2026-2027学年沪科版中考物理综合模拟卷（附含答案解析）

第页2026-2027学年沪科版中考物理综合模拟卷（附含答案解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.下列现象中吸放热情况与冬天冰冻的衣服晾干相同的是(    )A.①② B.①④ C.②③ D.③④2.有很多成语、俗语中蕴含着物理知识。下列对描述声现象的成语、俗语解释错误的是(

)A.“隔墙有耳”，说明固体能传声

B.“震耳欲聋”，说明声音的音调高

C.“闻其声知其人”，说明可以根据音色来判断说话者

D.“响鼓也要重锤敲”，说明声音是由振动产生的，且振幅越大，响度越大3．如图所示，是某工地施工时用于提升重物的滑轮组，工人用大小为160N的拉力，在10s内将重为450N的重物在竖直方向上匀速提升2m。若不计绳重及摩擦，则下列判断错误的是（）A．滑轮组的机械效率为93.75% B．拉力的功率为32WC．动滑轮重为30N D．10s内物体的重力做功为900J4．如图所示为小阳同学在体育测试中“原地掷实心球”的场景，图中虚线描绘的是实心球离开人手后运动的路径，不计空气阻力，下列说法中不正确的是（）A．球离开手后能在空中继续上升，是由于球具有惯性 B．球在离开手后的上升过程中，重力的方向一定竖直向下 C．球运动到最高点时，合力为零 D．球最终落向地面，是因为球受到了重力的作用5．如图为一款家用养生壶，其额定功率约为550W，用它烧开一满壶自来水大约需要6min，以下关于它的相关数据最符合实际的是（）A．该养生壶正常工作时的电压为380V B．标准大气压下，用它烧开一满壶自来水，水大约需要吸收6.72×106J的热量 C．该养生壶正常工作时的电流为2.5A D．该养生壶的加热效率可达到100%6．如图所示，小明通过定滑轮将一木块沿水平方向匀速拉动一段距离。小明对绳子自由端竖直向上的拉力为F1，绳子自由端上升的距离为h。绳子对木块水平方向的拉力为F2，木块的重力为G，已知F1＞F2，以下说法正确的是（）A．小明使用定滑轮能够省力 B．小明通过定滑轮拉木块所做的有用功W有＝Gh C．小明通过定滑轮拉木块所做的总功W总＝F1h D．定滑轮的机械效率η＝7．如图所示电路，电源电压为12V且保持不变。闭合开关S，当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数为4V；当滑片P置于变阻器的b端时，电压表的示数变化了2V，在10s内定值电阻R1产生的热量为60J。则下列结果正确的是（）A．如果滑片P从a滑到b的过程中，电路中的最大电流为1.5AB．滑片P在中点时，滑动变阻器R消耗的电功率为6WC．R先后两次消耗的电功率之比为8：9D．R1先后两次消耗的电功率之比为4：3二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．小丽探究煤炉的热效率时，用煤炉给10kg的水加热，此过程中水温随时间变化情况如图。若6分钟内燃烧了1kg的煤，则这些煤完全燃烧放出的热量是J．烧水过程中，（选填“0～2min”、“2～4min”或“4～6min”）时间段内的热效率最高。[设相同时间内燃烧煤的质量相等。水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），煤的热值是3×107J/kg]9.兴趣小组利用热传感器设计一款高温报警电路，要求闭合开关后，当环境温度过高时，电磁铁的磁性增强，电铃会被接通发出报警声。电磁铁通电时，它的上端是______极，热传感器应接在电路中的______位置，电铃应接在电路中的______位置。(均选填“a”、“b”或“c”)10.如图是小敏周末在湖边游玩时拍摄的一张照片，拍得的是天鹅倒立、缩小的______(选填“实像”或“虚像”)。若此时的天鹅距水面2m，它在水中的倒影离天鹅______m。若天鹅靠近水面飞行，水中天鹅的像______(选填“变大”、“不变”或“变小”)。11.(1)图甲中所测电流大小为

