2026-2027学年人教版中考物理综合应用能力卷(附带答案解析)

第页2026-2027学年人教版中考物理综合应用能力卷(附带答案解析)学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．如图所示的四种物品中，通常情况下属于导体的是A．檀木笔筒B．玻璃瓶C．陶瓷杯 D．金属编钟2.小宇在做：“探究电磁铁”实验中，使用两个相同的大铁钉绕制成电磁铁进行实验，如图所示，下列说法中正确的是(    )A.电磁铁能吸引的大头针越多，表明它的磁性越强

B.要使电磁铁磁性增强，应将变阻器的滑动片向右滑动

C.电磁铁B线圈匝数较多，所以通过B的电流较小

D.若将两电磁铁上部靠近，会相互吸引

3．为响应“双减”号召，丰富学生的业余活动，宝鸡市举行了中小学生合唱艺术节，你认为以下四个选项中解释不正确的是（）A．歌唱者的声音是由其声带振动产生的 B．主持人使用话筒是为了提高其发出声音的音调 C．嘹亮的歌声是通过空气传到现场观众耳中的 D．禁止观众在艺术节会场大声说话是在声源处减弱噪声4.某同学对自然界的水循环有下列几种认识，其中不正确的是(

)A.太阳光使海洋中的水吸热蒸发成为水蒸气上升到空中

B.高空中水蒸气温度降低液化成小水滴，相互聚集结成大水滴下降成为雨

C.冬天，水蒸气在寒冷的高空急剧降温凝固成小冰晶，小冰晶聚集变成雪花

D.在下落过程中，冰晶熔化成水，和其他降水一样，又注入海洋5．愉快的周末到了，壮壮和家人吃自助餐时看到冷柜周围冒出的“冷气”如图所示，联想到了热水壶烧热水时壶嘴周围冒“热气”的现象。下列说法中正确的是（）A．“冷气”和“热气”都是水汽化吸热形成的水蒸气 B．“冷气”是液化形成的，“热气”是汽化形成的 C．“热气”是空气中的水蒸气液化放热形成的小水珠 D．“冷气”是空气中的水蒸气液化形成的小水珠6．《相声有新人》是全国首档垂直相声竞演类节目，深受广大曲艺爱好者的喜爱无论是广播，电视，还是网络点播，都是点击率相当高的一档节目，下列说法正确的是（）A．“只闻其声”的无线广播，听众依据音调可以区分不同的相声演员 B．“视听同步”的电视靠电磁波传递音像信息 C．网络直播时，电脑、手机前的观众一定比现场观众后听到声音 D．相声演员的一项基本功就是“模仿”，他们模仿不同人的发声，是靠改变声带的振动幅度实现的7．为实现环保理念，很多地区陆续投入使用太阳能路灯二太阳能路灯系统由太阳能电池组件(包括支架)、LED灯头、控制箱(内有控制器、蓄电池)和灯杆等构成。若太阳能电池板有效光照面积为5m2，效率为20%；LED灯头的额定电压为24V，额定功率为48W。某地区光照平均有效辐射量800W/m2，平均有效日照时间为5h；路灯每晚工作时间10h。由于7个阴雨天导致太阳能电池板不能工作，为确保这几天夜晚的照明，同时尽可能使电池的容量较小，应选用的蓄电池为（）A．2台12V150Ah B．4台12V150Ah C．2台12V80Ah D．1台12V80Ah二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．如图是小明用抹布做清洁时的情景。当小明向左擦拭水平桌面时，抹布受到桌面的摩擦力方向是（选填“水平向左”或“水平向右”）。9．2021年12月30日，长征三号乙运载火箭点火升空，成功将通信技术试验卫星九号送入预定轨道。火箭在大气层中高速飞行时，外壳与空气剧烈摩擦，火箭外壳的内能将（选填“增大”、“减小”或“不变”），其改变内能的方式是。10．如图所示是一种自动测定油箱内油量的装置。图中虚线框内的装置相当于简单机械中的，油量表用表来改装；当油箱中的浮标向上运动时，电表示数（选填“变大”或“变小”）11．夜市中用燃气炉烹饪食物主要是通过的方式增大食物的内能；现场香气四溢属于现象。12.如图所示的被测物体的长度为

cm；秒表的读数为

s；电流表的读数是

A。

13．给充电宝充电时，充电宝相当于（选填“电绝缘手柄源”或“用电器”）。如图甲所示，当开关S由接点1转到接点2时，电压表、电流表示数变化如图乙所示，则灯泡L2的电阻是欧姆。14．如图所示，一轻杆AB悬于O点,其左端挂一重物，右端施加一个与水平方向成30°的力F,此时轻杆水平平衡．若重物质量m=3kg,BO=3AO，g取10N/kg.则力F的大小为__N.三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15.用力的示意图画出物体B所受到的力．

