江苏省苏州市吴江青云中学2027届中考物理模拟预测试卷含解析

江苏省苏州市吴江青云中学2027届中考物理模拟预测试卷注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．如图所示，把装满水的烧杯放在盘子里，再把空的饮料罐缓缓压入水中．在这个过程中有如下说法，其中正确的有①手对饮料罐的压力大小不变②水对饮料罐底部的压力大小不变③水对烧杯底部的压力大小不变④烧杯对盘子的作用力大小不变⑤盘子对烧杯的支持力大小不变.A．①②③ B．③④⑤ C．①②③④ D．①②③④⑤2．下列粒子中，带正电的是（）A．电子 B．质子 C．中子 D．原子3．一密封的圆台形容器，其横截面如图所示，内装一定质量的水，若把它倒置，则水对容器底面的作用情况是（）A．压强减小，压力增大 B．压强减小，压力减小C．压强增大，压力增大 D．压强增大，压力减小4．蜡烛放在凸透镜左侧如图所示的位置，小红正确画出了图中蜡烛烛焰的一条光路根据该蜡烛烛焰的这一条光路提供的信息，下列说法正确的是（）A．该蜡烛经透镜成的是虚像B．该蜡烛经透镜成的像是在透镜的右侧C．该蜡烛经透镜成的像和蜡烛等大D．透镜的焦距小于15cm5．如图所示，闭合开关S，在滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，下列说法正确的是A．电压表V1示数变大，灯泡L的实际功率变小B．电压表V2示数变大，灯泡L的亮度变亮C．电流表A示数变大，灯泡L的亮度变暗D．电压表V1与电流表A示数比值变大，灯泡L的亮度变暗6．下列有关声和电磁波的说法正确的是A．只要物体振动，人们就能听到声音B．未见其人、先闻其声，是因为声速比光速大C．汽车安装倒车雷达，是利用电磁波传递信息D．不同频率的电磁波在真空中传播的速度相同7．以下情景，说法正确的是A．冰箱内部电路没有漏电时，冰箱外壳可以不用接地B．图中水银气压计测出当地的大气压相当于78mm高的水银柱所产生的压强C．以恒定不变的力F将物体从斜面底端匀速拉至斜面顶端，物体与斜面间的摩檫力为f，F与f不是一对平衡力D．根据压强与流速的关系可知，物体上表面的压力小于下表面所受压力，使物体受到向上的支持力二、填空题（本大题7小题，共21分）8．小磁针保持静止状态时，其N极指向如图所示，则电源的正极是__________（选填“”或）端.9．如图所示为一个紫砂壶，它工艺考究，做工精细．在壶盖上开有一个小孔，其作用是在倒水时内外的____________相等．由于壶身和壶嘴构成_______，为方便装水和倒水因而要求它们的高度相平．10．如图所示，“蛟龙”号载人潜水器在马里亚纳海沟下潜后成功返回，在3小时内“蛟龙”号载人潜水器竖直下潜至4800m处，该处海水压强是_____Pa，“蛟龙”号下潜的平均速度为_____km/h．（取ρ海水＝1×103kg/m3，g＝10N/kg）11．竖直浸没在水中的长方体金属块，上、下表面受到水的压力分别为7牛、10牛，该金属块受到的浮力为_____牛．已知酒精的密度小于水的密度，现将该金属块浸没在酒精中，则跟其浸没在水中相比，该金属块受到的浮力_____，其受到重力和浮力的合力_____（后两格均选填“变大”、“不变”或“变小”）．12．根据表所列几种物质的比热容数据，可知：5千克的水温度升高20℃，需吸收的热量为_____焦；质量相等的水与干泥土，吸收相等的热量，_____升高的温度多，这就是沿海地区昼夜温差_____内陆地区昼夜温差的原因（选填“大于”、“等于”或“小于”）。物质比热容（焦/（千克•℃））水4.2×103铝0.90×103干泥土0.84×10313．小明探究某物质熔化和沸腾的实验装置如图甲所示．