北师大版数学八年级下册 第4章 因式分解（5大题型53题） -常考压轴题 同步练习 含答案

第四章因式分解内容导航知识点…………………2类型一、已知因式分解的结果求参数……………………2类型二、利用平方差公式因式分解………15类型三、利用完全平方公式公式因式分解………………23类型四、综合利用提公因式法和公式法因式分解…………37类型五、因式分解法的应用……………48知识点1．因式分解把一个多项式化成几个整式的积的形式的变形叫做因式分解；（也叫做把这个多项式分解因式）；知识点2．公因式多项式的各项都有的一个公共因式；知识点2．因式分解的方法：提公因式法：关键在于找出最大公因式因式分解：平方差公式：a²-b²=(a+b)(a-b)公式法完全平方公式：(a+b)²=a²+2ab+b²(a-b)²=a²+2ab+b²类型一、已知因式分解的结果求参数1．若关于x的多项式可以分解为，则的值是（

）A．8 B．－8 C．6 D．－62．关于x的三次三项式（其中a，b，c，d均为常数），关于x的二次三项式（e，f均为非零常数），下列说法有几个正确（

）①当的结果为关于x的三次三项式时，则；②若二次三项式能分解成，则；③当多项式A与B的乘积中不含项时，则；④．A．1个 B．2个 C．3个 D．4个3．若多项式能分解成两个因式的积，且其中一个因式为，则的值为．4．仔细阅读下面例题，解答问题：例题：已知二次三项式有一个因式是，求另一个因式以及m的值．解：设另一个因式是，得则

解得∴另一个因式是的值是仿照上面的方法解答下面问题：(1)已知二次三项式有一个因式是，求另一个因式以及k的值；(2)若二次三项式有一个因式是，求a的值．5．【例题讲解】因式分解：．为三次二项式，若能因式分解，则可以分解成一个一次二项式和一个二次多项式的乘积．故我们可以猜想可以分解成，展开等式右边得：，恒成立．等式两边多项式的同类项的对应系数相等，即，解得，．【方法归纳】设某一多项式的全部或部分系数为未知数，利用当两个多项式为恒等式时，同类项系数相等的原理确定这些系数，从而得到待求的值，这种方法叫待定系数法．【学以致用】(1)若，则________；(2)若有一个因式是，求的值及另一个因式．6．求解下列问题：(1)试确定和，使能被整除．(2)已知关于、的二次式可分解为两个一次因式的乘积，求．(3)已知，求的值．7．仔细阅读下面例题，解答问题：例题：已知二次三项式有一个因式是，求另一个因式以及的值．解：设另一个因式为，得，则，．解得：，∴另一个因式为，的值为，问题：仿照以上方法解答下面问题：(1)已知二次三项式有一个因式是，求另一个因式以及的值．解：设另一个因式为________，得：=________，则．解得：=________，=________．另一个因式为________，的值为________．(2)已知二次三项式有一个因式是，求另一个因式以及的值．8．仔细阅读下面例题，解答问题：例题：已知二次三项式有一个因式是，求另一个因式以及m的值．解：设另一个因式为，得则解得：．∴另一个因式为，的值为．问题：仿照以上方法解答下面问题：(1)已知二次三项式有一个因式是，求另一个因式以及k的值．(2)已知二次三项式有一个因式是，则另一个因式为，k的值为．(3)已知二次三项式有一个因式是，a是正整数，则另一个因式为，a的值为．9．阅读下列材料，然后解答问题：问题：因式分解：解答；对于任意一元整式，其奇次项系数之和为，偶次项系数之和为，若，则，若，则，在中，因为，，所以把代入整式，得其值为0，由此确定整式中有因式．于是可设，分别求出，值，再代入，就可以把整式因式分解，这种因式分解的方法叫做“试根法”．(1)上述式子中，；(2)对于一元整式，必定有（）；(3)请你用“试根法”分解因式：．10．【数学活动】2．计算：（1）；（2）；（3）；（4）．由上面计算的结果找规律，观察图，填空：．

李老师在课堂上布置了一项数学活动，由霖霖和欣欣两位同学分别完成左侧一列，右侧一列两道计算题，两位同学通过计算的结果，并结合图，得出了运算规律．请你试着回答下面的问题：（1）计算：________；________；________．【方法感悟】（2）若，求的值．霖霖同学利用运算规律，求解出了m与n的值，进而求出的值；而欣欣同学从运算的结果出发，先将等号左边的两个多项式相乘的结果算出来，再与等号右边的多项式对比，使得各项的系数都相等，这样也能够求出m与n的值；丞丞同学积极思考，在解法上另辟蹊径，从方程的解入手，会得到一个关于n的方程，通过计算，也能够求出的值．请你选择一名同学的解题思路，写出解答过程．【学以致用】（3）若可以因式分解为三个因式乘积的形式，若其中两个因式分别是，，求第三个因式．类型二、利用平方差公式因式分解11．已知三个实数满足则下列结论一定成立的是（

）．A． B． C． D．12．已知六元方程，满足，且a，b，c，d，e，f为正整数，则下列关于这个六元方程的正整数解的说法中正确的个数为（

）①，，，，，是该六元方程的一组解；②连续的六个正整数一定是该六元方程的解；③若，则该六元方程有20组解；④若，则该六元方程有1组解．A．1 B．2 C．3 D．413．我们规定：若一个四位正整数能写成两个正整数的平方差，则称M为“智慧数”．例如：因为，所以1000是“智慧数”．按照这个规定，1002“智慧数”（填“是”或者“不是”）．若智慧数M是偶数，，且满足两位数与两位数的和为完全平方数，则满足条件的正整数M的值为．14．某校举行运动会时，由若干名同学组成一个13列的长方形彩旗队阵．如果原队阵中增加16人，能组成一个正方形队阵；如果原队阵中减少16人，也能组成一个正方形队阵，则原长方形彩旗队阵中有同学人．15．若实数a，b满足，则代数式的值为．16．已知数、、、满足，，求的值．17．定义：如果一个正整数能表示为两个连续正奇数的平方差，那么称这个正整数为“登高数”，例如：，，，因此，，都是“登高数”．(1)特例感知：判断是否为“登高数”，说明理由．(2)规律探究：根据“登高数”的定义，设两个连续正奇数为和，其中是正整数，那么“登高数”都能被整除吗?如果能，说明理由；如果不能，举例说明．(3)拓展应用：求不超过的所有“登高数”的和．类型三、利用完全平方公式公式因式分解18．下列四种说法中正确的有（）①关于x、y的方程存在整数解．②若两个不等实数a、b满足，则a、b互为相反数．③若，则．④若，则．A．①④ B．②③ C．①②④ D．②③④19．有n个依次排列的整式，第一个整式为，第二个整式为，第二个整式减去第一个整式的差记为，将记为，将第二个整式加上作为第三个整式，将记为，将第三个整式与相加记为第四个整式，以此类推．以下结论正确的个数是（

）①；②若第三个整式与第二个整式的差为21，则；③第2024个整式为；④当时，．A．1 B．2 C．3 D．420．下列说法：①已知，，满足，则；②已知，，是正整数，，且，则，，；③实数，，满足，，则代数式的值可以是6；其中正确的个数是（

）A．0 B．1 C．2 D．321．有个依次排列的整式，第一项为，第二项是，第二项减去第一项的差记为，将记为，将第二项加上作为第三项，将记为，将第三项与相加记为第四项，以此类推．以下结论正确的有（