A；图乙中物体的长度为

cm；图丙中机械秒表的读数为

s。

(2)小明家的电能表的表盘如图丁所示，电能表的读数为

kW⋅h。小明家中用电器正常使用的总功率不能超过

W，用电器工作时消耗0.5kW⋅h的电能，电能表指示灯闪烁

12.(1)某同学站在平面镜前1m处，当他向镜子靠近0.5m时，他和像之间的距离改变了______m。

(2)如图所示是四冲程汽油机的其中一个冲程的剖面图，该冲程是______冲程。

13.市面上有一种如图所示的“一拖五耳机分线器”，它可以让MP3输出的音乐同时供五个人聆听，这五幅耳机的连接方式是______；我们常用的耳机(动圈式)的工作原理是______．

14．小海和同学们参加研学旅行，汽车在公路上快速行驶时，小海发现窗帘从打开的窗户向外飘，这是因为窗外的空气流速较大，压强（选填“较大”或“较小”）；车行驶到山顶时，他发现密封的零食包装袋鼓起来了，这是因为山顶上的大气压比山脚下的大气压（选填“大”或“小”）造成的。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．按照题目要求作图：在图中画出反射光线，并标出反射角的大小。16．建筑工人在A处，使用如图所示的滑轮组提升物体，试在图中画出最省力的绕线方法。17.如图甲所示，帆船运动员为防止船侧翻，利用杠杆原理，借助自身的重力以及对桅杆的拉力来控制船身平衡。请在如图乙中画出运动员所受重力G以及拉力F的力臂L。

四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18.在“探究物质的吸热能力”的实验中，实验装置如图所示。

(1)实验中要选取初温相同且质量相等的甲、乙两种液体，选用规格相同的电加热器分别给甲和乙两种液体加热。根据实验测得的数据分别描绘出了甲和乙两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图丙所示，则______的吸热能力更强。

(2)若甲液体的比热容为2.1×103J/(kg⋅℃)，则乙液体的比热容为______J/(kg⋅℃)。

(3)电加热器工作时，利用了电流的______效应。

(4)关于比热容，下列说法正确的是______。

A.比热容跟物体吸收或放出的热量有关

B.物体的质量越大，它的比热容越大19．如图所示，李宁同学在张老师指导下做“探究凸透镜成像规律”的实验。（1）当蜡烛位于图中B处时，移动光屏到D处，观察到光屏上呈现清晰的像，此时像和物大小相等，则该凸透镜焦距为cm。（2）李宁同学把蜡烛移到A处，屏上的像变得模糊。要使像变清晰，光屏应向（选填“左”或“右”）适当移动。（3）当烛焰距凸透镜15cm时，移动光屏，可在光屏上得到一个清晰、倒立的实像，日常生活中利用这一原理制成的光学仪器是（填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。20.在进行“光的反射定律”的探究实验中，小明设计了如下实验，如图所示，平面镜M平放在桌面上，E、F是粘在一起的硬纸板，F可绕ON转动。(1)如图甲，当E、F在同一平面上，让光线AO沿E射向镜面，在纸板F上可看到反射光线OB，若将AO向ON靠近，OB向ON

(靠近/远离)，总是看到∠BON

(>/=/<)∠AON。(2)如图乙，把F向后折叠，

(能/不能)看到反射光线，说明反射光线、与入射光线和法线

(在/不在)同一平面。(3)若光线沿BO入射，则光线经镜面后沿OA射出，这说明了在反射现象中，光路是

的。(可逆/不可逆)。(4)从不同方向都能看硬纸板上的入射光线是因为光在硬纸板表面发生了

(镜面/漫)反射。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．扫地机器人是智能家用电器的一种，正逐渐进入我们的生活，如图所示，是一款集自动清扫技术和人工智能设计于一体的地面清扫机器人，已知其质量为3kg，它与地面的有效接触面积为0.01m2．若该机器人工作时功率为75W，在10s内沿直线匀速清扫的距离为5m。（1）该机器人静止在水平地面上时，对地面的压强是多大？（2）该机器人在10s内所做的功是多少？（3）该机器人在沿直线匀速清扫过程中受到的阻力为多少？

