2027届浙江省玉环市达标名校中考适应性考试物理试题含解析

2027届浙江省玉环市达标名校中考适应性考试物理试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．关于温度、热量和内能的说法中正确的是A．物体吸收热量，温度一定升高B．0℃的冰的内能为零C．物体内能增大，一定吸收了热量D．物体的温度升高，内能增大2．小明想探究电流通过电阻时产生的热量Q与电流I、电阻R的定性关系．实验桌上有如下器材：两个完全相同的烧瓶，瓶内装有质量和初温相同的煤油（R1>R2），还有满足实验要求的电源、滑动变阻器、开关、导线．他连接了如图所示的电路进行实验，下列说法正确的是A．此实验探究的是Q与R的关系B．温度计示数变化的大小反映电阻丝中电流的大小C．闭合开关一段时间，温度计A比B的示数变化小D．闭合开关一段时间，电流通过两个电阻丝产生的热量相等3．文明礼貌是我国的优良传统．因此，我们在公共场所时，不能大声喧哗，交谈时应轻声细语，不影响他人．这里的“大声和“轻声”是指声音的A．音调 B．音色 C．响度 D．频率4．为测量某种液体的密度，小铭利用天平和量杯测量液体和操杯的总质量m及液体的体积V，得到了几组数据并绘出了m-V图像，如图所示．下列说法正确的是A．该液体密度为2g/cm3B．该液体密度为1.25g/cm3C．量杯质量为40gD．体积60cm3的该液体质量为60g5．下列物态变化与其吸热、放热的关系正确的是A．霜的形成是凝固现象，要放热B．冰化成水是熔化现象，要放热C．冬天，人们口中呼出的“白气”是汽化现象，要吸热D．用“干冰”进行人工降雨利用了“干冰”升华，要吸热6．大千世界，热现象随处可见．下面四个热现象中描述正确的是（）A．图甲：厨房蒸笼旁的“白气”是水蒸汽，它是水汽化形成的B．图乙：蜡烛燃烧流出“烛泪”是熔化现象，这一形成过程需要吸热且温度保持不变C．图丙：冬天清晨树叶上的“霜”，它的形成过程需要吸热D．图丁：玫瑰花开“香满园”是扩散现象，表明分子在不停地做无规则运动7．小刚同学所描述的下列现象中不可能发生的是（）A．寒冷的冬天，冰冻的衣服会变干B．潮湿的夏天，从冰箱里取出的冰糕冒“白气”C．有风的天气，游泳后从水中出来会感觉格外冷D．冬天的早晨，窗玻璃外面会出现冰花二、填空题（本大题7小题，共21分）8．如图所示，是世界上最大的豪华游轮之一“海洋魅力号”，长361米，宽66米，排水量达到22.5万吨，满载时，吃水深度达30米，满载时，船底受到的海水压强约为_____帕，当客人下船后，船受到的浮力将_____（选填“变大”、“变小”或“不变”）（ρ海水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）9．甲、乙两只电炉标有“220V500W”和“220V1000W”字样，把它们串联在220V的电路中．在相同时间内产生热量较多的是_______，将它们并联在电路中，产生热量较多的是_____（选填“甲”或“乙”）．串联时甲电炉消耗的电功率与并联时甲电炉消耗的电功率之比为______．10．如图，物体在10s内被匀速提升了1m．已知拉绳子的力F为500N，在提升重物的过程中，拉力做的有用功是800J．物体的重力是_N，拉力F做功的功率是_W，滑轮组的机械效率η1是___．若再用此滑轮组匀速提升重为600N的物体，滑轮组的机械效率η1，则η1和η1的大小关系为：η1____η1．11．在电视剧《三国》中，有这样一个情景：一群士兵用力拉动一个抛石车，会将石块抛向敌方阵营．其简单结构如图所示．由图可知它是一个_____杠杆．要把石块抛出去，图中作用在A点的力沿_____方向最小（填a、b或c）．若OA：OB＝1：6，石头重400N，则A点至少要用_____N的力，才能将石头抛出．12．工人用如图所示装置在10s内将质量为45kg的货物匀速提升2m，此过程中拉力F的功率为120W．不计绳重和轮与轴的摩擦，工人的拉力F为_____N，该滑轮组的机械效率为_____。13．水稻是喜温植物，春季育秧时，农民通常在傍晚向秧田灌水，早晨再将水放出，以防霜冻，这是因为水的________较大，当气温降低时，水能放出较多的热量，如果某秧田中水的温度降低了2℃，放出了3.36×107J的热量，则该秧田内的水的质量为_________kg.（已知c水=4.2×103J/（kg·℃））14．丹麦科学家________首先发现“电流周围存在磁场”。如图所示，闭合电键，小磁针将发生转动，因为力可以改变物体的________，通电螺线管A端相当于条形磁铁的_____极（选填“北”或“南”）。三、作图题（共7分）15．如图所示，篮球正沿斜面滚下，O为重心，请用示意图在图中画出篮球的重力G和它对斜面的压力N并标出压力的作用点A（______）16．如图所示，已知轻质杠杆AB在水平位置静止，作出物体C所受重力的示意图以及拉力F的力臂L．（____）17．用笔画线代替导线将图中的电灯、开关接入家庭电路．四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．在如图所示的电路中，电源电压为12伏，电阻的阻值为30欧。①闭合电键，求电流表的示数。②现将标有“”的滑动变阻器以某种方式接入该电路的间。闭合电键后，移动变阻器的滑片，并将所观察到的电流表示数记在下表。序号123电流（安）0.71.01.6请根据表中相关信息.（a）判断变阻器接入该电路的连接方式并简述理由。（b）求从序号2到序号3时，变阻器接入电路中阻值的变化量。19．下面是小明利用刻度均匀的匀质杠杆进行探究杠杆的平衡条件的实验．（每个钩码重0.5N）实验前，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，这时应将平衡螺母向________（选填左或右）端调节，直到杠杆在水平位置平衡。杠杆调节平衡后，在此后的实验中________

