2026-2027学年人教版中考物理名校联考模拟卷（带答案与解析）

第页2026-2027学年人教版中考物理名校联考模拟卷（带答案与解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.如图所示，使用下列工具时，可以省距离的是(

)A.镊子 B.钳子

C.起子 D.剪子2．如图所示的电路中，R2的阻值为10Ω。开关S1、S2闭合，电流表A2的示数为0.3A，电流表A1的示数为0.5A。开关S2断开时，下列说法正确的是（）A．通过R1的电流为0.3A B．电流表A1的示数为0.5A C．电流表A2的示数为0.5A D．电阻R1的阻值为15Ω3.春暖花开，翠华山上绿意盎然，风景如画。节假日里，驱车前往赏春的游客络绎不绝，大饱山河美景。下列说法中正确的是(

)A.路边树木的影子是光的折射现象

B.游客看到红色的花朵是由于光的反射

C.游客看到天池中的“小鱼”是放大的实像

D.用手机拍摄花朵，要使成的像变得小一些应该让手机离花朵近一些4.2022年12月18日卡塔尔世界杯决赛举行，阿根廷队战胜法国队获得冠军。关于足球运动，下列说法正确的是(

)A.地面对足球的支持力是由足球的形变引起的

B.足球离开脚后继续向前运动，是因为受到了惯性作用

C.足球在空中飞行过程中，其重力势能不断增大

D.斜向上运动的足球在最高点时假若一切外力消失，足球将做匀速直线运动5．跑步是一项健身运动，2023石家庄马拉松赛在河北省石家庄市高新区火炬广场鸣枪开跑，3万名选手参与，有关比赛中力学知识，下列说法正确的是（）A．比赛过程，以路边树木为参照物，运动员是静止的 B．经过弯道时，运动员身体微倾，此时身体受力平衡 C．人跑步时鞋底与地面间的摩擦，属于有害摩擦 D．比赛异常激烈，运动员互相超越，最终平均速度最大的荣获冠军6．如图所示，分别以两种方式拉物体A和B。物体A重200N，物体B重300N，拉力F的大小均为80N，两物体在拉力的作用下均做匀速直线运动，物体运动的速度均为0.2m/s，不计绳重及绳与滑轮间的摩擦。则（）A．图1中动滑轮的重为4N B．图2中1min内所做的有用功为3600J C．两图中1min内绳子自由端移动的距离为36m D．两图中拉力F的功率、机械效率均相同7.在学校举行的劳动技术成果汇报展示活动中，小强同学展示了一辆自己组装的玩具车，它具有“原地灯光秀”“调速前进”和“定速后退”三种工作模式。通过控制开关S1、S2和滑动变阻器R1来改变灯L的亮度，实现“原地灯光秀”；通过改变直流电动机的转动方向及转速，实现“调速前进”或“定速后退”，如图所示。已知电源电压不变，标有“0.6A”灯L的电阻不变且RL=10Ω，定值电阻R2=5Ω。当玩具车工作在“原地灯光秀”模式时，电流表A的最大示数为0.4A。关于下列结论：①电源电压9V②玩具车“调速前进”时，电流表A的最大示数小于0.6A③玩具车“定速后退”时，电路消耗的总功率小于2.4W④S闭合，S1接1，S2接2时，玩具车处于“原地灯光秀”模式其中正确是（）A.①③ B.②④ C.①④ D.②③二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．如图所示，R1=10Ω，电源电压不变。只闭合S1，电流表示数为0.3A；S1、S2均闭合，电流表示数为0.5A，此时通过R1的电流为_________A，R2的阻值为___________Ω。9.在天宫课堂中王亚平老师往一个水球中注入适量的蓝色颜料，观察到整个水球很快就变蓝了，如图所示，这是

现象。组成水球的水分子没有四处散开，是因为分子间存在

力。10．如图所示，画出经过凹透镜折射后的光线。11.如图甲所示，这是压敏电阻的阻值R1随压力F变化的关系图像；如图乙所示，这是用压敏电阻R1设计的一种“自动限重器”，该装置由控制电路和工作电路组成，其主要元件有电磁继电器、货物装载机(实质是电动机)、压敏电阻R1和定值电阻R2等。当货架承受的压力达到限定值，电磁继电器会自动控制货物装载机停止向货架上摆放物品。已知控制电路的电源电压U=6V，电磁继电器线圈的阻值R0=10Ω，定值电阻R2=30Ω。

