2026-2027学年人教版中考物理教学质量调研卷（带答案与解析）

第页2026-2027学年人教版中考物理教学质量调研卷（带答案与解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．如图所示，下列光现象中与日晷仪的原理相同的是A．皮影戏 B．河中倒影 C．雨后彩虹 D．海市蜃楼2．家庭电路和安全用电的知识是现代公民必备的知识，下列有关图文说法正确的是（）A．甲图：图中家庭电路元件的连接顺序是正确的B．乙图：甲站在干燥的木桌上，乙站在地上，则甲、乙都不会触电C．丙图：使用测电笔时，手必须接触笔尖金属体D．丁图：使用电冰箱时，金属外壳不需要接地3．我市滨河景区湿地公园是全国最大的城市湿地公园，大量珍稀水禽在此迁徙繁殖。如图所示，一只白鹭正在平静的水面上展翅起飞。关于白鹭在水中所成的像，下列说法正确的是（）A．水中的像是光的折射形成的 B．白鹭飞得越高，水中的像越小 C．河水越深，水中的像离水面越远 D．水中的像与白鹭关于水面对称4．寒冷的冬天，戴眼镜的小枫同学发现戴上口罩后眼镜更容易起“雾”，口罩内侧也更容易变湿。下列说法中错误的是（）A．口罩内侧变湿是因为水蒸气遇冷液化 B．从室内到室外，眼镜起“雾”是因为室外水蒸气液化形成的 C．从室外到室内，眼镜起“雾”是因为室内水蒸气液化形成的 D．一段时间后眼镜上的“雾”消失是因为发生了汽化现象5．爱米在使用电冰箱时发现了许多与物态变化有关的现象，他的判断正确的是（）A．拉开冷冻室的门，有时能看见“白气”，这是液化现象、吸热 B．湿手伸进冷冻室取冰棒时，有时感觉到手被冰棒粘住了，这是汽化现象、放热 C．放入冷冻室的矿泉水结了冰，这是凝固现象、放热 D．从冷冻室中取瓶冻的汽水，过一会儿瓶外壁出现了小水珠，这是升华现象、吸热6．如图所示是一种英语听力播放控制装置的原理图。“播放器”是有电流通过时会播放声音的装置；“定时开关”在电路刚接通时，处于“闭合”状态，达到设定时间后能自动断开。下列选项中正确的是（）A．闭合开关S，指示灯立刻发光，播放器立刻播放声音 B．到达设定时间后，指示灯保持发光且亮度不变 C．到达设定时间后，播放器立刻开始播放声音 D．“定时开关”断开前后，“指示灯”和“播放器”分别处于并联和串联状态7．如图所示的电路中，电阻R1＝6Ω与规格为“15Ω0.5A”的滑动变阻器R2串联在电源电压为4.5V的电路中，其中电流表的量程为“0～0.6A”，电压表的量程为“0～3V”，为了确保电路中各元件的安全使用，则下列说法错误的是（）A．电流表的示数变化范围为0.25A～0.5A B．电压表的示数变化范围为1.5V～3.0V C．滑动变阻器的取值范围为1.5Ω～12Ω D．定值电阻R1的最小功率与最大功率之比为1：4二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．家庭中使用的电热水壶正常工作时的电压为V，它与家庭中的其他用电器之间是的（填“串联”或“并联”）；壶身上的水位计是利用原理工作的。9．我国首个测温5G警用巡逻机器人配备有5个高清摄像头，可实现全景无死角巡逻。机器人上的摄像头相当于一个透镜，它的成像原理和我们生活中的（填“照相机”“幻灯机”或“放大镜”）的成像原理相同。10.星期天，小东随爸爸、妈妈乘坐“和谐”号动车组到门源旅游．小东一家人在站台候车时须站在安全线以为的区域，否则，当动车高速驶过时，周围空气流速增大，压强______，存在安全隐患．