16．图是用螺丝钳撬图钉的示意图，画出动力F1的力臂l1和阻力F2的示意图。17.小明同学在“探究某种物质熔化规律”的实验时记录的实验数据如下表，请根据表中的实验数据在如图中画出该物质温度随时间变化的图象。时间/min012345678910温度/℃−3−1111111234

四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．小华测量小灯泡电功率的实验，电源电压6V，小灯泡的额定电压为3.8V。（1）小华连接的电路如图甲所示，其中有一根导线连接错误，请在这根导线上打“×”，并用笔画线代替导线将其改正；_______序号电压表示数电流表示数小灯亮暗程度11.2V暗23.8V0.3A正常发光36V0A不发光（2）小华将电路改好后并进行正确操作，闭合开关，电流表示数如图乙所示，记录第1组数据，此时电流表示数为_____A；（3）当小灯泡正常发光时记录第2组数据，小华所用小灯泡的额定功率为_______W；（4）把滑片移到端点时小灯泡闪亮一下后熄灭，并记录第3组数据如表所示，这是因为电路中出现了______故障。19.小学会了测小灯泡的功率后，在老师的启发下，进一步思考：电流一定时，小灯泡功率跟电阻有什么关系呢？提供的器材有：三个灯泡(L1、L2、L3分别标有“3.8V”、“2.5V”和“1.5V”，阻值均约为10Ω)，两个滑动变阻器(“10Ω2A”、“50Ω1A”)，电压为6V的电源一个，导线若干，其他器材各一个，他利用如下图甲所示电路，测出它们在电流相同时的电阻和功率，来探究小灯泡功率与电阻的关系。

(1)他将灯L1接入图甲电路，所用滑动变阻器是“10Ω2A”，请你用笔画线代替导线，帮他将实物电路连接完整。

(2)闭合开关后，他调节滑动变阻器的滑片P，使通过灯L1的电流为灯泡I/AU/VR/ΩP/W1L0.22L1.680.323L0.840.16(3)完成灯L1的测量后，为测灯泡L2的额定功率，只将图乙中的L1换成L2，闭合开关后，发现L2发光过亮，不能进行实验。为了完成灯泡L2电功率的测量，并使测量结果能更准确一些，在测量L2电功率之前应该进行的操作是______

A.把电压表的量程改为“3V”

B.将(50Ω1A)的变阻器换上，同时把电压表的量程改为“3V”

C.把电压表的量程改为“3V”，同时把电流表改成“3A”

D.将(50Ω1A)的变阻器换上，把流表量程改为“3A”

(4)对电路进行调整后测量L2的功率，移动滑动变阻器的滑片使电流为0.2A，再测出L2两端的电压，测出L2的电阻和功率。换上灯L3，做第三次实验，并将实验数据记录在右表，分析上面表格，可得结论：在电流一定时，小灯泡的实际功率与电阻成______关系。

(5)小明对L2多测量了几组数据，根据实验记录的数据，画出了通过L2的电流随其两端电压变化的关系曲线，如上图丙所示，则灯泡L220.同学们在参观完“合成材料厂”后获赠了两小块合金，其中一块为正方体，同学们想知道使这两块合金的密度，他们讨论后来到实验室进行了相关测量。

