2026-2027学年人教版中考物理二轮提升专项卷（附答案与解析）

第页2026-2027学年人教版中考物理二轮提升专项卷（附答案与解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.某同学测量课本的宽度四次，记录结果为：17.32cm、17.42cm、17.40cm、17.41cm，则课本宽度为(

)A.17.41cm B.17.40cm C.17.3875cm D.17.39cm2．足球比赛中，运动员起脚射门，一个漂亮的“香蕉球”破门得分，如图所示。下列说法正确的是（）A．足球在空中飞行到最高点时，处于平衡状态 B．足球离开脚后继续飞行，是因为足球具有惯性 C．足球向内侧偏转是因为内侧空气流速小，外侧流速大 D．脚踢足球使足球飞出去，说明力是维持物体运动的原因3．如图所示的电路中，电源电压保持不变，两个电阻的阻值R1＞R2。闭合开关S，电路正常工作。若将R1与R2的位置互换，则（）A．电流表A的示数不变；电压表V的示数变小 B．电流表A的示数不变；电压表V的示数变大 C．电流表A的示数变小；电压表V的示数不变 D．电流表A的示数变大；电压表V的示数变小4．两个相同的容器分别装有质量相同的甲、乙两种液体。用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示。下列说法正确的是（）A．甲液体的比热容大于乙液体的比热容 B．如果升高相同的温度，两液体吸收的热量相同 C．加热相同的时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量 D．加热相同的时间，甲液体温度升高的比乙液体温度升高的多5．如图所示是“探究影响压力作用效果因素”的实验，下列说法正确的是（）A．通过观察海绵被压下的深浅来显示压力作用效果，这种实验方法叫控制变量法 B．利用甲、乙的实验结论，可以解释书包装书越多背起来越不舒服的原因 C．利用乙、丙的实验结论，可以解释不易切断的甘蔗使劲才能切断的原因 D．探究压力作用效果与压力大小关系时，控制受力面积不变，这是运用了转换法6.在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中，某组同学用如图甲所示的实验装置进行了两次实验，并根据实验数据绘制了如图乙所示的图象。下列说法错误的是(

)\A.两次实验时大气压都低于标准大气压

B.实验中烧杯上的盖子留个小孔是为了使杯内外气压平衡

C.由乙图可知，烧杯中的水在沸腾前后温度保持不变

D.加热6min时，第一次实验中水收的热量等于第二次实验中水吸收的热量7.载有三位航天员的神舟十三号载人飞船在轨运行180天后成功着陆，标志着我国航天技术从此迈入航天强国，是我国综合国力全面提升的重大体现。本次航天实现了多个“首次”：首次进驻天宫、首次太空漫步、首次在轨通过遥控操作完成货运飞船与空间站对接、首次在轨驻留长达6个月……如图所示的是载有三位航天员的神舟十三载人飞船从发射升空、在轨运行、发射回收的几个场景，以下描述错误的是(    )A.火箭发射升空时内能转化为机械能

B.在轨运行时神舟十三号与天和核心舱保持相对静止

C.太空授课内容通过电磁波传回地面

D.返回舱下落时降落伞打开，速度变慢惯性减小二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8.2023年1月13日15时，我国在酒泉卫星发射中心使用长征二号丁运载火箭，成功将遥感三十七号卫星和搭载的试验二十二号A/B星发射升空。在火箭升空时，若以火箭为参照物，卫星是

