湖南省五市十校联盟2026-2027学年高二上学期期中校内检测物理+答案

【高二物理 第1页(共6页)】2026年下学期高二期中校内检测物 理（试卷满分:100分,考试时间:75分钟）注意事项：答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上,并将条形码粘贴在答题卡上

的指定位置。回答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如

需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；回答非选择题时，用0.5mm的黑色字迹

签字笔将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。考试结束后，请将答题卡上交。一、选择题:本题共7小题,每小题4分,共28分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是

符合题目要求的.下列关于物理史实、单位制以及电场、电路知识的说法正确的是法拉第首先发现电流磁效应电场强度是采用比值法定义出来的物理量电流单位安培属于导出单位卡文迪许利用扭秤测出静电力常量在光滑水平试验平台上,放置一个质量M=3.0kg的柔性缓冲载物盒,初始静止.质量

m=1.0kg的测试模块，以v0=4.0m/s的水平速度冲向载物盒，二者发生短暂的非弹性

碰撞，碰撞后模块与载物盒共同匀速运动.下列说法正确的是相互作用过程中,系统总动能保持不变模块受到的冲量大小等于载物盒受到的冲量大小载物盒动量的增加量大于模块动量的减少量作用结束后,共同速度大小为2.0m/s有一带正电的金属导体呈子弹头形状，左右两端有四个点分布如图所示，2、3在导体内

部，1、4在导体外的曲面上，曲面上各点到导体的距离相等，则四个点的电势关系为φ2=φ3φ2<φ1φ1=φ4φ4>φ1φ1φ1|φ2【高二物理 第2页(共6页)】电流表示数增大,R2两端电压变大电压表示数减小R1消耗的功率一定增大电源输出功率一定增大R,RA(٨)R,⑨R,RA(٨)R,⑨E某深空探测项目发射探测器对一颗未知的均匀球形天体开展探测，不计其他天体的引力

影响.探测器先在半径为r1的圆轨道I绕小行星匀速圆周运动,之后经过多次发动机减

速变轨，可经由椭圆转移轨道进入近小行星表面的圆轨道II.已知引力常量为G，小行星

质量为M，探测器质量为m，引力势能表达式Ep=-探测器在圆轨道上运行时，轨道半径越大，动能越大若探测器贴近天体表面飞行,运行周期越大,则小行星密度越大探测器从轨道I变轨到轨道II的过程,发动机做负功,探测器的机械能减小探测器轨道半径增大时，绕行角速度增大，所需向心力减小2026年，全国快递业务量持续增长，智能分拣设备大规模普及.倾斜传送带作为分拣中心

的核心设备，可将包裹从低处匀速运送到高处，再从顶端水平抛出落入收集箱，某市快递

中心利用这一技术加快物流分拣.已知传送带与水平面夹角θ=37°,传送带以v=2m/s

的速率顺时针匀速转动，A、B两端距离L=6m。现将一质量m=1kg的包裹（可视为质

点)无初速度地放在传送带底端A处,包裹与传送带间的动摩擦因数μ=0.8.包裹到达

顶端B后水平飞出，落地点与B点的水平距离为x.已知包裹经过B点前、后速度大小不

变，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2。下列说法正确的是37°|收集箱|37°|收集箱|在整个过程中,摩擦力产生的热量为38.4J包裹从A运动到B的时间为5.5s包裹在传送带上留下的划痕长度为6m包裹平抛的水平位移为1.5m如图甲所示，在倾角α=30°的足够长光滑斜面上，放着质量均为m的A、B两物块，轻弹

簧一端与物块B相连，另一端与固定挡板相连，整个系统处于静止状态.从ι=0时刻开

始，对A施加一沿斜面向上的恒力F使物块A沿斜面向上运动，在A、B分离前，它们运

动的加速度随位移变化的图像如图乙所示，运动位移为l时，A与B分离，x=0时加速度

为g8,重力加速度大小为g【高二物理 第3页(共6页)】甲A880→x乙A.恒力大小F=34mg B.甲A88→x乙C.弹簧的劲度系数k=mg4二、选择题:本题共3小题,每小题5分,共15分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合