(一)小鑫组用天平、量筒测量密度

(1)在称量前的天平调平时出现如图甲所示的情形，接下来小鑫应将平衡螺母向______(填“左”或“右”)调节；

(2)测量合金块质量时，小鑫正确操作，天平再次平衡时如图乙所示，合金属块的质量为______g；

(3)把金属块缓慢放入装有20mL水的量筒内，使其浸没在水中，此时量筒内的水面如图丙所示，则金属块的密度是______kg/m3。

(4)实验完成整理器材时，小鑫发现实验中的20g砝码有缺损，则小鑫测得的合金块密度______(选填“偏大”、“偏小”或“改变”)。

(二)小连组则用电子秤借助浮力测了正方体合金密度，他的实验过程如下：

①利用电子秤的去皮功能后，将一杯水放在电子秤上，测出了其质量，如图A所示；

②用细线系住正方体合金块，将其缓缓深入杯底，电子秤示数如图B所示；

③用力将合金块向上拉，悬在水中时，电子秤示数如图C所示；

④继续向上拉合金块直到合金块拉出水面，发现电子秤示数先不变，再变小，最后又不变，出水后电子秤示数如图D所示。

回答以下问题：

(1)根据步骤④结合观察到的电子秤示数变化，可以得出：浸在液体中的物体所受的浮力大小与______有关；

(2)根据A、B、C三图可知，合金块的体积为______m3，合金块的密度为______kg/m3；

(3)同组的小晶认为，步骤①可以省去，只使用图B、C、D的数据来也可以计算出合金块的密度，则按小晶的做法，测得的合金块密度值将是______(选填“偏大”、“偏小”或“准确”)五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．某科技小组探究如图甲所示电路中的滑动变阻器R的电功率P与电流表A的示数I之间的变化关系，得到P与I之间的关系如图乙所示。图甲中R0为定值电阻，电源电压不变。求：（1）滑动变阻器R消耗的最大功率为多少；（2）滑动变阻器R的阻值为多大时，滑动变阻器R消耗的功率最大；（3）滑动变阻器R两端电压UR与电流表示数I的关系式。22.某太阳能热水器内盛有20℃的水50kg，在阳光照射下水温升高到60℃.试计算：

(1)在此过程中这些水吸收了多少热量？[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]

六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．阅读“RO反渗透膜原理”，回答第35题。RO反渗透膜原理反渗透，英文为ReverseOsmosis，它所描绘的是一个自然界中水分自然渗透过程的反向过程。早在1950年美国科学家DR．S．Sourirajan无意中发现海鸥在海上飞行时从海面啜起一大口海水，隔了几秒后吐出一小口的海水。他由此而产生疑问：陆地上由肺呼吸的动物是绝对无法饮用高盐份的海水，那为什么海鸥就可以饮用海水呢？这位科学家把海鸥带回了实验室，经过解剖发现在海鸥嗉囊位置有一层薄膜，该薄膜构造非常精密。海鸥正是利用了这层薄膜把海水过滤为可饮用的淡水，而含有杂质及高浓缩盐份的海水则被从口中吐出。这就是以后逆渗透法（ReverseOsmosis简称R．O）的基本理论架构。对透过的物质具有选择性的薄膜称为半透膜，一般将只能透过溶剂而不能透过溶质的薄膜称之为理想半透膜。当把相同体积的稀溶液（例如淡水）和浓溶液（例如盐水）分别置于半透膜的两侧时，稀溶液中的溶剂将自然穿过半透膜而自发地向浓溶液一侧流动，这一现象称为渗透。当渗透达到平衡时，浓溶液一侧的液面会比稀溶液的液面高出一定高度，即形成一个压差，此压差即为渗透压。渗透压的大小取决于溶液的固有性质，即与浓溶液的种类、浓度和温度有关而与半透膜的性质无关。若在浓溶液一侧施加大于渗透压的压力时，溶剂的流动方向将与原来的渗透方向相反，开始从浓溶液向稀溶液一侧流动，这一过程称为反渗透。反渗透是渗透的一种反向迁移运动，是一种在压力驱动下，借助于半透膜的选择截留作用将溶液中的溶质与溶剂分开的分离方法，它已广泛应用于各种液体的提纯与浓缩，其中最普遍的应用实例便是在水处理工艺中。反渗透膜的孔径非常小，因此能够有效地去除水中比反渗透膜孔径大的溶解盐类、重金属离子、有机物、胶体、细菌、病毒等。利用反渗透原理进行水提纯系统具有水质好、耗能低、无污染、工艺简单、操作简便等优点。反渗透膜能截留直径大于0.0001微米的物质，是最精细的一种膜分离产品，其能有效截留所有溶解盐份及分子量大于100的有机物，同时允许水分子通过，以获得高质量的纯净水。请根据上述材料，回答下列问题：（1）要将自来水中的无机盐、重金属离子、有机物、胶体、细菌、病毒等杂质阻隔，并使之无法通过反渗透膜，从而使可以透过的纯水和无法透过的浓缩水严格区分开来，反渗透膜的孔径要达到以下。（2）图甲中容器两侧液面在自然状态下液体的流动方向是（选填“从纯水到盐水”或“从盐水到纯水”）。（3）图乙中两侧液体静止达到液透平衡。如果左右两容器横截面积均为100cm2，要实现反渗透，需要在图甲中液面（选填“纯水”或“盐水”）施加竖直向下的压力至少是多大？请写出计算过程和结果。（g＝10N/kg，ρ盐水＝1.03×103kg/m3）（4）RO反渗透是当前最先进的净水分离技术，请举出一个它在生产生活方面的应用。24．阅读短文，回答问题。我国研制的大客机C919机舱内覆有一层高孔率“超细航空级玻璃棉”，能很好地保温与吸收噪声，其单丝纤维直径只有3~5μm，1m3的质量为5kg。机舱内先进的“呼吸系统”，使飞机在气压只有2.5×104Pa左右的万米高空时，能将机外-50℃以下的冷空气不断压缩，使送入舱内的空气温度达到50℃以上，同时系统依靠传感器的自动控制，使舱内气压和温度达到舒适值。该飞机有较大的翼载，翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值；机上搭载的新一代涡扇发动机的热效率和推进效率比一般客机高，所谓热效率是指发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率则是指发动机传递给飞机的推进功（推力所做的功）与其获得的机械能之比。（如表是飞机的部分技术参数，燃油热值为4.6×107J/kg）最大起飞质量72.5t客舱内气压8.0×104Pa巡航速度920km/h发动机巡航推力3.6×104N（1）若飞机的翼载是500kg/m2，则机翼面积为m2；（2）下列关于“超细航空级玻璃棉”性质的描述中，不正确的是____；A．单丝纤维比头发细 B．密度与玻璃差不多C．隔音性能相对较好 D．导热能力相对较弱（3）飞机水平匀速巡航时，受到的阻力为N；若飞机在以巡航速度飞行0.5h的过程中，耗油1800kg，发动机的热效率为40%，则此过程中发动机的推进效率为%。

