朔州市重点中学2027届中考三模物理试题含解析

朔州市重点中学2027届中考三模物理试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．下列物理量最接近实际的是A．人体的安全电压是36VB．人体感觉舒适的环境温度约为37℃C．一个标准大气压约为1.013×105PaD．中考体考所用的实心球质量约10g2．下列实验的操作中，正确的是A．使用测电笔辨别火线和零线时，手一定要接触笔尾的金属体B．在连接电路的过程中，必须从电源的正极开始接线C．在用实验室温度计测液体的温度时，一定要取出来读数D．使用弹簧测力计测力时必须竖直方向拉，不能倾斜拉3．我们经常看到这样的现象：在无风的天气，汽车在马路上快速驶过以后，马路两边的树叶会随风飘动，如图所示，汽车向左行驶，马路两边的树叶会沿着A、B、C哪一个方向飘动（）A．向A方向飘动B．向B方向飘动C．向C方向飘动D．条件不足，无法判断4．下列现象与雨后彩虹的形成原因相同的是A．镜中的“我”B．树荫下的光斑C．汽车后视镜D．水中“断”笔5．第十七届科博会在北京召开，中外多款智能机器人齐亮相，如幼教机器人可以和小朋友比赛背唐诗．下列有关说法中正确的是()．A．机器人的声音不是由振动产生的B．机器人的声音可以在真空中传播C．机器人能区分小朋友的声音主要是因为他们的音色不同D．机器人的声音在空气中传播速度是3×108m/s6．利用斜面、小车等装置可以进行多种实验，下列几个实验中不能用该装置完成的是A．测量小车的运动速度B．研究物体内能的改变C．探究阻力对物体运动的影响D．探究物体的动能跟哪些因素有关7．如图所示是基本量具的测量结果，其中记录错误的是A．天平所测物体的质量为12.2gB．电流表的示数为0.38AC．温度计的示数为-3℃D．电能表的示数为586.6kW·h二、填空题（本大题7小题，共21分）8．九年级中考体考项目中有一项是扔实心球．实心球离开手后仍能继续向前运动是因为它具有_____，实心球最终要掉回地面是因为受到_____力的作用，当实心球停在地面上时受到的合力为_____．9．“西电东送”是将我国西部发电厂发出的电输送到我国东部，由发电厂输出的电功率是一定的，它决定于发电机组的发电能力．发电机的功率不变，根据P=UI，若_____输电线路中的电压U，那么线路中的电流I一定会减小．输电线路的电能损耗主要是输电线电流热效应，因为输电线损失的热功率P=I2R，如果线路中电流降低到原来的一半，那么线路中损失的热功率就减少为原来的_____，所以_____办法可以有效地降低输电线路中的热损失．10．如图示数，重力为8N的一木块放在水平面上，上表面固定一轻滑轮（不计滑轮摩擦）.轻绳绕过滑轮后，一端固定在右侧墙上，另一端始终用大小为F1=6N的力竖直向上拉，木块向右匀速运动.这个过程中木块受到的摩擦力大小为____N.若将绳端拉力方向改为水平向右，木块仍能匀速运动，这时拉力大小为F2，则F1____2F2（大于/等于/小于）．11．一个密封的圆台形容器，其横截面如图所示，内装一定质量的水，若把它倒置，液体对容器底的压强_______；容器对桌面的压力_________．（选填“增大”、“不变”点“减小”）12．如图甲是2018年1月31日沈阳奥体中心地区观测到的超级月全食，月食是由于光的_____形成的，图乙是在浑南三路拍摄到的彩虹，彩虹属于光的_____现象。13．据报道，2018年5月5日，直﹣18改进型直升机阵落在我国首艘国产航母的甲板上，如图所示．该航母满载时排水量为70000吨，在海水中吃水深度为11m．取ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg．该航母满载时，受到的浮力为_____N，最低处受到海水的压强为_____Pa；某架直升机飞离该航母后，若航母排开的海水体积减少了7m3，则该直升机的质量是_____kg．