）个①，②当，时，第项的值为，③第项为，④．A．1 B．2 C．3 D．422．将多项式变形为的形式，这样的方法叫做配方法．利用配方法和非负数的性质可以求出多项式的最大（小）值．例如：，，，当时，多项式有最小值．已知，为实数，多项式展开后的一次项系数为，多项式展开后的一次项系数为，且，均为正整数，则当时，的最大值为．23．分解因式：24．因式分解：（1）（x+2）（x+3）+（2）3a（x2+4）2﹣48ax225．阅读材料：若，求，的值．解：∵，∴，∴，∴，，∴，．根据你的观察，探究下面的问题：（1）已知，则________，________；（2）已知的三边长、、都是正整数，且满足，求的周长．26．如图，点A在y轴上，点B在x轴上，且，点C在x轴的负半轴上，若点C的横坐标x与点A的纵坐标y满足方程组(1)求的面积：(2)动点D从点A出发，沿射线方向运动，速度为2个单位长度/秒，运动时间为t秒，在动点D运动的同时，线段以同样的速度沿x轴正半轴运动，对应线段表示为，用含t的式子表示的面积，直接写出t的取值范围：(3)在（2）的条件下，若的面积是的面积的一半时，求t值，并求此时N点的坐标.27．阅读理解：条件①：无论代数式A中的字母取什么值，A都不小于常数M；条件②：代数式A中的字母存在某个取值，使得A等于常数M；我们把同时满足上述两个条件的常数M叫做代数式A的下确界．例如：，，（满足条件①）当时，（满足条件②）4是的下确界．又例如：，由于，所以，（不满足条件②）故4不是的下确界．请根据上述材料，解答下列问题：(1)求的下确界．(2)若代数式的下确界是1，求m的值．(3)求代数式的下确界．28．阅读材料，解决问题【材料】教材中这样写道：“我们把多项式及叫做完全平方式”，如果关于某一字母的二次多项式不是完全平方式，我们常做如下变形：先添加一个适当的项，使式子中出现完全平方式，再减去这个项，使整个式子的值不变，这种方法叫做配方法．例如：分解因式．原式．【材料】因式分解：解：把看成一个整体，令，则原式，再将重新代入，得：原式上述解题用到的“整体思想”是数学解题中常见的思想方法．请你解答下列问题：(1)根据材料，利用配方法进行因式分解：；(2)根据材料，利用“整体思想”进行因式分解：；(3)当，，分别为的三边时，且满足时，判断的形状并说明理由．类型四、综合利用提公因式法和公式法因式分解29．已知多项式（为常数），下列说法：①当时，无论取何值，都有；②若且，则；③若，则不存在整数，使得．其中正确的个数是（

）A．0 B．1 C．2 D．330．已知正整数a，b，c，d，e，f满足，且，关于这个六元方程下列说法正确的个数是（

）①，，，，，是该六元方程的一组解；②连续的六个正整数一定是该六元方程的解；③若，则该六元方程有21组解；④若，则该六元方程有28组解．A．1 B．2 C．3 D．431．分解因式：.32．分解因式：33．已知多项式和（m，n为常数），以下结论中正确的是（填写相应序号）①当且时，无论y取何值，都有；②当时，所得的结果中不含一次项；③当时，一定有；④若且，则；⑤若，且x，y为整数，则．34．配方法是一种重要的解决问题的数学方法，不仅可以将一个看似不能分解的多项式分解因式，还能解决一些与非负数有关的问题或求代数式最大值，最小值等，请用配方法解决以下问题．(1)试说明：、取任何实数时，多项式的值总为正数；(2)分解因式：；(3)已知实数，满足，求的最小值．35．八年级课外兴趣小组活动时，老师提出了如下问题：将因式分解．【观察】经过小组合作交流，小明得到了如下的解决方法：解法一：原式；解法二：原式．【感悟】对项数较多的多项式无法直接进行因式分解时，我们可以将多项式分为若干组，再利用提公因式法、公式法达到因式分解的目的，这就是因式分解的分组分解法．分组分解法在代数式的化简、求值及方程、函数等学习中起着重要的作用．（温馨提示：因式分解一定要分解到不能再分解为止）【类比】（1）请用分组分解法将因式分解；【挑战】（2）请用分组分解法将因式分解；（3）若，，请用分组分解法先将因式分解，再求值．36．【知识生成】用两种不同方法计算同一图形的面积，可以得到一个等式．(1)【知识探究】如图1，是用长为，宽为的长方形，沿图中虚线均分成四个小长方形，然后按照图2拼成一个正方形，可以得到、、三者之间的等量关系式：__________；(2)【知识迁移】类似的，用两种不同的方法计算同一个几何体的体积，也可以得到一个等式，如图3，观察大正方体分割，写出可以得到的等式_______________；若，，求的值；(3)【拓展探究】如图4，两个正方形、的边长分别为，若这两个正方形的面积之和为34，且，求图中阴影部分的面积．类型五、因式分解法的应用37．对于二次三项式（为常数），以下结论：①当，且，则；②当时，则；③当的值恒为正数时，则；④当，且，其中p、q为整数，则a的值有6种可能．其中正确的是（

）A．①②③④ B．①③④ C．①②④ D．②③④38．的值最接近（

）A． B． C． D．39．对于一个各个数位上的数字均不为零的四位自然数（其中，b，c，，且a，b，c，d为整数），若满足，则称这个数为“幂差数”．如四位数6713，因为，所以6713是“幂差数”．若（且x、y为整数）是“幂差数”，那么这个数是．把“幂差数”A的千位数字与百位数字对调，得到另一个“幂差数”B，若能被37整除，则满足条件的A的最大值和最小值的差是．40．用简便方法计算：．41．一个各位数字都不为0的四位正整数，若千位与个位数字相同，百位与十位数字相同，则称这个数为“双胞蛋数”，将千位与百位数字交换，十位与个位数字交换，得到一个新的“双胞蛋数”，并规定，则；若已知数为“双胞蛋数”，且千位与百位数字互不相同，是一个完全平方数，则满足条件的的最小值为．42．设三角形三边长为a、b、c，且三边长满足方程组，试求的值．43．若为实数且满足，，求的最小值．44．【阅读材料】：将四项及四项以上的多项式进行因式分解，我们一般使用分组分解法，对于四项多项式的分组分解法有两种分法：一是“”分组，二是“”分组．两种分组的主要区别在于多项式中是否存在三项可以构成完全平方，若可以构成完全平方，则采用“”分组；若无法构成，则采用“”分组．例如：像这种将一个多项式适当分组后，再分解因式的方法叫做分组分解法．【学以致用】：因式分解（1）；（2）．【拓展延伸】：对于四项以上的多项式，我们可以据其特征适当地将某一项拆成两项，再进行分组，进而因式分解来解决问题，请你利用这样的思路试一试．（1）已知为等腰的三边长，且满足，求等腰的面积；（2）如图，长方形，已知，其中，且，求长方形的边的长度．（，用含的式子表示）45．若一个四位数m千位数字与百位数字的差等于十位数字与个位数字的差，则称这个四位数为“等差数”．将等差数m千位数字与百位数字对调，十位数字与个位数字对调得到新数，并记，例如：在1234中，，是“等差数”，此时；在1235中，，不是“等差数”．(1)判断2569，8431是否是“等差数”，并说明理由；如果是，求出对应的的值；(2)若四位数，且，记，，当与均为整数时，求出所有满足条件的“等差数”m．46．若一个数是一个整数的平方，则称这个数是完全平方数，类似地，多项式及称做完全平方式．如果一个多项式不是完全平方式，我们常做如下变形：先添加一个适当的项，使式子中出现完全平方式，再减去这个项，使整个式子的值不变，这种方法叫做配方法．配方法是一种重要的解决问题的数学方法，不仅可以将一个看似不能分解的多项式分解因式，还能解决一些与非负数有关的问题或求代数式最大值，最小值等．例如：分解因式．原式；例如：求代数式的最小值．原式．可知当时，有最小值，最小值是．(1)用配方法分解因式：；(2)当x为何值时，多项式有最大值，并求出这个最大值．(3)求使得是完全平方数的所有整数m的积．47．观察下列各式，解答问题：第1个等式：；第2个等式：；第3个等式：；…第n个等式：______．（n为整数，且）【尝试】(1)根据以上规律，写出第4个等式：______；【发现】(2)根据这个规律写出你猜想的第n个等式，并说明其正确性；【应用】(3)利用以上规律，直接写出的值为______．(4)利用以上规律，求的值．48．小聪学习多项式研究了多项式值为0的问题，发现当或时，多项式的值为0，把此时x的值称为多项式A的零点．(1)已知多项式，则此多项式的零点为________．(2)已知多项式有一个零点为2，求多项式B的另一个零点；(3)订正：小聪继续研究，及等，发现在x轴上表示这些多项式零点的两个点关于直线对称，他把这些多项式称为“3-系多项式”．若多项式是“3-系多项式”，则________，________，________．49．阅读下列文字与例题，并解答：将一个多项式分组进行因式分解后，可用提公因式法或公式法继续分解的方法称作分组分解法．例如：以下式子的分解因式的方法就称为分组分解法．原式．(1)试用“分组分解法”因式分解：．(2)已知四个实数，满足，，并且，，，，同时成立．①当时，求的值；②当时，用含的代数式分别表示．50．我们把多项式及叫做完全平方式，如果一个多项式不是完全平方式，我们常做如下变形：先添加一个适当的项，使式子中出现完全平方式，再减去这个项，使整个式子的值不变，这种方法叫做配方法，配方法是一种重要的解决问题的数学方法，不仅可以将一个看似不能分解的多项式分解因式，还能解决一些与非负数有关的问题或求代数式最大值，最小值等．例如：分解因式例如：求代数式的最小值．可知当时，有最小值，最小值是．根据阅读材料用配方法解决下列问题：(1)分解因式：；(2)若满足，求的值；(3)已知,（为任意实数），比较的大小；(4)当为何值时，多项式有最小值，并求出这个最小值．51．定义：如果一个正整数能表示为两个连续正奇数的平方差，那么称这个正整数为“和谐数”．如∶，，，因此8，16，24都是“和谐数”(1)特例感知：判断40是否为“和谐数”，说明理由；(2)规律探究：根据“和谐数”的定义，设两个连续正奇数为和，其中k是正整数，那么“和谐数”都能被8整除吗？如果能，说明理由；如果不能，举例说明；(3)拓展应用：设m，n为正整数，且，若和都是“和谐数”．判断是否为“和谐数”，说明理由．52．阅读材料：试说明：命题“一个三位数各位数字之和可以被3整除，则这个数就可以被3整除”．解：设表示一个三位数，则．因为能被3整除，所以如果也能被3整除，那么就能被3整除．(1)①一个四位数，如果能被9整除，试说明能被9整除；②若一个五位数能被9整除，则；(2)若一个三位数的各位数字是任意三个连续的正整数，则的最小正因数一定是(数字“1”除外)；(3)由数字1至9组成的一个九位数(各数位上的数不重复)，这个数的第一位m能被1整除，前两位组成的两位数能被2整除，前三位组成的三位数能被3整除，以此类推，一直到整个九位数能被9整除，写出这个九位数是．53．感知：（1）对于一个图形，通过两种不同的方法计算它的面积，可以得到一个因式分解的等式，由图1中的大正方形的面积可得到的因式分解等式为_____________；应用：（2）通过不同的方法表示同一个几何体的体积，也可以探求相应的因式分解等式．如图2所示的是棱长为的正方体被分割线分成8块．用不同的方法计算这个正方体的体积，则这个式子为；拓展：（3）如图3，棱长为x的实心大正方体切除一个棱长为y的小正方体，剩余部分按如图所示的方式继续切割为甲、乙、丙三个长方体，则甲长方体的体积为，乙长方体的体积为，丙长方体的体积为，甲、乙、丙三个长方体体积之和可表示为．根据（2）和（3）中的结论解答下列问题：若图2与图3中的x与y的值分别相等，且满足，，其中，求的值．