22．如图所示的电路，电源电压恒为8V，小灯泡标有“6V，3W”的字样。若不考虑温度对灯泡电阻的影响，闭合开关S。求：（1）小灯泡的额定电流？（2）小灯泡正常发光时，滑动变阻器R接入电路的电阻？（3）移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为3V时，小灯泡的实际功率？六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．2011年3月10日12时58分云南盈江县发生5.8级地震，如图所示为某救援现场塔吊简易图，利用该装置，把质量为4kg、体积为10﹣3m3的薄石块从水面下5m处拉出水面后，再提升了8m，共用时间10s．动滑轮重为20N（不计绳重及滑轮与轴间的摩擦及水对石块的阻力，设石块的两个上升过程都为匀速）。（1）当薄石块浸没在水中5m深处时，它受到的水的压强是多少？（2）当薄石块浸没在水中时，它受到的浮力是多少？（3）在整个过程中拉力F做功的功率是多少？（可近似认为石块离开水面前浮力大小不变）24．(本题4分)阅读短文，回答问题。油电混合动力型汽车如图所示，油电混合动力型汽车主要由汽油发动机、电动机和动力电池组成。汽车的内置电脑可以自动选择牵引方式带动车辆运行。其中发动机牵引方式能发挥纯发动机汽车在除霜、制冷、爬坡，续航里程长等方面的优势；而电动机牵引方式则具有噪音小、零排放、频繁启动和制动时能耗小等纯电动汽车的优势。这种汽车不需要像纯电动汽车一样将它的动力电池接到电源插座上去充电，因为它在减速制动时，电动机作为发电机使用，将一部分动能转化为电能，实现对电池的充电。这种汽车还整合了发动机和电动机的工作优势，热效率提高了10%左右，废气排放量可改善30%以上。（1）通常在兰州市区内早高峰时段行驶时，内置电脑会将车辆自动切换到___________牵引方式（选填“电动机”或“发动机”），这种方式的优点之一是___________。（2）在减速制动时，混合动力型汽车的动能转化为___________能和电能；此时，电动机作为发电机使用，它发电的原理是___________。25．请仔细观察图中茶壶的构造，并回答下列问题。（1）茶壶盖上有个小孔，请说出小孔的作用。（2）请用物理知识解释壶嘴若低于壶身，茶壶会有什么弊病。参考答案及解析1.【答案】A【解析】解：冰冻的衣服晾干，是冰吸收热量升华成为水蒸气；

①冰雪消融是冰熔化吸热变成水；

②常温下干冰变小是干冰升华吸热变成气态；

③雾是水蒸气液化放热成小水珠；

④霜是水蒸气凝华放热成小冰晶。

①②与冰冻的衣服晾干均要吸热。

故选：A。

物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。

六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

2.【答案】B

【解析】【分析】

声音的传播需要介质，声音可以在固体、气体和液体中进行传播；响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关，振幅越大，响度越大。音色是指声音的品质与特色，根据以上内容，对各个选项进行判断。本题考点较全，需要学生全面掌握声音的知识，包括声音的三个特征以及相关因素、声音的传播等方面的知识，在平时的学习中注意知识的积累。