(1)随着货架装载货物质量的增大，压敏电阻R1的阻值将______。

(2)电磁继电器中的电磁铁上端为______(选填“N”或“S”)极。

(3)当电磁继电器线圈中的电流大小为30mA时衔铁被吸下，则货架能承受的最大压力为______N。

(4)为了调节货架能承受的最大压力，可将定值电阻12.小华利用图所示的实验装置，做“探究光的反射规律和光的折射特点”的实验。

(1)在实验中，她用激光笔发出一束光从空气射向水面，多次改变入射光的方向，记录的实验数据如下表。通过分析实验数据，小华归纳出：在反射现象中，反射角等于入射角。关于光的折射现象，你能归纳出的结论是______(写出一条即可)。∠AON/°0153045607580∠CON/°0153045607580∠BOM/°011223240.546.547.5(2)从表中的实验数据可推知：本实验中，若让光从水射向空气，当入射角为32°时，则光在空气中的折射角为______°。13．用密度为0.4×103kg/m3的泡沫制作长2m、宽1.5m、厚20cm的长方体简易浮桥，浮桥在河水中的最大承重为kg（ρ河＝1×103kg/m3，g＝10N/kg）；此浮桥空载时分别平放到海水和河水中，下表面受到的压强分别为p海和p河，则p海p河（选填“＞”、“＜”或“＝”）。14．养鸡场有一台电热孵卵器，其电阻为110Ω，在额定电压下工作，通过孵卵器的电流是2A，那么该孵卵器10s产生的热量为______Ｊ三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15.如图所示的电路中，当滑片P向左移动时，电压表和电流表的示数变化情况是(

)A.电流表示数增大，电压表示数不变 B.电流表示数增大，电压表示数增大

C.电流表示数不变，电压表示数减小 D.电流表示数减小，电压表示数减小16.如图所示，容器底部发光点A发出一束光，射向容器壁上的B点并发生反射，其反射光经水面后发生折射，请画出容器壁上的反射光线和水面上折射光线的大致方向。

17.如图所示，请在图中画出光线AO从空气斜射向水中时反射光线和折射光线的大致位置。

四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18.如图为物理实践活动课小丽自制的甲乙两个电热锯，当有电流通过电阻丝ab或cd时，电阻丝就能切割塑料泡沫，请根据所学物理知识回答以下问题：

(1)电热锯能切割塑料泡沫应用了什么物理知识？

(2)分别用甲乙两个电热锯切割相同的塑料泡沫，哪一个切割更容易？为什么？(电源电压不变，电阻丝的材料和横截面积一定)

(3)电热锯齿尖、薄的目的是什么？19.如图为小明探究凸透镜成像规律的实验装置。

当蜡烛、凸透镜和光屏处于图示位置时，可在光屏上得到清晰的像，该凸透镜的焦距为______cm。若保持凸透镜位置不变，将蜡烛向左移动到20cm刻度线处，要想在光屏上再次得到清晰的像，可将光屏向______(选填“左”或“右”)移动适当距离，也可不移动光屏而在蜡烛和透镜之间放置一个适当焦距的______透镜(选填“凸”或“凹”)。如果实验操作时间较长，蜡烛燃烧变得较短烛焰变低，可以将蜡烛适当升高，也可以______。20.如图所示，质地均匀的长方体重5N，放在水平桌面上，它与桌面的接触面积为5×102cm2，则它对桌面的压强p1为

Pa；如果先竖直切除该物体右边的阴影部分①，则物体剩余部分对桌面的压强为p2；如果再竖直切除该物体右边的阴影部分②，则物体剩余部分对桌面的压强为p3。则p1

p3(选填“五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．如图所示，底面积为100cm2薄壁圆柱形容器盛有适量的水。重力为12N，体积为2×10﹣3m3的木块A漂浮在水面上，如图甲所示；现将一体积为250cm3的合金块B放在木块A上方，木块A恰好有五分之四的体积浸入水中，如图乙所示。求：（1）图甲中木块A受到浮力的大小；（2）合金块B的密度；（3）将合金块B从木块A上取去下放入容器的水中，当A、B都静止时，液体对容器底部的压强比取下合金块B前减小了多少？22.如图是某种升降电梯的简化模型。某次电梯搭载质量为70kg的人匀速上升了10m，电动机的拉力为500N，电动机的效率为80%(g取10N/kg)。