14．“青岛号”导弹驱逐舰满载时的排水量是4800t，表示它浮在海面上，排开的海水质量是4800t，此时舰所受的浮力是_______N．当舰从海洋驶入长江时，所受浮力_______(选填“变大”“变小”或“不变”)．(ρ海水>ρ江水，g=10N/kg)三、作图题（共7分）15．如图所示为小强家某个房间内的实物电路，请画出该房间内家庭电路的电路图．16．在如图所示的电路中，以笔线代替导线，补两根导线，要求：①电键S闭合后，小灯才能发光．②向左移动滑动变阻器的滑片P,小灯泡L亮度不变；电流表的示数变大．（_____________）17．杠杆OA可绕O点转动，受力情况如图所示．请在图中作出力F的力臂L．四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．如图所示，在水平桌面上，用弹簧测力计测量木块所受滑动摩擦力的大小，要求用弹簧测力计拉动木块做水平方向的_____运动，读出弹簧测力计的示数；根据_____，滑动摩擦力大小等于拉力大小。19．在“研究影响滑动摩擦力的大小的因素”实验中，某同学将图1实验装置改进为如图2所示的装置：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，木块下面是一长木板，实验时拉着长木板沿水平地面向右运动．写出一条装置改进以后的优点_____；水平向右拉动长木板，弹簧测力计示数如图3所示．根据二力平衡知识可知，木块所受的滑动摩擦力为_____N；将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半．由此他得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小．你认为他得出这一结论是_____（选填“正确”或“不正确”）的，理由是_____．20．小芳在做“探究凸透镜成像规律”的实验中：小芳把实验装置正确安装并调节后如图所示，此时她在光屏上看到了烛焰清晰的倒立的像．凸透镜的光心是O点，请在光屏上画出烛焰的像．实验中，燃烧的蜡烛在不断缩短，导致光屏上的像向上移动，为了使烛焰的像能呈现在光屏中央，在不更换实验器材的情况下，请写出一种可行的方法：_________．实验中，小芳把凸透镜换成一个焦距更大的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，则应将光屏____（选填“向左”或“向右”）移动适当距离才能重新得到清晰的像．21．如图所示，一个正在发声的警报器置于密闭的玻璃罩内悬浮（与玻璃罩、底座没有接触），阿恩能听到警报器的声音。步骤l:开启抽气泵后，阿恩听到警报器的声音逐渐变弱。步骤2:关停抽气泵，玻璃罩内传出微弱的声音；再放进空气时，声音又逐渐变强。多次重复上述实验，均有上述实验现象。（1）上述实验说明了：影响声音强弱的因素是_______________________；（2）阿恩从气泵说明书上了解到：抽气泵无法把玻璃罩内空气全部抽出。根据上述实验和信息，能否直接得出结论：“真空不能传声”?答:__________，判断的依据是_____________________22．如图所示是“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置．⑴该实验利用了转换法，通过观察_____来判断_____（选填“小球”或“木块”）动能的大小；⑵让同一小球从斜面的不同高度由静止滚下，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与_____的关系；⑶换用质量不同的小球，使它们从斜面的_____（选填“相同”或“不同”）高度由静止滚下，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与_____的关系．