(选填“静止”或“运动”)的。9.如图所示，长度相等、横截面积不同的同种材料制成的金属棒AB和BC连接在一起，把A、C两端接入电路后，流过金属棒AB和BC的电流分别为IAB和IBC，则IAB______IBC(>/</=，下同)；金属棒AB和BC两端的电压分别为UAB和UBC，则10．某建筑工地需要从较远距离处架设临时照明供电线路，其简化电路如图所示。供电处电压U不变，从供电处到工地用长导线（有电阻）连接，两个照明灯泡L1和L2分别标有“220V40W”和“220V100W”。当仅闭合开关S1时，灯泡L1工作；仅闭合开关S2时，灯泡L2工作。前后两种情况相比，假设灯泡电阻不变，下列说法正确的是（）A．两灯泡工作时，两端电压相等 B．长导线上消耗的电功率变大 C．灯泡L2工作时的亮度一定比L1大 D．供电处电源输出的电功率增大11．2022年北京﹣张家口冬季奥运会将在2022年02月4日～20日在中华人民共和国北京市和张家口市联合举行。其中一个项目“单板滑雪”是以一块滑雪板为工具，在规定的山坡线路上快速回转滑降，运动员滑降时，以滑板为参照物，运动员是（选填“运动”或“静止”）的；比赛结束后，滑板微微发热，是因为机械能转化为能，这是通过方式改变的。12．下图所示是吊车吊起货物的示意图，已知AB=4m，BC=6m．吊臂是一个杠杆，当吊臂吊着2t的货物处于静止状态时，杠杆的支点是点（选填“A”、“B”或“C”），伸缩撑杆对吊臂的支持力大小为N．（g=10N/kg）13.在串联电路中，若R1：R2=2：1，则通过两个电阻的电流之比为______，R1和R2两端的电压之比为______.若将这两个电阻并联，则通过R1和R214.战机在空中加油时，加油机和受油机保持同一速度，以受油机为参照物，加油机是______的；该过程中，加油机的动能______(选填“增大”“减小”或“不变”)。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．如图，杠杆ABO可绕O点自由转动，为使杠杆在如图所示位置保持平衡，请画出施加于A点的最小动力F1及其力臂L1。16．下图为手拉小球在水平面内做圆周运动的示意图，请在图中画出重4N的小球所受力的示意图。17．如图所示，凸透镜斜放，其主光轴与水平成45°角，F是凸透镜的焦点。一条入射光线，经过凸透镜折射后，入射到水平放置的平面镜上被反射。请画出：（1）光线a经凸透镜的入射光线。（2）光线a经平面镜反射的反射光线。（3）标出反射角的大小。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．某小组同学用如图的装置“探究凸透镜成像特点”，其中凸透镜的焦距为15cm．他们进行实验的同时在坐标纸上记录蜡烛与光屏上像的位置和大小，如图（用带箭头的线段表示物或像，A’、B’分别表示蜡烛在A、B处像的位置）．（1）从如图中可以看出，蜡烛在A、B位置时光屏上得到的都是倒立、________的实像．生活中利用这个成像特点制成了___________________（写出一个即可）．（2）和其他小组交流后发现，当蜡烛在距透镜15-30cm之间时，像均成在透镜另一侧距透镜30cm以外处．但是，当他们把蜡烛放在C位置时，在光具座上无论怎样移动光屏，都不能得到清晰的像，原因是像距_____________．（3）为了让蜡烛在C位置的像成在光具座上的光屏上，他们采用了两种做法．做法一：保持蜡烛和透镜的位置不变，更换凸透镜，在光具座上移动光屏，光屏上又出现了清淅的像．这表明像距变________了，由此推断更换的凸透镜会聚光的能力较强，此透镜焦距________15cm（选填“大于”“小于”或“等于”）．做法二：保持蜡烛和透镜的位置不变，在蜡烛和透镜之间再放置一个凸透镜，在光具座上移动光屏，光屏上又出现了清晰的像．由此实验联系实际，远视眼的晶状体焦距较_________（选填“大”或“小”），将近处物体的像成在视网膜________方（选填“前”或“后”），故需配戴________透镜矫正．19．在测量小灯泡电阻的实验中，小明同学设计的电路实物图如图甲所示（部分未连接好），电源电压4V不变，选用的小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器的规格为“25Ω，1A”。（1）请用笔画线代替导线将电路实物图补充完整，要求向右移动滑片时灯泡变亮；（2）闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表和电压表均有示数，但示数很小，接下来的操作应该是（填字母）；A.断开开关，检查电路B.断开开关，更换灯泡C.调节滑动变阻器，继续实验（3）小明根据实验中测出的数据作出了I﹣U图象如图乙所示，由图象知，小灯泡正常发光时的电阻是Ω；（4）老师看到I﹣U图象中的五组数据后，指出小明在实验中的数据有一组是编造出来的，你觉得老师说的是（选填“A”“B”“C”“D”或“E”）组数据。20．在两个容器中分别盛有甲、乙两种不同的液体，把体积相同的A、B两个实心小球放入甲液体中，两球沉底如图甲所示；放入乙液体中，两球静止时的情况如图乙所示。请比较，在甲液体中，容器底对小球A的支持力与容器底对小球B的支持力的大小，并简述分析过程。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．如图所示为某载人潜水器的示意图，该潜水器的质量为18t，若它在5min内从水面下潜到1800m深处作业。（g＝10N/kg，ρ海水＝1.0×103kg/m3）求：（1）潜水器的重力：（2）潜水器下潜时的平均速度；（3）若潜水器底面积为2m2，潜水器在1800m深处时，底面受到海水的压力。22．如图所示，是物理兴趣小组设计的调节多挡位加热器的电路结构图。其中电源电压恒为24V，R1、R2为阻值恒定的加热电阻，R1＝20Ω，R2＝30Ω，R3为调节加热功率的滑动变阻器。若电流表的量程为0～3A，电压表的量程为0～15V，求：（1）当开关S、S1、S2都闭合时，处于快热挡，此时电路的总功率；（2）当S闭合，S1、S2都断开时，处于调温挡，移动滑动变阻器滑片就可以自主调节加热电阻的发热功率。若滑片在距右端13处时，加热电阻R1（3）当S闭合，S1、S2都断开时，处于调温挡，调节滑动变阻器的滑片，在所有元件安全的前提下，电路总功率的变化范围。