(1)当该乘客站立在静止的轿厢内时，每只脚与轿厢地面的接触面积为250cm2，求乘客站立时对轿厢的压强。

(2)该过程中电动机消耗的电能。六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．某科技小组自制了一个测量池水深度的装置如图，其中R1＝5Ω是一个定值电阻，R2是一个压敏电阻，它的阻值随所受液体压力F的变化的部分参数见下表图乙，电源电压保持6V不变，压敏电阻只有一个面积为6m2的面承受池水压力。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）（1）由题中信息可知，此装置随着测量深度的增加电流表的示数（选填“增大”、“减小”或“不变”）。（2）当液体压力为6N时，求电流表的示数。（3）若电流表的示数为0.6A，求此时池水的深度。F/NR2/Ω6151210245843

24．电饭锅是家中常用的用电器，如表是小明家中一台电饭锅的铭牌，其内部简化电路如图甲所示，S0为温控开关，有加热和保温两挡，其中R1和R2都是电热丝（不考虑温度对电阻的影响）。求：（1）电饭锅在保温挡正常工作30min消耗的电能是多少？（2）电热丝R1的阻值是多少？（3）小明断开家中其他用电器，只让电饭锅处于加热挡工作5min，家里如图乙所示的电能表的转盘转过200r，则电饭锅此时的实际加热功率是多少？额定电压220V额定功率加热挡1044W保温挡44W25.如图所示的电路中，电源电压恒定为6V，灯泡L上标有“6V，3.6W”字样(灯丝电阻不变)，定值电阻R2阻值为20Ω，滑动变阻器R2的规格为“30Ω，1A”，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V，求：

(1)小灯泡L的电阻；

(2)闭合开关S，断开开关S1、S2，电流表示数为0.3A，此时滑动变阻器R2连入电路的阻值；

(3)闭合开关S、S1、S2，滑动变阻器的滑片滑至最右端，电流表的示数；

(4)在电路各元件安全的情况下，调整开关S、S参考答案及解析1.【答案】A

【解析】解：

A、镊子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，但省距离；

B、钳子在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，但费距离；

C、起子在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，但费距离；

D、图示剪子使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，但费距离。

故选：A。

判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。2．如图所示的电路中，R2的阻值为10Ω。开关S1、S2闭合，电流表A2的示数为0.3A，电流表A1的示数为0.5A。开关S2断开时，下列说法正确的是（）A．通过R1的电流为0.3A B．电流表A1的示数为0.5A C．电流表A2的示数为0.5A D．电阻R1的阻值为15Ω【答案】D。【解答】解：由电路图可知，开关S1、S2闭合时，两电阻并联，电流表A2测R2支路的电流，电流表A1测干路的电流；开关S1控制整个电路，开关S2控制电阻R1；因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻R1的电流为：I1＝I﹣I2＝0.5A﹣0.3A＝0.2A，因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以由欧姆定律可得，电源的电压：U＝U2＝I2R2＝0.3A×10Ω＝3V，由I＝可得，电阻R1的阻值：R1＝＝＝15Ω，电流表A2测R2支路的电流，开关S2控制电阻R1，由于并联电路各支路互不影响，所以开关S2断开时，通过R1的电流为0，通过R2的电流不变，即电流表A2示数不变仍为0.3A，此时电流表A1的示数也为0.3A，故ABC错误，D正确。故选：D。3.【答案】C

