2027届湖南长沙大学附中高三上学期开学考物理试题及答案

2027届高三8月测试镜可看到毛玻璃片上的绿色干涉条纹。下列说法正确的是()A.毛玻璃屏向双缝方向靠近，相邻两条亮条纹中心距离不变B.改用间距大于d的双缝，相邻两条亮条纹中心距离变宽C.红光波长比绿光长，把绿色滤光片换成红色，相邻两条亮条纹中D.取下双缝，逐渐将单缝的缝宽调窄，毛玻璃片上的亮纹宽度逐渐变窄2.（4分）如图所示，一定质量的理想气体可经三个不同的过程从状态A变化到状态C，则()B.气体在状态B时和在状态D时，气体分子热运动的平均动能相同D.状态C下气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的平均次数比状态B更多速度为g，释放后，当右侧绳子比左侧绳子长2l时，绳子最高点处的张力大小为()A.m0gB.m0gC.m0gD.m0g4.（4分）如图所示为某同学设计的油量表，闭合开关，当往油箱里加油时，浮小为g，空气阻力产生的加速度大小恒为a，该项目所用排球质量为m，若排球与鼓面的接触时间为t，不考虑排球与鼓面接触过程中的空气阻力，则鼓面对排球的平均作用力大小为()6.（4分）某电磁缓冲装置如图所示，两足够长的平行金属导轨B.在整个过程中，定值电阻R产生的热量为mC.金属杆经过AA1B1B与BB1C1C区域，金属杆所受安培力的冲量不相同D.若将金属杆的初速度加倍，则金属杆在磁场中运动的点入射光线的夹角三棱镜对a、b光的折射率分别用na、nb表示，则下列结论正确的是()A.na=B.na=C.若用a、b两单色光分别通过同一双缝干涉装置，屏上的条纹间距xaD.若用a、b两单色光分别照射相同金属板都能发生光电效应，则逸出的光电子最大初动能Eka<Ekb8.（5分）如图为小津同学设计的一款简易温度报警装置及金属薄片与M、N两触点接触使电路导通，气体，则密封气体()A.对外做功B.吸收的热量等于其内能的增9.（5分）如图为某食品加工厂里的全自动面包切割输送装置的示包条以恒定的速度v1向传送带输送，在推送平台末端有一切的动摩擦因数处处相同，传送带足够长，下列说法正确的是()A.切割器切割时的速度方向竖直向下B.面包坯加速过程中的加速度大小为D.带动传送带的电机相对于空转时平均功率至少增加了10.（5分）如图，U形光滑金属框abcd置于水平绝缘动金属框，运动过程中，装置始终处于竖直向下的匀强磁场中，MN与金A.金属框的速度大小趋于恒定值一个质量均匀的金属小球相连，另一端系在固定的力传感器的挂钩上，整个装置处于与传感器相连的计算机记录细线的拉力F随时间t变化的图线电流，则所测得电池组的电动势E=，内阻后的速率不变，滑块可视为质点，取g=10m/s2027届高三8月测试3.C【解析】系统由左右两段绳子组成，总质量一定，释放后，右侧绳长变长，左侧变短，当右侧为T，以右侧绳子为对象，根据牛顿第二定律：(L+l)m0g−T=变大，电压表的示数变小，A错误、B项正由牛顿第二定律可得ma2=mg+ma，设离开鼓面时速度为v2，由匀变速直线运动规律得v=2a2H，鼓面对球的作用力竖直向上，取竖直向上为正方向，由动量定理得Ft−mgt=mv2−(−mv1)，联立解6.D【解析】设平行金属导轨间距为L，金属杆在AA1B1B区域向右运动的过程中切割磁感则vB＝v0-同理可得，则金属杆在BB1C1C区域运动的过程中有--μmgt0＝－mvB金属杆经过AA1B1B与BB1C1C区域，金属杆所受安培力的冲量为则金属杆经过AA1B1B与BB1C1C区域滑行距离均为d金属杆以初速度v0在磁场中运动全过程有则有--μmgt0′＝－2mv0t0高、波长越短，因此λa>λb，同一双缝干8.AD【解析】由题意可知，汽缸导热良好，环境温度升高时，封闭气9.CD【解析】由题意可知，面包坯有向右的速度，为将面包坯切割成宽为的长方体面包坯，根据运动互抵消，其竖直方向的分速度切割面包坯，A错误；面包坯以速度 为Q=fΔx′=μmg⋅联立解得故电机对单块面包坯做的总功w=ΔEk+Q=mv2(v2−v1)，又切割周期为故带动传送带的电机相对于空转时平均功率至少增加了加速度大小为a2，则有Bil＝ma2，当金属框和MN都运动后，金属框速度为中的感应电流为感应电流从0开始增大，则a2从零开始越大，故D错误.联阻值小于Rg的阻值，则流过RN的电流大于原来的电流，则流过RM的电流大于I，RM的电阻小于Rg，(2)微安表内阻测量值Rg=2026Ω,该微安表需要串联电阻箱R2，才能改装成量程为4V的电压表，根P到对称轴MN的距离为R，OP=R因此法线OP与入射光线的夹角，sini=在△OPQ中，OP=R，OQ=R，∠结合余弦定理，解得：PQ=√Q点的入射角θ是折射光线PQ与AB的法线(MN)的夹角，【解析】(1)对滑块受力分析，可得μmgcosθ<mgsinθ,即μ<tanθ动能定理得mgx0sinθ−μmgs1cosθ=0解得s1=m(3)滑块由静止释放后，沿传送带向下匀加速运μmgcosθ=ma1根据匀变速直线运动规律v=2a1x0于μ<tan30°,可知滑块要继续向上减速，滑块与挡板P第一次碰撞后，先沿传送带向上做匀减速运动至速率为v，根据牛顿第二定律可得mgsinθ+μmgcosθ=ma2此后滑块以加速度a1继续沿传送带向上做匀减速运动至速率为0，根据匀故滑块与挡板P第一次碰撞后上滑的距离为L=x1+x2=m滑块与挡板P第一次碰撞后到达最高位置后，沿传送带以加速度a1向下做匀与挡板P第二次碰撞，根据匀变速直线运动规律可得碰撞前瞬间速率为v2=√2a1L=√7m⁄s22m此后滑块以a1做匀减速运动至速率为0，同理可得，运动距离x22=x2=1m滑块与挡板P第三次碰撞后，以加速度a2做匀减速运动至速率为v，运动对b棒分析，根据牛顿第二定律有Bi1L=m2a2(2)根据分析可知，当接通之后a棒和b棒会受到安培力，但m1<m2，所以初始b棒加速度小于a棒加速根据导体棒平动切割感应电动势有E=BLv对a棒根据动量定理有∑BiaL⋅Δt=m1v求和可得BqaL=m1v则电源的总功w=∑E(ia+ib)Δt=