2026年湖北省十堰市中考二模物理试题（附答案）

中考二模物理试题

一、选择题（共12题，每题2分，共24分。在每题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）

1.绿色电力是指利用风机、太阳能光伏电池等设备将风能、太阳能等能源转化而成的电能，其生产过程

中不产生或极少产生有害排放物且不需消耗化石燃料。下列关于能源的开发与利用说法正确的是

（）

A.绿色电力是清洁能源

B.风能发电是将化学能转化为电能

C.因为太阳能是可再生能源,我们不必担心会有能源危矶

D.利用煤炭进行火力发电时，只要注意节约，发电效率可达到1（X）%

2.“太阳能帆板”是航天器的绿色动力之源。神舟飞船搭载的太阳能帆板能为飞船及宇航员完成各项任

务提供所需的能源，制成太阳能帆板的主要材料是（）

A.绝缘材料B.导体材料C.超导材料D.半导体材料

3.阳光明媚的假日，小红随爸妈到长江边游玩时，小红感觉江水温度明显比岸上砂石温度要低，最有助

于解释该现象的物理知识是（）

A.水是液体，砂石是固体B.水会汽化，砂石不会汽化

C.水的密度比砂石的密度大D.水的比热容比砂石的比热容大

4.某国产电动汽车它采用了先进的混合动力系统，该系统能在汽车制动时将动能回收转化为电能储存起

5.寓言故事“滥竽充数”中的竽是我国古代的一种吹奏乐器，由竹管刮制排插而成，如图所示。下列说

法正确的是（）

A.吹奏时竹管振动发声

B.悠扬的竽声，说明声波传递了信息

C.道路旁的树木能使竽声在空气中传播的速度逐渐减小

D.竽声在传播的过程中，响度不发生改变

6.如图所示，在体育中考足球项目中，考生需逐个绕过设定的标志杆，运球过程中不能漏杆或失误，否

则需返回漏杆或失误地点并继续完成测试。下列说法正确的是（）

A.绕杆运球时，要使足球的运动状态保持不变

B.直线运球时，足球只受到重力、压力和支持力三个力作用

C.在体育中考足球项目中，正常状态下考生要比足球的平均速度大

D.足球静止后，它受到的重力和它对水平地面的压力是一对平衡力

7.天锅蒸馅法作为中国固态发酵蒸储酒的标志性技艺，白元代王祯《农书》记载“水火鼎”装置以来，

历经明清两代工艺革新，至今仍完整保留在茅台镇核心产区的传统酱酒酿造中。如图所示，这一工艺主

要涉及的物态变化是（）

冷却锅在顶部

A.汽化和熔化B.汽化和液化C.升华和熔化D.升华和液化

8.跳投是篮球运动最常用的得分方式之一、其核心在于通过起跳腾空，在最高点完成出手，以避开防守

封盖。如图所示，下列关于跳投过程的分析正确的是（）

A.人在最高点时，人处于静止状态

B.篮球离手后受惯性作用，能继续在空中向前运动

C.在离地后的上升过程中，人的动能转化为重力势能

D.在落地前的下降过程中，人的动能减少，重力势能增加

9.科技服务于生活。小红选择某共享电动单车出行时，需要先扫码，相当于闭合开关Si，然后戴上头

10.寒假里，小勇同学和爸爸在冰雪乐园游玩。如图所示，小勇同学坐在雪橇上，爸爸用绳子拉着雪橇

在水平的雪面上向前运动，下列说法正确的是（）

A.爸爸对绳子的拉力是维持雪橇运动的原因

B.爸爸对绳子的拉力是因绳子发生形变产生的

C.小勇坐上雪橇后，雪橇对雪面的压强变大

D.雪橇减速运动时，雪橇对雪面摩擦力会变小

11.科技小组制作J'如图所示的器具研究热机原理。实验时向易拉罐内部注入适量的水，塞上带导气管

的塞子。将导气管的另一端口对准叶轮的叶片。点燃酒精灯，当导气管出气口有蒸气喷出时，叶片就转

动起来。下列有关说法正确的是（）

卜风扇、.中性金管易拉窿

A.酒精燃烧过程中，剩余酒精的热值不变

B.充当能量传递和转化的工作物质是酒精

C.加热过程中可以用手触摸易拉罐，没有危险

D.小风车叶片转动起来实现直接将化学能转化为机械能

12.工程师研发了一款两轮腿式运输机器人，其提升装置包含电动机和一个动滑轮。某次吊运重力为

90DN的货箱时，该机器人内置电动机对绳子自由端的拉力为500N,在5s内将地面上的货箱竖直向上匀

速提升了0.5m。下列说法正确的是（）

A.绳子自由端匀速上升的速度为0.1m/s