第四章因式分解内容导航知识点…………………2类型一、已知因式分解的结果求参数……………………2类型二、利用平方差公式因式分解………15类型三、利用完全平方公式公式因式分解………………23类型四、综合利用提公因式法和公式法因式分解…………37类型五、因式分解法的应用……………48知识点1．因式分解把一个多项式化成几个整式的积的形式的变形叫做因式分解；（也叫做把这个多项式分解因式）；知识点2．公因式多项式的各项都有的一个公共因式；知识点2．因式分解的方法：提公因式法：关键在于找出最大公因式因式分解：平方差公式：a²-b²=(a+b)(a-b)公式法完全平方公式：(a+b)²=a²+2ab+b²(a-b)²=a²+2ab+b²类型一、已知因式分解的结果求参数1．若关于x的多项式可以分解为，则的值是（

）A．8 B．－8 C．6 D．－6【答案】B【分析】本题考查了因式分解与整式乘法的关系，根据整式的乘法运算，再根据两个多项式相等的特点列方程求解．【详解】解：由题意得：，∴且，解得：，∴的值为：，故选：B．2．关于x的三次三项式（其中a，b，c，d均为常数），关于x的二次三项式（e，f均为非零常数），下列说法有几个正确（

）①当的结果为关于x的三次三项式时，则；②若二次三项式能分解成，则；③当多项式A与B的乘积中不含项时，则；④．A．1个 B．2个 C．3个 D．4个【答案】B【分析】①计算的值，再根据题意列方程求解；②计算的值，根据题意列方程求，的值，再计算；③先求的值，再根据题意列方程求解；④根据③所求列方程组求解即可．【详解】解：∵，，∴，∵的结果为关于x的三次三项式，，均为非零常数，，，故①正确；，，，，故②正确；，∵多项式A与B的乘积中不含项，∴，，故③错误；④，，解得：，，故④错误；故选：B．【点睛】本题主要考查了多项式乘法，解三元一次方程组，因式分解，整式的加减计算，正确理解题意列出对应的方程和方程组是解题的关键．3．若多项式能分解成两个因式的积，且其中一个因式为，则的值为．【答案】【分析】本题主要考查了因式分解，根据题意可得当时，的值为0，则，解之即可得到答案．【详解】解：∵多项式能分解成两个因式的积，且其中一个因式为，∴当时，的值也为0，∴当时，的值也为0，∴，∴，故答案为：．4．仔细阅读下面例题，解答问题：例题：已知二次三项式有一个因式是，求另一个因式以及m的值．解：设另一个因式是，得则