(可以、不可以）通过旋动两端的平衡螺母来使杠杆恢复平衡。如图A所示，①在杠杆A点处挂4个钩码，则在B点处应挂________个同样的钩码，杠杆仍然在水平位置平衡．②把B点处的钩码取下，在B点处施加一个竖直向下的拉力F时，杠杆仍在水平位置平衡．当拉力F向右倾斜时，仍要保持杠杆水平平衡，拉力F的大小将________（选填变大、变小或不变）．原因是________。经多次实验后，总结得到了杠杆平衡条件，接着小明又进行了如图B所示的探究，发现弹簧测力计的读数比利用杠杆平衡条件计算得到的数值偏大，原因是________。20．小明利用天平（量程200g）、量筒（量程100ml）、弹簧测力计（量程5N）、烧杯、杠杆、细线和水等测量一块矿石（500g以上）的密度．（g取10N/kg）请回答：（1）不能直接用天平测量矿石的质量其原因是______________________________________．（2）为了测量矿石的质量，小明采用了如图甲示数的装置，杠杆在水平方向平衡时，弹簧测力计的示数为2.1N，矿石的质量是_______________g．（1）如图乙所示：A．将矿石放入烧杯中，往烧杯中倒入适量的水并在水面处做好标记．B．取出矿石．C．将量筒中装有100ml水的慢慢倒入烧杯中，使水位恢复到原标记处，量筒中剩余的水如图丙所示．则矿石的密度是_____________kg/m1．（4）此方法测出的密度值比实际值_______________（填选“偏大”或“偏小”）．拓展：实验中，小明不慎将量筒打碎了，他用图甲所示的实验装置和足量的水、烧杯也测出了矿石的密度．请你完成实验步骤：A．记下图甲中测力计的示数F1，B．______________________．矿石密度的表达式____________________________．21．小溪妈妈腌制鹌鹑蛋，小溪对配制的盐水密度及鹌鹑蛋的密度产生了兴趣．于是做了如下实验，请将她的实验补充完整．（1）她将天平放在水平台上，发现天平的游码未置于标尺左端的零刻度线处，但指针却指在分度盘的中央，她应该先将游码调到标尺的零刻度线处，再将平衡螺母向_____调节，天平横梁才能平衡．（2）将天平调平后，小溪将适量盐放入左盘中进行测量，天平平衡时，右盘为10g砝码，调节游码如图甲所示，则盐的质量为_____g．（3）小溪接下来的实验过程如图乙所示（细线质量与体积忽略不计）：①将量筒中装入适量水，量筒中水的体积为_____mL；②将鹌鹑蛋轻轻放入量筒内的水中，沉底后液面上升到52mL刻度线处；③将称好的盐倒入量筒内的水中，待盐全部溶解并搅拌均匀后，发现鹌蛋漂浮在盐水中，此时液面在56mL刻度线处；④取出鹌鹑蛋后，盐水液面下降至45mL刻度线处（忽略取出鹌鹑蛋时造成盐水体积的变化）；⑤则盐水的密度为_____g/cm3，鹌鸦蛋的密度为_____g/cm3⑥这种方法测的盐水的密度值是_____（偏大或偏小）．22．利用如图甲所示的实验装置探究“沙子和水的温度变化与吸热的关系”．操作如下：（1）在两烧杯中分别装入初温___________且_________相等的沙子和水．（2）用相同的酒精灯火焰加热，并用玻璃棒不断搅拌，每隔相同的时间记录一次温度，其中某时刻的温度如图乙所示，其示数为________℃．（3）根据实验数据绘制成温度与时间的关系图像，如图丙所示；实验中，是通过比较_________来间接反映沙子和水吸收的热量；（4）分析丙图像可知，对于质量相等的沙子和水，升温较快的是___________；若使两者升高相同的温度，则______吸收的热量较多，由此可见，______的比热容较大．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．如图甲所示，是小区内的一种新型健身器械，叫单人坐拉器，它的简化模型图，如图乙所示。