六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．时至今日，航空母舰已是现代海军不可或缺的利器，也成为了一个国家综合国力的象征。航母上配备大量先进装备，其中舰载机是航母战斗力的核心，舰载机可以在航母上起飞、着落，执行各种军事任务。（ρ海水＝1.1×103kg/m3）（1）航母配备的深水炸弹，主要用于毁伤潜艇。深水炸弹在深度500m的深海中爆炸，此时深水炸弹受到的海水压强为多大？（2）彩虹﹣4无人机是中国航天科技集团公司自主研发的无人驾驶飞行器，可以为航空母舰侦查敌情。无人机到距离航空母舰150km的地方侦查敌情用了0.5h，此次无人机的水平平均飞行速度是多少？（3）歼击机的主要任务是与敌方歼击机进行空战，拦截敌方轰炸机、强击机和巡航导弹。某歼击机起飞后，航母排开水的体积减小了20m3，则该型号舰载机的重力为多少？（4）钢化玻璃属于安全玻璃，有较强的承载能力、抗风压性、寒暑性、冲击性等，飞机舷窗玻璃使用的就是这种安全玻璃。飞机在高空飞行时，机舱外气压很低，机舱内始终保持1.0×105Pa的气压，如图所示是大气压随高度变化的图象，当客机飞行在7km高度时，面积是200cm2的舷窗承受的内外压力差是多少？24．随着人们生活水平的提高，糖尿病患者越来越多，如图甲所示是一款养生电饭煲，可以煮出低糖米饭工作过程中先用高温加热煮沸，让大米吸热吸水后迅速膨胀，淀粉大量溶入米汤中，然后将米汤分离，再采用低温蒸煮米饭煮熟后自动进入保温状态，既能大大降低米饭中的糖分而且环保节能。内部结构电路如图乙所示，R1和R2均为加热电阻且保持不变，R是可变电阻，通过调节R可以让电饭煲进入保温状态，S1和S2为温控开关，设定好预设温度，通过S1、S2的断开与闭合（其中S2不能单独闭合），可以自动实现电饭煲的高温加热，低温蒸煮和保温状态的转换，图丙是电饭煲某次正常工作时完成一次煮熟米饭所消耗的电能随时间的变化关系。求：（1）电饭煲正常工作时，高温功率是多少？（2）某周末的晚饭时，小明想利用标有“3000imp/（kW•h）”字样的电能表测量家庭电路的实际电压，只让电饭煲接入电路，在高温状态下，她观察到电能表上的指示灯在2分钟内闪烁了81次，则此时的实际电压是多少？（3）电饭煲在保温状态时每秒钟向外散失的热量Q跟电饭煲温度与环境温度的温差关系如图丁所示，假设加热电阻放出的热量能被电饭锅完全吸收。在额定电压下工作，在温度为20℃的房间使用，要求电饭煲温度保持为70℃，问应将R的阻值调为多大？25．某科技小组设计了一个记录传送带上输送产品数量的计数装置，其原理如图甲、乙电路所示。已知电源电压U1＝18V，U2＝9V，电阻箱R2调到150Ω，R是一个标有“9V5.4W”字样的自动计数器，R1是一种光敏元件。每当传送带上的产品均匀通过时，射向R1的红外线会被产品挡住，R1的电阻会变大，信号触发器两端的电压U0＝UAB时就使图乙电路中S2闭合，使自动计数器计数一次。图丙是对产品输送计数项目进行测试后，信号触发器记录的某一时段AB间的电压随时间变化的图像。（1）自动计数器正常工作时的电流为A。（2）当产品挡住了射向R1的红外线，信号触发器接通受控电路时，R1的阻值为Ω。（3）如图丙，传送带匀速输送产品连续工作2min，自动计数器R消耗的电能为J。（4）由于整个装置工作时间较长，导致U1的电压逐渐减小，现场又没有适合U1的电源更换，为了使计数器正常工作，可以对图甲电路做的调节是。参考答案及解析1.【答案】A