上午08时15分动车组由西宁准时发车，运行45min到达门源，西宁到门源铁路线长______km.(动车平均速度为130km/h)11.单缸四冲程汽油机，在吸气冲程中吸入______，此冲程依靠飞轮的______完成工作；若此汽油机1秒内对外做功25次，则飞轮转速是______r/min。12.如图所示，木块A、B、C叠放在水平地面上，在10N的水平拉力F作用下，一起向右做匀速直线运动（不计空气阻力）。木块AB间摩擦力大小为___________N，C和地面间摩擦力大小为___________N，木块C受到的重力与地面对C的支持力___________（是/不是）一对平衡力。13.已知两电阻R1：R2=1：2，当它们串联接在电路两端，加在R1、R2两端的电压之比U1：U2=______；当R1、R2并联接在原电路中，通过R1、R2的电流之比I114．一个空心小铁球漂浮在盛水的烧杯中，将烧杯置于铁棒AB的上方，绕在铁棒上的线圈连接如图所示的电路，开关S闭合后，空心小铁球仍漂浮在水面上，此时A端为电磁铁的极，当滑片P向右滑动，空心小铁球所受浮力（选填“增大”、“减小”或“不变”）。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．如图所示，MN是凸透镜的主光轴，F是凸透镜的焦点，OA是主光轴上的点光源S发出的光经过平面镜后的反射光线。（1）请做出OA的入射光线和点光源S；（2）请做出OA经过透镜后的折射光线。16．（1）用天平测量物体的质量时，砝码与游码的读数如图1所示，则物体的质量是g。（2）如图2所示，物体的长度为cm。（3）某家庭电能表如图3所示、若该家庭单独让空调工作，测得1min内电能表转盘转了60转，则空调消耗的电能为kW•h，空调的电功率是W。17．甲图是我国的敦煌塔式光热电站。它由12000面“定日镜”围绕吸热塔组成，每面镜子能追踪太阳并把阳光反射到塔顶的吸热器上。乙图是某个时刻太阳光经某定日镜反射后，照射到吸热器的光路图，请画出该定日镜并标出反射角的大小。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．如图所示是盛放在容器中的200g（恒定不变）冰在太阳的照射下温度随时间的变化关系图像，设太阳照射强度不变。请回答下列问题：（1）太阳能属于（选填“一次”或“二次”）能源。（2）第5分钟时的内能第10分钟时的内能（选填“大于”、“小于”或“大于”）（3）冰在太阳的照射过程发生了物态变化，下列现象中与冰的物态变化相同的是____A．天冷时呼出的“白气”B．电流过大时保险丝被烧断C．用久了的电灯丝比新时的细D．放在盘子里的水，一段时间会变少（4）已知在CD它吸热为Q1，在BC段它吸热为Q2。则Q1：Q2=。19．如图甲所示是“探究水沸腾时温度变化特点”的实验装置。图丙中的a是根据实验数据绘制的温度与时间关系的图象。（1）安装实验器材时，应先安装（选填“石棉网”或“温度计”）。图乙中温度计的示数是℃。（2）由图象a可知，实验中水的沸点是℃，当地大气压标准大气压（选填“高于”、“等于”或“低于”）。（3）由图象a可知，水沸腾过程中，持续吸热，温度。（4）如果只提高水的初温，重新实验绘制的图象应为丙图中的（选填“b”或“c”）。（5）根据实验中发现的规律可以判断“当物体吸热时温度一定升高”是（选择“正确”或“错误”）的。20.探究影响滑动摩擦力大小的因素。