【解析】解：

A、路边树木的影子是由光的直线传播形成的，故A错误；

B、游客看到红色的花朵是因为花朵反射了红色光，属于光的反射现象，故B错误；

C、游客看到天池中的“小鱼”是光的折射形成的放大的实像，故C正确；

D、用手机拍摄花朵，要使成的像变得小一些，像距变小，物距变大，应该让手机离花朵远一些，故D错误。

故选：C。

(1)影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的；

(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

(3)凸透镜成像是由光的折射形成的；

(4)凸透镜成实像时，物远像近像变小。

本题结合具体的情景考查了光的直线传播、光的反射和折射现象等知识，综合性强，但难度不大。4.【答案】D

【解析】解：A、地面对足球的支持力是由地面的形变引起的，故A错误；

B、足球离开脚后继续向前运动，是因为足球具有惯性，但不能说受到了惯性作用，故B错误；

C、足球在空中飞行过程中，质量不变，高度先变大后变小，其重力势能先增大后减小，故C错误；

D、运动员将足球斜向上踢出，足球运动到最高点时具有一定的速度，此时假若一切外力消失，足球将做匀速直线运动，故D正确。

故选：D。

(1)力是物体对物体的作用；

(2)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；

(3)重力势能的大小与质量、高度有关；

(4)明确力消失一瞬间足球的运动状态，再根据牛顿第一定律进行判断。

本题以足球运动为背景，考查了多个力学知识点的应用，属基础题，难度不大。5．【解答】解：A、比赛过程，运动员与路边树木的位置发生了变化，以路边树木为参照物，运动员是运动的，故A错误；B、经过弯道时，运动员身体微倾，此时身体受力不平衡，故B错误；C、人跑步时鞋底与地面间的摩擦，属于有益摩擦，故C错误；D、比赛异常激烈，运动员互相超越，最终平均速度最大的荣获冠军，故D正确。故选：D。6．（2分）如图所示，分别以两种方式拉物体A和B。物体A重200N，物体B重300N，拉力F的大小均为80N，两物体在拉力的作用下均做匀速直线运动，物体运动的速度均为0.2m/s，不计绳重及绳与滑轮间的摩擦。则（）A．图1中动滑轮的重为4N B．图2中1min内所做的有用功为3600J C．两图中1min内绳子自由端移动的距离为36m D．两图中拉力F的功率、机械效率均相同【分析】（1）图1中，不计绳重及绳与滑轮间的摩擦，根据F＝（G+G动）求出动滑轮的重力；（2）滑轮组水平拉物体B时，克服地面对B的摩擦力做的功是有用功，据此分析判断；（3）根据v＝和s＝nh计算两图中1min绳子自由端移动距离；（4）根据P＝＝＝Fv判断两图中拉力功率的大小，由于图2中有用功的大小无法确定，故无法确定其效率的大小。【解答】解：A、不计绳重及摩擦，使用甲滑轮组时，n＝3，根据F＝（G+G动）可知，动滑轮的重力为：G动＝3F﹣GA＝3×80N﹣200N＝40N，故A错误；B、由于拉动B物体时，B物体受到的摩擦力未知，无法计算克服B受到的摩擦力所做有用功的大小，故B错误；C、由图知，两图中通过动滑轮绳子的段数n都为3，1min物体移动距离s物＝v物t＝0.2m/s×60s＝12m，所以绳子自由端移动距离s＝ns物＝3×12m＝36m，故C正确；D、由题知，两种方式的拉力相同，物体速度相同，绳端速度也相同，由P＝＝＝Fv知，两图中拉力的功率相同；由W＝Fs知，两种方式的总功相同，但由于拉B物体时的有用功无法确定，所以两滑轮组的机械效率大小是否相等不能确定，故D错误。故选：C。【点评】本题考查滑轮组特点、绳端拉力、有用功、总功、功率以及机械效率理解和计算，难度适中。7.在学校举行的劳动技术成果汇报展示活动中，小强同学展示了一辆自己组装的玩具车，它具有“原地灯光秀”“调速前进”和“定速后退”三种工作模式。通过控制开关S1、S2和滑动变阻器R1来改变灯L的亮度，实现“原地灯光秀”；通过改变直流电动机的转动方向及转速，实现“调速前进”或“定速后退”，如图所示。已知电源电压不变，标有“0.6A”灯L的电阻不变且RL=10Ω，定值电阻R2=5Ω。当玩具车工作在“原地灯光秀”模式时，电流表A的最大示数为0.4A。关于下列结论：①电源电压为9V②玩具车“调速前进”时，电流表A的最大示数小于0.6A③玩具车“定速后退”时，电路消耗的总功率小于2.4W④S闭合，S1接1，S2接2时，玩具车处于“原地灯光秀”模式其中正确是（）A.①③ B.②④ C.①④ D.②③【答案】D【解析】【详解】当开关S1接1、S2接1时，滑动变阻器与定值电阻R2和灯泡串联，因为是原地所以不需要接入电动机，此时通过调节滑动变阻器可以实现“原地灯光秀”模式；玩具车前进且能调速，故前进电路中应有可以控制电路中的电流的装置，即应有滑动变阻器且与电动机串联，此时S1接1、S2接2时，是“调速前进”；玩具车后退时，以恒定速度后退，即电动机应与R2和灯泡串联，S1接2、S2接1时，是“定速后退”状态。由题意知，当玩具车工作在“原地灯光秀”模式时，当滑动变阻器不接入电路时，电流表A的最大示数为0.4A。此时电源电压为当玩具车前进时电动机、灯泡RL和滑动变阻器串联，电源电压6V，RL=10Ω，当滑动变阻器不接入电路时，电路中电流最大为玩具车“定速后退”时，电动机应、R2和灯泡串联，由得故ABC错误，D正确。故选D。8．