解得∴另一个因式是的值是仿照上面的方法解答下面问题：(1)已知二次三项式有一个因式是，求另一个因式以及k的值；(2)若二次三项式有一个因式是，求a的值．【答案】(1)另一个因式为，的值为9(2)【分析】本题主要考查了因式分解与多项式乘法之间的关系：（1）设另一个因式为，根据例题的方法，列出等式并将等式右侧展开，然后利用对应系数法即可求出结论；（2）设另一个因式为，根据例题的方法，列出等式并将等式右侧展开，然后利用对应系数法即可求出结论．【详解】（1）解：设另一个因式为，∴，∴，∴，∴，另一个因式为，的值为9；（2）解：设另一个因式为，∴，∴，∴，∴，∴。5．【例题讲解】因式分解：．为三次二项式，若能因式分解，则可以分解成一个一次二项式和一个二次多项式的乘积．故我们可以猜想可以分解成，展开等式右边得：，恒成立．等式两边多项式的同类项的对应系数相等，即，解得，．【方法归纳】设某一多项式的全部或部分系数为未知数，利用当两个多项式为恒等式时，同类项系数相等的原理确定这些系数，从而得到待求的值，这种方法叫待定系数法．【学以致用】(1)若，则________；(2)若有一个因式是，求的值及另一个因式．【答案】(1)(2)，【分析】（1）将展开，再根据题干的方法即可求解；（2）设多项式另一个因式为，利用题干给出的待定系数法求解即可．【详解】（1）∵，∴，∴，故答案为：；（2）设多项式另一个因式为，则，，，，，，即另一个式子为：．【点睛】本题主要考查了多项式的乘法，因式分解等知识，掌握题干给出的待定系数法，是解答本题的关键．6．求解下列问题：(1)试确定和，使能被整除．(2)已知关于、的二次式可分解为两个一次因式的乘积，求．(3)已知，求的值．【答案】(1)，详见解析(2)，详见解析(3)，详见解析【分析】（1）由整除知可设商式为，与相乘得出一个多项式，与原多项式形成恒等式即可得解；（2）可设两个一次式分别为和，利用多项式的乘法展开形成一个多项式，与原多项式形成恒等式即可得解；（3）由得出和的值，再由得出的表达式，从而求出它的值．【详解】（1）∵能被，∴可设商式为，∴，∴，∴，∴，∴，∴时，能被整除；（2）∵关于的二次式可分解为两个一次因式的乘积，又∵∴可设两个一次式分别为和，∴，∴，∴∴，∴∴a的值为6；（3）∵，∴，∴，∵，∴，∴的值为．【点睛】本题主要考查了整式乘法，因式分解，解二元一次方程组，完全平方公式，立方和公式等知识点，熟练掌握整式乘法的恒等变形及立方和与完全平方公式的灵活变形是解决此题的关键．7．仔细阅读下面例题，解答问题：例题：已知二次三项式有一个因式是，求另一个因式以及的值．解：设另一个因式为，得，则，．解得：，∴另一个因式为，的值为，问题：仿照以上方法解答下面问题：(1)已知二次三项式有一个因式是，求另一个因式以及的值．解：设另一个因式为________，得：=________，则．解得：=________，=________．另一个因式为________，的值为________．(2)已知二次三项式有一个因式是，求另一个因式以及的值．【答案】(1)；；；；；(2)另一个因式为，的值为【分析】本题考查了因式分解与整式乘法的关系，方程组的解法，正确理解因式分解与整式的乘法互为逆运算是关键．（1）设另一个因式是，则，再建立方程组解题即可；（2）设另一个因式是，利用多项式的乘法运算法则展开，然后根据对应项的系数相等列式求出m、p的值，然后代入代数式进行计算即可得解．【详解】（1）解：设另一个因式为，得：，则．解得：，．另一个因式为，的值为20，故答案为：；；；；；；（2）解：二次三项式有一个因式是，设另一个因式是，则，则，解得，∴另一个因式是，的值为．8．仔细阅读下面例题，解答问题：例题：已知二次三项式有一个因式是，求另一个因式以及m的值．解：设另一个因式为，得则解得：．∴另一个因式为，的值为．问题：仿照以上方法解答下面问题：(1)已知二次三项式有一个因式是，求另一个因式以及k的值．(2)已知二次三项式有一个因式是，则另一个因式为，k的值为．(3)已知二次三项式有一个因式是，a是正整数，则另一个因式为，a的值为．【答案】(1)，(2)，(3)，．【分析】本题考查了因式分解与整式乘法的关系，方程组的解法，正确理解因式分解与整式的乘法互为逆运算是关键．（1）设另一个因式是，则，再建立方程组解题即可；（2）设另一个因式是，则，根据对应项的系数相等即可求得b和k的值．（3）设另一个因式是，利用多项式的乘法运算法则展开，然后根据对应项的系数相等列式求出m、a的值，然后代入代数式进行计算即可得解．【详解】（1）解：二次三项式有一个因式是，设另一个因式是，则∴，则，解得：，则另一个因式是：，；（2）解：∵二次三项式有一个因式是，设另一个因式是，则，则，解得：，则另一个因式是：，；（3）解：二次三项式有一个因式是，a是正整数，设另一个因式是，则，则，解得，或（舍去，不符合题意），另一个因式是，故另一个因式是，．9．阅读下列材料，然后解答问题：问题：因式分解：解答；对于任意一元整式，其奇次项系数之和为，偶次项系数之和为，若，则，若，则，在中，因为，，所以把代入整式，得其值为0，由此确定整式中有因式．于是可设，分别求出，值，再代入，就可以把整式因式分解，这种因式分解的方法叫做“试根法”．(1)上述式子中，；(2)对于一元整式，必定有（）；(3)请你用“试根法”分解因式：．【答案】(1)，(2)(3)【分析】本题主要考查了因式分解与多项式乘法之间的关系：（1）利用多项式乘多项式的法则，展开后，利用恒等得到对应项的系数相同，进行求解即可；（2）求出其奇次项系数之和，偶次项系数之和，进行判断即可；（3）根据（2）所求得到是多项式的一个因式，再仿照题意利用试根法，进行因式分解．【详解】（1）解：，，，故答案为：，；（2）解：多项式中，奇次项系数之和为，偶次项系数之和为．∴，∴，故答案为：；（3）解：由（2）可得是多项式的一个因式，∴可设，∴，∴，∴，∴．10．【数学活动】2．计算：（1）；（2）；（3）；（4）．由上面计算的结果找规律，观察图，填空：．

李老师在课堂上布置了一项数学活动，由霖霖和欣欣两位同学分别完成左侧一列，右侧一列两道计算题，两位同学通过计算的结果，并结合图，得出了运算规律．请你试着回答下面的问题：（1）计算：________；________；________．【方法感悟】（2）若，求的值．霖霖同学利用运算规律，求解出了m与n的值，进而求出的值；而欣欣同学从运算的结果出发，先将等号左边的两个多项式相乘的结果算出来，再与等号右边的多项式对比，使得各项的系数都相等，这样也能够求出m与n的值；丞丞同学积极思考，在解法上另辟蹊径，从方程的解入手，会得到一个关于n的方程，通过计算，也能够求出的值．请你选择一名同学的解题思路，写出解答过程．【学以致用】（3）若可以因式分解为三个因式乘积的形式，若其中两个因式分别是，，求第三个因式．【答案】（1）；；；（2），过程见解析；（3）第三个因式为【分析】本题考查了多项式乘法与因式分解的应用；（1）根据多项式乘以多项式进行计算即可求解；（2）根据题意进行计算即可求解；（3）根据题意按照（2）中的方法，设第三个因式为，根据多项式的乘法即可求解．【详解】解：（1）；；故答案为：；；．（2）选择霖霖的解题思路：∵，∴，∴，∴；选择欣欣的解题思路：，∴，∴，∴；选择丞丞的解题思路：∵的一个解为，∴是方程的解，∴，解得：，∴，∴，∴；（3）∵可以因式分解为三个因式乘积的形式，其中两个因式分别是，，设第三个因式为，∴`∴，，∴第三个因式为．类型二、利用平方差公式因式分解11．已知三个实数满足则下列结论一定成立的是（

）．A． B． C． D．【答案】D【分析】本题考查了整式的运算，因式分解等，将代入化简可得，将此代入可得，通过因式分解可得，从而可得，据此进行逐一判断，即可求解；掌握整式之间转化运算是解题的关键．【详解】解：将代入，得，，∴，∴，，∴，∵，∴，∴，∴，A.，结论错误，不符合题意；B.，结论错误，不符合题意；C.，结论错误，不符合题意；D.，结论正确，符合题意．故选：D．12．已知六元方程，满足，且a，b，c，d，e，f为正整数，则下列关于这个六元方程的正整数解的说法中正确的个数为（