坐在坐拉器座椅上的人，当双手用力向下拉动手柄A时，操作杆AB会绕着转轴O转动，连杆BD拉动杆O′C绕转轴O′转动，将座椅向上抬起，（g取10N/kg）关于该坐拉器及其模型图，下列说法正确的是_____。A．该坐拉器是个组合杠杆，使用过程中可以省功B．O′DC杠杆是费力杠杆，而BOA杠杆是省力杠杆C．人的体重越重，坐拉器使用过程中的机械效率越高D．该坐拉器的机械效率为定值，不会发生变化已知手柄竖直向下移动30cm时，座椅竖直升高9cm，用时5s，若人的质量为60kg，利用坐拉器抬起人的机械效率为90%，则抬起人的过程所做功的功率为多少_____？已知图乙中OA：OB＝6：1，O′C：O′D＝2：1，此时AB杆处于水平位置，BD杆垂直于杆AB和O′C，BD杆对AB和O′C杆的拉力均沿着BD，且大小相等。若手臂对手柄A的拉力方向和人的重力方向视作同一直线，物体间相互作用力的大小相等、方向相反，忽略坐拉器的自重、转动时的摩擦和座椅的尺度。若小红的质量为40kg，则此时小红让自己保持图乙的状态，需要对手柄A施加竖直向下的拉力为多大_______？24．如图所示，电源电压为12V，且保持不变，己知滑动变阻器R3的最大阻值为20Ω，定值电阻R1＝10Ω，R2＝15Ω，电流表的量程为0.6A．（1）S，S1闭合，S2断开时，滑动变阻器的滑片P滑到a端，此时电压表的示数为多少？（2）S、S2闭合，S1断开时，求电路允许消耗的最大功率六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．运﹣20，军方绰号“鲲鹏”，网友昵称“胖妞”．运﹣20采用常规布局，最大起飞重量220t，载重超过66t，最大飞行速度可达920km/h，航程7800km．运﹣20是我国空军从“国土防空”向“攻防兼备”的大国空军转换的一个重要标志．（g取10N/kg）飞机能够升空的原因是机翼上表面受到的气压________机翼下表面受到的气压，运﹣20在空中水平匀速飞行时，它能产生的最大升力是________．飞机静止在停机场上，其总重60t，每个轮子的着地面积约为200cm2，（按3个相同的轮子计算），则它对地面上的压强是________.当飞机发动机以7.5×105N的推力使它以720km/h的速度飞行时，发动机推力的功率是________？在1小时内发动机对飞机做了________功.26．阅读短文，回答问题：力传感器常见的一种力传感器由弹簧钢和应变片组成，其结构示意图如图甲所示．弹簧钢右端固定，在其上、下表面各贴一个相同的应变片．若在弹簧钢的自由端施加向下的作用力F，则弹簧钢发生弯曲，上应变片被拉伸，下应变片被压缩．应变片采用半导体材料制成，其阻值与长度成正比．给上、下应变片提供相等且恒定不变的电流，上应变片两端电压为U1，下应变片两端电压为U2，传感器把这两个电压的差值U（U＝U1﹣U2）输出，用来反映力F的大小．半导体应变片的阻值随温度会发生变化，其变化情况如图乙所示．为消除温度变化对测量精度的影响，需分别给上、下应变片串联一只合适的电阻，进行温度补偿．串联合适的电阻后，测量结果不再受温度影响．当弹簧钢没有受到压力时，U＝_____．当弹簧钢受力向下弯曲时，U1_____，U2_____．（选填“变大”、“变小”或“不变”）．如果未进行温度补偿，自由端受到相同的力F作用，该传感器下应变片两端的电压U2冬天比夏天_____（选填“大”或“小”）．进行温度补偿时，应给下应变片串联的电阻，最合适的是图丙中的_____．27．阅读短文并回答问题．LEDLED是发光二极管的简称．LED主要由砷化镓、磷化镓、碳化硅和氮化镓等半导体制成，通电后不同材料的LED，发出光的颜色也不同．I.ED被称为第四代照明光源或绿色光源，具有节能、环保、寿命长、体积小等特点，广泛应用于各种指示、显示、装饰、背光源、普通照明和城市夜景等领域．LED装置可把________能转化为________能．砷化镓、磷化镓、碳化硅和氮化镓都属于______________（填字母）．A．单质B．氧化物C．化合物