现把20g某种固体碾碎后放入试管中，插入温度计，再将试管放在装有水的烧杯中加热．根据实验数据画出的图象如图乙所示．根据图象回答问题：（设热水在相同时间内给这种物质吸收的热量相等）这种物质是_____（晶体/非晶体），它的沸点是_____℃；实验中，热量从火焰传递给水，却不会反过来传递．说明能量在转移的过程中，具有_____性；若这种物质液态时的比热容c=3×103J/（kg•℃），则这种物质熔化过程中吸收的热量是_____J．14．“小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头”，现有一蜻蜓立于距水面0.6m处的荷尖上，池中水深2m，则蜻蜓在水中的像距水面___________m；当蜻蜓飞离荷尖靠近水面时，在水中的像将___________（选填“变小”“变大”或“不变”；荷叶上的两滴水聚成一大滴，表明分子间存在___________。三、作图题（共7分）15．如图所示，跳伞运动员在空中刚打开降落伞的一段时间内，随降落伞一起竖直减速下落，请以A点为力的作用点，画出此时跳伞运动员受到拉力和重力的示意图。（_____________）16．在如图所示的电路图中填上合适的电表，使它成为正确的并联电路。（_____）17．重为4牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法在如图中画出它受到的重力G。（_____）四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．在“探究感应电流产生条件”的实验中，蹄形磁铁放在水平实验台上，导体AB悬挂在磁体的磁场中，位置关系如图所示．（1）闭合开关，让悬挂的导体AB沿由A向B方向运动，灵敏电流计指针_____（选填“会”或“不会”）发生偏转；（2）闭合开关，若保持磁体不动，导体AB向右水平运动，灵敏电流计指针向左偏转；要使灵敏电流计的指针向右偏转，导体AB应向_____水平运动：（3）闭合开关，若保持导体AB不动，可以将磁体_____（选填“上下”或“左右”）移动，灵敏电流计的指针会发生偏转．19．某科技小组同学发现实验室有一只标有“XkΩ”的电阻（X为模糊不清的一个数字），为了测出这只电阻的阻值，他们进行了如下探究：（1）首先设计的实验电路如图1所示，使用的器材有：两节新干电池、待测电阻RX、电压表V（0〜3V、0〜15V量程）、电流表A（0〜0.6A、0〜3A量程）、滑动变阻器（标有“50Ω1A”）、开关、导线若干．实验后发现，该方案无法测出电阻Rx的值，其主要原因是____．（2）小李设计的电路图如图2所示，其中定值电阻R0=2kΩ．他连接电路后，闭合S1，断开S2，想先测出电源电压，但读出电压表示数U=2V，与两节干电池能提供的电压相差很大．老师告诉他，电压表相当于一个能显示自身两端电压的定值电阻．则根据小李的测量数据和电源电压（取3V），可估算出电压表自身的电阻为____Ω．（3）小组其他同学设计的实验电路如图所示，在电源电压恒定且已测出的条件下，能先测出电压表自身电阻后，再测出Rx阻值的电路是____．（4）他们选择正确方案测出Rx的阻值后，又有同学提出，应该通过多次测量求平均值来减小误差．在正确方案的基础上，通过下列操作，能实现多次测量Rx阻值的是____．A．改变电源电压B．将R0换成50Ω的定值电阻C．将电压表换成“0〜0.6A”的电流表20．小明做“测量小灯泡电功率”实验，实验室有如下器材：电源（电压恒为6V）、小灯泡（额定电压为2.5V，灯丝电阻约为10Ω）、电流表、电压表、开关各一个、规格分别为R1“10Ω1A”和R2“50Ω0.5A”的滑动变阻器各一个、导线若干。