【解答】

A、“隔墙有耳”，说明声音可以通过固体进行传播，选项说法正确；

B、“震耳欲聋”，说明声音的响度大，选项说法错误；

C、因每个人的音色都不同，所以我们才可“闻其声而知其人”，这句话表明不同人发出的声音具有不同的音色，选项说法正确；

D、“响鼓还要重锤敲”这句话说明声音的响度跟振动的幅度有关，振幅越大，响度越大，选项说法正确；

故选：B。3．B【解析】AD．由图可知，n=3，绳子自由端移动的距离为该滑轮组的有用功，即10s内物体的重力做功为滑轮组的总功为滑轮组的效率为故AD正确，不符合题意；B．拉力的功率为故B错误，符合题意；C．不计绳重和滑轮转轴处的摩擦，拉力为则动滑轮的重力故C正确，不符合题意。故选B。4．解：A、球离开手后能在空中继续上升，是由于球具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故A正确；B、重力的方向总是竖直向下，故B正确；C、球运动到最高点时，只受重力作用，因此受到的是非平衡力，合力不为0，故C错误；D、球最终落向地面，是因为球受到了重力的作用，故D正确。故选：C。5．（2分）如图为一款家用养生壶，其额定功率约为550W，用它烧开一满壶自来水大约需要6min，以下关于它的相关数据最符合实际的是（）A．该养生壶正常工作时的电压为380V B．标准大气压下，用它烧开一满壶自来水，水大约需要吸收6.72×106J的热量 C．该养生壶正常工作时的电流为2.5A D．该养生壶的加热效率可达到100%【解答】解：A、我国家庭电路的电压为220V，因此该养生壶正常工作时的电压为220V，故A错误；B、一满壶自来水的质量约为2kg，1标准大气压下水的沸点为100℃，水的初温约为20℃，则水吸收的热量：Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.72×105J，故B错误；C、由P＝UI可知，养生壶正常工作时的电流：I＝＝＝2.5A，故C正确；D、养生壶加热的过程中存在热损失，因此水吸收的热量小于养生壶放出的热量，由η＝×100%可知，该养生壶的加热效率小于100%，故D错误。故选：C。（多选6．（3分）如图所示，小明通过定滑轮将一木块沿水平方向匀速拉动一段距离。小明对绳子自由端竖直向上的拉力为F1，绳子自由端上升的距离为h。绳子对木块水平方向的拉力为F2，木块的重力为G，已知F1＞F2，以下说法正确的是（）A．小明使用定滑轮能够省力 B．小明通过定滑轮拉木块所做的有用功W有＝Gh C．小明通过定滑轮拉木块所做的总功W总＝F1h D．定滑轮的机械效率η＝【分析】A、定滑轮能改变力的方向，不省力；B、根据W有＝F2h得出小明通过定滑轮拉木块所做的有用功；C、根据W总＝F1h得出小明通过定滑轮拉木块所做的总功；D、根据η＝＝＝得出定滑轮的机械效率。【解答】解：A、此滑轮为定滑轮，不省力，故A错误；B、小明通过定滑轮拉木块所做的有用功W有＝F2h，故B错误；C、小明通过定滑轮拉木块所做的总功W总＝F1h，故C正确；D、定滑轮的机械效率η＝＝＝，故D错误。故选C。【点评】本题考查功和机械效率的计算，综合性强，难度适中。7．C【详解】A．当滑片在a点时，只有R1工作，电路中电阻最小，电流最大，电路中的最大电流故A错误；B．根据电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R串联，电压表测R两端电压，电流表测电路中电流；根据串联电路分压原理知，滑片从中点到b端时，R连入阻值增大，它分得电压增大，即电压表示数增大了2V，此时电压表示数为所以由可得滑片在中点时，电路中的电流滑动变阻器R消耗的电功率故B错误；C．由P＝UI可得，R先后两次消耗的电功率之比故C正确；D．由P＝UI可得，R1先后两次消耗的电功率之比故D错误。故选C。8．解：煤完全燃烧产生的热量Q放＝mq＝1kg×3×107J/kg＝3×107J；图中所示在0～2min时间内，水的温度升高最快，所以该时间段热效率最高。故答案为：3×107；0～2min。9.【答案】N

c

b

【解析】解：如图所示，电流从电磁铁的上流入，下端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极；

当环境温度升高到一定程度时，电磁继电器的衔铁被吸合，动触点和下面的静触点接触，电铃接在b位置时就会被接通发出报警声，断开开关S，电路中没有电流，电磁铁失去磁性，弹簧将衔铁拉起，接在b处的电铃不再工作，可关闭铃声；