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、D【解析】

A、若吸收热量的物体正好是处于熔化状态的晶体或正在沸腾的液体,则其吸收了热量,温度就不变;其他情况下物体吸收热量温度升高。因此不能确定物体吸收热量温度是否一定升高。故A错误。B、因为一切物体的分子都在不停的做无规则运动,所以一切物体都具有内能,0℃的冰的内能不为零,故B错误。C、物体内能增大，可能是吸收了热量，也可能是对他做了功。故C错误。D、同一物体分子个数是一定的,当温度升高时,分子的热运动越剧烈,则分子的动能就越大,从而物体的内能增加。故D正确。2、A【解析】

A．由题意可知，电流相同，通电时间也相同，电阻不同，所以探究的是Q与R的关系，故A正确；B．通电后电流通过电阻丝做功，产生热量被煤油吸收，使煤油的温度升高，通过观察温度计的示数变化来判断电流产生的热量的多少，故B错误；CD．在时间相同时、电流相同时，电阻越大，产生的热量越多，温度计A比B的示数变化大，故CD错误；3、C【解析】

响度指声音的大小，与发声体的振幅有关，在公共场所大声喧哗，这里的“大声”是指声音的响度大；交谈时应轻声细语，这里的“轻声”说话是指声音的响度小．故“大声”和“轻声”都是指的响度。故选C。4、D【解析】

设量杯的质量为m杯，液体的密度为ρ，读图可知,当液体体积为V1=20cm3时，液体和杯的总质量m总1=m1+m杯=40g，可得：ρ×20cm3+m杯=40g，−−−①，当液体体积为V2=80cm3时，液体和杯的总质量m总2=m2+m杯=100g，可得：ρ×80cm3+m杯=100g，−−−②，①−②得：液体的密度ρ=1g/cm3，故A、B错；代入①得m杯=20g，故C错；当液体的体积V3=60cm3，液体质量：m3=ρ×V3=1g/cm3×60cm3=60g，故D正确．5、D【解析】

A.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，此过程放出热量．故A错误；B.冰化成水，由固态变为液态，是熔化现象，此过程吸收热量．故B错误；C.“白气”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，此过程放出热量．故C错误；D.干冰是固态二氧化碳，在常温常压下干冰极易由固态直接升华成为气态，同时吸收大量的热．故D正确．6、D【解析】

A.厨房蒸笼旁的“白气”是温度较高的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误；B.晶体熔化时温度不变，非晶体熔化时，温度升高，蜡是非晶体，蜡烛燃烧流出“烛泪”是熔化现象，这一形成过程需要吸热温度不断上升，故B错误；C.冬天清晨树叶上的“霜”，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，此过程需要放出热量，故C错误；D.玫瑰花开“香满园”是扩散现象，扩散现象表明分子在不停的做无规则运动，故D正确．故选D．7、D【解析】