B.动滑轮相当于一个费力杠杆

C.电动机对绳子自由端的拉力做功为250J

D.该动滑轮提升货箱的机械效率为90%

二、填空题（共4小题，每空1分，共10分）

13.北京时间2（）25年11月1日3时22分，“神舟二H^一号“载人飞船与“天和”核心舱进行了自主交会

对接。载人飞船向“天和”核心舱靠近的过程中，飞船利用测距仪（填“超声波’或"激光''）测

量它们之间的距离；对接后若以核心舱为参照物，载人飞船是的（填“运动”或“静止”）；发射

时使用液态氢作为燃料是因为氢的大。

14.小强的叔叔用无人机（图甲）拍摄武汉的黄鹤楼（图乙，黄鹤楼通过无人机的摄像头成

（填“正立''或"倒立''）、缩小的实像；摄像头远离黄鹤楼的过程中，像的大小（填”变

大、，，，变小，，或“不变，，）。

甲乙

15.羽毛球运动深受同学们喜欢。如图所示，大力扣杀时，球微微凹陷，此时力改变了胴毛球

的。羽毛球落到球台反弹后，在上升的过程中（填“仍受”或"不受”）弹力的作

用。羽毛球打出了边界，主要没控制好羽毛球受力的方向和

16.民航局规定：严禁乘客携带超过16（）Wh（瓦时）的锂电池上飞机。某品牌笔记本电脑的电池铭牌标

有“12V,lOOOOmAh”字样，该笔记本电脑充满电后，（选填“能”或“不能”）带上飞机；给笔记

本电脑充电时，充满电时电池储存了J能量。

三、探究实践题（共5题，共21分）

”.小芳在水边看到一只飞鸟的倒影S'。请在图中将她看到倒影的其中一条光线的光路图补充完整，并

标出水面上飞鸟的位置S。

空气

水面

水

S'.

18.周末，小军在家进行大扫除，如图甲所示，为小军竖直向上施力抬起沙发时的情景。请在图乙中画

出小军对沙发施加R的动力臂h（0为支点）。

甲乙

19.如图甲所示是某兴趣小组同学“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验装置。（实验中不考虑水的质

量变化等因素）

（1）在组装器材时，温度计的玻璃泡碰到了试管底部，此时应当将（填“A处向上”或

“B与C整体向下”）调整；

（2）某一时刻温度计示数如图乙所示，此时试管中碎冰的温度是℃0

（3）根据熨验数据绘制的“温度一时间”图像如图丙所示，冰在熔化过程中的特点

是。冰在熔化过程中D点时的内能（填“大于”“小于”或“等于”）

在E点时的内能。

（4）若对烧杯持续加热，烧杯中的水沸腾后试管中的水（填"会''或"不会、‘）沸腾。

20.小慧同学在“探究影响液体内部压强因素”实验中（pw邛水＞p««）:

（1）她轻轻按压图甲所示探头上的橡皮膜，U形管中液面变化明显，说明装置气密性较

（填“好”或“差”）;

（2）比较乙、丙两图的实验现象，可初步得出结论：同种液体，越大，液体的压强越

大；因此水电站拦河大坝应设计成（填“上窄下宽”或“上宽下窄”）的形状；

（3）比较丙、丁两图，可得结论；不同液体的相同深度处，越大，液体压强越大。若

将探头放入图戊的酒精中，U形管两侧液面高度差与图丙一致。根据实验结论推测，探头的位置可能在

（填“a”“b”或"c”）处。

21.物理小组在测量定值电阻R电阻值的实验中，设计了如图甲所示的电路（电源电压为3V）。

甲乙丙

（1）请用笔画线代替导线将图甲电路连接完整（导线不得交叉）。

（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片调至（填“A”或"B”）端。

（3）检查电路连接无误，比合开关。在实验的过程中，电压表示数突然接近最大值，电流表示数几

乎为0,若电路中只有一处故障，则发生的故障可能是定值目阻R。

（4）排除故障后，继续进行实险，当电压表示数为2.0V时，读出如图乙所示的电流表示数，并计算

定值电阻R的阻值有同学把此次数据作为本实验的最终结果，请你对此作出评价或建

议:。

（5）完成上述实验后，实验小组的同学利用如图丙所示囱电路来测量额定电压为2.5V的小灯泡正常

发光时的阻值。

①闭合开关，调节滑片的位置，使电压表V的示数为V；

②保持滑片位置不变，读出电压表V。的示数为2.0V；

③计算出小灯泡正常发光时的阻值R-Ro.