【解析】解：(1)用此刻度尺测量的数据的倒数第二位对应的长度单位是mm，所以这把刻度尺的最小刻度即分度值是1mm；

比较测量结果知，“17.32cm”与其它三个测量结果比较，差别最大，所以是错误的，应该舍去；

(2)课本的宽度为L=17.42cm+7.40cm+17.41cm3=17.41cm。

故选：A。

多次测量求平均值可减小测量误差；多次测量时，每次的测量值相差不大，如果所测某一数据与其它数据偏差较大，则该数据是错误的，应舍去；

2．足球比赛中，运动员起脚射门，一个漂亮的“香蕉球”破门得分，如图所示。下列说法正确的是（）A．足球在空中飞行到最高点时，处于平衡状态 B．足球离开脚后继续飞行，是因为足球具有惯性 C．足球向内侧偏转是因为内侧空气流速小，外侧流速大 D．脚踢足球使足球飞出去，说明力是维持物体运动的原因【分析】（1）物体只有在不受力或者受平衡力的作用时，才处于平衡状态；（2）物体保持原来运动状态的性质叫做惯性；（3）流体压强与流速的关系：流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大；（4）力的作用是改变物体的运动状态，物体运动不需要力维持。【解答】解：A、足球在空中飞行到最高点时，不考虑空气阻力，受到重力的作用，受到非平衡力，不是平衡状态，故A错误；B、足球离开脚后继续飞行，是因为足球具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故B正确；C、足球向内侧偏转，这说明外侧空气的压强大、内侧空气的压强小，内侧的流速大、外侧的流速小，故C错误；D、脚踢球，使球飞出去，说明力可以改变物体的运动状态，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了惯性、牛顿第一定律、力与运动的关系，深入理解基本规律，是正确解答的关键。3．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，两个电阻的阻值R1＞R2。闭合开关S，电路正常工作。若将R1与R2的位置互换，则（）A．电流表A的示数不变；电压表V的示数变小 B．电流表A的示数不变；电压表V的示数变大 C．电流表A的示数变小；电压表V的示数不变 D．电流表A的示数变大；电压表V的示数变小【分析】由电路图可知，闭合开关S，R1与R2串联，电压表V测R1两端的电压，电流表A测电路中的电流；将R1与R2的位置互换后，R1与R2串联，电压表V测R2两端的电压，电流表A测电路中的电流，根据电阻的串联特点可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，再根据串联电路的电流特点和欧姆定律结合R1＞R2得出两电阻两端的电压关系，然后得出电压表示数的变化。【解答】解：由电路图可知，闭合开关S，R1与R2串联，电压表V测R1两端的电压，电流表A测电路中的电流；将R1与R2的位置互换后，R1与R2串联，电压表V测R2两端的电压，电流表A测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路的总电阻不变，由I=U因串联电路中各处的电流相等，且R1＞R2，所以，由U＝IR可知，U1＞U2，则两电阻互换后电压表V的示数变小，故A正确、B错误。故选：A。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意电压表不测带电源用电器两端的电压。4．（3分）两个相同的容器分别装有质量相同的甲、乙两种液体。用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示。下列说法正确的是（）A．甲液体的比热容大于乙液体的比热容 B．如果升高相同的温度，两液体吸收的热量相同 C．加热相同的时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量 D．加热相同的时间，甲液体温度升高的比乙液体温度升高的多【分析】（1）已知不同液体质量、升高温度大小关系，用公式c=Q（2）已知热源一定，也就是相同时间给两种液体提供的热量相同，所以从加热时间长短比较吸收的热量多少；（3）加热时间相同，也就是两种液体吸收的热量相同，温度变化从两种液体纵轴温度是否重合比较。【解答】解：A、已知两种液体质量相等，相同热源加热说明相同时间提供的热量相等。由图象可以看出：在吸收热量相同时，甲液体升高的温度更大，由公式c=QB、由图象可以看出：升高相同温度时，甲需要的时间较短，也就是甲需要的热量少。此选项错误；C、加热时间相同，两种液体吸收的热量相同。此选项错误；D、由图象知：加热相同的时间，甲液体温度升高的程度大于乙液体。此选项正确。故选：D。【点评】不同物质比热一般不同。公式c=Q5．（2分）如图所示是“探究影响压力作用效果因素”的实验，下列说法正确的是（）A．通过观察海绵被压下的深浅来显示压力作用效果，这种实验方法叫控制变量法 B．利用甲、乙的实验结论，可以解释书包装书越多背起来越不舒服的原因 C．利用乙、丙的实验结论，可以解释不易切断的甘蔗使劲才能切断的原因 D．探究压力作用效果与压力大小关系时，控制受力面积不变，这是运用了转换法【解答】解：A、通过观察海绵被压下的深浅来显示压力的作用效果，这种实验方法叫转换法，故A错误；B、比较甲、乙的实验知，受力面积相同时，甲中压力较小，压力的作用效果不明显；书包装书越多背起来越不舒服，是通过增大压力来增大压强，故可以解释书包装书越多背起来越不舒服的原因，故B正确；C、比较乙、丙的实验知，压力相同时，乙中受力面积越小，压力的作用效果较明显；切断的甘蔗使劲才能切断，是增大压力，不可以解释不易切断的甘蔗使劲才能切断的原因，故C错误；D、探究压力作用效果与压力大小关系时，控制受力面积不变，这是运用了控制变量法，故D错误。故选：B。6.【答案】C