A、衣服里的冰升华成了水蒸气，所以冰冻的衣服干了．该选项不合题意．B、空气中的水蒸气遇到从冰箱里取出的雪糕放出热量液化成小水滴，故而出现冰糕冒“白气”现象．该选项不合题意．C、有风的天气，空气流动快，加快了人身上水的蒸发速度，液体蒸发需要吸收热量，所以使人感觉格外冷．该选项不合题意．D、冬天窗玻璃内侧的冰花是水蒸气凝华而成的；冬天的早晨，窗玻璃外面的空气温度与窗玻璃的温度相同，没有热传递现象发生，所以玻璃窗外面不可能有冰花．该选项符合题意．故选D．二、填空题（本大题7小题，共21分）8、3.0105变小【解析】

满载时船底受到的海水压强约为：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×30m=3×105Pa；当客人下船后，船的总质量变小，仍漂浮在水面上，浮力等于重力，重力变小，故浮力变小．9、甲乙111：1【解析】

[1]由P=得，电炉的电阻R=，因为甲、乙两只电炉的额定电压相同，额定功率P甲＜P乙，所以甲、乙两只电炉的电阻：R甲＞R乙，又因为串联电路中的电流处处相等，即通过甲、乙两只电炉的电流：I甲=I乙，根据Q=I2Rt可知，在相同时间内产生的热量Q甲＞Q乙，故串联时产生热量较大的是甲；[2]将它们并联在220V电路上，根据并联电路中各支路两端的电压相等，即U甲=U乙=220V，则两电炉的实际功率等于额定功率，即：P甲=500W；P乙=1000W，根据Q=W=Pt可知，在相同时间内产生的热量Q甲＜Q乙，故并联时产生热量较大的是乙；[3]甲电炉的电阻为R甲===96.8Ω，乙电炉的电阻为R乙===48.4Ω，串联在220V电路中甲消耗的实际功率为P实甲=I实2R甲=（）2×R甲=（）2×96.8Ω≈222W；当甲电炉并联在220V电路中，P实甲′=P额甲=500W，所以两种情况下甲消耗的功率之比为P实甲：P实甲′=222W：500W=111：1．10、80010080％＞【解析】

物体的重力为：G===800N；由滑轮组组装可知，1段绳子承担物重，则绳子移动的距离为：s=1m1=1m，拉力F做的功为：=Fs=500N1m1=1000J，拉力F做功的功率为：P===100W；滑轮组的机械效率为：==80；动滑轮的重力：=500N1-800N=100N，用此滑轮组匀速提升重为600N的物体，滑轮组的机械效率===75，故。11、费力C2400【解析】

（1）根据动力臂和阻力臂的关系进行分析，即动力臂大于阻力臂时，为省力杠杆；动力臂小于阻力臂时，为费力杠杆；动力臂等于阻力臂时，为等臂杠杆；（2）根据杠杆的平衡条件判断最小的力．【详解】（1）因为图中的杠杆阻力臂大于动力臂，所以该杠杆为费力杠杆；（2）力臂越长，作用力就越小，所以在A点施加垂直于杠杆的力时，力臂为OA，此时力臂最长，即c方向的力最小．（3）根据杠杆的平衡条件：F×OA=G×OB，则F===2400N．12、20075%【解析】

由图可知，连接动滑轮绳子的股数n＝3，绳端移动的距离s＝nh＝3×2m＝6m，在10s内拉力做的总功：W总＝Pt＝120W×10s＝1200J，由W总＝Fs得，工人的拉力：F＝＝＝200N；物体的重力：G＝mg＝45kg×10N/kg＝450N，拉力做的有用功：W有＝Gh＝450N×2m＝900J，则该滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝75%。13、比热容4000【解析】

水稻是喜温植物，因此需要保温防霜冻，水的比热容较大，相同质量的水和其他物质相比，夜间放出相同的热量，水降低的温度少，能起到保温作用；如果某秧田中水的温度降低了2℃，放出了3.36×107J的热量，则该秧田内的水的质量=4000kg14、奥斯特运动状态北【解析】