25．题图甲所示为自动恒温箱，内部的电路由控制电路和加热电路两部分组成，简化后的电路图如图乙所示。控制电路中的电源两端电压为12V，定值电阻R1的阻值为5kΩ，R2为装在恒温箱内的热敏电阻。如图丙所示为R2阻值随温度变化的图象。电压鉴别器接在控制电路的A、B两点间，当热敏电阻R2的阻值发生变化时，A、B间的电压UAB随之发生变化．电压鉴别器可通过内部的电磁继电器控制加热电路中开关S的通断。当UAB小于2V时，鉴别器将使加热电路中开关S闭合，使加热电路的电热丝通电而发热，从而使箱内温度升高；当UAB大于3V时，鉴别器将使开关S断开，停止加热。在分析电路时，可将电压鉴别器内部视为断路。则：（1）当恒温箱内部的温度为25℃时，通过热敏电阻R2的电流为A。（2）恒温箱中电热丝的电阻为48.4Ω，加热电路正常工作电功率为W；加热10min产生的热量是J。（3）该恒温箱内的温度将保持在怎样的范围是℃～℃。（4）若想使此恒温箱内的最高温度升高一些，在鉴别器功能和热敏电阻不变的条件下，可采取怎样的措施：。参考答案及解析1．D【解析】常见的导体包括：人体、大地、各种金属、石墨、酸碱盐的溶液等，题目选项中，只有金属编钟是导体，其他的都是绝缘体，故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。2.【答案】A

【解析】解：A、探究电磁铁磁性强弱的影响因素时，电磁铁磁性通过吸引大头针的多少来反映，电磁铁吸引大头针越多，电磁铁磁性越强。符合题意。

B、滑动变阻器的左半段接入电路，当滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路的电流减小，电磁铁中的电流减小，磁性减弱。不符合题意。

C、A和B两个电磁铁串联在电路中，通过两个电磁铁的电流是相等的。电磁铁B的磁性较强是因为线圈的匝数比较多的缘故。不符合题意。

D、如图，根据安培定则判断两个电磁铁的上部都是N极，下部都是S极，两个电磁铁的上部靠近会出现排斥现象。不符合题意。

故选：A。

(1)电磁铁的磁性无法直接观察，而是通过吸引大头针的多少来反映，吸引的大头针越多，电磁铁的磁性越强。

(2)电磁铁磁性强弱影响因素：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯。在铁芯和电流一定时，线圈的匝数越多，电磁铁的磁性越强；在线圈和铁芯一定时，电流越大，电磁铁的磁性越强。

(3)串联电路中电流处处相等。

(4)根据安培定则判断两个电磁铁的磁极，根据磁极间的相互作用，判断是相互吸引还是相互排斥。

掌握电磁铁磁性强弱的影响因素，利用控制变量法和转换法探究电磁铁磁性的影响因素。

3．【解答】解：A、声音是由物体振动产生的，歌唱者的声音是其声带振动产生的，故A正确；B、主持人使用话筒是为了提高声音的响度，故B错误；C、声音的传播需要介质，嘹亮的歌声是通过空气传到现场观众耳中的，故C正确；D、禁止观众在艺术节会场大声说话是在声源处减弱噪声，故D正确。故选：B。4.【答案】C