(1)小明用测力计拉同一木块进行了三次正确的实验操作，实验情景如图甲、乙、丙所示。

①实验中为了测量滑动摩擦力的大小，应用弹簧测力计沿水平方向

拉动木块，这里利用了

的原理；

②比较甲、丙两图的实验可知：滑动摩擦力的大小与

有关。

(2)在操作过程中小明还发现，弹簧测力计不沿水平方向拉动时，也可以使木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动，如图丁所示。此过程中，木块处于

(平衡/非平衡)状态；弹簧测力计对木块的拉力和木块受到的滑动摩擦力

(是/不是)一对平衡力。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．学校创新实验小组欲测量某矿石的密度，而该矿石形状不规则，无法放入量筒，故选用水、烧杯、天平（带砝码和镊子）、细线（质量和体积可忽略）、铁架台等器材进行实验，主要过程如下：（1）将天平放置在水平桌面上，把游码拨至标尺的处，并调节平衡螺母，使天平平衡。（2）将装有适量水的烧杯放入天平的左盘，先估计烧杯和水的质量，然后用镊子往天平的右盘（选填“从小到大”或“从大到小”）试加砝码，并移动游码，直至天平平衡，这时右盘中的砝码和游码所在的位置如图甲所示，则烧杯和水的总质量为g。（3）如图乙所示，用细线系住矿石，悬挂在铁架台上，让矿石浸没在水中，细线和矿石都没有与烧杯接触，天平重新平衡时，右盘中砝码的总质量及游码指示的质量值总和为144g，则矿石的体积为m3。（水的密度为1.0×103kg/m3）（4）如图丙所示，矿石下沉到烧杯底部，天平再次平衡时，右盘中砝码的总质量及游码指示的质量值总和为174g，则矿石的密度为kg/m3。22.某太阳能热水器装有100kg的冷水，经过一天，水温可以从25℃升高50℃[水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，

天然气的热值为8.4×107J/m3]，求：六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．对于小手术的麻醉，医生常用一种沸点为13.1℃的液体氯乙烷，把准备实施手术的地方“冻结”起来，减轻手术中病人的痛苦。氯乙烷是怎样起到麻醉作用的？24．如图甲是某品牌家用电吹风，其电路如图乙所示，R1、R2为电阻丝，M为电动机。通过调节开关，可使电吹风分别处于“停止”“冷风”“暖风”或“热风”四种状态。（1）要使电吹风正常工作，图甲中的A处应安装，B处应安装。（选填“电动机”或“电阻丝”）（2）如图乙，要使电吹风处于“冷风”状态，应闭合开关，要使电吹风处于“暖风”状态，应闭合开关。（3）已知电吹风处于“暖风”状态时，从出风口吹出的空气温度升高了20℃；处于“热风”状态时，从出风口吹出的空气温度升高了30℃。假设这两种状态下的热效率相同，相同时间内吹出的空气质量相同，则R1：R2＝。（4）电吹风用了几年后，由于电阻丝的升华，实际发热功率会（选填“变大”、“变小”或“不变”）。25．如图1小华家里的某品牌的手持式无线吸尘器，它利用充电电池对电动机供电，吸尘器工作时，其内外气压不平衡，从而可以将灰尘及小杂物吸入集尘仓，为了避免或减少灰尘进入电动机，其滤网（如图2）能过滤99.97%的灰尘，最小可过滤0.3μm的尘埃。所以在使用一段时间后，滤网上布满灰尘，其透气率降低，会使吸尘器内外气压差加大，吸尘效果变差。当内外气压差达到一定值时，电路会自动切断，如图3为小华设计的吸尘器内部的模拟电路：电源电压3V，R1为气压传感器，图4图像为气压传感器的电阻与其表面气压的关系，R2为电阻箱，当I≥0.05A时，电磁铁吸引磁性开关S，切断电路。（1）0.3μm＝m；吸尘器工作时，其内部气压外界大气压（选填“大于”、“等于”或“小于”）。（2）将电阻箱R2调至25Ω，手动闭合开关后，开关S断开时，吸尘器内的气压为多少？（电磁铁电阻忽略不计）（3）按小华设计的电路，如果想要在气压差更小时断电，更换滤芯，则应将电阻箱R2调（选填“大”或“小”），理由是。（4）小华翻看说明书得知，该吸尘器的电池容量为6000mAh，输出电压为24V，额定功率为360W，充满电后，最多能持续正常工作多长时间？