四、综合应用题（共2小题，共15分）

22.如图是小丽家的配电示意图（局部），下表是图中各类用电器的额定功率，电能表与用电器的额定电

压均为220V。

用电器数量额定功率（W）

灯泡240

空调115(H)

电饭煲1800

电热壶11800

（1）求空调正常工作时的电流（保留2位小数）；

（2）求电饭煲正常工作时的电阻：

（3）电热壶正常工作7.5min能使1.5kg、10℃的水，温度升高到100℃,求电热壶加热水的效率

(^=4.2x10Jikg-C))；

（4）“节约用电，从我做起”，请你提出在生活中节约用电的一个措

施：。

23.2026年两会政府工作报告明确提出，推进海上风电集群开发。如图甲所示，“明阳天成号，’是中国最

大的漂浮式风电平台。它由可等效为一个80001柱形结构的浮式基础和7（X）（）t风电机组构成（如图乙所

示）。未安装风电机组,浮式基础浮在海面上时，其吃水深度为10m。（g=l（）N/kg,p海木=l.（）xl（"kg/n?）

（1）不考虑大气压，10m深处海水的压强为多少Pa；

（2）安装风电机组后，为增强稳定性需向浮式基础内注入海水使其吃水深度为30m,则注入海水的

质量为多少t：

（3）海风吹过风机叶片，风力对叶片做功的平均功率为16.6兆瓦（合1.66xlO%W）,若其中30%转

化为电能，该风机一天（24h）能发多少度电；

（4）风力发电机的输出功率P与风速v的关系如图丙所示，根据图像判断，台风来袭，能否给风力

发电带来最大的经济效益？（填“能”或“不能

答案

1.【答案】A

【解析】【解答】A.根据题目描述可知，绿色电力生产过程不需要消耗化石燃料，且不产生或极少产生

有害排放物，属于清洁能源，故A正确；

B.根据能量转化的知识可知，风能发电是将风的机械能转化为电能，故B错误；

C.虽然太阳能是可再生能源，但目前人类对太阳能的利用效率很低，应用场景很少，因此仍需要节约能

源，故c错误；

D.任何能量转化过程都有能量损失，因此任何发电方式的效率都不可能达到100%,故D错误。

故选Ao

【分析】A.根据题目描述的绿色电力的定义判断；

氏根据能量转化的知识判断；

C.根据太阳能的利用率判断；

D.根据任何能量转化过程都有能量损失判断。

2.【答案】D

【解析】【解答】太阳能帆板通过光电效应将太阳能转化为电能，它的发电核心是硅基半导体材料，故D

符合题意，而ABC不符合题意。

故选D。

【分析】半导体的导电能力在导体和绝缘体之间，可以随温度、湿度、光照、压力等因素的变化而变

化，据此分析判断。

3.【答案】D

【解析】【解答】小红随爸妈到长江边游玩时，会感觉江水温度明显比岸上砂石低，原因是水的比热容

更大，因为水的比热容远大于酚石的比热容，根据Q=cmzu可知，当二者吸收相同的热量时，水升高的

温度远小于砂石升高的温度。

故选D。

【分析】比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量，据此分析判断。

4.【答案】B

【解析】【解答】根据题目描述可知，电动汽车动能回收开启时，将动能（机械能）转化为电能，本质是

电磁感应现象。

A.当导线中有电流经过时，小磁针的指向发生偏转，说明通电导线周围存在磁场，故A不符合题意；

B.闭合开关后，导体在磁场中做切割磁感线时会产生感应由流，这是用磁感应现象，故B符合题意：

C.闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理，故C不符合题意；

D.两个电磁铁串联，则通过它们的电流大小相等，线圈匝数多的吸引的大头针数量多，说明电磁铁的磁

场强弱与线圈匝数有关，故D不符合题意。

故选Bo

【分析】A.根据奥斯特实验的本质判断；

B.根据电磁感应的原理判断；

C.根据通电导体在磁场中受力运动分析；

D.根据探究影响电磁铁磁场强弱囚索的知识判断。

5.【答案】B

【解析】【解答】A.吹奏竹管时，并非竹管本身振动，而是乐器内部的空气柱振动发声故A错误；

B.悠扬的竽声使我们心情舒畅，说明声波能够传递信息，故B正确；

C.树木只能在传播过程中减弱声音的响度，不会改变声速，因为声速的大小只与介质种类和温度有关，

故C错误；

D.竽声在传播过程中能量逐渐损耗，因此听到的响度会逐渐减小，故D错误。

故选B。

【分析】A.根据声音产生的知识判断；

B.声音可以传递信息，也可以传递能量；