题目要求.全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.如图所示,竖直向下的匀强电场E中,绝缘细线一端固定悬挂于O点,另一端连接一质量

均匀分布，带正电的小球(可看作质点)，电荷量为q，质量为m，现用水平推力F缓慢推动

小球，小球位置缓缓抬高，全过程始终处于平衡状态，重力加速度为g，不计细线质量，则细线拉力随偏角增大而逐渐变大若维持剪断细线前瞬间水平推力F的大小与方向不变，仅剪断细

线，则剪断瞬间小球所受合力等于重力水平推力F随偏角增大先减小再增大细线拉力与水平推力F的合力保持不变O↓EO↓E某电路如图所示,其中R1=2Ω,R3=2Ω,R4=1Ω,滑动变阻器R2最大阻值为3Ω,电源

电动势E=6V，电源内阻r=1Ω，电流表、电压表均可视为理想电表.下列说法正确的是闭合S1，断开S2，当R2=0时，电压表的示数约为1.09V闭合S1、S2，将滑动变阻器R2的滑片向右滑动，电源的输出功率

一定增大sE,rpR1R,R,AvsE,rpR1R,R,Av闭合S1，断开S2，增大滑动变阻器R2接入阻值，电路总电流变大闭合S1、S2，当滑动变阻器R2=2Ω时，电流表示数为2.25A，电压表示数为3.00V如图一根长为L的轻质刚性杆连接小球质量为2m的球A和质量为m

的球B，初始整体竖直静止在光滑水平台上(A在B正上方，杆垂直平

台).给A一个水平向左的微小扰动，A向左下方摆动，球B在杆的作

用力下向右滑动.重力加速度为g，下列说法正确的是BBA球落地前A、B小球组成的系统动量守恒从开始运动到A球落地前瞬间，B球水平向右移动的位移大小为2A落地前瞬间，球A的速度大小为2当轻杆与水平面的夹角为30°时，球B的速度大小为2【高二物理 第4页(共6页)】三、非选择题:本题共5小题,共57分.(8分)在数字化物理实验课上,老师安排明明利用力传感器与光电门等器材,探究合外

力做功和物体动能变化的定量关系.实验装置见图甲:一根长度为L、不计伸缩的轻绳，

一端固定于力传感器的O点，另一端系一颗直径D、质量m的匀质小钢球.O点竖直下

方设置光电门,用于记录钢球经过最低点时的遮光时间Δt.将钢球拉至偏离竖直方向的

位置无初速释放，钢球在竖直平面内来回摆动；光电门测出钢球通过最低点的遮光时

间，力传感器经由数据采集软件记录摆动全过程细绳拉力的最大值、最小值.多次改变

钢球释放的初始位置进行实验，将采集的数据处理后绘制坐标系图像，得到一条直线，

如图乙.当地重力加速度为g.力传感器O数据采集器计算机光电门6甲Tm/NOT力传感器O数据采集器计算机光电门6甲Tm/NOTui/N乙若空气阻力忽略不计,当拉离角度为β,且小钢球由静止释放到过最低点时,合力对

小钢球所做的功为 （用m、g、L、D、β表示），小钢球的动能变化量为

__（用m、D、Δt表示）.分析实际测量数据时发现，小钢球动能的变化量总是略大于合力对小钢球所做的

功,导致这一问题的原因可能是 若图乙中Tmax-Tmin图像的纵截距为a，则a=（用m、g表示）.（10分）薄膜应变电阻常由碳膜喷涂在绝缘基底上制成，形变时阻值会发生变化，广泛应

用于压力传感器、振动检测装置.某同学为测量一圆柱形碳膜电阻的电阻率,测得电阻

柱体长度为L，其额定电压为1.6V.用螺旋测微器测量该碳膜电阻的直径,示数如图甲所示,其直径d= mm;粗测该电阻的阻值约为220Ω，为精确测量阻值，该同学设计图乙测量电路.蓄电池电