）①，，，，，是该六元方程的一组解；②连续的六个正整数一定是该六元方程的解；③若，则该六元方程有20组解；④若，则该六元方程有1组解．A．1 B．2 C．3 D．4【答案】D【分析】本题主要考查了因式分解的应用，二元一次方程的解，根据因式分解得到，，是解决本题的关键．①把所给数值分别代入等式的左边和右边，看是否相等；②设最小的正整数为，分别计算出等式的左边和右边，看是否相等；③根据②得到的知识，结合③给的条件，看该六元方程有几组解即可．根据③的结论可得，据此可判断④．【详解】解：，，，，，，，．．，，，，，是该六元方程的一组解．①正确；设最小的正整数为，那么其余的数为：，，，，．，．．连续的六个正整数一定是该六元方程的解．②正确；，连续的六个正整数一定是该六元方程的解．连续正整数解为：1、2、3、4、5、6，2、3、4、5、6、7，3、4、5、6、7、8，4、5、6、7、8、9共4组；，，，，．不连续正整数解为：1、2、3、4、6、7，1、2、3、4、7、8，1、2、3、4、8、9，1、2、4、5、6、7，1、2、4、5、7、8，1、2、4、5、8、9，1、2、5、6、7、8，1、2、5、6、8、9，1、2、6、7、8、9，2、3、4、5、7、8，2、3、4、5、8、9，2、3、5、6、7、8，2、3、5、6、8、9，2、3、6、7、8、9，3、4、5、6、8、9，3、4、6、7、8、9共16组．则该六元方程有20组解．故③符合题意；④∵，由③得：，∴∴，∵a，c，e均为正整数，且，∴若，当时，，此时符合题意，当时，，此时，，，，，，不符合题意舍去，若，此时，，则，不符合题意，∴此时不再存在符合题意的解，∴当，则该六元方程有1组解．故④符合题意．故选：D．13．我们规定：若一个四位正整数能写成两个正整数的平方差，则称M为“智慧数”．例如：因为，所以1000是“智慧数”．按照这个规定，1002“智慧数”（填“是”或者“不是”）．若智慧数M是偶数，，且满足两位数与两位数的和为完全平方数，则满足条件的正整数M的值为．【答案】不是1480【分析】假设1002是“智慧数”，则可设（m、n都是正整数），则由，再把1002分解因数得到或或或，解方程组看是否有正整数解即可判断1002是不是“智慧数”；求出，根据M为偶数，推出c为偶数且不为0，再讨论d的值，确定c的值，再根据是完全平方数确定b的值，最后确定a的值，则可求出M的值，再根据“智慧数”的定义验证即可．【详解】解：假设1002是“智慧数”，则可设（m、n都是正整数），∴，∵，∴或或或，解得（舍去）或（舍去）或（舍去）或（舍去），综上所述，不存在正整数m、n使得，∴1002不是“智慧数”；∵，∴，∵M为偶数，∴d为偶数，∴c为偶数且不为0，当时，，则，∵是完全平方数，且，∴当时，是平方数，∴，∴此时M表示的数为1480，∵，∴此时M是“智慧数”，符合题意；当时，，则，∵是完全平方数，且，∴此时没有满足条件的b；当时，，则，∵是完全平方数，且，∴此时没有满足条件的b；当时，，则，∵是完全平方数，且，∴当时，是平方数，∴，∴此时M表示的数为3226；∵，∴当时，则或，解得或，∴不存在正整数s、t使得成立，∴3226不是“智慧数”；综上所述，M的值为1480，故答案为：1480．【点睛】本题主要考查了新定义，解二元一次方程组，因式分解的应用，解题的关键在于理解“智慧数”的定义．14．某校举行运动会时，由若干名同学组成一个13列的长方形彩旗队阵．如果原队阵中增加16人，能组成一个正方形队阵；如果原队阵中减少16人，也能组成一个正方形队阵，则原长方形彩旗队阵中有同学人．【答案】【分析】本题考查平方差公式的应用，解二元一次方程组设原长方形队阵中有同学（为正整数）人，根据增加或减少人就能组成一个正方形队阵，设正方形方阵的边长分别为m，n，列式后得出，再用平方差公式分解因式，建立二元一次方程组求解即可．【详解】解：设原长方形队阵中有同学（为正整数）人，则由已知与均为完全平方数，设正方形方阵的边长分别为m，n，可得其中m，n为正整数．两式相减，得，即．∵，和同奇或同偶，∴或，解得或当时，，，当时，，，不合题意，舍去；故原长方形队阵中有同学人．故答案为：．15．若实数a，b满足，则代数式的值为．【答案】6．【分析】将所求代数式中的因式分解，再把代入，化简即可．【详解】解：，把代入得，再把代入得；故答案为：6．【点睛】本题考查了求代数式的值和因式分解以及整式计算，解题关键是熟练利用因式分解把所求代数式变形，然后整体代入求值．16．已知数、、、满足，，求的值．【答案】．【分析】本题考查了整式的乘法和因式分解．首先根据可得，又因为，可得，把分解因式可得：，把代入可得，利用多项式乘多项式的法则展开可得，再把和代入求值即可．【详解】解：，，，，，，．17．定义：如果一个正整数能表示为两个连续正奇数的平方差，那么称这个正整数为“登高数”，例如：，，，因此，，都是“登高数”．(1)特例感知：判断是否为“登高数”，说明理由．(2)规律探究：根据“登高数”的定义，设两个连续正奇数为和，其中是正整数，那么“登高数”都能被整除吗?如果能，说明理由；如果不能，举例说明．(3)拓展应用：求不超过的所有“登高数”的和．【答案】(1)是“登高数”，详见解析；(2)“登高数”能被整除，详见解析；(3)．【分析】本题主要考查了因式分解的应用，解题的关键是是熟练掌握平方差公式的结构特征，灵活运用平方差公式进行计算，难点是理解“登高数”都是的倍数，即如果一个数是的倍数，那么这个数一定是“登高数”．（1）设求出方程的解，然后由计算结果可得出答案；（2）利用平方差公式计算，然后由计算结果可得出答案；（3），通过计算即可得出不超过的所有“登高数”的和．【详解】（1）解：（1）是“登高数”，理由：设，解得：，，是“登高数”；（2）解：“登高数”能被整除，理由：，，，是正整数，能被整除，能被整除，“登高数”都能被整除；（3）解：由（2），可知“登高数”能被整除，，不超过的所有“登高数”有，，，，，，，，，，．类型三、利用完全平方公式公式因式分解18．下列四种说法中正确的有（）①关于x、y的方程存在整数解．②若两个不等实数a、b满足，则a、b互为相反数．③若，则．④若，则．A．①④ B．②③ C．①②④ D．②③④【答案】B【分析】将提公因式2得，由x、y为整数，则为偶数，因为199为奇数，即原等式不成立，即可判断①；将，整理得，即得出，由于实数a、b不相等，即得出a、b互为相反数，故可判断②；整理得，即得，即，故可判断③；由，得出，即可变形为，可以得出或，故可判断④．【详解】∵，∴如果x、y为整数，那么为偶数，∵199为奇数，∴不存在整数解，故①错误；∴，∵实数a、b不相等，∴a、b互为相反数，故②正确；∴，即，故③正确；∵∴，∴，即，∴，∴或，故④不一定正确．综上可知正确的有②③．故选B．【点睛】本题考查因式分解，整式的混合运算．熟练掌握完全平方公式是解题关键．19．有n个依次排列的整式，第一个整式为，第二个整式为，第二个整式减去第一个整式的差记为，将记为，将第二个整式加上作为第三个整式，将记为，将第三个整式与相加记为第四个整式，以此类推．以下结论正确的个数是（

）①；②若第三个整式与第二个整式的差为21，则；③第2024个整式为；④当时，．A．1 B．2 C．3 D．4【答案】C【分析】本题考查了整式加减的应用、因式分解，理解题意找到规律进行计算是解题的关键．根据题意，先求出、、……，找到规律表示出的代数式，再求出前几个整式，找到规律表示出第个整式，再对题目中的结论逐一分析判断即可．【详解】解：由题意得，，，，故①正确；以此类推，，，故④正确；第一个整式为，第二个整式为，第三个整式为，第四个整式为，……以此类推，第个整式为，第2024个整式为，故③正确；第三个整式与第二个整式的差为，，解得：，故②错误；综上所述，结论正确的有①③④，共3个．故选：C．20．下列说法：①已知，，满足，则；②已知，，是正整数，，且，则，，；③实数，，满足，，则代数式的值可以是6；其中正确的个数是（

）A．0 B．1 C．2 D．3【答案】B【分析】本题考查了完全平方公式及平方的非负性，二次根式的性质，不定方程的解，①利用完全平方公式及平方的非负性判定即可，②利用平方差公式转化成方程组，判定方程组的整数解即可，③两方程相减得，根据，得取值判断即可．【详解】解：①，，，，，，故①正确，②，，，是正整数，，都是整数，，，，而只能分解成和的乘积，∴当时，解得：，，或，，，当时，解得：，，，，与矛盾，不符合题意，舍去，故②错误，③实数，，满足，，两方程相减得：，当，均大于或等于时，即，，则，故不成立，当，有一个大于有一个小于时，，故不成立，当，都小于时，，不符合题意，故③错误．故正确的为：①，共个，故选：B．21．有个依次排列的整式，第一项为，第二项是，第二项减去第一项的差记为，将记为，将第二项加上作为第三项，将记为，将第三项与相加记为第四项，以此类推．以下结论正确的有（