参考答案及解析1．（3分）如图所示，下列光现象中与日晷仪的原理相同的是（）A．皮影戏 B．河中倒影 C．雨后彩虹 D．海市蜃楼【分析】解答此题的关键是首先要明确古代测日影定时刻的仪器，然后再根据光在同种均匀介质中沿直线传播解释其原理即可。【解答】解：由于光沿直线传播，当光遇到不透光障碍物后，被障碍物挡住，于是在障碍物后就形成影子；日晷就是利用光沿直线传播。A、皮影戏是由于光沿直线传播，故A正确；B、河中倒影是反射现象，故B错误；C、雨后彩虹是折射现象，故C错误；D、海市蜃楼是折射现象，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了光的直线传播的应用，这种利用太阳光的投影来计时的方法是人类在天文计时领域的重大发明，我们应该向古代劳动人民学习，善于思考，善于发现问题，解决问题。2．B【详解】A．甲图中电能表应装在总开关之前，故A错误；B．乙图中，甲未形成回路，乙两端没有电压，所以都不会触电，故B正确；C．丙图中，使用测电笔时，手不能接触笔尖金属体，但要接触笔尾金属体，故C错误；D．丁图中，使用电冰箱时，金属外壳需要接地，防止漏电，故D错误。故选B。3．（2分）我市滨河景区湿地公园是全国最大的城市湿地公园，大量珍稀水禽在此迁徙繁殖。如图所示，一只白鹭正在平静的水面上展翅起飞。关于白鹭在水中所成的像，下列说法正确的是（）A．水中的像是光的折射形成的 B．白鹭飞得越高，水中的像越小 C．河水越深，水中的像离水面越远 D．水中的像与白鹭关于水面对称【分析】平面镜成像是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。【解答】解：A、平静的水面相当于平面镜，白鹭在水面所成的像属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；B、白鹭飞离水面的过程中像的大小与白鹭大小相同，所以像的大小不变，故B错误；C、物距是白鹭到水面的距离，像距是白鹭所成的像到水面的距离，二者始终相等，与水的深度无关，故C错误；D、根据平面镜成像的特点可知，白鹭在水中的像与白鹭关于水面对称，故D正确。故选：D。【点评】此题主要考查学生对平面镜成像特点的了解和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地进行解答。4．（2分）寒冷的冬天，戴眼镜的小枫同学发现戴上口罩后眼镜更容易起“雾”，口罩内侧也更容易变湿。下列说法中错误的是（）A．口罩内侧变湿是因为水蒸气遇冷液化 B．从室内到室外，眼镜起“雾”是因为室外水蒸气液化形成的 C．从室外到室内，眼镜起“雾”是因为室内水蒸气液化形成的 D．一段时间后眼镜上的“雾”消失是因为发生了汽化现象【解答】解：A、口中呼出的气流中的水蒸气温度较高，遇到温度较低的口罩发生液化变成水，所以口罩内侧变湿。故A正确；B、室内温度较高，从室内到室外，口中呼出温度较高的气流中的水蒸气在眼镜表面发生液化，所以眼镜起“雾”。故B错误；C、室外温度较低，从室外到室内，室内空气中温度较高的水蒸气遇到温度较低的眼镜液化成为小水滴，所以眼镜起“雾”。故C正确；D、“雾”消失是小水滴汽化成为水蒸气的过程。故D正确。故选：B。5．（3分）爱米在使用电冰箱时发现了许多与物态变化有关的现象，他的判断正确的是（）A．拉开冷冻室的门，有时能看见“白气”，这是液化现象、吸热 B．湿手伸进冷冻室取冰棒时，有时感觉到手被冰棒粘住了，这是汽化现象、放热 C．放入冷冻室的矿泉水结了冰，这是凝固现象、放热 D．从冷冻室中取瓶冻的汽水，过一会儿瓶外壁出现了小水珠，这是升华现象、吸热解：A、打开冰箱门，看见冒白气，“白气”的形成原因是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，放热，故A错误；B、湿手伸进冷冻室取冰棒时，有时感觉到手被冰棒粘住了是手上的水遇冷凝固成冰，这是凝固现象，放热，故B错误；C、放入冷冻室的矿泉水结了冰，这是水由液态变为固态，是凝固现象，放热，故C正确；D、从冷冻室中取出一瓶冰冻的汽水，过一段时间后瓶的外壁出现了小水珠，小水珠是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水珠，放热，故D错误。