C.声速与介质种类和温度有关；

D.响度表示声音大小，与振幅大小有关。

6.【答案】C

【解析】【解答】A.绕杆运球时，足球运动速度和方向不断改变，因此足球的运动状态改变，故A错

误；

B.宜线运球时，足球受竖直向下的重力、竖直向上的支持力和水平向后的摩擦力，故B错误；

C.在体育中考足球项目中，考生跟着球跑还要调整走位，路程更长，正常状态下考生要比足球的平均

速度大，故C正确；

D.重力和压力的方向相同，都是竖直向下的，则二者不是立衡力，故D错误。

故选C。

【分析】A.运动状态的改变包括：速度大小改变或运动方向改变；

B.对地面上的足球进行受力分析即可；

C.当时间相同时，路程越大，则平均速度越大；

D.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上。

7.【答案】B

【解析】【解答】根据题意可知，酒糟的酒精吸热后从液态变成气体发生汽化现象，从而产生酒精蒸汽。

酒精蒸汽接触锅底后放热，从气态变成液态发生液化现象冷凝成酒滴，沿集酒沟经导流管输出。

因此这一工艺涉及的物态变化为汽化和液化。

故选B。

【分析】物质从液态变成气态叫汽化，从气态变成液态叫液化。

8.【答案】C

【释析】【解答】A.人在最高点时，只受重力的作用，处于非平衡状态，故A错误；

B.惯性是物体本身的一种性质，而不是力的作用，故B错误；

C.人在离地后的上升过程中，人的质量不变，高度增大，则重力势能增大；质量不变，速度越来越小，

则动能减小，那么人的动能转化为重力势能，故c正确；

D.在落地前的下降过程中，人的质量不变，高度减小，则人的重力势能减少；速度增大，则动能增

加，故D错误。

故选C。

【分析】A.对最高点时的人进行受力分析；

B.物体保持运动状态不变的性质叫惯性；

CD.重力势能与质量和高度有关，动能与质量和速度有关，据此分析判断。

9.【答案】A

【解析】【解答】根据题目描述可知，只有开关Si和开关S2都闭合时，电动单车才能通电骑行，所以开

关8和开关S2相互影响，那么二者应串联，如下图所示：

飞~I

故选Ao

【分析】用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联，据此分析两个开关的串并联关系即可。

10.【答案】C

【解析】【解答】A.根据力与运动的关系可知，力是改变物体运动状态的原因，不是维持运动的原因，

故A错误；

B.爸爸对绳子的拉力，施力物体是爸爸，绳子是受力物体，因此拉力是爸爸的手发生形变产生的，故B

错误；

C.小勇坐上雪橇后，雪橇和雪面的接触面积（受力面积）不变，雪橇对雪面的压力”变大，根据压强

公式〃=4可知，因此压强变大，故C正确；

D.雪橇减速时，它对雪地的压力和接触面粗糙程度都不变，因此摩擦力大小不变，故D偌误。

故选C。

【分析】A.根据力与运动的关系判断；

B.弹力应该是施力物体发生形变产生；

c.根据公式〃-:分析对雪地的压强变化；

D.根据影响滑动摩擦力大小因素的知识判断。

11.【答案】A

【解析】【解答】A.酒精燃烧过程中，剩余酒精的燃料种类不变，因此热值不变，故A正确；

B.本实验中，罐内水受热产生的水蒸气，利用水蒸气喷出推动叶片转动，则工作物质是水，故B错

误；

C.酒精灯火焰直接接触易拉罐，因此易拉罐温度很高，用手触摸会烫伤，故C错误；

D.在实验过程中，酒精燃烧将化学能转化为内能，内能再传递给水蒸气，水蒸气推动叶片转动，将内能

转化为机械能，故D错误。

故选Ao

【分析】A.热值是燃料本身的固有特性，只与燃料的种类有关，和燃料的质量无关；

B.根据这个装置的工作过程判断；

C.根据易拉罐的温度很高判断；

D.根据整个装置工作过程中能量转化过程判断。

12.【答案】D

【解析】【解答】A.由滑轮组结构可判断，承担物重的绳子段数n=2,绳子自由端移动距离：

s=nh=2x0.5m=lm,绳子自由端移动速度：\'""s,故A错误。

t5s

B.动滑轮的实质是动力臂为阻力臂2倍的省力杠杆，使用动滑轮能够省力，但不能改变力的方向，该选

项描述有误，故B错误。

C.拉力所做的总功：W.tt-Fs-5OONxlni-5OOJ,故C错误。

D.提升货箱所做的有用功：Wfl=Gh=900Nx0.5m=450J,滑轮组的机械效率：

//=^xi（xy>o=^xi（）o%=Wo,故D正确。

故选：D.