）个①，②当，时，第项的值为，③第项为，④．A．1 B．2 C．3 D．4【答案】C【分析】本题考查数式的操作题，涉及整式的加减，因式分解，整式的规律探索，代数式求值，熟练地利用数式的操作将各项列出来，并会寻找规律是解题的关键．先根据题意将，，，，依次列出来并寻找规律即可判定①，再探索和的规律得④，再将第一项，第二项，第三项，，依次列出来并寻找规律即可判定②和③，即可解答．【详解】解：根据题意，得：；；；；则，故①正确；∵；；；∴，故④正确；由题意，可得第项为：；第项为：；第项为：；第项为：；∴第项为：；当，时，第项的值为，故②正确；第项为：，故③错误；综上，正确的有个，故选：C．22．将多项式变形为的形式，这样的方法叫做配方法．利用配方法和非负数的性质可以求出多项式的最大（小）值．例如：，，，当时，多项式有最小值．已知，为实数，多项式展开后的一次项系数为，多项式展开后的一次项系数为，且，均为正整数，则当时，的最大值为．【答案】3【分析】本题主要考查了完全平方公式的应用，非负数的性质，多项式乘以多项式，根据题意得出，，进而根据，可得，然后得出，根据配方法，即可求解．【详解】解：∵∴，∵∴∵∴∴∴∵∴∴当时，的最大值为，故答案为：3．23．分解因式：【答案】【分析】先去括号，进而利用完全平方公式分解因式即可．【详解】解：，，，，，，．【点睛】本题考查了公式法分解因式，熟练应用完全平方公式是解题的关键．24．因式分解：（1）（x+2）（x+3）+（2）3a（x2+4）2﹣48ax2【答案】（1）（x+）2；（2）3a（x+2）2（x﹣2）2【分析】（1）原式整理后，利用完全平方公式分解即可；（2）原式提取公因式，再利用平方差公式及完全平方公式分解即可．【详解】解：（1）原式＝x2+5x+＝（x+）2；（2）原式＝3a[（x2+4）2﹣16x2]＝3a（x+2）2（x﹣2）2【点睛】此题考查多项式的因式分解，根据多项式的特点选择恰当的分解方法是解题的关键，还需注意分解因式需分解到不能再分解为止.25．阅读材料：若，求，的值．解：∵，∴，∴，∴，，∴，．根据你的观察，探究下面的问题：（1）已知，则________，________；（2）已知的三边长、、都是正整数，且满足，求的周长．【答案】（1）-4，-4；（2）的周长为9．【分析】（1）利用完全平方公式配方，再根据非负数的性质即可得出x和y的值；（2）利用完全平方公式配方，再根据非负数的性质即可得出a和b的值，从而得出c的取值范围，根据c为整数即可得出c的值，从而求得三角形的周长．【详解】解：（1）由得，，∴，，∴，故答案为：-4，-4；（2）由得：，，∴a-1=0，b-4=0，∴a=1，b=4，∴3＜c＜5，∵△ABC的三边长a、b、c都是正整数，∴c=4，∴的周长为9．【点睛】本题主要考查了配方法的应用及偶次方的非负性，同时考查了三角形的三边关系，本题难度中等．26．如图，点A在y轴上，点B在x轴上，且，点C在x轴的负半轴上，若点C的横坐标x与点A的纵坐标y满足方程组(1)求的面积：(2)动点D从点A出发，沿射线方向运动，速度为2个单位长度/秒，运动时间为t秒，在动点D运动的同时，线段以同样的速度沿x轴正半轴运动，对应线段表示为，用含t的式子表示的面积，直接写出t的取值范围：(3)在（2）的条件下，若的面积是的面积的一半时，求t值，并求此时N点的坐标.【答案】(1)(2)四边形的面积为；(3)，【分析】（1）先解方程组可得，再结合，再进一步求解即可；（2）分两种情况先画图，再利用割补法求解面积即可；（3）求解分两种情况，利用三角形的面积公式列方程求解即可；【详解】（1）解：∵，解得：，∴，，∵，∴，∴；（2）解：当时，如图，∴，，∴，∴四边形的面积为；如图，当时，，∴四边形的面积为；综上：四边形的面积为；（3）解：∵，的面积是的面积的一半时，∴的面积是,当时，如图，∴，∴，∴，∴，解得：，（负根舍去）∴，∴；当时，如图，同理可得：，不符合题意，舍去综上：，【点睛】本题考查的是坐标与图形，二元一次方程组的解法，整式的乘法运算，因式分解的应用，利用平方根的含义解方程，清晰的分类讨论是解本题的关键.27．阅读理解：条件①：无论代数式A中的字母取什么值，A都不小于常数M；条件②：代数式A中的字母存在某个取值，使得A等于常数M；我们把同时满足上述两个条件的常数M叫做代数式A的下确界．例如：，，（满足条件①）当时，（满足条件②）4是的下确界．又例如：，由于，所以，（不满足条件②）故4不是的下确界．请根据上述材料，解答下列问题：(1)求的下确界．(2)若代数式的下确界是1，求m的值．(3)求代数式的下确界．【答案】(1)(2)(3)6【分析】本题主要考查了根据完全平方公式进行多项式变型和因式分解，（1）根据题干示例的方法计算即可作答；（2）根据题意设，根据可得，解方程即可求解；（3）先分组得到，进而得到，则可得到原式，据此仿照题意求解即可．【详解】（1）解：，∵，∴（满足条件①），当时，（满足条件②），∴是的下确界；（2）解：∵代数式的下确界是1，∴可设，∵，∴，∴，解得：，即：；（3）解：，∵，∴（满足条件①），当，即时，（满足条件②），∴6是的下确界28．阅读材料，解决问题【材料】教材中这样写道：“我们把多项式及叫做完全平方式”，如果关于某一字母的二次多项式不是完全平方式，我们常做如下变形：先添加一个适当的项，使式子中出现完全平方式，再减去这个项，使整个式子的值不变，这种方法叫做配方法．例如：分解因式．原式．【材料】因式分解：解：把看成一个整体，令，则原式，再将重新代入，得：原式上述解题用到的“整体思想”是数学解题中常见的思想方法．请你解答下列问题：(1)根据材料，利用配方法进行因式分解：；(2)根据材料，利用“整体思想”进行因式分解：；(3)当，，分别为的三边时，且满足时，判断的形状并说明理由．【答案】(1)；(2)；(3)是等腰三角形，理由见解析．【分析】（1）凑完全平方公式，再用平方差公式进行因式分解；（2）利用完全平方进行因式分解；（3）先因式分解，判断字母、、三边的关系，再判定三角形的形状．【详解】（1）解：；（2）解：设，∴；（3）解：是等腰三角形．理由如下：，∴，∴，∴，，，得，，，．∴，∴是等腰三角形．【点睛】此题考查了因式分解的应用，乘法公式，配方法的应用以及非负数的性质，熟练掌握完全平方公式是解本题的关键．类型四、综合利用提公因式法和公式法因式分解29．已知多项式（为常数），下列说法：①当时，无论取何值，都有；②若且，则；③若，则不存在整数，使得．其中正确的个数是（

）A．0 B．1 C．2 D．3【答案】D【分析】本题考查了因式分解的应用，进行配方成完全平方形式，结合平方的非负性求解题目，做题的关键是配方．结合已知，依次对各个选项进行配方成完全平方形式，结合平方的非负性进行判断即可．【详解】解：对于①：，∵，，∴当时，，故①正确；对于②：∵，，∴，∴，∴，即，∴，∴，，∴，∴，∴，故②正确；对于③：∵，∴，∴，∵，∴∴，∴，∴不存在整数，使得，故③正确．故选：D．30．已知正整数a，b，c，d，e，f满足，且，关于这个六元方程下列说法正确的个数是（