故选：C。6．（2分）如图所示是一种英语听力播放控制装置的原理图。“播放器”是有电流通过时会播放声音的装置；“定时开关”在电路刚接通时，处于“闭合”状态，达到设定时间后能自动断开。下列选项中正确的是（）A．闭合开关S，指示灯立刻发光，播放器立刻播放声音 B．到达设定时间后，指示灯保持发光且亮度不变 C．到达设定时间后，播放器立刻开始播放声音 D．“定时开关”断开前后，“指示灯”和“播放器”分别处于并联和串联状态【分析】由图可知当定时开关闭合时播放器被短路，电路为指示灯的简单电路；定时开关断开时，播放器和指示灯串联，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P＝I2R可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化。【解答】解：A．闭合开关S，“定时开关”在电路刚接通时，处于“闭合”状态，播放器被短路，电路为灯泡的简单电路，所以指示灯立刻发光，播放器不能播放声音，故A错误；B．达到设定时间后，“定时开关”自动断开，播放器和指示灯串联，电路中的总电阻变大，由I＝可知，电路中的电流变小，由P＝I2R可知灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，故B错误；C..达到设定时间后，“定时开关”自动断开，播放器和指示灯串联，电路中有电流，播放器立刻开始播放声音，故C正确；D．“定时开关”断开前（即闭合），电路为指示灯的简单电路；“定时开关”断开后，“指示灯”和“播放器”串联，故D错误。故选：C。7．解：由电路图可知，滑动变阻器与电阻R1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；ABC、因串联电路中电流处处相等，所以为了既不烧坏电流表，又不烧坏电阻，比较各电流值可知，电路中的最大电流为I最大＝0.5A；当电流最大为0.5A时，电阻R1两端的最大电压为：U1最大＝I最大R1＝0.5A×6Ω＝3V；则滑动变阻器两端的最小电压：U2最小＝U﹣U1最大＝4.5V﹣3V＝1.5V；由串联分压的规律可知，当滑动变阻器两端的电压最小时，其连入电路的电阻最小，由欧姆定律可得，滑动变阻器连入电路的最小阻值为：R2小＝＝＝3Ω；由于电压表的量程为“0～3V”，则电压表示数最大为：U2最大＝3V，当变阻器两端的电压最大时，R1两端的电压最小，则有：U1最小＝U﹣U2最大＝4.5V﹣3V＝1.5V，电路中最小电流为：I最小＝＝＝0.25A；此时滑动变阻器接入电路的最大阻值为：R2大＝＝＝12Ω；所以电路中的电流范围为0.25A～0.5A，电压表的示数变化范围为1.5V～3.0V，滑动变阻器的取值范围为3Ω～12Ω，故AB正确，C错误；D、由P＝I2R可知，定值电阻R1的最小功率与最大功率之比：Pmin：Pmax＝IR1：IR1＝I：I＝（0.25A）2：（0.5A）2＝1：4，故D正确。故选：C。8．【答案】220；并联；连通器【解答】解：我国家庭中使用的电热水壶正常工作时的电压为220伏，它与家庭中的其他用电器之间是并联的，工作时互不影响。壶身上的水位计上端开口、底部连通，是利用连通器原理工作的。故答案为：220；并联；连通器。9．（1分）我国首个测温5G警用巡逻机器人配备有5个高清摄像头，可实现全景无死角巡逻。机器人上的摄像头相当于一个凸透镜，它的成像原理和我们生活中的照相机（填“照相机”“幻灯机”或“放大镜”）的成像原理相同。解：摄像头相当于一个凸透镜，它的成像原理和我们生活中的照相机的成像原理相同。故答案为：凸；照相机。10.【答案】减小；97.5