【解析】解：A、太阳光使海洋中的水吸热蒸发成为水蒸气上升到空中，液态变为气态为汽化，故A正确；

B、高空中水蒸气温度降低液化成小水滴，相互聚集结成大水滴下降成为雨，气态变为液态为液化，故B正确；

C、冬天，水蒸气在寒冷的高空急剧降温凝华成小冰晶，小冰晶聚集变成雪花，气态变为固态为凝华，故C错误；

D、在下落过程中，冰晶熔化成水，和其他降水一样，又注入海洋，固态变为液态为熔化，故D正确；

故选：C。

物态变化的辨析：固态→液态为熔化，液态→固态为凝固，液态→气态为汽化，气态→液态为液化，固态→气态为升华，气态→固态为凝华。

该题目通过水循环考查物态变化名称与变化的对应关系，属于简单题目。5．【解答】解：吃自助餐时看到冷柜周围冒出的“冷气”，即是由于空气中的水蒸气遇冷时，液化而成的小水滴，这一过程放出热量；而烧开水时壶嘴里冒“热气”，是由于从壶中热水汽化成的高温水蒸气遇到外界较冷的空气液化而成的小水滴，这一过程放出热量。故“冷气”和“热气”本质是相同的，但水蒸气的来源不同，前者来源于空气中、后者是由热水汽化生成的，故D正确。故选：D。6．【解答】解：A、“只闻其声”的无线广播，听众依据音色可以区分不同的相声演员，故A错误；B、电磁波可以传递信息，“视听同步”的电视就是靠电磁波传递音像信息的，故B正确；C、网络直播时，电脑、手机前的观众是靠电磁波传递信息的，而现场观众是靠空气传播声音，虽然电磁波的传播速度远大于声音在空气中的传播速度，但是由于传播距离未知，所以电脑、手机前的观众不一定比现场观众后听到声音，故C错误；D、相声演员模仿不同人的发声，是靠改变音色来实现的，故D错误。故选：B。7．A【分析】先根据W=Pt求出灯在7天内消耗的总电能，再根据W=UIt求蓄电池的容量大小。【详解】LED灯头的额定电压为24V，额定功率为48W，每晚工作时间10h，因此七天总共消耗能量W=Pt=48W×7×10h=3260W⋅h那么要达到额定电压，且提供的能量不小于3260W⋅h，若蓄电池的额定电压为12V，则应用2台串联即可，据W=UIt知，1台蓄电池的容量至少为故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。8．（2分）如图是小明用抹布做清洁时的情景。当小明向左擦拭水平桌面时，抹布受到桌面的摩擦力方向是水平向右（选填“水平向左”或“水平向右”）。【分析】物体所受的滑动摩擦力的方向一定与物体相对运动的方向相反。【解答】解：当小明向左擦拭桌面时，抹布相对于桌面向左移动，则抹布受到桌面的摩擦力方向是向右的。故答案为：水平向右。【点评】本题考查了摩擦力的方向，属于基础题。9．（2分）2021年12月30日，长征三号乙运载火箭点火升空，成功将通信技术试验卫星九号送入预定轨道。火箭在大气层中高速飞行时，外壳与空气剧烈摩擦，火箭外壳的内能将增大（选填“增大”、“减小”或“不变”），其改变内能的方式是做功。【分析】改变物体内能方式：做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是能量的转移。【解答】解：火箭在大气层中高速飞行时，外壳与空气剧烈摩擦，此过程克服摩擦做功，机械能转化为内能，从而使火箭外壳温度升高，内能增大。故答案为：增大；做功。10．【解析】（1）根据图中虚线框内的装置可知，与浮标相连的是一绕着固定点转动的硬棒，相当于简单机械中的杠杆；（2）由图可知油量表串联在电路中，是由电流表改装而成的；（3）当油箱中的浮标向上运动时，在杠杆的作用下滑片向下移动，R接入电路中的电阻减小，电路的总电阻减小，由I＝可知，电路中的电流增大，即电表示数变大。故答案为：杠杆；电流；变大。11．【答案】热传递；扩散【分析】（1）改变内能的方法有两个：做功和热传递；（2）扩散现象说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动。【解答】解：用煤气炉烹饪食物，食物从锅中吸收热量，用热传递的方式增大食物的内能；食物的香气四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。故答案为：热传递；扩散。【点评】本题考查了与热学相关的多个知识点，联系生活中的现象，能用相关热学知识做出解释是解答的关键。12.【答案】3.00

367.5

0.26

【解析】解：(1)刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与3.50cm对齐，右侧与6.50cm对齐，故物体的长度为L=6.50cm−3.50=3.00cm；