）①，，，，，是该六元方程的一组解；②连续的六个正整数一定是该六元方程的解；③若，则该六元方程有21组解；④若，则该六元方程有28组解．A．1 B．2 C．3 D．4【答案】B【分析】本题主要考查了因式分解的应用，二元一次方程的解，解题的关键在于能够正确理解题意，以及方程的解得含义．把，，，，，分别代入方程的左边和右边，可判断①；设最小的数为n，分别计算方程的左边和右边，可判断②；原方程变形为，由正整数a，b，c，d，e，f满足，可得，据此可判断③；根据③的结论可得，据此可判断④．【详解】解：当，，，，，时，左边，右边，∴左边右边，∴，，，，，是该六元方程的一组解，故①正确；设最小的数为n，左边，右边，∴左边右边，∴连续的六个正整数一定是该六元方程的解，故②正确；∵正整数a，b，c，d，e，f满足，∴根据②可得4组连续整数123456，234567，345678，456789是方程的解，∵，∴∴，∵正整数a，b，c，d，e，f满足，∴，∴，∴，即a，b和c，d和e，f分别是三对连续正整数，∴若，当时，此时或或或，4组；当时，此时或或，3组；当时，此时或，2组；当时，此时，1组；即，有组；同理若，有6组；若，有3组；若，有1组；∴共有组，即若，则该六元方程有21组解，故③不正确；∵，由③得：，∴∴，∵a，c，e均为正整数，且，∴若，当时，，当时，，……，当时，，有12组，……，共有组，即若，则该六元方程有30组解，故④不正确．故选：B31．分解因式：.【答案】【分析】把原式看作关于x的代数式，把分解为，再用十字相乘法和平方差公式分解即可，【详解】解：=∵∴原式．【点睛】此题是十字相乘法，主要考查了二元二次多项式的分解因式的方法，解本题的关键是选好那个字母当做常数对待，再用十字相乘法分解．32．分解因式：【答案】【分析】首先重新分组，分别利用提公因式法以及公式法分解因式进而提公因式再继续求解得出答案．【详解】解：，，【点睛】此题主要考查了分组分解法分解因式，分组后可继续提公因式、正确应用公式法分解因式是解题关键．33．已知多项式和（m，n为常数），以下结论中正确的是（填写相应序号）①当且时，无论y取何值，都有；②当时，所得的结果中不含一次项；③当时，一定有；④若且，则；⑤若，且x，y为整数，则．【答案】①②⑤【分析】本题考查整式的混合运算，完全平方公式，因式分解．①当且时，，即可判断①；②当时，，即可判断②；③当时，，即可判断③；④若且，可得，进而可得，，即可判断④；⑤若，可得，进而判断，即可判断⑤．【详解】解：①当且时，，，∴，故①正确；②当时，，，，∴所得的结果中不含一次项，故②正确；③当时，，，，不确定的正负，故③错误；④若且，∴，∴，，解得，，∴，故④错误；⑤∵，∴，∵x，y为整数，∴和均为整数，∴或，解得或，∴，故⑤正确．综上所述，正确的有①②⑤．故答案为：①②⑤．34．配方法是一种重要的解决问题的数学方法，不仅可以将一个看似不能分解的多项式分解因式，还能解决一些与非负数有关的问题或求代数式最大值，最小值等，请用配方法解决以下问题．(1)试说明：、取任何实数时，多项式的值总为正数；(2)分解因式：；(3)已知实数，满足，求的最小值．【答案】(1)证明见解析(2)(3)【分析】（1）先用配方法把原式化成完全平方式与常数的和的形式，再利用非负数的性质进行解答；（2）先利用配方法再利用平方差公式进行因式分解即可；（3）先表示出，再表示出，再利用配方法求解即可．【详解】（1）解：==，∵，，∴x，y取任何实数时，多项式的值总为正数；（2）解：===；（3）解：∵，∴，∴，∴当a=2时，a+b有最小值为1，∴a+b的最小值为1．【点睛】本题主要考查因式分解的应用，熟练掌握完全平方公式即平方差公式是解答此题的关键．35．八年级课外兴趣小组活动时，老师提出了如下问题：将因式分解．【观察】经过小组合作交流，小明得到了如下的解决方法：解法一：原式；解法二：原式．【感悟】对项数较多的多项式无法直接进行因式分解时，我们可以将多项式分为若干组，再利用提公因式法、公式法达到因式分解的目的，这就是因式分解的分组分解法．分组分解法在代数式的化简、求值及方程、函数等学习中起着重要的作用．（温馨提示：因式分解一定要分解到不能再分解为止）【类比】（1）请用分组分解法将因式分解；【挑战】（2）请用分组分解法将因式分解；（3）若，，请用分组分解法先将因式分解，再求值．【答案】（1）；（2）；（3），【分析】（1）直接将前两项和后两项组合，利用平方差公式再提取公因式，进而分解因式即可；（2）先分组，利用完全平方公式再提取公因式，进而分解因式即可；（3）分组，先提取公因式，利用完全平方公式分解因式，再由，，整体代入得出答案即可．此题主要考查了分组分解法，提取公因式法，公式法分解因式，以及整体代入法求代数式的值，正确分组再运用提公因式法或公式法分解因式，是解决问题的关键．【详解】（1）；（2）；（3）．当，时，原式．36．【知识生成】用两种不同方法计算同一图形的面积，可以得到一个等式．(1)【知识探究】如图1，是用长为，宽为的长方形，沿图中虚线均分成四个小长方形，然后按照图2拼成一个正方形，可以得到、、三者之间的等量关系式：__________；(2)【知识迁移】类似的，用两种不同的方法计算同一个几何体的体积，也可以得到一个等式，如图3，观察大正方体分割，写出可以得到的等式_______________；若，，求的值；(3)【拓展探究】如图4，两个正方形、的边长分别为，若这两个正方形的面积之和为34，且，求图中阴影部分的面积．【答案】(1)(2)，90(3)【分析】本题考查完全平方公式的几何意义，注意掌握并能够由面积相等并过渡到利用体积相等推导公式是解题的关键．（1）由题意利用面积相等推导公式：；（2）由题意利用体积相等推导；可得，再代入求值即可，（3）由图可知，．求得，，根据图中阴影部分的面积由此即可解题．【详解】（1）解：由图可知：边长为的大正方形由四个边长为、的长方形和一个边长为正方形组成，知识生成：，故答案为：；（2）正方体棱长为，∴体积为，∵正方体体积是长方体和小正方体的体积和，即，∴；∴，∵，，∴（3）有图可知：，．∴，∴，，∵，∴，图中阴影部分的面积类型五、因式分解法的应用37．对于二次三项式（为常数），以下结论：①当，且，则；②当时，则；③当的值恒为正数时，则；④当，且，其中p、q为整数，则a的值有6种可能．其中正确的是（