动势E≈6.0V(内阻不计);滑动变阻器最大阻值R滑=18Ω,定值电阻R1=590Ω,保

护电阻R2=220Ω.为了让读数更清晰、相对误差更小，需要让电表指针落在表盘中后

段，即将电表读数控制在其量程的12∼2电流表A1(量程100mA,内阻RΛ1=4Ω)电流表A2(量程5mA,内阻RΛ2=10Ω)电压表V(量程3V,内阻Rv=720Ω)【高二物理 第5页(共6页)】©-30-25-20三甲 乙 丙待测器件R,测器件R,①R保护电阻②定值电阻R1RE©-30-25-20三待测器件R,测器件R,①R保护电阻②定值电阻R1RE1sA①表读数→②表读数O实验中根据两电表读数作出如图丙所示的图线(坐标均为国际单位),已知图线的斜

率为k，则所测该电阻的阻值Rx= （用题中已知所测物理量符号表示），研

究实验误差时发现实验所用定值电阻的阻值比标称值小,则电阻率的测量值将

（填“偏大”“偏小”或“不变”）.(11分)某人以初速度v0从地面竖直向上抛出一块小石头，该石子两次经过旁边小树顶

端的时间间隔为Δt.取重力加速度为g，不计空气阻力，且有v0>g小石头达到最高点所用的时间和能达到的最大高度；旁边小树的高度；小石头第一次经过小树顶端时的速度大小，以及从抛出到第一次经过小树顶端所用

的时间.(13分)2026年9月,中国科学院材料科学与技术研究所联合香港城市大学、剑桥大学等

单位,成功研制出基于纳米晶合金的20kW级新能源汽车无线充电系统,转换效率达

98.51%，为自动驾驶时代的全自动泊车充电提供了全新的技术方案.该系统的简化电路

原理如图甲所示,发射线圈等效为直流电源(电动势E=20V,内阻R=1Ω),接收线圈等

效为定值电阻R1=3Ω与R2=4Ω串联的负载，电容器C并联在R2两端，用于滤除充电

过程中的高频纹波.如图乙所示,电容器两极板水平放置在竖直平面内,板长L=0.04m,

板间距d=2.0×10-2m.在充电性能测试中，一质量为m=2.0×10-8kg、电荷量为q=

+4.0×10-10C的带电微粒恰好从电容器两极板中间沿水平方向以v0=1.0m/s匀速穿

过，重力加速度g=10m/s2，微粒重力不可忽略，忽略充电系统其他损耗.求：【高二物理 第6页(共6页)】E,rRC甲1.v0d乙电容器两极板间的电场强度大小E和电容器两端电压UcERC甲1.v0d乙电阻R1两端的电压U1和电源的输出功率P出；若将带电微粒的电荷量变为原来的2倍(其他条件不变),微粒射出电容器时偏离原

水平方向的距离为多少？(15分)竖直方向存在方向向上的匀强电场,空间中固定一处正点电荷,其电荷量记为有一可视为点电荷的带电微粒P，质量为2m、带电量q（电性未知），在该正点电荷的

库仑作用与匀强电场共同作用下，在水平面内做圆周运动.微粒P到固定正点电荷的距

离为L，与点电荷的连线和竖直轴线夹角为θ=37°。在圆周轨迹上的A点静置一个不带

电的小球S，小球质量m.当微粒P恰好运动至A点时，沿圆周切线方向和小球S发生

弹性正碰,碰撞持续时间极短;碰撞完成的瞬间,立即撤去匀强电场.此后微粒P在库仑

力作用下运动(可以类比于行星受到中心天体万有引力作用下的运动).到达B点时,它

与固定点电荷距离最远.已知电荷在该正点电荷的电场内电势能表达式为Ep=-kQqr,

式中k判断带电微粒P的电性,求匀强电场的场强大小E,以及圆周运动的速率v0;碰撞结束瞬间微粒P的速度大小vΛ(用v0表示);微粒P从A点第一次运动到达B点的时间t.E+CE+C【高二物理参考答案 第1页(共5页)】2026年下学期高二期中校内检测·物理

参考答案、提示及评分细则题号12345678910答案BBACCBDADABBCD一、选择题:本题共7小题,每小题4分,共28分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要