(2)秒表小盘的分度值是0.5min，指针在6min−7min之间，靠近6min；大盘的分度值是0.1s，大盘指针在7.5s刻度处，因此秒表读数为6min7.5s，即367.5s；

(3)由图知，该表使用的量程为0～0.6A，分度值为0.0.02A，示数为0.26A。

故答案为：3.00；367.5；0.26。

(1)使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0刻度线开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；

(2)秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；

(3)先根据电流表使用的接线柱确定选用的量程，再确定相应的分度值，最后根据指针位置读数。

本题考查了刻度尺、秒表、和电流表的读数，要熟记物理实验和日常生活中经常使用的测量工具的使用和读数方法。

13．（2分）给充电宝充电时，充电宝相当于用电器（选填“电绝缘手柄源”或“用电器”）。如图甲所示，当开关S由接点1转到接点2时，电压表、电流表示数变化如图乙所示，则灯泡L2的电阻是20欧姆。【分析】（1）给充电宝充电时，充电宝会消耗电能；（2）由电路图可知，当S接1时，电路为L1的简单电路，电压表测电源的电压；当S接2时，两电阻串联，电压表测L1两端的电压，电流表测量电路中电流，由图乙得出电压表和电流表的示数，根据串联电路的特点可以计算出灯泡L2两端的电压，然后根据欧姆定律求出L2的电阻。【解答】解：（1）因为给充电宝充电时，充电宝会消耗电能，所以它相当于一个用电器；（2）由电路图可知，当开关S接1时，电路为L1的简单电路，电压表测电源的电压，由图乙可知，电源的电压U＝6V，当S接2时，两灯泡串联，电压表测L1两端的电压，由图乙可知，此时L1两端的电压为U1＝2V，电路中电流为I＝0.2A，由串联电路的电压特点可知，灯泡L2两端的电压：U2＝U﹣U1＝6V﹣2V＝4V，根据欧姆定律可得：R2＝＝＝20Ω。故答案为：用电器；20。【点评】本题考查对电路组成部分的认识、电路的动态分析和欧姆定律的应用，根据题意和图乙得出对应的电压和电流值是解决该题的关键。14．20【解析】轻杆AB在力F的作用下保持水平平衡，先在图上作出F的力臂OC，如下图：，根据直角三角形的性质可知：，又因为BO=3AO，所以OC=1.5AO；重物质量m=3kg，则，杠杆此时满足，则．15.【答案】解：重力从重心竖直向下画，符号为G；支持力从重心竖直向上画，符号为F，注意两个力长度相同，如图所示：

【解析】物块在光滑的水平面上作匀速直线运动，受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心．

本题考查了力的示意图的画法．注意在光滑的水平面上作匀速直线运动的物体不受水平方向上的阻力．16．【答案】【知识点】杠杆及其五要素；力臂的画法【解析】【解答】延长动力F1的作用线，作O点向F1的作用线画垂线，垂线段就是动力的力臂l1，阻力F2作用在B点，方向垂直于地面向下，O点到F2作用线的垂线段即为阻力臂l2，如图所示：

【分析】力臂与对应的力的作用线垂直；阻力是阻碍杠杆运动的力。17.【答案】解：根据描点法可得该物质温度随时间变化的图象：

。

故答案为：

。

【解析】明确纵横坐标所表示的内容，对照表格中的数据，在坐标图中画点描线。

此题考查了我们对画点描线方法的掌握，同时，还要理解通过分析图象得出相应信息。

18．

0.24

1.14

小灯泡断路【解析】（1）[1]由甲图可知，电压表与灯泡和滑动变阻器并联，则电压表连线错误，由于小灯泡的额定电压为3.8V，电压表测量灯泡两端的电压时量程为0~15V的，由图可知，电压表使用的量程为0~3V，所以应将电压表与滑动变阻器并联，如下图所示：（2）[2]由图乙可知，其量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.24A。（3）[3]根据功率的计算公式可得，灯泡得额定功率为P=UI=3.8V×0.3A=1.14W（4）[4]由表格可知，第3组实验中，把滑片移到端点时小灯泡闪亮一下后熄灭，看到电压表有示数，但最后灯泡不亮，电流表无示数，电压表两接线柱到电源为通路，故小灯泡断路才会出现这种情况。19.【答案】B