【解析】解：A、根据图乙可知：两次实验水的沸点都是98℃，都低于标准大气压下的水的沸点100℃，故A正确；

B、实验中烧杯上的盖子留个小孔不是为了散热，而是为了使杯内外气压平衡，故B正确；

C、由图乙可知，水在6min时开始沸腾，沸腾前温度不断上升，沸腾过程中温度保持98℃不变，故C错误；

D、在装置相同的情况下，相同时间吸收热量相同，故D正确。

故选：C。

(1)水的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低；

(2)实验中烧杯上的盖子留个小孔是为了保持杯内外气压平衡；

(3)水在沸腾前吸收热量，温度不断升高；沸腾时，温度达到沸点，保持不变；

(4)在装置相同的情况下，相同时间吸收热量相同。

本题考查了液体沸腾特点及图像的应用，属于基础知识和基本能力的考查，难度中等。

7.【答案】D【解析】解：A、火箭发射升空时燃料燃烧产生的内能转化为机械能，故A正确；

B、在轨运行时神舟十三号与天和核心舱的相对位置没有发生变化，保持相对静止，故B正确；

C、电磁波可以在真空中传播，太空授课内容通过电磁波传回地面，故C正确；

D、返回舱下落时降落伞打开，质量不变，惯性不变，故D错误。

故选D。

A、火箭发射升空时燃料燃烧产生的内能转化为机械能；

B、在轨运行时神舟十三号与天和核心舱的相对位置没有发生变化；

C、电磁波可以在真空中传播；

D、惯性是物体的一种属性，只与物体的质量有关。

本题考查能量转化、运动和静止的相对性、电磁波、惯性等知识，综合性强，难度适中。

8.【答案】静止

【解析】解：搭载卫星的火箭升空时，卫星相对于火箭的位置没有发生变化，所以卫星是静止的。

故答案为：静止。

在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动的，若不改变，则是静止的。

判断一个物体是运动还是静止，主要取决于所选的参照物，参照物不同，物体的运动情况可能不同，这就是运动和静止的相对性。

9.【答案】=

>

【解析】解：因两金属棒AB和BC串联，

所以通过两部分导体的电流相等，即IAB=IBC；

因为导体AB和BC的材料相同、长度相同，但是横截面积不同，且SAB<SBC，

所以AB段的电阻大于BC段的电阻，

根据U=IR可知，AB段的电压要大于BC段的电压，即UAB>U10．（2分）（双选）某建筑工地需要从较远距离处架设临时照明供电线路，其简化电路如图所示。供电处电压U不变，从供电处到工地用长导线（有电阻）连接，两个照明灯泡L1和L2分别标有“220V40W”和“220V100W”。当仅闭合开关S1时，灯泡L1工作；仅闭合开关S2时，灯泡L2工作。前后两种情况相比，假设灯泡电阻不变，下列说法正确的是（）A．两灯泡工作时，两端电压相等 B．长导线上消耗的电功率变大 C．灯泡L2工作时的亮度一定比L1大 D．供电处电源输出的电功率增大【分析】已知导线有电阻，仅闭合开关S1时，相当于灯泡L1与导线串联；当仅闭合开关S2时，相当于灯泡L2与导线串联；根据P＝UI＝可得两灯泡的灯丝电阻大小；供电处输出的电压U不变。（1）导线电阻不变，根据串联电路的分压特点可知，灯丝电阻大的灯泡两端分的电压较高；（2）根据电功率计算公式P＝I2R，分析两次导线中电流大小，就可知两次导线消耗电功率的大小；（3）灯泡的亮度由灯的实际电功率决定，实际电功率大的灯亮；（4）输出的电压不变，根据P＝可知电源输出功率的大小变化情况。