（1）请用笔画线代替导线将图甲中实物电路图连接完整。（_________）（2）为了能够顺利完成实验探究，他应选用滑动变阻器_____________（选填“R1”或“R2”）（3）正确连接电路后，闭合开关，若小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，原因是____________________。（4）排除故障后，移动滑动变阻器滑片P的位置，得到多组电压值和电流值，小灯泡U—I图象如图乙所示，小灯泡的额定功率为______W。小灯泡正常发光的电阻为_________Ω，由图乙发现灯泡电阻是变化的，影响其变化的主要原因是____________________________________________。（5）小明打算利用一个阻值为10Ω的定值电阻R0，只利用一只电表，通过图中操作单刀双掷开关（开关S接“a”、“b”各一次）来测量小灯泡的额定功率。如图丙、丁是他设计的两种不同方案的电路图，则以下判断正确的是___________（填字母）。A．两种方案都能B．两种方案都不能C．丙方案能，丁方案不能D．丙方案不能，丁方案能21．小明用如图甲所示的装置测量小灯泡的电功率，已知小灯泡额定电压为2.5V，滑动变阻器规格为“20Ω2A”。在图甲中，用笔画线代替导线将电路连接完整。闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最_____（选填“左”或“右”）端。闭合开关，移动滑片，当电压表的示数达到2V时，电流表的示数如图乙所示，此时小灯泡消耗的电功率为_____。为使小灯泡正常发光，接下来应将滑片向_____移动，但无论怎么调节滑片都无法使电压表示数达到2.5V．为了用该灯泡继续完成实验，你的做法是_____。另一组同学在测量小灯泡额定功率时，电压表出现了故障不能使用，他们向老师借了一只定值电阻R0，设计了如图丙所示的电路，按下面的顺序测量额定电压为U额的小灯泡的额定功率：①只闭合开关S和S1，调节滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为_____时，小灯泡正常工作；②只闭合开关S和S2，保持滑片P的位置不动，读出电流表的示数为_____；③该小灯泡的额定功率P额＝_____（用I、U额和R0表示）。22．小明欲测量一只小灯泡的额定功率.器材如下:待测小灯泡(额定电压为2.5V)、电源(电压约6V左右)、电流表(0～0.6A、0～3A)、电压表(0～3V、0～15V)、滑动变阻器（20Ω2A）、开关各一只，导线若干.（1）如图甲所示是小明开始时连接的电路，仔细观察发现该电路存在连接错误，但只需改动一根导线，即可使电路连接正确.请你在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线在原图上画出正确的接法.（_________）（2）正确操作后，当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流为________A，小灯泡的额定功率为______W.（3）小明还想换一种方法测定该小灯泡的额定功率，于是向老师要了一个阻值已知的定值电阻R0和一个单刀双掷开关，借助原有的实验器材，设计了如图丙所示的电路.请你根据他设计的电路，补全主要的实验步骤:实验步骤:①将开关S1闭合,开关S2断开，读出电压表示数U；②S2与a接线柱接通，移动滑动变阻器滑片，使电压表的示数为U额；③S2与b接线柱接通，______（移动/不移动）滑动变阻器滑片，读出电压表示数U0；小灯泡的额定功率P额=_______（用已知量和测量量的符号表示）.