正比例

0.625

灯泡断路

【解析】解：(1)在本实验中，电流表应与灯泡串联，由欧姆定律，可得灯泡L1正常发光电流约为：

I=ULRL=3.8V10Ω=0.38A，所以电流表应使用0−0.6A量程，滑动变阻器应一上一下串联入电路中，实物连接如下所示：

(2)由图乙知，电压表使用0−3V量程，分度值0.1V，所以通过灯L1的电流为0.2A时两端电压为2.4V，

由欧姆定律可得此时灯泡电阻：

次数灯泡I/AU/VR/ΩP/W1L0.22.4120.482L1.680.323L0.840.16(3)完成L1的测量后，为测灯泡L2的电功率，只将图乙中的L1换成L2，闭合开关后，发现L2发光过亮，不能进行实验，这是因为电路中电流过大，电阻过小，所以应：更换变阻器，接入50Ω，1A的变阻器；

L2额定电压2.5V，所以为了完成灯泡L2电功率的测量，并使测量结果能更准确一些，还应将电压表的量程改为0−3V；选B；

(4)分析表中数数据，在电流一定时，功率与电阻之比为一定值，即小灯泡的实际功率与电阻成正比例关系；

(5)根据通过L2的电流随其两端电压变化的关系曲线知，在额定电压下的电流为0.25A，故灯泡L2的额定功率是：

P2=U2I2=2.5V×0.25A=0.625W；

(6)若实验过程，闭合开关，调节滑动变阻器，发现灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是灯泡断路。

故答案为：(1)如上所示；(2)如上表所示；(3)B；

(4)正比例；(5)0.625；(6)灯泡断路。

(1)在本实验中，电流表应与灯泡串联，由欧姆定律可得灯泡L1正常发光电流确定电流表使用的量程，滑动变阻器应一上一下串联入电路中；

(2)根据电压表使用0−3V量程确定分度值读数，由欧姆定律可得此时灯泡电阻；根据P=UI求出此时灯泡的电功率；

(3)根据L2发光过亮，不能进行实验，这是因为电路中电流过大，电阻过小，所以应更换变阻器；

根据L2额定电压2.5V判断更换电压表的量程；20.【答案】右

132.6

6.63×103

偏大

排开液体的体积

6.4×10−5

【解析】解：(一)

(1)在称量前的天平调平时指针偏左，说明横梁右侧质量偏小，所以应将平衡螺母向右调节；

(2)合金块的质量m=m砝码+m游码=100g+20g+10g+2.6g=132.6g；

(3)丙图中总体积为40mL，则合金块体积V=40mL−20mL=20mL=20cm3，

合金块密度ρ=mV=132.6g20cm3=6.63g/cm3=6.63×103kg/m3；

(4)小鑫测量时，使用了有缺损的砝码即实际质量比标有质量偏小，要让天平平衡，则应向右盘添加更多的砝码才行，所以读出合金块的质量会偏大，由于测量合金块体积是准确的，根据密度公式ρ=mV知，

测得的合金块密度偏大；

(二)

(1)由题意知，向上拉合金块直到合金块拉出水面，发现电子秤示数先不变，再变小，最后又不变，说明从刚露出水面到完全露出水面过程中，合金块排开水的质量逐渐变小，根据阿基米德原理可知浮力变小，同时合金块浸在水中体积也变小，所以浸在液体中的物体所受的浮力大小与排开液体的体积有关；

(2)根据A、B图可知，合金块质量m=317.0g−125.0g=192.0g，

根据A、C图可知，合金块排开水的质量m'=189.0g−125.0g=64.0g，

由于浸没，合金块体积V=V排=m'ρ水=64.0g1g/cm3=64cm3=6.4×10−5m3

合金块密度ρ=mV=192.0g64cm3=3g/cm3=3×103kg/m3；

(3)根据B、D可知，合金块质量m1=317.0g−124.0g=193.0g，

根据C、D可知，合金块排开水的质量m″=189.0g−124.0g=65.0g，

由于浸没，合金块体积V1=V排″=m″ρ水=65.0g1g/cm3=65cm21．【答案】（1）解：由图乙可知，滑动变阻器R消耗的最大功率为4W答：滑动变阻器R消耗的最大功率为4W。（2）解：当I1＝1A时，P最大＝4W，由P＝I2R得，此时滑动变阻器R的阻值：R＝P最大I2答：滑动变阻器R的阻值为4Ω时，滑动变阻器R消耗的功率最大。（3）解：当滑动变阻器R接入的阻值为0时，电路中的电流最大I2＝2A，电源电压：U＝I2R0＝2A×R0，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①当滑动变阻器R接入的阻值为4Ω时，此时电路中的电流为I1＝1A，电源电压：U＝I1（R0+R）＝1A×（R0+4Ω），﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②则有：2A×R0＝1A×（R0+4Ω），解得：R0＝4Ω，将R0代入①式可解得，U＝8V，由串联电路的电压特点和欧姆定律可得，滑动变阻器R两端电压：UR＝U﹣IR0＝8V﹣4Ω×I答：滑动变阻器R两端电压UR与电流表示数I的关系式为UR＝8V﹣4Ω×I。【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算【解析】【分析】（1）结合P-I图像，读出滑动变阻器R消耗的最大功率即可.