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．如图甲所示的电热水瓶是指一种加热、保温除氯等多功能电加热器其铭牌如图乙所示，简化的工作电路如图丙所示，其中R1、R2为定值电阻某次该热水瓶装满初温为20℃的水，接在家庭电路中，通电15min恰好将一壶水烧开(外界大气压为1个标准大气压)．求：（1）当开关S、S1均闭合时，电热水瓶处于什么状态?此时电阻R1的阻值是多少?（2）保温时通过电热水瓶插头的电流为多少?(保留1位小数)（3）傍晚用电高峰期，若实际电压只有200V时，电热水瓶保温状态下的实际功率是多少?(保留整数)（4）电热水瓶通电15min恰好将一壶水烧开，则加热时电热水瓶的热效率是多少?[水的比热容是4.2×103J/(kg·℃)]24．如图所示的电路，L是标有“3V9W”的小灯泡。求：（1）正常发光时L的电阻是多大？（2）当S1、S2都闭合时，R1的电功率为25W，当把S2断开时，R1的电功率为4W，则此时L的电功率为多少W？.六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．去年，在农村有一个项目投放了大量的广告，说在家庭里安装一个光伏微型发电装置，若天气晴朗，利用这个装置一天可以发电十度左右，不但自家够用了，而且还可以把多余的电卖给国家电网，实在是一举两得．请回答下面几个问题：光伏发电系统发电时，________能转化为________能．夏天光照时间按10h计算，一天可以发电12kW•h，则该光伏发电系统发电的功率是____kW．该光伏发电系统夏天一天的发电量，如果由热电转化效率为30%的热电厂来完成，需要燃烧____kg煤．（煤的热值q煤=3×107J/kg）请写出2条光伏发电的优点：________、_____．26．悬浮在海水中的潜艇排开海水的质量为3×106kg（g取10N/kg，海水的密度取1×103kg/m3）。在如图上面画出潜艇的受力示意图（以点代替潜艇）。潜艇排开海水的体积是多少？潜艇所受浮力多大？潜艇所受重力多大？27．阅读短文，回答问题．远距离输电输电要用导线，如果导线很短，电阻很小可忽略，而远距离输电时，导线很长，电阻大不能忽略．导线有电阻，电流通过时就要发热，如何减少输电线上电功率的损耗呢?发电厂输出的电功率是一定的，它决定于发电机组的发电能力．根据P=UI，若提高输电电压U，那么线路中的电流一定会减小．输电线上损失的电功率为ΔP=I2R，所以减小输电线的电阻和减小输电电流就可以大大降低电能的损失．从减少输电线路上的电功率损耗和节省输电导线所用材料两个方面来说，远距离输送电能要采用高电压或超高电压．但也不能盲目提高输电电压，因为输电电压越高，输电架空线的建设，对所用各种材料的要求就越严格，线路的造价就越高．绝缘子(如图)是应用在输电线路上的一种特殊的绝缘控件，它主要起到支持和固定导线的作用，通常由玻璃或陶瓷制成．从发电站输出的电能，一般都要通过升压变压器提升电压，根据输送距离的远近，常采用10千伏、35千伏、110千伏、220千伏的高压输电，甚至1000千伏以上的特高压输电．到达用户处再用降压变压器逐级降低电压．减小输电线上电能损失的方法有__________．A．增大输电线的横截面积B．减小输电线的长度C．提高输电电压D．缩短供电的时间绝缘子无需具备的特性是___________A．机械强度高B．耐低温C．耐腐蚀D．透光性好若输电电压提高2倍，则线路上的功率损耗将降为原来的_______．用电高峰时期，家庭电路的电压会_______(选填“升高”、“不变”或“降低”)．若发电厂输出功率为2×107W，输电线的电阻为5Ω，若控制线路损失功率为输出功率的4%，则应将输电电压提高到_______．