（4）小明在（3）中测得电源电压为6V，他还想探究“在电压一定时，电流与电阻的关系”，于是将甲图中的小灯泡换成四个阻值分别为10Ω，8Ω，6Ω和4Ω的定值电阻，其余连接均不改变．①在实验过程中，将4个定值电阻依次接入电路，调节滑动变阻器使定值电阻两端的电压保持某个值U0不变，为了能够顺利得到4组I、R数据，完成实验，该电压U0的取值大小应满足：______；②四次实验中，当电压表调到控制电压时，滑动变阻器消耗的最大功率和最小功率之比是_______．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．在南极科学考察中使用的海洋破冰船，其发动机额定功率为1.2×104kW，航行于海面上时，它的排水体积为1800m1．破冰船针对不同的冰层采用不同的破冰方法，其中一种方法是：接触冰面前，船全速航行，船体大部分冲上冰面，就可以把冰压碎．已知ρ海水＝1.0×101kg/m1．g取10N/kg．求：若破冰船的牵引力用F表示，速度用v表示，发动机的功率用P表示，请你导出F、v和P之间关系式：P＝F•v．若破冰船以额定功率在海面上以10km/h的速度匀速前进了20km，破冰船受到的阻力和破冰船所做的功各是多少？在一次破冰行动中，当船冲上冰面后，船的排水体积变为原来的，船与冰面的接触面积为6m2，此时破冰船对冰层的压强是多少？24．如图是小明家的电热水壶及其铭牌，小明将该电热水壶接入家庭电路，用它来加热1.5kg水．（1）该电热水壶正常工作时的电流为多少？（2）水从20℃加热到100℃吸收的热量为多少？（3）小明烧开这壶水实际用时10min，则该电热水壶的效率为多少？六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．某小组同学在学习完“大气压强”之后，通过上网查阅资料得到了两张表格如下：表一大气压与海拔高度的对照表表二水的沸点与大气压的对照表根据对资料中信息的分析，回答以下问题：①海拔高度越高，大气压越________（选填“大”或“小”），且随着海拔高度的增大，大气压值的变化越来越________（选填“快”或“慢”）．②水的沸点与大气压之间的关系是________．③在海拔8848米的珠穆朗玛峰顶上，水的沸点大约是________℃．26．如图所示，在轴的原点放一点光源，距点光源为处放一不透光的边长为的正方体物块．若在轴的上方距轴为处放一平行于轴且面向物块的长平面镜，画出在正方体轴上被点光源发出经长平面镜反射而照亮的区域，并计算出其长度为__________．27．小明根据所学的电学知识，想设计一个汽车超载自动报警电路．他查阅了相关资料了解到压敏电阻是阻值随压力变化而变化的元件，并了解到压敏电阻在生活中的一种应用﹣﹣压力传感器．压力传感器受到的压力越大，输出的电压就越大，用它可以称量汽车的重．某压力传感器输出电压与压力的关系如下表：压力/×105N01.22.43.64.86.0输出电压/V012345小明利用该压力传感器和电阻箱R'（最大电阻999.9Ω）及部分其它器材设计了图甲所示的电路，闭合开关S，当线圈中电流大于或等于20mA时，电磁继电器的衔铁被吸合．已知继电器线圈的电阻为25Ω，继电器电路的电源电压由传感器的输出电压U提供．（假设U不受继电器电路影响）根据表格中数据，请在图乙给定的坐标系中描绘出压力传感器的输出电压随压力变化的图象；当压力增加到一定程度时，电铃报警，说明汽车超载，则图甲中电铃应接在_____（选填“A、B”或“C、D”）两端；小明希望压力大于或等于2.4×105N时，启动报警系统，则电阻箱R′的电阻应调节到多大______？要使该装置报警，汽车的最小重力为多少______？