0.3

15【解析】[1]由电路图可知，只闭合S1时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，由知道，电源的电压U=I1R1=0.3A×10Ω=3VS1、S2均闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，且电源电压不变，所以，此时通过R1的电流仍为0.3A不变。[2]由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R2的电流I2=I-I1=0.5A-0.3A=0.2A因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，R2的阻值9.【答案】扩散

引

【解析】解：由于分子永不停息地做无规则运动，所以王亚平在水球中注入蓝色燃料，不同物质的分子互相进入对方，整个水球很快变成蓝色，该现象是扩散现象；

组成水球的水分子没有四散开来是因为分子间存在引力。

故答案为：扩散；引。

不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象；一切物质都是由分子组成的，分子永不停息地做无规则运动；分子间存在引力。

本题考查了分子运动论，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题。

10．解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。如图所示：11.【答案】减小

N

400

70

【解析】解：(1)根据图甲可知：随着货架装载货物质量的增大，压敏电阻R1的阻值将减小。

(2)根据图乙，电流从电磁铁的上端流入，从下端流出，利用安培定则，电磁铁的上端是N极。

(3)当电磁继电器线圈中的电流大小为30mA时衔铁被吸下，此时控制电路的总电阻为：R=UI=6V30mA=6V0.03A=200Ω；

串联电阻的总电阻等于各个串联导体的电阻之和，所以此时压敏电阻为：R压敏=R−R2−R0=200Ω−30Ω−10Ω=160Ω；

根据图甲可知；货架能承受的最大压力为400N。

(4)若需要控制货架能承受的最大压力为600N，根据图甲可知：此时压敏电阻为120Ω，则替换的滑动变阻器的最大阻值为：R2'=R−R0−R'压敏12.【答案】在折射现象中，光从空气斜射入水中，折射角小于入射角

45【解析】解：(1)由表中数据可知：

①在折射现象中，光从空气斜射入水中，折射角小于入射角；

②在折射现象中，折射角随入射角的增大而增大；

③光从空气垂直射入水中，光的传播方向不变。

(2)由表中数据可知，光从空气射向水面时，当入射角为45°时，折射角为32°，根据折射时光路是可逆的，可知，当光从水中射向空气，若入射角为32°，光在空气中的折射角为45°。

故答案为：(1)在折射现象中，光从空气斜射入水中，折射角小于入射角；(2)45。

(1)结合表格中的入射角和反射角以及折射角的关系进行总结规律；

(2)根据折射时光路是可逆的，可确定当光从水中射向空气，若入射角为22°，光在空气中的折射角。

本题考查了探究光的反射和折射实验；解决此类问题要根据实验现象和表格数据总结规律，提高分析归纳能力。

13．【解答】解：（1）泡沫的体积V泡沫＝2m×1.5m×0.2m＝0.6m3，由ρ＝可得泡沫的质量：m泡沫＝ρ泡沫V泡沫＝0.4×103kg/m3×0.6m3＝240kg，其重力：G泡沫＝m泡沫g＝240kg×10N/kg＝2400N，即浮桥的重力为2400N，浮桥受到的最大浮力：F浮最大＝ρ水V排g＝1×103kg/m3×0.6m3×10N/kg＝6000N，浮桥在河水中的最大承重：G载最大＝F浮最大﹣G泡沫＝6000N﹣2400N＝3600N，浮桥在河水中的最大承载质量：m载最大＝＝＝360kg；（2）此浮桥空载时分别平放到海水和河水中，受到的浮力相等，都等于浮桥的重力；因为F浮＝F下表面﹣F上表面＝F下表面，所以下表面受到的压力相等，由p＝可知表面受到的压强相等，即p海＝p河。故答案为：360；＝。14．6400【解析】解答：根据P＝I2R＝(2A)2×110Ω＝440W，Q＝I2Rt＝Pt＝440W×10s＝4400J；15.【答案】B