当温度低时，低压控制电路断开，电路中没有电流，电磁铁失去磁性，弹簧将衔铁拉起，接在b处的电铃不再工作，可关闭铃声，所以热传感器接在电路中的c位置。

故答案为：N；c；b。

根据安培定则分析电磁铁的极性；根据题中的信息和电磁铁的特点分析解答。

本题主要考查了高温报警器的原理，是一道基础题。10.【答案】实像

4

不变

【解析】解：拍摄照片时，镜头相当于凸透镜，物距大于二倍焦距，凸透镜成倒立、缩小的实像；

倒影相当于平面镜成像，已知天鹅离水面2m，由平面镜成像的特点可知，倒影距离水面也是2m，则它在水中的倒影离天鹅的距离为2m+2m=4m；

平面镜成像始终与物体大小相等，若天鹅靠近水面飞行，水中天鹅的像大小不变。

故答案为：实像；4；不变。

当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机和摄像头；

平面镜成像的特点：成虚像，像和物体大小相等、像和物体关于平面镜对称、像到平面镜的距离和物体到平面镜的距离相等；

本题考查凸透镜成像规律、平面镜成像特点，属于简单的光学综合题。11.【答案】2.6

2.00

337.5

2017.6

4400

1600

【解析】解：(1)由图甲可知，电流表使用的是0～3A的量程，分度值为0.1A，示数为2.6A；

图乙中，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与0.00cm对齐，右侧与2.00cm对齐，故物体的长度为2.00cm；

图丙中，秒表小盘的分度值是0.5min，指针在5min和6min之间，偏过中线；大盘的分度值是0.1s，而大盘指针在37.5s，因此秒表读数为5min37.5s，即：337.5s；

(2)由图丁可知，电能表的读数为2017.6kW⋅h；

由图丁可知，该电能表平时工作时允许通过的最大电流为40A，

则小陈家中用电器正常使用的总功率的最大值：

P最大=UI最大=220V×40A=8800W；

3200imp/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，

用电器工作时消耗0.5kW⋅h的电能，则电能表指示灯闪烁的次数：

n=3200imp/(kW⋅h)×0.5kW⋅h=1600imp。

故答案为：(1)2.6；2.00；337.5；(2)2017.6；8800；1600。

(1)使用电流表读数时要确定量程和分度值，再根据指针位置读数；

使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0刻度线开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；

秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；

12.【答案】1

做功

【解析】解：(1)根据物像到平面镜的距离相等可知，当他向镜子靠近0.5m时，则他的像也靠近平面镜0.5m，此过程中物距变为1m−0.5m=0.5m，则像距也改变为0.5m，则像和他的距离改变：0.5m+0.5m=1m；

(2)图中四冲程汽油机的两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程。

故答案为：(1)1；(2)做功。

(1)平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；

(2)汽油机的一个工作循环由四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；

判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功；”进行分析；

其中在做功冲程中，是内燃机的内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能。

本题考查了平面镜成像的特点、内燃机的四个冲程的判断，解决此题需要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答。

13.【答案】并联；通电导体在磁场中受力而运动(或：磁场对通电导体有力的作用)