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、B【解析】

把空的饮料罐缓缓按入水中的过程中排开水的体积变大，根据F浮=ρ液gV排可知饮料罐受到的浮力变大，手对饮料罐的压力F压=F浮-G，手对饮料罐的压力变大，故①错误；把空的饮料罐缓缓按入水中的过程中，水的深度增加，根据p=ρgh可知水对饮料罐底部的压强变大，根据F=pS可知水对饮料罐底部的压力变大，故②错误；由于烧杯装满水，把空的饮料罐缓缓按入水中的过程中，水的深度不变，根据p=ρgh可知水对烧杯底部的压强不变，根据F=pS可知压力不变，故③正确；烧杯底部对盘子的压力为G杯+G水+F向下-G排，根据阿基米德原理可知：F浮=G排，所以，F向下=G排，由此可知：烧杯底部对盘子的压力不变，故④正确；盘子对烧杯的支持力和烧杯底部对盘子的压力是相互作用力，两个力的大小相等，故⑤正确．2、B【解析】

原子是由原子核和核外电子组成的，原子核由质子和中子组成，质子带正电，中子不带电．核外电子带负电，整个原子是电中性的．所以带正电的是质子，故B正确为答案．3、D【解析】

先分析水对容器底的压强，由液体压强公式P=ρgh，只需分析当把容器倒置过来后，h有何变化，就可以得出压强如何变化．分析水对容器底的压力，我们就需要用公式F=PS进行分析．而直接用这个公式还不能分析出水对容器底的压力变化情况，因为倒置过来后水对容器底的压强变大了（h变大了），而容器底面积却变小了，所以压强与容器底面积的乘积是变大了还是变小了，我们就无法判断出来．所以我们还需要寻找一个量，通过这个量把第一次和第二次水对容器底的压力联系起来，从而进行比较．第一次，水对容器底的压力大于水的重力．理由：水对容器底的压力是以S大为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比容器中的水多，所以水对容器底的压力大于水的重力；第二次，水对容器底的压力小于水的重力．理由：水对容器底的压力是以S小为底面积，h′为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比容器中的水少，所以水对容器底的压力小于水的重力．由此就可得出第一次和第二次水对容器底的压力变化情况了．【详解】设如图放置时的底面积为S大，倒置过来后的底面积为S小，因为水的体积一定，所以倒置过来后水的高度增大了，则根据液体压强公式P=ρgh可知，倒置过来后水对容器底的压强变大了．第一次水对容器底的压力：F=PS=ρghS大，即水对容器底的压力是以S大为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，由图可知这部分液柱比水多，所以水对容器底的压力大于水的重力．如图：第二次水对容器底的压力：F′=P′S小=ρgh′S小，即水对容器底的压力是以S小为底面积，h′为高的这部分液柱所产生的压力，由图可知这部分液柱比水少，所以水对容器底的压力小于水的重力．如图：4、A【解析】

由图知道，蜡烛烛焰发出的平行主光轴的光经凸透镜会聚在主光轴上一点，此点应是是凸透镜的焦点，由图知道，此透镜的焦距是f＝20cm，故D错误；又因为蜡烛距离凸透镜的距离，即物距是：u＝15cm＜f，由凸透镜的成像规律知道，此时蜡烛通过凸透镜成正立、放大的虚像，且虚像在蜡烛的左侧，故A正确、BC错误。5、D【解析】

如图灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，闭合开关S，在滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路中的电流变小，电流表示数变小，灯泡亮度变暗；电压表V1测量电源电压所以电压表V1示数不变；在串联电路中，根据电阻越大分得的电压越大，滑动变阻器接入电路的电阻变大，滑动变阻器两端的电压变大，电压表V2示数变大；电压表V1不变，电流表示数变小，电压表V1与电流表A示数比值变大．故选D．6、D【解析】

A、物体振动产生声音，如果没有传播声音的介质，人们听不到声音，故A错误；B、声速比光速小得多，未见其人、先闻其声，这是根据音色判断的，故B错误；C、汽车安装倒车雷达，是利用超声波传递信息的，故C错误；D、无论频率高低，波长长短，电磁波传播的速度都是相同的，故D正确。7、C【解析】

A．带金属壳的用电器之所以接地是为了在发生漏电时能让电流流入大地，避免发生触电事故，所以冰箱内部电路没有漏电，冰箱外壳也要接地，故A错误；B．在托里拆利实验中，玻璃管内外水银面的高度差反映了大气压强的大小，图中78mm高的水银柱是指水银面到玻璃管口的高度，故B错误；C．设斜面的高度为h，斜面的长度为s，有用功：W有用=Gh，总功：W总=Fs，克服摩擦做的额外功：W额=fs，W总=W有用+W额，即Fs=Gh+fs，摩擦阻力：f=F-，由此可看出，f≠F，不能满足二力平衡的条件，所以拉力和摩擦力不是一对平衡力，故C正确；D．由于上表面平直，下表面弯曲，所以空气通过上表面的流速较小，通过下表面的流速较大，故物体上表面的压强大于下表面的压强，物体上表面的压力大于下表面所受压力，使物体受到向下的力，故D错误。二、填空题（本大题7小题，共21分）8、b【解析】