）A．①②③④ B．①③④ C．①②④ D．②③④【答案】A【分析】本题考查了完全平方公式以及多项式乘以多项式，因式分解等知识点，熟练掌握多项式乘以多项式运算法则以及乘法公式是解本题的关键．根据完全平方公式、因式分解以及多项式乘以多项式的运算法则进而判断得出答案即可．【详解】解：①当，，则，则，故①正确，符合题意；②当，则，∴，∴，故②正确，符合题意；③，∵则当的值恒为正数时，即可，∴，故③正确，符合题意；④当，且，则，∴，，∵p、q为整数，∴p、q的值可为或或或或或∴或或8或或7或，故④正确，∴正确的有①②③④，故选：A．38．的值最接近（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】本题主要考查因式分解的应用，利用立方和与立方差公式化简计算，即可得出答案．【详解】解：由立方和、立方差公式可得，，，∴，∴故选：B．39．对于一个各个数位上的数字均不为零的四位自然数（其中，b，c，，且a，b，c，d为整数），若满足，则称这个数为“幂差数”．如四位数6713，因为，所以6713是“幂差数”．若（且x、y为整数）是“幂差数”，那么这个数是．把“幂差数”A的千位数字与百位数字对调，得到另一个“幂差数”B，若能被37整除，则满足条件的A的最大值和最小值的差是．【答案】75247830【分析】由“幂差数”的定义结合题意可得，且，从而得出或或或，求解并结合题意分析即可得出答案；由题意可得，，求出，再分情况：当时，存在最大值，此时；当时，存在最小值，此时；分别求出最大值与最小值，求差即可得解．【详解】解：∵（且x、y为整数）是“幂差数”，∴，∵且x、y为整数，∴，，∴，且，∴或或或，解得：或或或，∵且x、y为整数，∴，即这个数是，∵把“幂差数”A的千位数字与百位数字对调，得到另一个“幂差数”B，∴，，∴，∵，b，c，，且a，b，c，d为整数，∴当时，存在最大值，此时，∴，∵能被37整除，，b，c，，且a，b，c，d为整数，∴能被整除，∵，∴能被整除，∵，b，c，，∴，∴，∴，∴要使最大，此时，则，，即，，∴的最大值为；当时，存在最小值，此时，∴，∵能被37整除，，b，c，，且a，b，c，d为整数，∴能被整除，∵，∴能被整除，∵，b，c，，∴，∴，∴，∴要使最小，此时，则，，即，，∴的最小值为；∴满足条件的A的最大值和最小值的差是，故答案为：，．【点睛】本题考查了整式的加减的应用、解二元一次方程组、利用平方差公式分解因式、新定义运算等知识点，正确理解题中的“幂差数”的概念，采用分类讨论的思想是解此题的关键．40．用简便方法计算：．【答案】．【分析】此题考查了因式分解的应用，先设，然后通过十字相乘法因式分解进行解答即可，解题的关键是熟练掌握十字相乘法因式分解的应用．【详解】解：设，则原式，，，∴原式．41．一个各位数字都不为0的四位正整数，若千位与个位数字相同，百位与十位数字相同，则称这个数为“双胞蛋数”，将千位与百位数字交换，十位与个位数字交换，得到一个新的“双胞蛋数”，并规定，则；若已知数为“双胞蛋数”，且千位与百位数字互不相同，是一个完全平方数，则满足条件的的最小值为．【答案】4864114【分析】本题考查了因式分解的应用，涉及完全平方数的概念，新定义的实数运算，根据代入代数式计算即可；设，则，由题意得．由是一个完全平方数，结合，的取值范围，可得，从而得到的最小值，充分理解题意是解题的关键．【详解】解：当时，．设，则，，，．是一个完全平方数，是一个完全平方数，，，，，即，当时，有最小值4，此时的最小值为4114．故答案为：486，4114．42．设三角形三边长为a、b、c，且三边长满足方程组，试求的值．【答案】3【分析】本题考查了三角形三边关系，完全平方公式的应用，因式分解的应用，解方程组等知识，有一定的综合性；把方程组中第一个方程分别减去第二个、第三个方程，利用完全平方公式变形得：，左边利用十字相乘法分解因式即可求得的值．关键是由方程组得到．【详解】解：，得：，即，∴，分解因式得：，∴或，∴或；∵三角形三边长为a、b、c，∴，∴不符合题意，∴．43．若为实数且满足，，求的最小值．【答案】【分析】本题考查了因式分解，非负数的性质，先将利用分组分解法因式分解，再将已知条件整体代入，化为完全平方式，最后根据非负数的性质确定的最小值，掌握分组分解法和整体代入法是解题的关键．【详解】解：由题得，，∴，，，∴，，∴，当且仅当时取等号，经检验当时满足，的最小值为．44．【阅读材料】：将四项及四项以上的多项式进行因式分解，我们一般使用分组分解法，对于四项多项式的分组分解法有两种分法：一是“”分组，二是“”分组．两种分组的主要区别在于多项式中是否存在三项可以构成完全平方，若可以构成完全平方，则采用“”分组；若无法构成，则采用“”分组．例如：像这种将一个多项式适当分组后，再分解因式的方法叫做分组分解法．【学以致用】：因式分解（1）；（2）．【拓展延伸】：对于四项以上的多项式，我们可以据其特征适当地将某一项拆成两项，再进行分组，进而因式分解来解决问题，请你利用这样的思路试一试．（1）已知为等腰的三边长，且满足，求等腰的面积；（2）如图，长方形，已知，其中，且，求长方形的边的长度．（，用含的式子表示）【答案】学以致用：（1）；（2）；拓展延伸：（1）48或；（2）【分析】本题考查了因式分解的应用，等腰三角形的性质，勾股定理．[学以致用]（1）根据提公因式法因式分解，即可求解；（2）先分组，然后根据完全平方公式与平方差公式因式分解，即可求解；[拓展延伸]（1）根据完全平方公式因式分解，进而根据非负数的性质求得的值，进而根据等腰三角形的性质以及勾股定理计算即可求解；（2）同（1）的方法因式分解，进而得出，即可求解．【详解】解：[学以致用]（1）．（2）[拓展延伸]（1）等腰的三边为或，，等腰的面积为48或．（2）且．45．若一个四位数m千位数字与百位数字的差等于十位数字与个位数字的差，则称这个四位数为“等差数”．将等差数m千位数字与百位数字对调，十位数字与个位数字对调得到新数，并记，例如：在1234中，，是“等差数”，此时；在1235中，，不是“等差数”．(1)判断2569，8431是否是“等差数”，并说明理由；如果是，求出对应的的值；(2)若四位数，且，记，，当与均为整数时，求出所有满足条件的“等差数”m．【答案】(1)1235不是“等差数”，见解析(2)或【分析】本题考查了因式分解的应用，理解整除的意义是解题的关键．（1）根据题干中的新定义判断求解；（2）先分别求出，，，再根据，，，的取值范围和整除的意义求解．【详解】（1）解：，是“等差数”，；，不是“等差数”；（2）解：由题意得：，，，，，，，，都是1到9之间的整数，与均为整数，，都为的倍数，，或，，或．46．若一个数是一个整数的平方，则称这个数是完全平方数，类似地，多项式及称做完全平方式．如果一个多项式不是完全平方式，我们常做如下变形：先添加一个适当的项，使式子中出现完全平方式，再减去这个项，使整个式子的值不变，这种方法叫做配方法．配方法是一种重要的解决问题的数学方法，不仅可以将一个看似不能分解的多项式分解因式，还能解决一些与非负数有关的问题或求代数式最大值，最小值等．例如：分解因式．原式；例如：求代数式的最小值．原式．可知当时，有最小值，最小值是．(1)用配方法分解因式：；(2)当x为何值时，多项式有最大值，并求出这个最大值．(3)求使得是完全平方数的所有整数m的积．【答案】(1)(2)当时，多项式有最大值13(3)84【分析】本题考查了完全平方公式在因式分解中的应用，掌握公式的形式是解题关键．（1）把变形为即可求解；（2）将原式配方为，根据平方非负性即可求解；（3）将原式因式分解变形为，分类讨论求解即可．【详解】（1）解：；（2）解：；∵，∴，∴当时，多项式有最大值13．（3）解：设，所以，所以，所以，所以，所以因为（因为为完全平方数），且m与k都为整数，所以①，，解得：，；②，，解得：，；③，，解得：，；④，，解得：，．所以所有m的积为．47．观察下列各式，解答问题：第1个等式：；第2个等式：；第3个等式：；…第n个等式：______．（n为整数，且）【尝试】(1)根据以上规律，写出第4个等式：______；【发现】(2)根据这个规律写出你猜想的第n个等式，并说明其正确性；【应用】(3)利用以上规律，直接写出的值为______．(4)利用以上规律，求的值．【答案】(1)；(2)，证明见解析；(3)4045；(4)9800【分析】（1）根据规律即可求解；（2）根据规律可以得到第n个等式为，再根据整式的运算即可证明结论正确性；（3）根据（2）的结论即可得到；（4）逆用规律将原式变形为，再去括号进行计算得到，利用平方差公式进行计算即可求解．【详解】（1）解：根据以上规律，第4个等式为；故答案为：；（2）解：根据这个规律猜想第n个等式为；证明：，∴猜想正确；（3）解：根据以上规律，；故答案为：4045；（4）解：=．【点睛】本题考查了平方差公式，整式的规律性问题，整式的运算，运用平方差公式进行因式分解简化计算等知识，理解题意，找出规律是解题关键．48．小聪学习多项式研究了多项式值为0的问题，发现当或时，多项式的值为0，把此时x的值称为多项式A的零点．(1)已知多项式，则此多项式的零点为________．(2)已知多项式有一个零点为2，求多项式B的另一个零点；(3)订正：小聪继续研究，及等，发现在x轴上表示这些多项式零点的两个点关于直线对称，他把这些多项式称为“3-系多项式”．若多项式是“3-系多项式”，则________，________，________．【答案】(1)或(2)(3)，，【分析】本题考查了多项式乘多项式的运算，因式分解的应用；(1）根据题意，令，解方程得出的值，即可得出答案；(2）根据题意，把代入多项式，得，然后解关于的方程即可得出的值，再把的值代入，进而得出答