湖南省长沙市2026-2027学年高三上学期期中考试物理自编卷（范围：高考范围）（解析版）

湖南省长沙市2026-2027学年高三上学期期中考试自编卷物理试题（解析版）题号12345678910答案DDDDCDBBDABDAD1．D【详解】A．根据可知，在“用双缝干涉测光的波长”实验中，其他条件不变，换一个两缝之间距离较大的双缝，干涉条纹间距将变窄，故A说法正确，不符合题意；B．在“验证动量守恒定律”实验中，为了保证小球做平抛运动，斜槽末端切线必须水平，斜槽是否光滑对实验没有影响，故B说法正确，不符合题意；C．如果摆长测量无误，将全振动的次数n误计为n-1，则计算出的周期偏大，根据可知，测得g值偏小，故C说法正确，不符合题意；D．玻璃砖界面aa′与bb′间的距离越小，使得测量角度产生较大误差，所以为了减小实验的相对误差，玻璃界面间的距离应适当大些，故D说法错误，符合题意。故选D。2．D【详解】D．设玻璃泡中气体压强为p，外界气压为，则有且玻璃泡中气体与外界大气温度相同，液柱上升，气体体积减小；由理想气体的状态方程可知，在V减小时，若p增大，则T可能增大、减小或不变，故选项D正确；B．若p不变，则T减小，所以选项B错误；AC．若p减小，则T减小，所以选项AC错误。故选D。3．D【详解】A．汽车通过拱桥的最高点时，汽车的加速度方向向下，汽车处于失重状态，故A错误；B．根据牛顿第二定律，有解得增大θ，但保持圆锥的高度不变，则圆锥摆的角速度不变，故B错误；C．同一小球在光滑而固定的圆锥筒内的A、B位置先后分别做匀速圆周运动，设圆锥筒的母线与竖直方向的夹角为θ，根据竖直方向受力平衡可得所以小球在两位置所受支持力相等；水平方向，根据牛顿第二定律，有所以所以小球在A位置角速度小于B位置角速度，故C错误；D．火车转弯超过规定速度行驶时，重力和支持力的合力不足以提供所需的向心力，外轨对外轮缘会有挤压作用，故D正确。故选D。4．D【详解】A．汽车刹车后做匀减速直线运动，由图可知，初速度为v0=10m/s，位移为x=10m，则解得汽车刹车过程的时间为故A错误；B．汽车刹车过程的加速度大小为故B错误；C．当汽车运动的位移为5m时，根据v2-v02=-2ax得故C错误；D．当汽车速度为5m/s时，根据v2-v02=-2ax得故D正确。故选D。5．C【详解】AB．原线圈电压的最大值为，有效值为照明灯正常工作时副线圈电压U2＝22V，由变压器原理得原、副线圈匝数比，故AB错误；CD．通过电动机的电流有效值电动机的输出功率等于输入功率减去其发热功率，即解得m≈23.75kg，故C正确，D错误。故选C。6．D【详解】A．B点与圆盘同轴转动，则B点做匀速圆周运动，加速度的方向时刻在变，B点做非匀变速曲线运动，故A错误；BCD．如下图所示设，由正弦定理得所以又由关联速度关系得解得可见A点速度不随时间均匀变化，A点做的不是匀变速直线运动；当O、A、B三点共线时，，此时A点的速率。故D正确，BC错误。故选D。7．B【详解】A．S接至2，MN中电流方向从M指向N，MN开始向右加速运动，受到安培力向右。由左手定则可知，匀强磁场的方向应该垂直于导轨平面向下。A错误；C．当开关接2时，电容器放电，设刚放电时流经MN的电流为I，有MN所受安培力F=BIL据牛顿第二定律F=ma则有MN刚开始运动时的加速度与电容器的电容C无关。C错误；D．金属导体棒获得最大速度vm时，放电电流为零，此时电容器的电压U与导体棒的感应电动势E棒相等，即U=E棒=BLvm此时电容器储存的电荷并未全部放出。D错误；B．设此过程中的平均电流为，时间为t，根据动量定理有其中ΔQ=Q0-Q=CE-CU=CE-CBLvm有电容器的电容C越大，MN的最大速度就越大。B正确。故选B。8．BD【详解】A.根据两粒子的偏转方向，可知两粒子带异种电荷，但无法确定其具体电性，故A错误；BC.由粒子受力方向与速度方向的关系，可判断电场力对两粒子均做正功，两粒子的速度、动能均增大，故B正确，C错误；D.从两粒子的运动轨迹判断，a经过的电场的电场线逐渐变得稀疏，b经过的电场的电场线逐渐变密，说明a的加速度减小，b的加速度增大，故D正确．