丹麦科学家奥斯特通过实验首先说明了通电导线周围存在着磁场；根据题意知道，当闭合电键时，螺线管周围出现了磁场，小磁针由于受到磁场的作用而发生转动，即力可以改变物体的运动状态；由图知道，电源的右侧是正极，左侧为负极，运用安培定则，用右手握住螺线管，四指所指的方向为电流的方向，大拇指指向螺线管的左端即N极，所以通电螺线管A端相当于条形磁铁的北极。三、作图题（共7分）15、【解析】

（1）重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方向总是竖直向下的，过物体的重心表示出重力的方向即可；（2）压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上；然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。【详解】（1）过物体重心画带箭头的线段，方向竖直向下，符号为G；（2）压力的作用点在物体与接触面上，为A；过压力作用点A画垂直于斜面、带箭头的线段表示压力，符号为N；如图所示：本题的关键是确定压力和重力的作用点和方向，并会用力的图示表示力的三要素。注意物体对斜面的压力要小于物体所受重力。16、【解析】

对于形状规则、质地均匀的物体，它的重心在它的几何中心上，从重心开始沿重力方向﹣﹣竖直向下，画一条带箭头的线段并标出重力G；过支点O作F的垂线段，即为拉力F的力臂L；如图所示：点睛：（1）先确定物体的重心，然后从重心开始沿重力方向画一条带箭头的线段表示重力G；（2）根据力臂的概念画出F的力臂L．17、【解析】

火线首先进入开关，然后接到到灯泡顶端的金属点；零线直接接到灯泡的螺旋套，这样在更换灯泡时更安全，接法如下图所示：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、（1）0.4A（2）并联（3）因为如果串联电路中电流应小于0.4A（4）10Ω【解析】

（1）由图可知，此图是R1的简单电路，电流表测R1的电流，I===0.4A；（2）a依据串、并联电路的特点，如果滑动变阻器串联在电路中，那么电路总电阻会增大，电流就会减小，会小于0.4A，由图表可知电流增大了，故不可能串联在电路中，所以滑动变阻器接入电路的方式是并联；b根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和，可知序号2中通过R2的电流为1.0A-0.4=0.6A，则此时R2接入电路的电阻为R2===20Ω，序号3中通过R2的电流为1.6A-0.4A=1.2A，则此时R2接入电路的电阻为R2ˊ===10Ω，变阻器R2接入电路中阻值的变化量△R2=20Ω-10Ω=10Ω。19、右不可以4变大阻力和阻力臂不变，动力臂变小杠杆有自重【解析】

（1）杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，这一调节过程的目的是为了使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响；

（2）杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，实验过程中不能再移动平衡螺母；

（3）设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB；4G•3L=FB•2L；解得FB=6G，需挂6个钩码．若拉力F向右倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大；

（4）由图可知，此时的杠杆的支点没有在重心上，在实验的过程中，由于杠杆自重的影响，使得左端的杠杆与其力臂的乘积要大于右端杠杆与其力臂的乘积，故导致测量结果不准确．20、超过了天平的量程6109×101偏小将矿石浸没烧杯的水中并保持杠杆在水平位置平衡，记下弹簧秤示数F2【解析】

(1)天平量程200g，矿石质量500g以上，超出了天平的量程；(2)由图甲可知l1:l2=1:1，又知F1=2.1N，并且F1l1=Gl2，所以，矿石的质量，(1)由图1可知，量筒中液体与10mL刻度线相平，所以矿石的体积：100mL−10mL=70mL=70cm1，矿石的密度：；(4)用量筒往烧杯中加入水，量筒壁上沾有水，导致测量的矿石的体积偏大，由密度公式可知这样测出的矿石密度比实际值偏小；拓展：B.将矿石浸没在烧杯的水中，并保持杠杆在水平位置重新平衡，记下此时弹簧秤示数F2，第一次平衡时，有F1l1=Gl2，第二次平衡时，有F2l1=（G-F浮）l2，因为石块浸没在水中，所以排开水的体积等于石块的体积，联立两式的，可得：．21、右14401.21.1偏大【解析】