【解析】解：因为“一拖五耳机分线器”，它可以让MP3输出的音乐同时供五个人聆听，并且五个人互不影响，因此五幅耳机的连接方式为并联；

耳机的工作原理是通电导体在磁场中受力而运动(或：磁场对通电导体有力的作用)．

故答案为并联，通电导体在磁场中受力而运动(或：磁场对通电导体有力的作用)．

电路的基本连接形式有两种：一种是串联，另一种是并联．

在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；

在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间独立工作，互不影响；

耳机的原理是利用通电导体在磁场中受力而运动．

掌握串并联电路的特点，会根据串并联电路的特点识别电路，同时掌握耳机的工作原理．14．【解答】解：（1）根据流体压强和流速的关系可知，车行驶时，打开车窗，窗外的空气流速大压强小，窗内的空气流速小压强大，窗帘受到向外的压强大于向内的压强，把窗帘压向窗外；（2）因为大气压随高度增加而减小，所以山顶上的气压比山脚下的气压低，车行驶到山顶时，外界大气压变小，而密封的零食包装袋内气压不变，袋内的气压大于外部大气压，因此包装袋会鼓起来。故答案为：较小；小。15．【解析】先过入射点作出法线，入射光线与反射面的夹角是30°，则入射角为90°﹣30°＝60°，根据反射角等于入射角知，反射角也为60°，在法线下方画出反射光线，如图所示：16．（2分）建筑工人在A处，使用如图所示的滑轮组提升物体，试在图中画出最省力的绕线方法。【分析】滑轮组绕绳时既要考虑到省力情况，也要注意到人所处的位置。【解答】解：由图可知，绳子端拉力方向向上，则绳子首先系在动滑轮的上挂钩上、动滑轮，如右图所示：【点评】此题考查滑轮组的设计与组装，属于常考题目，难度不大，作图时应注意拉力的方向。17.【答案】解：重力的方向是竖直向下的，作用点在重心上；从支点向拉力的作用线作垂线，这条垂线段就是拉力F的力臂，如图所示：

【解析】①力的示意图就是用一条带箭头的线段把力的三要素表示出来，长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点；

②力臂是从支点到力的作用线的距离，从支点向力的作用线做垂线，支点到垂足的距离就是力臂。

本题考查了力的示意图、力臂的画法。作力臂时要找好支点、确定力的作用线，力臂应是从支点到力的作用线的距离。18.【答案】乙

4.2×103

热

【解析】解：(1)实验中要选取初温相同且质量相等的甲、乙两种液体，选用规格相同的电加热器分别给甲和乙两种液体加，由转换法相同时间甲、乙吸热相同。根据实验测得的数据分别描绘出了甲和乙两种液体的温度随加热时间变化的图象知，加热5分钟(吸热相同)，甲升高的温度为：

60℃−20℃=40℃；

乙升高的温度为：

40℃−20℃=20℃；

根据比较吸热能力的方法，乙的吸热能力强，乙液体的比热容较大。

(2)根据

Q=cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，若甲液体的比热容为2.1×103J/(kg⋅℃)，则乙液体的比热容为

40℃20℃×2.1×103J/(kg⋅℃)=4.2×103J/(kg⋅℃)。

(3)电加热器工作时，利用了电流的热效应。

(4)比热容是物质自身的一种性质，大小与物质的种类及状态有关，与质量、吸收或放出的热量均无关。

故选：C。

故答案为：(1)乙；(2)4.2×103；(3)热；(4)C。

(1)我们使用相同的酒精灯(或加热器)通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；根据甲和乙两种液体的温度随加热时间变化的图象得出加热5分钟(吸热相同)19．如图所示，李宁同学在张老师指导下做“探究凸透镜成像规律”的实验。（1）当蜡烛位于图中B处时，移动光屏到D处，观察到光屏上呈现清晰的像，此时像和物大小相等，则该凸透镜焦距为10.0cm。（2）李宁同学把蜡烛移到A处，屏上的像变得模糊。要使像变清晰，光屏应向左（选填“左”或“右”）适当移动。（3）当烛焰距凸透镜15cm时，移动光屏，可在光屏上得到一个清晰、倒立的实像，日常生活中利用这一原理制成的光学仪器是投影仪（填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．【分析】（1）像和物大小相等，物距和像距相等，物距等于2倍焦距，计算凸透镜的焦距；（2）凸透镜成实像时，物远像近像变小；（3）当物距位于1倍焦距和2倍焦距之间时，凸透镜成倒立、放大的实像，应用为投影仪。【解答】解：（1）当蜡烛位于图中的B处时，移动光屏到D处，观察到光屏上呈现清晰的像，此时像和物大小相等，物距和像距相等，物距为20.0cm等于2倍焦距，则该凸透镜的焦距为10.0cm；（2）把蜡烛移到A处，此时物距变大，像距变小，所以需要将光屏左移；（3）当烛焰距凸透镜15cm时，此时物距位于1倍焦距和2倍焦距之间时，凸透镜成倒立、放大的实像，应用为投影仪。故答案为：（1）10.0；（2）左；（3）投影仪。【点评】此题是探究凸透镜成像的规律，实验过程中注意事项；测量焦距的方法；凸透镜成像的规律及应用。20.【答案】(1)靠近；=