【解答】解：由R＝可知，L1的灯丝电阻：R1＝，L2的灯丝电阻：R2＝，因为灯的额定电压U额1＝U额2，P额1＜P额2，所以，R1＞R2，设长导线的电阻为R线，仅闭合开关S1时，相当于灯泡L1与导线串联，串联电路总电阻为R总1＝R线+R1，电路中的电流I1＝，灯L1两端的电压U1＝U﹣U线1＝U﹣I1R线＝U﹣，同理仅闭合开关S2时，相当于灯泡L2与导线串联，串联电路总电阻为R总2＝R线+R2，电路中的电流I2＝，灯L2两端的电压U2＝U﹣U线2＝U﹣I2R线＝U﹣，A、因为R1＞R2，所以R总1＞R总2，因此U1＜U2，故A错误；B、由电功率计算公式P＝UI＝I2R可得，仅闭合开关S1时，长导线消耗的电功率：P线1＝I12R线；仅闭合开关S2时，长导线消耗的电功率：P线2＝I22R线；因为I1＜I2，所以P线1＜P线2，故B正确；C、灯L1的实际功率：PL1＝（）2R1＝，灯L2的实际功率：PL2＝（）2R2＝，所以＝＝•，R线的值不能确定，可能有R线＝R1，则有＝•＝，因R1＞R2，＞1，即PL1＞PL2，故C错误；D、供电处电源输出的电功率P＝UI，仅闭合开关S1时，P1＝UI1，仅闭合开关S2时，P2＝UI2，因I1＜I2，所以P1＜P2，故D正确。故选：BD。【点评】本题考查串联电路的特点，电功率的不同计算公式的应用，以及欧姆定律公式的应用和灯泡亮度的判断依据等，其中C选项的判断有难度。11．（3分）2022年北京﹣张家口冬季奥运会将在2022年02月4日～20日在中华人民共和国北京市和张家口市联合举行。其中一个项目“单板滑雪”是以一块滑雪板为工具，在规定的山坡线路上快速回转滑降，运动员滑降时，以滑板为参照物，运动员是静止（选填“运动”或“静止”）的；比赛结束后，滑板微微发热，是因为机械能转化为内能，这是通过做功方式改变的。【分析】（1）物体运动还是静止与参照物的选择有关；（2）改变内能的方式：做功和热传递。【解答】解：（1）在规定的山坡线路上快速回转滑降，运动员滑降时，以滑板为参照物，运动员相对于滑板的位置不发生变化，故以滑板为参照物，运动员是静止的；（2）比赛结束后，滑板微微发热，是因为机械能转化为内能，这是通过做功方式改变的。故答案为：静止；内；做功。【点评】本题考查运动和静止的相对性以及改变内能的方式，难度不大。12．A5×104【详解】吊臂在升起过程中，由于围绕着A转动，所以A为支点；根据题意知道，货物的重力是：G=mg=2000kg×10N/kg=20000N，又因为AC=AB+BC=4m+6m=10m，所以，伸缩撑杆对吊臂的支持力竖直向上，其力臂为ABcosθ，由杠杆的平衡条件知道，F×ABcosθ=G×ACcosθ，即．．13.【答案】1：1；2：1；1：2；1：1

【解析】解：当R1、R2串联时，I1：I2=1：1，U1：U2=R1：R2=2：1．

当R1、R2并联时，U1：U2=1：1，I1：I2=R2：R1=1：14.【答案】静止

减小

【解析】解：战机在空中加油时，以受油机为参照物，加油机与受油机之间的相对位置没有发生变化，因此是静止的；加油机的速度不变，质量减小，其动能减小。

故答案为：静止；减小

(1)被研究的物体和参照物之间如果发生位置的改变，被研究的物体是运动的，如果没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的。