【解析】【分析】

此题主要考查流体压强和流速的关系，速度公式及其应用，解答这类题目的思路是先确定哪里的流体流速大，压强小，在这个压力差的作用下便产生了什么现象。

(1)当火车驶过站台时会带动周围空气流动速度加快，从而造成人周围空气流速不同，结合流体压强与流速的关系即可解决此题．

(2)已知时间和速度，利用v=st计算路程。

【解答】

(1)当动车高速驶过时，会带动人和车之间的空气流速增大，此时人外侧的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险．

(2)t=45min=0.75h，

根据v=st可得，西宁到门源铁路线长：

s=vt=130km/h×0.75h=97.5km．11.【答案】汽油和空气组成的燃料混合物

惯性

3000

【解析】解：单缸四冲程汽油机，在吸气冲程中吸入汽油和空气组成的燃料混合物，此冲程依靠飞轮的惯性完成工作；

汽油机工作时，一个工作循环飞轮转2圈，完成4个冲程，做功1次；1秒内对外做功25次，飞轮转50r，1min飞轮转动的圈数为60×50r=3000r，则飞轮转速为：3000r/min。

故答案为：汽油和空气组成的燃料混合物；惯性；3000。

单缸四冲程汽油机，在吸气冲程中吸入汽油和空气组成的燃料混合物，除了做功冲程，其它三个冲程都是依靠飞轮的惯性完成工作；

汽油机工作时，一个工作循环飞轮转2圈，完成4个冲程，做功1次，据此分析。

本题考查汽油机的工作过程，属于对基础知识的考查。12.如图所示，木块A、B、C叠放在水平地面上，在10N的水平拉力F作用下，一起向右做匀速直线运动（不计空气阻力）。木块AB间摩擦力大小为___________N，C和地面间摩擦力大小为___________N，木块C受到的重力与地面对C的支持力___________（是/不是）一对平衡力。【解析】[1]三块木块一起匀速直线运动，A、B木块间在水平方向上没有相对滑动趋势，相互之间没有摩擦，所以A、B间的摩擦力为0。[2]将三块木块看成一个整体，这个整体受到水平拉力和地面的摩擦力作用，处于平衡状态，这两个力是一对平衡力，所以地面对C的摩擦力f=F=10N[3]C在竖直方向上受到竖直向下的重力、B对C的压力和竖直向上的地面对C的支持力的作用，这三个力是平衡力，所以木块C受到的重力和地面对C的支持力不是一对平衡力。【答案】①.0②.10③.不是13.【答案】1：2