图中小磁针N极向上，根据磁极间的相互作用得到螺线管的上端是S极，下端是N极，通过螺线管的电流从下端流入，上端流出，电源外部，电流是从电源的正极流出回到负极，所以电源正极是b端。9、大气压；连通器【解析】试题分析：壶盖上的小孔连通了内外的空气，使壶内外气压相等，从而使壶中的水能顺序倒出；壶身与壶嘴构成了一个连通器，因为水静止时水面相平，所以制作时高度应相同才行．故答案为大气压；连通器．10、4.8×1071.6【解析】“蛟龙”号受到海水的压强：p＝ρ海水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×4800m＝4.8×107Pa，蛟龙”号下潜的平均速度为v＝＝1.6km/h.11、3变小变大【解析】

本题考查的是浮力产生的原因及平衡力相关知识；酒精的密度比水的密度小，而排开水的体积不变，根据阿基米德原理判断受浮力大小变化，进而判断合力大小变化．【详解】物体在液体中所受浮力等于液体对物体上下表面的压力差，分析物体受力情况，根据平衡力知识可求出绳子的拉力F浮＝F下-F上＝10N-7N＝3N；酒精的密度比水的密度小,浸没时排开水的体积和排开酒精的体积相等,由F浮＝ρV排g可知,金属块受浮力变小,因为F示＝G−F浮，金属块重力不变，所以受到重力和浮力的合力将变大．12、4.2×105干泥土小于【解析】

水吸收热量：；查表可知，因，且，由可知：，干泥土升高的温度多；因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和泥土比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。13、晶体90方向3600【解析】

（1）晶体有固定的熔化温度，而非晶体没有．该物质图象上BC段与时间轴平行的直线，表示该物质在熔化过程中不断吸热，温度保持不变，因此该物质为晶体．DE段表示该液体沸腾时吸热但温度不再升高，此时的温度90℃，即为这种物质的沸点；（2）实验过程中，热量由火焰传递给水，热量不能从水传递给火焰，说明能量在转移的过程中具有方向性；（3）由图可知，CD段，t0=50℃，t=90℃，液态物质由第6min到第8min内吸收的热量为：Q=cm（t-t0）=3×103J/（kg•℃）×0.02kg×（90℃-50℃）＝2400J；该物质的熔化过程经历了3min，吸收热量为Q吸=×3min＝3600J．14、0.6不变引力【解析】

已知蜻蜓距水面0.6m，根据像和物到平面镜距离相等可知像到水面的距离也是0.6m；由于物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，所以不管蜻蜓距水面的距离远还是近，像始终和物体等大，因此当蜻蜓飞离荷尖靠近水面时，蜻蜓在水中像将不变。由于分子间引力的作用，所以荷叶上的两滴露珠接触后合成一滴。三、作图题（共7分）15、【解析】

由于跳伞运动员随降落伞一起竖直减速下落，所以，受到的拉力大于重力，过A点分别沿竖直向下和竖直向上的方向画出此时跳伞运动员受到拉力和重力的示意图，注意表示拉力的线段稍微长一些，如图所示：16、【解析】

要使图中滑动变阻器和电阻并联，则滑动变阻器下方右侧电表必须在干路，所以为电流表；左侧必须接电压表，测并联电路的电压，而滑动变阻器上方接电流表，测滑动变阻器支路的电流，如图所示：17、【解析】

画出大小为2N的标度，然后过物体重心作竖直向下的重力，使线段长度为标度的2倍。并标上重力的符号G=4N。如图所示：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、不会左左右【解析】