（1）发现天平的游码未置于标尺左端的零刻度线处，但指针却指在分度盘的中央，说明若游码调到标尺的零刻度线处时，左盘质量偏大，指针将偏左，因此将游码调到标尺的零刻度线处，再将平衡螺母向右调节，天平横梁才能平衡；（2）由图甲知，盐的质量：m盐＝10g+4g＝14g；（3）①由图乙①知，量筒中水的体积V水＝40ml＝40cm3；由可得，水的质量：＝1g/cm3×40cm3＝40g；⑤盐水的质量m盐水＝m盐+m水＝14g+40g＝54g，盐水的体积：V盐水＝45cm3＝45cm3，盐水的密度：，由图乙①②可知，鹌鹑蛋的体积V鹌鹑蛋＝52cm3﹣40cm3＝12cm3，由图乙③④可知，鹌鹑蛋排开盐水的体积：V排＝56cm3﹣45cm3＝11cm3，鹌鹑蛋漂浮在盐水中，则F浮盐水＝G鹌鹑蛋，即ρ盐水gV排＝ρ鹌鹑蛋gV鹌鹑蛋，则ρ盐水V排＝ρ鹌鹑蛋V鹌鹑蛋，代入数值得：1.2g/cm3×11cm3＝ρ鹌鹑蛋×12cm3，解得：ρ鹌鹑蛋＝1.1g/cm3；⑥取出鹌鹑蛋时会沾有盐水，则会造成测得盐水的体积偏小，根据密度公式可知测的盐水的密度值偏大．22、相同质量39加热时间长短沙子水水【解析】试题分析：（1）为了研究水与沙子比热的大小，实验时，要控制水与沙子的初始温度、质量相等；（2）温度计的分度值是1℃，此时的温度是39℃；（3）实验中，是通过比较加热时间来间接反映沙子和水吸收热量的多少；（4）分析表中数据可知，对于质量相等的沙子和水：吸收相等热量，升温较快的是沙子；若使两者升高相同的温度，水加热时间较长，说明吸收的热量较多；由此可见水的比热容较大．【考点定位】探究比热容的实验五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、BC12W100N【解析】

（1）根据题意知道，该坐拉器是个组合杠杆，由功的原理可知道，使用任何机械都不能省功，故A错误；由图知道，操作杆AB会绕着转轴O转动，由于OA大于OB，所以BOA杠杆是省力杠杆；连杆BD拉动杆O′C绕转轴O′转动，O′C大于O′D，所以O′DC杠杆是费力杠杆，故B正确；手柄竖直向下移动30cm，座椅竖直升高9cm，即二者的比值不变，由×100%知道，人越重，则有用功占总功的比值越大，所以坐拉器的机械效率越高，故C正确，D错误；（2）根据题意知道，人的体重是：=60kg×10N/kg=600N，抬起人的过程做的有用功是：=600N×0.09m=54J，由×100%知道，抬起人的过程所做的总功是：=60J，则此过程所做功的功率是：=12W。（2）小红的重力是：=40kg×10N/kg=400N，对于杠杆AOB由杠杆平衡条件知道，，即：，对于杠杆O′CD，则，即：，根据题意知道，FB=FD，又因为物体间相互作用力的大小相等，即FA=FA′，所以解得：FA=100N。24、（1）8V；（2）7.2W．【解析】

（1）S，S1闭合，S2断开时，R1与滑动变阻器R3串联，滑动变阻器的滑片P滑到a端电阻最大，电流表测电路中的电流，电压表测R3的电压，根据串联电阻的规律和欧姆定律，I3＝I＝＝＝0.4A，由欧姆定律，电压表的示数为U3＝I3×R3＝0.4A×20Ω＝8V；（2）S、S2闭合，S1断开时，若P在b端时，为R2的简单电路，电路中的电流为：I＝＝＝0.8A＞0.6A，电流表的量程为0.6A，所以最大电流为I最大＝0.6A，P最大＝UI最大＝12V×0.6A＝7.2W．六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25、小于2.2×106N1×107Pa1.5×108W5.4×1011J【解析】分析：（1）机翼是向上凸起的，相同时间内空气通过机翼上方时的路程大于下方的路程，通过上方的速度大于下方的速度，上方的压强小于下方的压强，机翼受到向上的压力差的作用．飞机在水平方向上匀速直线飞行时，竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向上的升力作用，这两个力是平衡力．（2）飞机的质量是已知的，根据求出飞机的重力，飞机在水平地面上，对地面的压力等于飞机的重力，受力面积等于三个相

同的轮子与地面接触计算，根