2：1

2：1

【解析】解：当R1、R2串联接在原电路中时，由于串联电路中电流处处相等；

则U1：U2=IR1：IR2=R1：R2=1：2；

当R1、R2并联接在原电路中时，由于并联电路各支路两端电压相等；

则通过R1、R2的电流之比：

I1：I2=UR1：UR2=R2：R1=2：1；

电流通过R1、R2产生的热量之比：

Q1：Q2=W1：W2=UI14．解：（1）如图，电流从螺线管的上端进入，下端流出，根据安培定则可以判断电磁铁的B端是N极，A端是S极。（2）电磁铁磁性的强弱跟电流的大小、线圈的匝数，当线圈的匝数一定时，电流越大，电磁铁的磁性越强。如图，当滑片P向右滑动，电源电压一定，电路的电阻变大，电路电流变小，线圈的匝数不变，所以电磁铁的磁性减弱，电磁铁对小球的吸引力减小，小球静止在水面上，竖直向下的重力和磁力、竖直向上的浮力，重力与磁力之和等于浮力，重力不变，磁力减小，则浮力将减小。故答案为：S；减小。15．【解答】解：过反射点O垂直于镜面作出法线，根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在法线左侧作出入射光线，交主光轴OA于点S，即为光源S；对于凸透镜，过焦点的光线经凸透镜折射后，其折射光线平行于主光轴；如下图所示。16．【答案】（1）31.2；（2）2.90；（3）0.02；1200。【解答】解：（1）砝码质量为30g，标尺的分度值为0.2g，游码位置在1g后的第1个格，即1.2g，所以物体质量为20g+10g+1.2g＝31.2g。（2）刻度尺的分度值为1mm，从1.00cm处量起，末端刻度到3.90cm，所以物体长度为3.90cm﹣1.00cm＝2.90cm。（2）电能表的转盘转60r消耗的电能为：W＝kW•h＝0.02kW•h；则空调的功率是：P＝＝＝1.2kW＝1200W。故答案为：（1）31.2；（2）2.90；（3）0.02；1200。17．【答案】【知识点】作光的反射光路图【解析】【解答】由图可知，入射光线与反射光线的夹角为180°﹣64°﹣36°＝80°，由光反射定律知，反射角等于入射角，所以反射角为12

【分析】根据光在反射时，反射角等于入射角，结合入射光线和反射光线画出法线和平面镜的位置。18．【答案】（1）一次（2）小于（3）B（4）1∶8【知识点】热量的概念；内能的概念；能源及其分类【解析】【解答】（1）太阳能是能够直接从自然界获得能源，所以太阳能为一次能源。（2）从第5分钟到第10分钟过程中，容器内的冰一直被阳光照射，不断吸收热量，因此第10分钟的内能大于第5分钟的内能。（3）冰在太阳的照射过程发生了物态变化，是从固态到液态，属于熔化过程；A.天冷时呼出的“白气”，是人体呼出的热气，遇冷液化成小水珠，属于液化过程，故A不合符题意；B．保险丝被烧断，是从固态变为液态，属于熔化过程，故B合符题意；C．用久了的电灯丝比新时的细，是因为电灯丝升华为气态，所以电灯丝会变细，属于升华过程，故C不合符题意；D．放在盘子里的水，一段时间会变少，是因为盘子里的水不断进行蒸发，属于汽化过程，故D不合符题意。故答案为：B。（4）容器内的冰只有阳光照射，是冰唯一的热源，因此吸收热量与时间成正比Q1

【分析】（1）太阳能属于一次能源；

（2）物体在吸收热量过程中，内能增大；

（3）固体变为液体，是熔化现象；

（4）根据相同的加热器，加热时间的关系，判断吸收热量的关系。19．（7分）如图甲所示是“探究水沸腾时温度变化特点”的实验装置。图丙中的a是根据实验数据绘制的温度与时间关系的图象。（1）安装实验器材时，应先安装石棉网（选填“石棉网”或“温度计”）。图乙中温度计的示数是71℃。（2）由图象a可知，实验中水的沸点是90℃，当地大气压低于标准大气压（选填“高于”、“等于”或“低于”）。（3）由图象a可知，水沸腾过程中，持续吸热，温度不变。（4）如果只提高水的初温，重新实验绘制的图象应为丙图中的c（选填“b”或“c”）。（5）根据实验中发现的规律可以判断“当物体吸热时温度一定升高”是错误（选择“正确”或“错误”）的。【解答】解：（1）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度，按照自下而上的顺序进行，温度计的分度值为1℃，读数为71℃；（2）（3）由图看出，水在沸腾时，不断吸热，温度保持不变，水沸腾时的温度为90℃，故沸点为90℃，一个标准大气压下，水的沸点是100℃，比较可知当地大气压低于标准大气压；（4）如果只提高水的初温，水开始沸腾的时间会缩短，重新实验绘制的图象应为丙图中的c；（5）根据实验中发现的规律可以判断“当物体吸热时温度一定升高”是错误的。故答案为：（1）石棉网；71；（2）90；低于；（3）不变；（4）c；（5）错误。20.【答案】匀速直线