（2）结合P-I图像，由P＝I2R得功率最大时滑动变阻器R的阻值.

（3）利用串联分压的原理及欧姆定律得出滑动变阻器R两端电压UR与电流表示数I的关系式.22.【答案】解：(1)水吸收的热量：

Q吸=cm1△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×50kg×(60℃−20℃)=8.4×106J；

(2)这些热量相当于完全燃烧m2千克煤油：

∵【解析】(1)知道水的质量、水的初温和末温，根据吸热公式计算水吸收的热量；

(2)求出了水吸收的热量，由题知Q吸=Q放，利用Q23．（7分）阅读“RO反渗透膜原理”，回答第35题。RO反渗透膜原理反渗透，英文为ReverseOsmosis，它所描绘的是一个自然界中水分自然渗透过程的反向过程。早在1950年美国科学家DR．S．Sourirajan无意中发现海鸥在海上飞行时从海面啜起一大口海水，隔了几秒后吐出一小口的海水。他由此而产生疑问：陆地上由肺呼吸的动物是绝对无法饮用高盐份的海水，那为什么海鸥就可以饮用海水呢？这位科学家把海鸥带回了实验室，经过解剖发现在海鸥嗉囊位置有一层薄膜，该薄膜构造非常精密。海鸥正是利用了这层薄膜把海水过滤为可饮用的淡水，而含有杂质及高浓缩盐份的海水则被从口中吐出。这就是以后逆渗透法（ReverseOsmosis简称R．O）的基本理论架构。对透过的物质具有选择性的薄膜称为半透膜，一般将只能透过溶剂而不能透过溶质的薄膜称之为理想半透膜。当把相同体积的稀溶液（例如淡水）和浓溶液（例如盐水）分别置于半透膜的两侧时，稀溶液中的溶剂将自然穿过半透膜而自发地向浓溶液一侧流动，这一现象称为渗透。当渗透达到平衡时，浓溶液一侧的液面会比稀溶液的液面高出一定高度，即形成一个压差，此压差即为渗透压。渗透压的大小取决于溶液的固有性质，即与浓溶液的种类、浓度和温度有关而与半透膜的性质无关。若在浓溶液一侧施加大于渗透压的压力时，溶剂的流动方向将与原来的渗透方向相反，开始从浓溶液向稀溶液一侧流动，这一过程称为反渗透。反渗透是渗透的一种反向迁移运动，是一种在压力驱动下，借助于半透膜的选择截留作用将溶液中的溶质与溶剂分开的分离方法，它已广泛应用于各种液体的提纯与浓缩，其中最普遍的应用实例便是在水处理工艺中。反渗透膜的孔径非常小，因此能够有效地去除水中比反渗透膜孔径大的溶解盐类、重金属离子、有机物、胶体、细菌、病毒等。利用反渗透原理进行水提纯系统具有水质好、耗能低、无污染、工艺简单、操作简便等优点。反渗透膜能截留直径大于0.0001微米的物质，是最精细的一种膜分离产品，其能有效截留所有溶解盐份及分子量大于100的有机物，同时允许水分子通过，以获得高质量的纯净水。请根据上述材料，回答下列问题：（1）要将自来水中的无机盐、重金属离子、有机物、胶体、细菌、病毒等杂质阻隔，并使之无法通过反渗透膜，从而使可以透过的纯水和无法透过的浓缩水严格区分开来，反渗透膜的孔径要达到10﹣4μm以下。（2）图甲中容器两侧液面在自然状态下液体的流动方向是从纯水到盐水（选填“从纯水到盐水”或“从盐水到纯水”）。（3）图乙中两侧液体静止达到液透平衡。如果左右两容器横截面积均为100cm2，要实现反渗透，需要在图甲中盐水液面（选填“纯水”或“盐水”）施加竖直向下的压力至少是多大？请写出计算过程和结果。（g＝10N/kg，ρ盐水＝1.03×103kg/m3）（4）RO反渗透是当前最先进的净水分离技术，请举出一个它在生产生活方面的应用。【考点】液体压强的计算以及公式的应用；压强的计算．【分析】（1）根据反渗透膜能截留直径大于0.0001微米的物质即可得知反渗透膜的孔径要达到0.0001微米以下；（2）由题意可知，稀溶