9．ABD【详解】A．电动机正常工作时，通过电动机的电流机械功率为故A正确；B．电动机正常工作时，设干路电流为，电源的效率故B正确；CD．电动机正常工作时电压内电压干路电流流过灯泡的电流灯泡电阻电动机卡住时，当做纯电阻，电机和灯泡并联后的总电阻得此时外电压电动机的功率小灯泡的功率为故C错误，D正确。故选ABD。10．AD【详解】A．喷出的水做平抛运动，则有，联立解得，若，则，故A正确；B．若，则，故B错误；C．若，根据可知，喷水嘴各转动一周的时间T相同，因，出水口的截面积相同，根据可知，喷水嘴的流量相同，喷水嘴转动一周喷出的水量相同，外圈上的花盆总数量较多，则落入外圈每个花盆的水量更小，故C错误；D．若，则喷水嘴各转动一周的时间T相同，若则根据可知，喷水嘴的流量之比为，转动一周喷出的水量之比为，因为内圈花盆的数量和外圈花盆的数量之比也是，所以落入每个花盆的水量相同，故D正确。故选AD。11．(1)CB300.0小于(2)2700.0(3)2623.1【详解】（1）①[1]本实验误差来自闭合开关，电阻箱并入电路后，干路电流会发生变化，为使干路电流变化较小，应使干路中滑动变阻器接入电路的阻值尽量大，为使电流表能够满偏，相应的电源电动势应较大，故电源选择电动势为的电源，故电源应选用C；[2]毫安表G的满偏电流为，则干路中滑动变阻器接入电路的最小阻值约为故滑动变阻器应选用B。②[3][4]由实验操作步骤可知，通过微安表的电流等于通过电阻箱的电流，可知两部分电阻相等，即微安表G内阻的测量值因闭合开关，电阻箱并入电路后，电路的总电阻变小，干路电流会变大，即干路电流大于，而流过微安表G的电流为，则流过电阻箱的电流大于，即流过电阻箱的电流大于流过微安表G的电流，根据并联电路的特点，可知微安表G内阻真实值大于电阻箱的阻值，可知测量值偏小，即测量值小于微安表内阻的真实值。（2）若按照（1）中测算的，将上述微安表G改装成量程为的电压表需要串联一个的电阻，阻值为（3）当微安表G的示数为时，有若想调整准确，则需将微安表读数变为，则即将改装后的电压表内阻减小，即将的阻值变为12．电火花220交流0.02AD匀减速直线1.742.25【详解】（1）[1][2][3][4]由打点计时器的构造可知，乙图是电火花打点计时器，所接电源为频率为50Hz的220V的交流电源时，每隔0.02s打一次点；（2）①[5]A．若细线与长木板不平行，随着小车逐渐靠近滑轮，细线与水平方向的夹角增大，小车所受分力随之变化，因此小车的加速度发生变化，即小车不做匀变速直线运动，故细线必须与长木板平行，A选项必要；B．先接通电源，待打点计时器稳定工作后再释放小车点迹按匀变速运动规律显现在纸带上，若先释放小车开接通电源，则开始阶段点迹不规律，误差较大，故B项错误；C．该实验研究小车的匀变速直线运动，与小车所受到的合力及合力大小的计算无关，故C项不必要；D．在释放小车前，小车应尽量靠近打点计时器，以能在纸带上打出更多的点，有利于实验数据的处理和误差的减小，故D项必要；②[6][7][8]从纸带可以看出小车在做匀减速直线运动，由中间时刻的瞬时速度等于该过程平均速度可得由逐差法可得加速度13．①；②1.4m【详解】①设折射角为β，则由折射定律得可得代入数据解得β=37°②由数学知识得影长为l=b•tan（90°-α）+a•tanβ代入数据解得l=1.4m14．（1）；（2）；（3）【详解】（1）物块由到，由能量守恒定律

解得（2）物块到达点时的速度为，由能量守恒定律解得物块离开点后做斜上拋运动，在最高点时速度最小

解得（3）物块离开B点，到达地面时的动能为，此过程，由机械能守恒定律

解得15．(1)(2)0.4J(3)【详解】（1）木块A做平抛运动，到达传送带时竖直分速度为，有代入题中数据解得取竖直向上为正方向，由动量定理解得竖直方向冲量大小（2）因为摩擦力所以摩擦力冲量大小规定向右为正方向，水平方向由动量定理解得A木块减速到零，时间位移传送带位移摩擦发热（3）A与B第一次碰前A速度设为，A在光滑斜面部分加速度可知A与B第一次碰后速度分别为和，由动量守