二力平衡

接触面的粗糙程度

平衡

不是

【解析】解：(1)①实验中为了测量滑动摩擦力的大小，应用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动木块；此时，摩擦力的大小就等于弹簧测力计的示数是利用了二力平衡知识。

②比较甲、丙可知，控制压力相同，接触面的粗糙程度不同，故可探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关；

(2)弹簧测力计不沿水平方向拉动时，也可以使木块在木板上沿水平方向做匀直线运动，如图丁所示，故此过程中，木块处于平衡状态；

因弹簧测力计对木块的拉力和木块受到的滑动摩擦力不在同一直线上，根据二力平衡的条件，不是一对平衡力。

故答案为：(1)①匀速直线；二力平衡；

②接触面的粗糙程度；(2)平衡；不是。

(1)①在“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中，是运用二力平衡的原理进行测量的；

②影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；

本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和对错误实验方案的判断，体现了对过程和方法的考查。

21．（7分）学校创新实验小组欲测量某矿石的密度，而该矿石形状不规则，无法放入量筒，故选用水、烧杯、天平（带砝码和镊子）、细线（质量和体积可忽略）、铁架台等器材进行实验，主要过程如下：（1）将天平放置在水平桌面上，把游码拨至标尺的零刻度线处，并调节平衡螺母，使天平平衡。（2）将装有适量水的烧杯放入天平的左盘，先估计烧杯和水的质量，然后用镊子往天平的右盘从大到小（选填“从小到大”或“从大到小”）试加砝码，并移动游码，直至天平平衡，这时右盘中的砝码和游码所在的位置如图甲所示，则烧杯和水的总质量为124g。（3）如图乙所示，用细线系住矿石，悬挂在铁架台上，让矿石浸没在水中，细线和矿石都没有与烧杯接触，天平重新平衡时，右盘中砝码的总质量及游码指示的质量值总和为144g，则矿石的体积为2×10﹣5m3。（水的密度为1.0×103kg/m3）（4）如图丙所示，矿石下沉到烧杯底部，天平再次平衡时，右盘中砝码的总质量及游码指示的质量值总和为174g，则矿石的密度为2.5×103kg/m3。【解答】解：（1）将天平放在水平台上，把游码移到标尺左端的零刻度线处，并调节平衡螺母，使天平平衡；（2）测量过程中，需要用镊子按照从大到小的顺序试加砝码；由甲图可知，烧杯和水的总质量为m总＝120g+4g＝124g；（3）用线拉着物体浸没在水中，增加的重力等于物体的重力减去拉力，所以增加的重力就是浮力，即（m2﹣m总）g＝F浮＝ρ水gV排，矿石的体积就是排开水的体积，V石=V排=（4）放入物体后增加的重力就是物体的重力，所以增加的质量就是物体的质量即m矿石＝m3﹣m总＝174g﹣124g＝50g；矿石的密度ρ=m故答案为：（1）零刻度线；（2）从大到小；124；（3）2×10﹣5；（4）2.5×103。22.【答案】解：(1)水吸收的热量：Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×50℃=2.1×107J，

(2)根据Q放=Vq可得天然气完全燃烧放出的热量：Q放=Vq=1.25m3×8.4×107J/m【解析】(1)根据热量的计算公式Q吸=cmΔt可求出水吸收的热量；

(2)利用Q放=Vq求天然气完全燃烧放出的热量，利用23．（3分）对于小手术的麻醉，医生常用一种沸点为13.1℃的液体氯乙烷，把准备实施手术的地方“冻结”起来，减轻手术中病人的痛苦。氯乙烷是怎样起到麻醉作用的？答：液体氯乙烷的沸点为13.1℃，在常温下迅速沸腾，沸腾吸热，