牢记产生感应电流的条件，以及感应电流的方向和导体运动方向、磁场方向有关．【详解】（1）闭合开关，让悬挂的导体AB沿由A向B方向运动，由于不切割磁感线，所以电路中不会产生感应电流，灵敏电流计不会发生偏转；（2）在磁感线方向一定时，感应电流的方向与导体切割磁感线的运动方向有关．所以若导体AB向右水平运动，灵敏电流计指针向左偏转；若导体AB向左水平运动，则灵敏电流计指针向右偏转；（3）若保持导体AB不动，闭合电路中要产生感应电流，可以将磁体左右移动，AB仍切割磁感线，会产生感应电流．19、电流太小，无法用电流表直接测出4CA【解析】

（1）实验室有一只标有“XkΩ”的电阻，即电阻为几千欧姆，电源电压为3V，由欧姆定律，（若为1千欧姆）通过其的最大电流为0.003A，远小于电流表小量程的分度值为0.02A，无法用电流表直接测出；（2）闭合S1，断开S2，电压表与定值电阻串联，电压表示数U=2V，定值电阻电压为3V﹣2V=1V，电压表示数为定值电阻电压的2V1V=2（3）A选项中，开关向左打若能测量出待测电阻电压，则开关向右打时，电流从电压表负接线柱流入，无法测量定值电阻的电压；B选项中，根据并联电路各支路互不影响，开关断开与闭合时，电压表示数不变，无法测待测电阻的电压；C选项中，开关向上打和向下打，待测电阻和定值电阻分别与电压表串联，电压表示数分别为UX、U1，由串联电路电压的规律可分别求出两电阻的电压为：UX=U﹣U1，U0=U﹣U2，根据分压原理有：U-U1UU-U2U因U、U1、U2、R0为已知量，由①②可求出待测电阻；C可行；D选项中，只能测量出待测电阻与串联时的电压，不可行；（4）对上面的C方案，A．若改变电源电压，则可得出不同的电压值，由①②可得出几组电阻值，可取平均值减小误差；可行；B．将R0换成50Ω的定值电阻，由①②只能测量出一个电阻值，不可行；C．将电压表换成“0〜0.6A”的电流表，因电源电压已知，S2打到上端时，也只能测量出一个电流值，求出一个电阻值，不可行；故A正确。20、R2小灯泡短路0.62510灯丝温度（或小灯泡灯丝电阻随温度的升高而增大）B【解析】

(1)灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，灯丝电阻约为10Ω由欧姆定律，灯泡正常发光时电路中电流约为：I═UR=2.5V(2)灯泡正常发光时电路中电流的为0.25A，根据串联电路电流的特点，电路中电流处处相等，变阻器应分去的电压：U变=6V−2.5V=3.5V，由欧姆定律，变阻器的阻值至少为：R变═U变I=3.5V0.25A=14Ω>10Ω，所以应选择滑动变阻器的规格为(3)闭合开关后,移动滑动变阻器的滑片,电流表有示数,说明电路为通路,发现小灯泡始终不发光,电压表无示数,若电路只有一处故障,故障原因是灯泡(或电压表)短路了；(4)由图象可知，灯泡电压为2.5V时的电流为0.25A，所以灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；小灯泡正常发光的电阻为：R=UI=2.5灯泡电阻是变化的，原因是受温度的影响；(5)图丙中,无论开关接a还是接b都无法得知小灯泡是否正常发光,此方案不能测定小灯泡的额定电功率;图丁中,R0、小灯泡、变阻器三者串联，S接a时，电压表测定值电阻的电压，当开关接b时测量灯和定值电阻的总电压，不能通过调节滑动变阻器使灯泡两端的电压为2.5V，所以此方案不能测出小灯的额定电功率，故选B。21、左0.48W右增加1节电池I1IU额×（I﹣）【解析】