【解析】【分析】

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测灯泡两端电压；

根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，根据串联电路特点判断电压表示数如何变化，根据欧姆定律判断电流表示数如何变化．

本题是一道闭合电路动态分析题，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化、熟练应用串联电路特点、欧姆定律即可正确解题．

【解答】

(1)由电路图可知，当滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，

滑动变阻器分压变小，灯泡两端电压变大，电压表示数变大；

(2)滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻变小，电源电压不变，

由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大；

故选B．16.【答案】解：过入射点B作出法线，根据反射角等于入射角，在法线上方水中作出对应的反射光线；

过射到水面的入射点作法线，根据光从水中斜射入空气时，折射角大于入射角，在法线左侧的空气中作出折射光线。如图所示：

【解析】过入射点作出法线，然后利用光的反射定律和光的折射规律作出对应的反射光线和折射光线即可。

本题考查光的反射和折射的作图，明确反射角、折射角与入射角之间的关系是关键。17.【答案】解：过入射点作出法线标上垂直符号，根据反射角等于入射角画出反射光线；根据折射角小于入射角画出折射光线，如图所示：

【解析】光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；

根据光由空气斜射进入水中折射光线向法线偏折，折射角小于入射角作出折射光线。

本题考查光的反射定律和光的折射规律，是中考热点之一，要求学生不仅要会根据反射定律和折射定律由入射光线画反射光线和折射光线，而且要会根据反射或折射画出入射光线。18.【答案】答：(1)电阻丝是电热器，当电流通过电阻丝时，电阻丝发热，将电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的；

(2)ab电阻丝更容易切割塑料泡沫；ab、cd电阻丝的材料和横截面积相同，ab电阻丝长度短，电阻小；由Q=I2Rt=U2R可知，当电源电压相同时，ab电阻丝发热多，【解析】(1)电流通过导体时电能转化成热，把这种现象叫做电流热效应；

(2)导体的电阻与长度、材料、横截面积及温度有关；

(3)在压力一定时，减小受力面积，可增大压强。

本题要求能够灵活运用焦耳定律、影响导体电阻的因素、影响压强的因素等解决实际问题，对能力有一定的要求。19.【答案】10.0

左

凹

降低凸透镜或升高光屏

【解析】解：(1)当蜡烛、凸透镜和光屏处于图示位置时，可在光屏上得到清断的像，此时物距等于像距(均为20.0cm)，由凸透镜成像规律可知，此时物距等于二倍焦距，成倒立等大的实像，由此可知，该凸透镜的焦距是10.0cm；

(2)保持凸透镜位置不变，将蜡烛向左移动到20cm刻度线处，此时物距变大，像距变小，像变小，可将光屏向左移动适当距离，才能再次得到清晰的像；不移动光屏，则需要使光线提前会聚，应在蜡烛和透镜之间放置一个适当焦距的凸透镜；