求的.【答案】B【解析】奥斯特发现电流磁效应，A错误；电场强度是用比值定义法定义出来的物理量，B正确；安培属

于基本单位，C错误；卡文迪许测量出万有引力常量，D错误.【答案】B【解析】该过程属于非弹性相互作用,模块挤压柔性载物盒发生形变,一部分动能转化为内能,系统总动

能减少，A错误；相互作用时，模块与载物盒之间的弹力是一对作用力与反作用力，两力大小相等、作用

时间相同.根据冲量定义I=Ft,二者冲量大小相等,方向相反.题目只比较冲量大小,B正确;系统动量

守恒,总动量不变.模块减少的动量,转移给载物盒.载物盒动量的增加量等于模块动量的减少量(矢量

关系),C错误;水平面光滑,模块与载物盒组成的系统水平方向不受外力,系统水平方向动量守恒.取

测试模块初速度方向为正方向.由动量守恒定律:mv0=(M+m)v代入m=1.0kg,M=3.0kg,v0=1.0kg

4.0m/s，解得v=1.0m/s，D错误。【答案】A【解析】带电体为等势体，内部各点的电势相等，则φ2=φ3，A正确；金属导体带正电，电场线背离导体，

而沿电场线电势降低，所以1点电势低于2点，φ2>φ1，B错误；根据导体周围电场线分布特点可知，导

体尖端附近电场强度大，可知4点附近的电场强度大于1点附近的电场强度；A、D在导体外曲面上，

曲面各点与导体轮廓对应点等距，结合U=Ed可知，U43>U12，所以φ4<φ1，CD错误。【答案】C【解析】增大R的阻值,电路的总电阻增大,根据闭合电路欧姆定律分析得知,电路中总电流减小,由U

=E-Ir得路端电压增大，所以电流表的示数一定减小，电压表的示数一定增大.I减小，UR2=IR2，所

以UR2减小，AB错误；根据串反并同可知，R1两端电压增大，消耗的功率一定增大，C正确；根据电源输

出功率与外电阻关系可知，当电源的外电阻与内电阻相等时，电源的输出功率最大，由于不知外电阻与

内电阻的大小关系,所以当电源的负载电阻增大,输出功率不一定增大,也可能减小,D错误.【答案】C【解析】万有引力提供向心力：GMmr2=mv2r=mω2r=m4π2T2r，推导得：v=GM【答案】B【解析】包裹无初速度放在传送带底端A处，由于传送带速度v=2m/s，包裹所受滑动摩擦力沿斜面向【高二物理参考答案 第2页(共5页)】上.由牛顿第二定律,包裹第一阶段加速运动的加速度为a=μmgcosθ-mgsinθm=μgcosθ-gsinθ,代

入数据得a=0.8×10×0.8-10×0.6=6.4-6=0.4m/s2，包裹加速至与传送带共速所需的时间t1=

va=204=5s，该阶段包裹的位移x1=12at2=12×0.4×52=5m，因为x1=5m<L=6m，所以包裹与

传送带共速后，将继续向上运动.共速后，因μmgcosθ=6.4N>mgsinθ=6N，包裹相对于传送带静

止，随传送带一起匀速运动.匀速运动阶段距离x2=L-x1=6-5=1m，匀速运动的时间t2=x2v=

12=0.5s，包裹从A运动到B的总时间t:t=t1+t2=5+0.5=5.5s，B正确；包裹在传送带上留下的

划痕长度即为第一阶段包裹与传送带的相对位移.在t1=5s内，传送带的位移s带=vt1【答案】D【解析】初始平衡：kx0=2mgsin30°=mg，整体牛顿方程：F-kx=2ma⇒a=-k2mx+F2m,x=0:a=g8

⇒二、选择题:本题共3小题,每小题5分,共15分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全

部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.【答案】AD【解析】缓慢推动属于动态平衡，小球始终受力平衡；受力分析如图，小球受到竖直向

下的重力和电场力，以及绳拉力和水平推力F，把重力和电场力可看作等效重力，G

=qE+mg；随偏角增大，细线拉力和水平推力F都逐渐变大，A正确，C错误；剪断瞬

间小球受重力、电场力和水平向右的F，合力不为重力，B错误；细线拉力与水平推力

的合力与G'等大反向保持不变，D正确.FF【答案】AB【解析】闭合S1，断开S2,R2=0,R3与R4并联：R34=R3R4R3+R4=2×12+1=23Ω，总电阻：R总=r+R1+R34