(2)不能；在(3)可逆

(4)漫

【解析】(1)根据光的反射定律：在反射现象中，反射角等于入射角；反射光线、入射光线分居法线两侧；反射光线、入射光线和法线在同一平面内。

此时∠BON=∠AON；若将入射光线AO向法线ON靠近，则反射光线OB也向法线

ON靠近；

(2)根据光的反射定律：在反射现象中，反射光线、入射光线分居法线两侧；反射光线、入射光线和法线在同一平面内。

所以把纸板F向前或向后折叠，则在纸板F上都不能看到反射光线；说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内；

(3)如果将光源沿反射光线BO射入一条入射光线，会观察到反射光线会沿入射光线OA的方向射出，说明光路具有可逆性；

(4)光的反射分成镜面反射和漫反射。镜面反射发生在反射面较光滑的面上，平行光入射，平行反射；漫反射发生在反射面凹凸不平的反射面上，平行入射，反射光线射向四面八方，我们能够从不同方向看到硬纸板上的入射光线是因为发生了漫反射。21．（6分）扫地机器人是智能家用电器的一种，正逐渐进入我们的生活，如图所示，是一款集自动清扫技术和人工智能设计于一体的地面清扫机器人，已知其质量为3kg，它与地面的有效接触面积为0.01m2．若该机器人工作时功率为75W，在10s内沿直线匀速清扫的距离为5m。（1）该机器人静止在水平地面上时，对地面的压强是多大？（2）该机器人在10s内所做的功是多少？（3）该机器人在沿直线匀速清扫过程中受到的阻力为多少？【分析】（1）该机器人静止在水平地面上时，对地面的压力和自身的重力相等，根据F＝G＝mg求出其大小，又知道其与地面的有效接触面积即等于受力面积，根据p＝求出对地面的压强；（2）知道机器人工作时功率和时间，根据W＝Pt求出在10s内所做的功；（3）知道牵引力做的功和该机器人在沿直线匀速清扫过程中前进的距离，根据W＝Fs求出牵引力的大小，该机器人在沿直线匀速清扫过程中处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，二力的大小相等。【解答】解：（1）该机器人静止在水平地面上时，对地面的压力：F＝G＝mg＝3kg×10N/kg＝30N，对地面的压强：p＝＝＝3000Pa；（2）由P＝可得，该机器人在10s内所做的功：W＝Pt＝75W×10s＝750J；（3）由W＝Fs可得，该机器人在沿直线匀速清扫过程中的牵引力：F＝＝＝150N，因该机器人在沿直线匀速清扫过程中处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，所以，在此过程中受到的阻力：f＝F＝150N。答：（1）该机器人静止在水平地面上时，对地面的压强是3000Pa；（2）该机器人在10s内所做的功是750J；（3）该机器人在沿直线匀速清扫过程中受到的阻力为150N。【点评】本题考查了压强定义式和功率公式的灵活应用以及二力平衡条件的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。22．【解答】解：（1）灯泡的额定电压是6V，额定功率是3W，由P＝UI得，灯泡的额定电流：IL＝＝＝0.5A；（2）灯泡正常工作时电路中的电流为：I＝IL＝0.5A，滑动变阻器两端的电压：U'＝U总﹣U＝8V﹣6V＝2V，所以滑动变阻器连入电路的电阻：R'＝＝＝4Ω；（3）由欧姆定律得，灯泡的电阻：R＝＝＝12Ω；当电压表示数为3V时，灯泡两端的电压为3V，此时灯泡的实际功率为：P实＝＝＝0.75W。答：（1）小灯泡的额定电流是0.5A；（2）小灯泡正常发光时，滑动变阻器R接入电路的阻值是4Ω；（3）电压表示数为3V时，小灯泡的实际功率是0.75W。23．（7分）2011年3月10日12时58分云南盈江县发生5.8级地震，如图所示为某救援现场塔吊简易图，利用该装置，把质量为4kg、体积为10﹣3m