(3)蜡烛燃烧变得较短烛焰变低，像会向上移动，此时可以将蜡烛适当升高，也可以降低凸透镜或升高光屏，使像成在光屏的中央。

故答案为：10.0；左；凹；降低凸透镜或升高光屏。

(1)物距等于二倍焦距成倒立等大实像，像距等于二倍焦距；

(2)凸透镜成实像时有物远像近像变小的特点；凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用；

(3)为了使像成在光屏中央，实验前需要调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度。

本题考查凸透镜成像规律实验，解题关键将实验操作要求及结论熟练掌握，认真审题分析。

20.【答案】100

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【解析】解：

质地均匀的长方体重5N，放在水平桌面上，对桌面的压力大小F=G=5N，与桌面的接触面积S=5×102cm2=5×10−2m2，

则它对桌面的压强：p1=FS=5N5×10−2m2=100Pa；

先竖直切除该物体右边的阴影部分①，压力变小，受力面积不变，根据p=FS可知物体对桌面的压强变小，即物体剩余部分对桌面的压强p2<p1；

再竖直切除该物体右边的阴影部分②，因物体为长方体，且切除前后物体底面都与桌面接触，则物体对桌面的压强p=FS=GS= mgS=ρgVS=ρgShS=ρgh，因物体的密度和高度均不变，所以切除前后物体对桌面的压强不变，即p3=p21．解：（1）图甲中木块A漂浮在水面上，所以，图甲中木块A受到的浮力：F浮A＝GA＝12N；（2）合金块B放在木块A上方时整体漂浮，受到的浮力和自身的重力相等，此时排开水的体积：V排＝VA＝×2×10﹣3m3＝1.6×10﹣3m3，此时木块A受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×l.6×10﹣3m3＝16N，B的重力：GB＝F浮﹣GA＝16N﹣12N＝4N，由G＝mg可得，合金的质量：mB＝＝＝0.4kg＝400g，合金块B的密度：ρB＝＝＝1.6g/cm3＝1.6×103kg/m3；（3）将合金块B从木块A上取去下放入容器的水中，因ρB＞ρ水，所以，合金B将沉底，排开水的体积和自身的体积相等，此时合金B受到的浮力：F浮B＝ρ水gVB＝1.0×103kg/m3×10N/kg×250×10﹣6m3＝2.5N；木块A静止时处于漂浮状态，则木块A受到的浮力：F浮A＝GA＝12N；A和B受到浮力的减少量：△F浮＝F浮﹣F浮A﹣F浮B＝16N﹣12N﹣2.5N＝1.5N，排开水体积的减少量：△V排＝＝＝1.5×10﹣4m3，水深度的变化量：△h＝＝＝0.015m，液体对容器底部的压强比取下合金块B前减小了：△p＝ρ水g△h＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.015m＝150Pa。答：（1）图甲中木块A受到浮力的大小为12N；（2）合金块B的密度为1.6×103kg/m3；（3）将合金块B从木块A上取去下放入容器的水中，当A、B都静止时，液体对容器底部的压强比取下合金块B前减小了150Pa。22.【答案】解：(1)乘客的重力：

G人=m人g=70kg×10N/kg=700N，

乘客对轿厢的压力：

F压=G人=700N，

则乘客对轿厢的压强：

p=F压S=700N2×250×10−4m2=1.4×104Pa；

(2)电动机对轿厢所做的功：W=Fs=500N×10m=5000J【解析】(1)根据G=mg求乘客的重力，乘客对轿厢的压力大小等于乘客的重力，根据p=F压S求乘客对轿厢的压强；

(2)根据W=Fs求出电动机对轿厢所做的功；根据η=W23．（9分）某科技小组自制了一个测量池水深度的装置如图，其中R1＝5Ω是一个定值电阻，R2是一个压敏电阻，它的阻值随所受液体压力F的变化的部分参数见下表图乙，电源电压保持6V不变，压敏电阻只有一个面积为6m2的面承受池水压力。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）（1）由题中信息可知，此装置随着测量深度的增加电流表的示数增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）。（2）当液体压力为6N时，求电流表的示数。（3）若电流表的示数为0.6A，求此时池水的深度。F/NR2/Ω6151210245843【分析】（1）液体的压强随深度的增加而增大，随着测量深度的增加压敏电阻受到的压力变大，由表格可知压敏电阻的阻值随压力的增大而减小，闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，随着测量深度的增加压敏电阻的阻值变小，电路总电阻变小，由欧姆定律可知通过电路的电流变大，所以此装置随着测量深度的增加电流表的示数增大；（2）由表格可知当液体压力为6N时，压敏电阻的阻值为15Ω，根据串联电路电阻规律计算此时电路总电阻，由欧姆定律可得此时通过电路的电流；（3）根据欧姆定律计算电流表的示数为0.6A时该电路总电阻，根据串联电路电阻规律计算此时压敏电阻的阻值，由表格可知此时压敏电阻受到的压力，根据压强公式计算压敏电阻此时受到的压强，根据液体压强公式计算此