=1+2+23=113Ω，干路电流：I=ER总=1811A，电压表示数：U=I·R34=1211≈1.09V，S1、S2都闭合，

R1,R2并联，再与R4串联，形成R124再与R3并联，由串并联的电阻计算规律有：R12=1Ω,R总=r+

R124+R3=2Ω，总电流I总=3A,IA=I2+I3=2.25A，电压表测R3、R124两端电压：UV=I总·R3=【高二物理参考答案 第3页(共5页)】源输出功率规律:当R外<r时,R外增大,输出功率增大;R外>r时,R外增大,输出功率减小.R1从0增

加到3Ω，外阻跨过r=18Ω。在R从到达1Ω前输出功率上升，超过18Ω之后输出功率下降而不是一

定增大.【答案】BCD【解析】A球落地前A、B小球组成的系统水平动量守恒，A错误；小球A和B满足水平方向动量守

恒，设A向左水平位移为s，B向右水平位移为x，则有2ms=mx,s+x=L，解得x=2L3，B正确；A落

地前瞬间杆水平，刚性杆沿杆方向速度分量相等，因此A水平速度大小vAx=vB，水平动量守恒2mvAx

=mvB，联立得vAτ=vB=0，即A、B水平速度均为0，A只有竖直速度，由机械能守恒，重力势能减少

量等于A的动能增量2mgL=12×2mvA2，解得vA=2gL，C正确；当杆与水平面夹角为30°时，设B

速度大小为v；水平动量守恒2mvAx=mv，解得vAx=v2（vAx为A水平速度大小），刚性杆沿杆方向速

度分量相等，则有vAysin30°三、非选择题:本题共5小题,共57分.【答案】(8分)mgL+计算小球下降高度时没考虑小球自身半径(其他言之有理答案均可,2分)3mg(2分)【解析】(1)由题意可知过程中只有重力做功,合力做功等于重力做功,小球的高度变化量Δh=

L+D2((2)计算小钢球下降高度时直接用绳长L，重力做功偏小，小钢球动能的变化量总是略大于合力对小

钢球所做的功.(3)由题意可知，小球处于最高点时绳子的拉力最小，小球处于最低点时绳子的拉力最大，有mgcosβ

=Tmin,Tmax-mg=mv2L+D2，由动能定理12【答案】(10分)1.745/1.744/1.746(2分)C(2分) B(2分)(R【解析】(1)螺旋测微器的精确值为0.01mm，由图甲可知，电阻的直径为d=1.5mm+24.5×0.01=

1.5+0.245mm;d=1.745mm(1.744mm,1.746mm均可).(2)由电路图分析可知,要满足数据可测,且量程范围要满足读数要求,图乙中①位置接入C、②位置

应接入B.(3)由以上分析可知①为电压表V，读数为U，②为电流表A2，读数为I；根据欧姆定律可得I(R1+

RΛ2)=URV【高二物理参考答案 第4页(共5页)】=(R1+RA2)RV【答案】(11分)（1）v0gv022g【解析】(1)取竖直向上为正方向，到达最高点时速度为零，由匀变速直线运动速度公式v0=gtmax，

解得tmax由位移公式h=可得最大高度为H=设两次经过树顶的时刻分别为t1和t2，由题设可列t2-t1=Δt由竖直上抛运动的对称性，最高点到两次经过树顶的时间相等，故tm因此，从最高点降到树顶的位移为Δh所以树高为h=(3)第一次经过树顶时石头仍向上运动,到达最高点还需时间Δt2.设此时速度大小为v1,由速度关系

可列所以v从地面到最高点用时tmax，因此第一次经过树顶的时刻满足t1结合tmax【答案】(13分)（1)500V/m10V(2)7.5V43.75W(3)0.008m(或0.8cm)【解析】(1)带电微粒在电容器两极板间做匀速直线运动,说明微粒在竖直方向上受力平衡.由于微粒

带正电，电场力向上，与重力平衡.根据受力平衡条件有qE=mg（1分）解得电场强度大小为E=mg电容器两端电压Uc与电场强度的