(2)动能和物体的质量和速度有关，判断时要考虑到两个因素。

本题主要考查对动能大小的因素、运动和静止的相对性的理解和掌握，难度不大。15.（【详解】由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2知道，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，A点离支点最远，当OA作为动力臂时，动力臂最长；由图知道，动力的方向应该向下，过点A垂直于OA向上作出最小动力示意图，如下图16．解：（1）地球表面上的物体没有不受力作用的，空中的小球，一定受到重力的作用，由于小球在绳子的拉力作用下做圆周运动，所以还受到绳子的拉力作用；（2）小球在水平面内做的圆周运动，它的运动方向时刻在发生改变，即它的运动状态在时刻改变，所以小球一定受到非平衡力的作用，小球受力如下图所示：17．解：（1）通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，由此可以画出这条折射光线对应的入射光线；（2）（3）过入射点垂直于镜面作出法线，根据反射角等于入射角，在法线的另一侧作出反射光线；入射角为90°﹣45°＝45°，反射角等于入射角，大小也是45°，如图所示：四．解答题（共1小题）18．放大幻灯机太长小小于大后凸【解析】（1）从图2中可以看出，蜡烛在A，B位置时，2f＞u＞f，凸透镜成倒立放大的实像，应用是幻灯机或投影仪；（2）C点在一倍和二倍焦距之间，无论怎样移动光屏都不能在光屏上得到像，可能是此时像距太大（或超出了光具座的长度范围）；（3）保持蜡烛和透镜的位置不变，更换凸透镜，在光具座上移动光屏，光屏上又出现了清晰的像，由此推断更换的凸透镜会聚光的能力较强，焦距变小，像距也变小，此透镜焦距小于15cm．产生远视眼的原因是，晶状体太薄，折光能力太弱，焦距变大，近处的物体的像成在视网膜之后，因此远视眼看不清近处的物体，可以用凸透镜的镜片进行矫正．19．（8分）在测量小灯泡电阻的实验中，小明同学设计的电路实物图如图甲所示（部分未连接好），电源电压4V不变，选用的小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器的规格为“25Ω，1A”。（1）请用笔画线代替导线将电路实物图补充完整，要求向右移动滑片时灯泡变亮；（2）闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表和电压表均有示数，但示数很小，接下来的操作应该是C（填字母）；A.断开开关，检查电路B.断开开关，更换灯泡C.调节滑动变阻器，继续实验（3）小明根据实验中测出的数据作出了I﹣U图象如图乙所示，由图象知，小灯泡正常发光时的电阻是10Ω；（4）老师看到I﹣U图象中的五组数据后，指出小明在实验中的数据有一组是编造出来的，你觉得老师说的是A（选填“A”“B”“C”“D”或“E”）组数据。【分析】（1）滑动变阻器应应与被测电路串联，要求向右移动滑片时灯泡变亮，故应接入右下端；（2）闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表和电压表均有示数，但示数很小，说明滑动变阻器的阻值大，故应调节滑动变阻器，观察灯泡是否亮起来；（3）已知小灯泡的额定电压为2.5V，由I﹣U图象找到对应的电流值，根据R＝得到小灯泡正常发光时的阻值；（4）根据滑动变阻器的最大阻值，求出电路中的电流，据此分析；【解答】解：（1）滑动变阻器应应与被测电路串联，要求向右移动滑片时灯泡变亮，故应接入右下端，如图所示：；（2）闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表和电压表均有示数，但示数很小，说明滑动变阻器的阻值大，故应调节滑动变阻器，观察灯泡是否亮起来；故选：B；（3）已知小灯泡的额定电压为2.5V，由I﹣U图象可知此时对应的电流为0.25A，则小灯泡的电阻R＝＝＝10Ω；（4）由I﹣U图象可知A的数据，电压表示数为0.5V，根据串联电路电压的特点，滑动变阻器两端的电压为3.5V，滑动变阻器的阻值R滑＝＝＝35Ω，已知滑动变阻器的规格为“25Ω，1A”，故A数据是编造出来的。故答案为：（1）；（2）C；（3）10；（4）A。【点评】本题考查电路连接、故障分析、欧姆定律和数据分析，是一道好题。四、计算与推导题（第21小题6分，第22小题6分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和过程）20．（3分）在两个容器中分别盛有甲、乙两种不同的液体，把体积相同的A、B两个实心小球放入甲液体中，两球沉底如图甲所示；放入乙液体中，两球静止时的情况如图乙所示。请比较，在甲液体中，容器底对小球A的支持力与容器底对小球B的支持力的大小，并简述分析过程。【解答】解：在乙液体中，A漂浮，B下沉，由于两个小球的体积相同，则VA排＜VB排，根据F浮＝ρgV排可得，F浮A＜F浮B，根据物体的浮沉条件可知：GA＝F浮A，GB＞F浮B，所以，GA＜GB；在甲液体中，由于体积相同的A、B两个实心小球沉底，排开甲液体的体积相等，由F浮＝ρgV排可得，两球在甲液体中受到的浮力相同，根据G＝F浮+F支可知支持力：F支＝G﹣F浮，所以，F支A＜F支B。