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、C【解析】

A.人体的安全电压是不高于36V．故A错误．B.人体感觉舒适的环境温度约为25℃，37℃是人体正常体温．故B错误．C.一个标准大气压能支撑0.76m高的水银柱，计算该水银柱的压强p=ρ水银gh=13.6×103kg/m3×9.8N/kg×0.76m=1.013×105Pa．故C正确．D.中考体考所用的实心球质量约2000g．故D错误．2、A【解析】

A、使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，用笔尖接触被检验导线，才能辨别火线和零线，故A正确；B、电路连接时可以从正极开始，也可以从负极开始，故B错误；C、使用实验室用的温度计测量液体温度，读数时温度计的玻璃泡要继续留在液体中，不能取出来读数，故C错误；D、弹簧秤使用时可以是竖直放置，也可以倾斜使用，只要拉力和弹簧测力计的外壳保持平行即可，故D错误。故选A。3、A【解析】

根据流体压强与流速的关系有：流体在流动时，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。汽车在马路上快速驶过，马路中间空气流速快压强小，马路两边的流速小压强大。压强差向马路中间，所以马路两边的树叶会沿着A方向飘动。故选A。4、D【解析】

雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象。A.镜中的“我”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，不符合题意。B.大树上的树叶很多，树叶与树叶之间会形成很多小的缝隙。太阳光从这些小缝隙中照射下来，由于光在同种均匀介质中沿直线传播，所以在地面上会形成太阳的像。不符合题意。C.汽车的后视镜是凸面镜，利用了光的反射，可以扩大视野，不符合题意；D.水中“断”笔，是由于光的折射形成的。符合题意。5、C【解析】试题分析：声音是物体振动产生的，一切发声的物体都在振动，故A错误；声音的传播需要介质，真空不能传声，故B错误；音色是由发声体的材料和结构决定的，不同物体发出的声音的音色不同，音色是判断发声体的依据，故C正确；声音在空气中的传播速度为340m/s，故D错误；故应选C．【考点定位】声音的产生；声音的传播条件；音色6、B【解析】

根据题中“利用斜面、小车等装置可以进行多种实验，下列几个实验中不能用该装置完成的是”可知，本题考查实验的设计，根据实验原理和实验方法进行分析判断。【详解】A．让小车从斜面上滑下，测量小车通过的路程和所用时间，根据测出小车的运动速度，故能完成该试验。B．改变物体内能的方法有做功和热传递，热传递是能量的转移过程，做功是能量的转化过程。利用斜面、小车等装置无法完成实验，故B符合题意。C．从斜面的同一高度由静止释放小车，小车到达斜面底部具有相同的速度，不同的表面对小车的阻力不同，阻力越小，小车速度减小得越慢，运动得越远；实验中通过观察小车在水平面上前进的距离，比较阻力对物体运动的影响；故能完成该实验。D．让小车从斜面的不同高度滑下，那么小车到达水平面时的速度就不同，小车推动木块做功，运动距离越远，做功越多，动能越大。所以根据控制变量法可得结论是：当质量一定时，物体动能的大小与物体的速度有关；同理，让不同的小车从斜面的相同高度滑下，那么小车到达水平面时的速度相同，小车推动木块做功，运动距离越远，做功越多，动能越大。所以根据控制变量法可得结论是：当速度一定时，物体动能的大小与物体的质量有关；故能完成该实验。7、B【解析】

根据题中“如图所示是基本量具的测量结果，其中记录错误的是”可知，本题考查测量工具的读数。使用测量工具首先要认清量程和分度值，按照不同测量工具的读数规则进行分析判断。【详解】A．天平测量物体的质量为砝码质量和游码示数之和，在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表0.2g，被测物体的质量为m=10g+2.2g=12.2g，故A读数正确。B．由图知，电流表选择的是0~3A量程，对应的分度值为0.1A，此时的示数为1.9A，故B读数错误。C．在温度计上，10℃之间有10个小格，一个小格代表1℃，液柱最高处在0℃以下，说明温度低于0℃，为-3℃，故C读数正确。D．电能表的最后一位是小数，单位是kW•h，因此示数为586.6kW•h，故D读数正确。二、填空题（本大题7小题，共21分）8、惯性重零【解析】

（1）惯性是物体保持运动状态不变的性质，掷出的实心球，正是因为具有惯性，还能继续向前运动；（2）在空中飞行的实心球受到重力的作用，而重力的方向竖直向下，重力会不断改变实心球的运动状态，所以实心球最终落到地面．（3）当实心球停在地面上时，处于静止状态，静止状态是一种平衡状态，受到平衡力的作用，即合力为零．9、提高提高电压【解析】

发电机的功率P不变，根据P=UI得到，U变大，I变小；线路中电流降低到原来的一半，R不变，根据P=I2R得到，损失的热功率P损=R=I2R=P，损失的热功率就减少为原来的，采用超高压远距离输电可以大大降低输电线路的热功率损失．10、6<【解析】

