0=0.6970cm；[2]根据T=2πLg若使用了弹性细绳来制作单摆，则当单摆摆动时摆长会变大，而计算时仍用原来的值计算，则会导致测得的重力加速度比实际值偏小。（3）A球摆到最低点时m碰后A、B两球一起摆到最高点时(若动量守恒则满足m即m12．【答案】（1）“×100”；2.0×（2）NTC；1.8×10【解析】【解答】（1）选择“×1K”倍率进行测量时，发现指针偏转角度太大（指针靠近欧姆零刻度），说明示数太小；由于电阻的测量值=指针示数×倍率，要使欧姆表指针示数变大，应该减小欧姆表的倍率，需换成“×100”倍率挡；换倍率后指针指在20，因此阻值为20×100Ω=2000Ω（2）根据要求，温度低于15℃时加热启动，即温度低时电流I<2mA，衔铁不吸合，加热器通路。温度升高后电流I≥2mA，衔铁吸合，加热器断开。NTC热敏电阻阻值随温度升高而减小，随温度降低而增大：低温时NTC阻值大，总电阻大，电流小，满足加热启动条件；高温时NTC阻值小，总电阻小，电流达到阈值断开加热，符合要求，因此选临界条件为15℃时由欧姆定律总电阻R已知Rt=3200提高启动温度，即临界温度升高，更高温度下NTC的阻值更小，临界条件仍满足Rt+R=E1I，（I阈值不变），因此需要增大可变电阻R【分析】(1)欧姆表指针偏角大，说明被测电阻小，换小倍率，换挡必须重新欧姆调零。

​​​​​​​(2)理解继电器工作逻辑：线圈电流≥2mA衔铁吸合，加热器断开。低温时电流小，加热器工作。NTC随温度升高电阻减小。根据闭合电路欧姆定律计算总电阻，再求可变电阻。提高启动温度，临界时刻热敏电阻阻值变小，因此要增大可变电阻。（1）[1]选择“×1K”倍率进行测量时，发现指针偏转角度太大（指针靠近欧姆零刻度），说明示数太小；由于电阻的测量值=指针示数×倍率，要使欧姆表指针示数变大，应该减小欧姆表的倍率，需换成“×100”倍率挡；[2]换倍率后指针指在20，因此阻值为20×100（2）[1]根据要求，温度低于15℃时加热启动，即温度低时电流I<2mA，衔铁不吸合，加热器通路。温度升高后电流I≥2mA，衔铁吸合，加热器断开。NTC热敏电阻阻值随温度升高而减小，随温度降低而增大：低温时NTC阻值大，总电阻大，电流小，满足加热启动条件；高温时NTC阻值小，总电阻小，电流达到阈值断开加热，符合要求，因此选[2]临界条件为15℃时由欧姆定律总电阻R已知Rt=3200[3]提高启动温度，即临界温度升高，更高温度下NTC的阻值更小，临界条件仍满足R（I阈值不变），因此需要增大可变电阻R的阻值（减小电源电动势也可，核心逻辑正确即可）。13．【答案】浮标20 s时间内一共完成5次全振动，振动周期为总时间与全振动次数的比值T=已知两个浮标间距为16 m，两点之间分布2个波峰，对应2个完整波长，由此计算波长λ=利用波速、波长、周期的关系，算出机械波传播速度v=结合周期求解振动的角频率ω=简谐运动最大速度满足关系式vm=ωA【解析】【分析】考查机械波基本物理量的计算以及简谐运动规律。先通过振动次数和总时间求周期，使用公式T=