答：在甲液体中，容器底对小球A的支持力小于容器底对小球B的支持力的大小。21．（6分）如图所示为某载人潜水器的示意图，该潜水器的质量为18t，若它在5min内从水面下潜到1800m深处作业。（g＝10N/kg，ρ海水＝1.0×103kg/m3）求：（1）潜水器的重力：（2）潜水器下潜时的平均速度；（3）若潜水器底面积为2m2，潜水器在1800m深处时，底面受到海水的压力。【分析】（1）利用G＝mg求潜水器的重力；（2）利用v＝求平均速度；（3）根据p＝ρ海水gh求海水的压强，再用F＝pS计算出潜水器在1800m深处受到海水的压力。【解答】解：（1）潜水器的重力：G＝mg＝18×103kg×10N/kg＝1.8×105N；（2）潜水器下潜时的平均速度：v＝＝＝6m/s；（3）潜水器在1800m深处受到海水的压强：p＝ρ海水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1800m＝1.8×107Pa，潜水器在1800m深处受到海水的压力：F＝pS＝1.8×107Pa×2m2＝3.6×107N。答：（1）潜水器的重力为1.2×105N；（2）潜水器下潜时的平均速度为6m/s；（3）潜水器在1800m深处受到海水的压力为3.6×107N。【点评】本题考查了重力、平均速度和海水压强的计算，是一道基础题。22．（7分）如图所示，是物理兴趣小组设计的调节多挡位加热器的电路结构图。其中电源电压恒为24V，R1、R2为阻值恒定的加热电阻，R1＝20Ω，R2＝30Ω，R3为调节加热功率的滑动变阻器。若电流表的量程为0～3A，电压表的量程为0～15V，求：（1）当开关S、S1、S2都闭合时，处于快热挡，此时电路的总功率；（2）当S闭合，S1、S2都断开时，处于调温挡，移动滑动变阻器滑片就可以自主调节加热电阻的发热功率。若滑片在距右端13处时，加热电阻R1（3）当S闭合，S1、S2都断开时，处于调温挡，调节滑动变阻器的滑片，在所有元件安全的前提下，电路总功率的变化范围。【解答】解：（1）当开关S、S1、S2都闭合时，R1、R2并联，处于快热挡；此时的功率：P＝P1+P2=U（2）当S闭合，S1、S2都断开时，R1、R3串联，电流表A测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端电压，处于调温挡；由P=U2R可得，R1两端电压：U1由P＝UI可得，电路电流：I′=U因串联电路总电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端电压：U滑＝U﹣U1′＝24V﹣12V＝12V，此时滑动变阻器的功率：P滑＝U滑I′＝12V×0.6A＝7.2W；由I=UR可知，滑片在距右端13处时，滑动变阻器接入电路的阻值：R滑=故滑动变阻器的最大阻值：R3=R滑1（3）当S闭合，S1、S2都断开时，定值电阻R1和滑动变阻器R3串联，处于调温挡，当变阻器的滑片移至最右端时，只有R1接入电路，则电路中的最大电流Imax=U则电路最大总功率：Pmax＝UImax＝24V×1.2A＝28.8W；当滑动变阻器全部接入电路时，电路中的最小电流：Imin=U由I=UR可知，滑动变阻器两端电压：U3＝IminR3＝0.3A×60Imin′=U则电路最小总功率：Pmin＝UImin′＝24V×0.45A＝10.8W，故处于调温挡时调节滑动变阻器的滑片，电路中总功率的变化范围为10.8W～28.8W。答：（1）当开关S、S1、S2都闭合时，处于快热挡，此时的功率为48W；（2）滑动变阻器的功率为7.2W；（3）当S闭合，S1、S2都断开时，处于调温挡，调节滑动变阻器的滑片，在所有元件安全的前提下，电路总功率的变化范围为10.8W～28.8W。23．（9分）时至今日，航空母舰已是现代海军不可或缺的利器，也成为了一个国家综合国力的象征。航母上配备大量先进装备，其中舰载机是航母战斗力的核心，舰载机可以在航母上起飞、着落，执行各种军事任务。（ρ海水＝1.1×103kg/m3）（1）航母配备的深水炸弹，主要用于毁伤潜艇。深水炸弹在深度500m的深海中爆炸，此时深水炸弹受到的海水压强为多大？（2）彩虹﹣4无人机是中国航天科技集团公司自主研发的无人驾驶飞行器，可以为航空母舰侦查敌情。无人机到距离航空母舰150km的地方侦查敌情用了0.5h，此次无人机的水平平均飞行速度是多少？（3）歼击机的主要任务是与敌方歼击机进行空战，拦截敌方轰炸机、强击机和巡航导弹。某歼击机起飞后，航母排开水的体积减小了20m3，则该型号舰载机的重力为多少？（4）钢化玻璃属于安全玻璃，有较强的承载能力、抗风压性、寒暑性、冲击性等，飞机舷窗玻璃使用的就是这种安全玻璃。飞机在高空飞行时，机舱外气压很低，机舱内始终保持1.0×105Pa的气压，如图所示是大气压随高度变化的图象，当客机飞行在7km高度时，面积是200cm2的舷窗承受的内外压力差是多少？【分析】（1）已知海水密度和炸弹所处深度，根据p＝ρ海水gh计算海水对炸弹的压强；（2）已知路程和时间，根据v=s（3）航母在海面上处于漂浮状态，所受浮力等于航母和飞机等的总重力。飞机起飞后，航母所受浮力的减小量等于飞机的重力，根据ΔF浮＝ρ海水gΔV排计算航母所受浮力的减小量即为该型号舰载机的重力；（4）根据图像得到7km高空大气压，根据ΔF