根据题意知道，始终用大小为F1的力竖直向上拉，而木块向右匀速运动，所以，木块受到向右的拉力和向左的摩擦力一对平衡力，大小相等，故摩擦力是f1=F=F1=6N；若将绳端拉力方向改为水平向右，木块仍能匀速运动，这时拉力大小为F2，则物体受向右的两个F2和向左的摩擦力一对平衡力，大小相等，即2F2=f2；由于影响滑动摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度，当绳子竖直向上拉时，对物体有竖直向上的拉力，物体对地面的压力小于重力，当改为水平向右拉时，物体对水平面的压力等于重力，即当拉力改为水平方向后，压力增大，摩擦力增大，即f2＞f1，所以，F1=f1<f2=2F2即F1<2F2.11、增大不变【解析】

将容器倒置后，此时液体深度增加，据可知，液体对容器底的压强增大，容器对桌面的压力等于容器的重力加液体的重力，因为液体重力及容器重力均不变，因此容器对桌面的压力不变．12、直线传播色散【解析】

日食、月食、小孔成像等现象都是光的直线传播形成的现象；雨过天晴，天空出现了美丽的彩虹，这是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种颜色的光，是光的色散现象。13、7×1081.1×1057×103【解析】（1）该航母满载时排水量：m排＝70000t＝7×107kg，航母满载时受到的浮力：F浮＝G排＝m排g＝7×107kg×10N/kg＝7×108N；（2）满载时该航母最底处受到海水的压强：p＝ρ海gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×11m＝1.1×105Pa．（3）因为航母漂浮在水面上，则F浮＝G，直升机飞离该航母后，则F浮′＝G′，由于直升机飞离该航母后，直升机的重力G直＝G﹣G′，则△F浮＝F浮﹣F浮′＝G﹣G′＝G直，根据F浮＝ρ海gV排和G＝mg可得：直升机的质量m直＝＝ρ海△V排＝1.0×103kg/m3×7m3＝7×103kg．点睛：（1）知道航母满载排水量（排开水的质量），利用阿基米德原理求该舰满载时所受浮力；（2）已知深度，利用液体压强公式p＝ρgh求出海水的压强．（3）航母漂浮，则浮力等于重力，利用重力、密度公式和阿基米德原理表示出航母在舰载机飞离前后排开海水的体积，然后列出等式，计算舰载机的质量．14、4.8×107不变【解析】试题分析：驱逐舰排开水的质量：m排=4800t=4.8×106kg，驱逐舰受到的浮力：F浮=m排g=4.8×106kg×10N/kg=4.8×107N，驱逐舰在海洋中行驶时，处于漂浮状态，浮力等于重力；驱逐舰在长江中行驶时，处于漂浮状态，浮力等于重力，所以驱逐舰从海洋驶入长江时，所受的浮力不变．故答案为4.8×107，不变．三、作图题（共7分）15、【解析】解：开关和灯泡应该串联连接，开关接接电源的火线，确保开关断开时，灯泡不带电，灯泡的螺旋套接电源的零线16、【解析】

电键S闭合后，小灯才能发光，说明电键S在干路中；向左移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L亮度不变，电流表的示数变大，说明灯与变阻器并联，电流表与变阻器串联，并且变阻器的左下接线柱连入电路中，如下图所示：

17、【解析】试题分析：力臂是支点到力的作用线的距离．从支点O向F的作用线作垂线，并标出力臂L．如上图．．考点：力臂的画法四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、匀速直线二力平衡条件.【解析】当用弹簧测力计拉动木块做水平方向的匀速直线运动时，木块处于平衡状态，所受摩擦力和拉力是一对平衡力，读出弹簧测力计的示数，根据二力平衡条件，滑动摩擦力大小等于拉力大小。19、不需要木板做匀速直线运动，便于操作，方便读数2.8不正确没有考虑压力也减小一半【解析】

（1）实验中他们发现很难保持弹簧测力计示数的稳定性，很难读数，原因是：难于控制木块做匀速直线运动；为了解决上述问题，小明同学对实验装置进行了改进，如图乙所示．利用该装置的优点是不需要控制木板做匀速直线运动，对静止的弹簧测力计读数比较容易；（2）测力计匀速拉着木块沿长木板匀速滑动，木块所受的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，弹簧测力计分度值为0.1N，此时示数为2.8N，故滑动摩擦力为2.8N；（3）在探究滑动摩擦力的大小与接触面积大小的关系，他们应控制接触面的粗糙程度和压力大小不变，改变接触面积大小；实验中将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半，由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小是错误的，因为接触面积减小一半的同时压力也减小一半，存在两个变量．20、向上移动蜡烛右【解析】