（1）伏安法测灯泡功率的实验中，电压表应并联在灯泡两端，使用0﹣3V量程，实物电路如下：（2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片处于最大阻值处的左端；（3）如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.24A，此时小灯泡的电压为2V，则小灯泡的功率为P＝UI＝2V×0.24A＝0.48W；（4）电压表的示数为2V，小于小灯泡的额定电压，要使灯泡正常工作，灯泡两端电压应从2V增大到2.5V，电路电流要增大，总电阻要减小，则滑动变阻器的电阻要减小，滑片应向右端移动，使电压表的示数为2.5V为止；但无论怎么调节滑片都无法使电压表示数达到2.5V，说明电源电压较小，为了用该灯泡继续完成实验，应增大电源电压，具体做法是增加1节电池；（5）①测量时，应闭合开关S和S1，当电流表示数为I1＝时，灯泡两端电压等于额定电压，灯泡正常发光。②只闭合开关S和S2，保持滑片P的位置不动，读出电流表的示数为I；③由并联电路特点知，灯泡正常发光的电流：IL＝I﹣I1＝I﹣，则灯泡的额定功率：P＝U额IL＝U额×（I﹣）。22、0.30.75不移动1-2.4V5：2【解析】

(1)灯应与电压表并联，电流表串联在电路中，故连接灯的左接线柱与电源负极的连线有误，将连接电源负极的线改接在变阻器金属杆的左接线柱即可，如图所示：(2)电流表选用小量程,分度值为0.02A,示数为0.3A,小灯泡的额定功率P额=U额I=2.5V×0.3A=0.75W；(3)实验步骤:①将开关S1闭合,开关S2断开，读出电压表示数U；②S2与a接线柱接通，移动滑动变阻器滑片，使电压表的示数为U额；③S2与b接线柱接通，不移动滑动变阻器滑片，读出电压表示数U0；由实验步骤可知：S2接b时，滑动变阻器两端的电压U滑=U−U0，电路中的电流I=,滑动变阻器接入电路中的电阻：R滑===,S2接a时，滑动变阻器两端的电压U’滑=U−U额，电路中的电流I’===灯泡额定功率：P额=U额I’=U额=(4)把四个电阻依次串联接入电路中，为了保护电流表，电路中的电流不能超过0.6A，故电路的最小电阻为：R小===10Ω，电路中接入4Ω的电阻时,滑动变阻器接入电路的最小电阻为：R′=R小−4Ω=6Ω；此时定值电阻两端的电压为：UR=IR=0.6A×4Ω=2.4V；即定值电阻两端的最大电压为2.4V；当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电阻两端的电压为6V，等于电源电压，故在探究实验中，电阻两端的电压都能达到6V；把四个电阻接入电路中时,电阻两端的最小电压为：U小=R,把电源电压和四个电阻10Ω、8Ω、6Ω和4Ω带入,得四个电压值为：2V、1.71V、1.38V、1V,为了能够顺利得到4组I、R数据,则电阻两端的电压最小为1V,故电压U0的取位大小应满足1V⩽U0⩽2.4V.(5)四次实验中，当电压表调到控制电压U表时（保持不变），根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压为：U滑=U-U表=6V-U表，则变阻器的电压保持不变，即定值电阻的电压（电压表示数）与变阻器的电压之比为定值，由分压原理可得==定值，当定值电阻分别取4Ω和10Ω时，故对应的变阻器的变阻器连入电路中的电阻之比=，根据P=UI=，滑动变阻器消耗的最大功率和最小功率之比等于变阻器连入电路中电阻的反比，即===．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）见解析所示；（2）1.44×106N；2.88×1010J．（1）2×106Pa．【解析】

（1）功率公式：P＝，功的计算公式：W＝Fs，由速度公式v＝可得：s＝vt，将s＝vt代入W＝Fs中，可得W＝F•vt，再将W＝Fvt代入P＝中，可得P＝F•v；（2）发动机额定功率为1.2×104kW＝1.2×107W，破冰船的速度10km/h＝10×m/s＝m/s，破冰船前进的距离20km＝2×104m