（1）由图可知，此时物距等于像距，则成的是倒立、等大的实像，则光屏上的像为：；（2）蜡烛在燃烧中不断缩短，向下移动，光屏上的像向上移动，要使像能够成在光屏中央，可向上移动光屏；或向上移动蜡烛或向下移动凸透镜．（3）把凸透镜换成一个焦距更大的凸透镜，相当于减小了物距；凸透镜成实像时，物距减小，则像距变大，故应将光屏远离凸透镜，即向右移动，才能在光屏上呈清晰的像．21、玻璃罩内空气的密度（多少、稀薄程度）不能玻璃罩内无法实现真空，阿恩始终能听到声音【解析】

（1）没抽空气之前，声音能通过空气传播出来。开始抽空气，声音开始变小。说明玻璃罩内空气的密度（多少、稀薄程度）能影响声音的强弱；（2）抽气泵无法把玻璃罩内空气全部抽出，即玻璃罩内无法实现真空。所以根据上述实验和信息，不能能直接得出结论“真空不能传声”的结论。22、木块移动的距离小球速度相同质量【解析】

(1)实验利用了转换法，实验中通过观察木块移动的距离来判断小球动能的大小．(2)从不同高度滚下，小球到达水平面的速度不同，目的是为了探究动能大小与速度的关系．(3)如果用质量不同的小球，要使它们从斜面上相同高度释放，探究动能与质量的关系．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）加热；24.2Ω；（2）1.8A；（3）331W；（4）93.3%【解析】

（1）由图丙电路图可以知道，当开关S、S1均闭合时均闭合时，电阻R2被短路，只有电阻R1接入电路，此时电路总电阻最小，由可以知道，电路总功率最大，电热水瓶处于加热状态；由图乙可知，加热时电热水瓶的功率P加热=2000W，电阻R1的阻值：R1=24.2Ω；（2）由图乙可知，保温时的功率P保温=400W，保温时电流：I=≈1.8A；（3）当开关S闭合、S1断开时，R1、R2串联，电热水瓶处于保温状态，电路中的总电阻为：R总121Ω；当实际电压只有200V时，电热水瓶保温状态下的实际功率为：P实≈331W；（4）水的质量为：m=ρV=1.0×103kg/m3×0.5×10-3m3=5kg，1个标准大气圧水的沸点是100℃，水吸收的热量：Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg·℃)×5kg×(100℃-20℃)=1.68×106J，由图乙可知，加热时电热水瓶的功率P加热=2000W，则15min电热水瓶消耗的电能カ：W=P加热t=2000W×15×60s=1.8×106J，电热水瓶效率为：=93.3%．答：（1）当开关S、S1均闭合时，电热水瓶处于加热状态，此时电阻R1的阻值是24.2Ω；（2）保温时通过电热水瓶插头的电流为1.8A；（3）傍晚用电高峰期，若实际电压只有200V时，电热水瓶保温状态下的实际功率是331W；（4）电热水瓶通电15min恰好将一壶水烧开，则加热时电热水瓶的热效率是93.3%．24、（1）1Ω；（2）6W。【解析】

（1）正常发光时L的电阻RL==1Ω；（2）由电路图可知，当闭合开关S1、S2时，灯泡L被短路，电路为R1的简单电路，则R1两端电压等于电源电压为U，且R1的功率P=25W；R1的电阻为：R1=，由图可知，当把S2断开时，R1与L串联，设此时R1两端电压为U1，且R1的功率P'=4W，R1的电阻为：R1=，R1的阻值不变，则：=，变形可得：，解得：，所以U1=U，串联电路的总电压等于各分电压之和，即U=U1+U2，则此时L两端的电压为：U2=U-U1=U-U=U，