【分析】（1）滑轮组中绳子自由端移动距离满足s=nh,结合速度公式可求出绳子自由端的运动速度。

（2）动滑轮本质是省力杠杆，定滑轮实质是等臂杠杆，只能改变力的方向，无法省力。

（3）拉力做的功为总功，利用公式W—Fs进行计算；克服物体重力做的功为有用功，计算公式为W行

=Gho

（4）机械效率为有用功与总功的比值，计算公式〃一：一1绅'。，机械效率永远小于1。

Rg

13.【答案】激光；静止；热值

【解析】【解答】（1）超声波无法在真空中传递，而激光可在真空中传播，因此飞船需利用激光测距仪测

量距离。

（2）对接成功后，以核心舱为参照物时，载人飞船与核心舱的相对位置保持不变，所以载人飞船是静止

的。

（3）火箭使用液态氢作燃料，可为液态氢的热值较大，则相同质量的液态氢完全燃烧能释放出更多热

量。

【分析】（1）电磁波的传播无需介质，声音的传播需要介质：

（2）根据参照物的知识分析；

（3）热值是表水燃料燃烧放热本领大小的物理量。

14.【答案】倒立：变小

【解析】【解答】（I）根据生活经验可知，无人机的摄像头其实就是一架照相机，因此黄鹤楼通过无人机

的摄像头成倒立、缩小的实像，

（2）根据凸透镜成实像时“物近像近小”的规律可知，摄像头远离黄鹤楼的过程中，物距增大而像距

减小，像也变小。

【分析】（1）根据凸透镜成像的特点和应用的知识分析；

（2）根据凸透镜成实像时“物近像近小”的规律分析。

15.【答案】形状；不受；大小

【解析】【解答】（1）羽毛球扣杀时，球拍对羽毛球施加作用力，此时羽毛球微微FI陷，是形状发生改

变；

（2）羽毛球反弹上升过程中，已经与球拍和球台分开，因此不受弹力；

（3）根据力的三要素的知识可知，力的大小和方向都会影响球的飞行距离，因此打出了边界，是没有

控制好力的大小和方向。

【分析】（1）力的作用效果包括：速度大小改变或运动方向改变；

（2）弹力需要接触才能产生；

（3）力的三要素：大小、方向、作用点，它们都会影响力的作用效果。

16.【答案】能；4.32x10'

【解析】【解答】（1）某品牌笔记本电脑的电池铭牌标有“12V,lOOOOmAh”字样,

则笔记本电脑充满电后储藏的电能为；W=UIt=l2V-l（b\h120Wh<

故能带上飞机。

（2）综上所述，给笔记本电脑充电时，充满电时电池储存能量为：

BI2V-1OA-3NXK4S2-IDJ。

【分析】（1）根据W=uit计算笔记本电脑充满电后储藏的电能，然后与乘机标准比较即可;

（2）根据W=UIt计算充满电时电池储存能量。

【解析】【解答】首先通过卜点作水面的垂线，然后根据“物像等距”在水面上方找到对应的发光点S。连

接S'和眼睛，与水面交于点O,即为入射点，连接S点和。点为入射光线，连接。点和眼睛为反射光

线，如下图所示：

【分析】首先根据平面镜成像的对称性找到发光点S。平面镜所成的像是所有反射光线反向延长线的交

点，即所有的反射光线都经过像点，将像点和眼睛相连，连线与水面的交点为入射点，最后补充光路图

即可。

【解析】【解答】根据图片可知，当我们抬起沙发时，0点为支点，R为动力，过支点。向兀的作用线作

垂线段，标注该垂线段为乙，贝!就是动力臂，如下图所示:

R

h

【分析】力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。

19.【答案】（1）A处向上

（2）-4

（3）持续吸热，温度不变；小于

（4）不会

【解析】【解答】（1）在“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验中，要按照从下到上的顺序组装器材。温

度计玻璃泡碰到了试管的底部，此时不能调节下面的试管高低，只能适当将A处向上调，使温度计的玻

璃泡不能碰到容器底c

（2）根据乙图可知，该温度计的分度值是1C,则液面在0C以下，则此时试管中碎冰的温度是-4℃。

（3）根据丙图可知，冰块熔化过程中持续吸热，温度不变。熔化时间越长，也吸收热量越多，那么内能

越大，因此D点时的内能小于在E点时的内能。

（4）当试管中的水能达到沸点后，试管内外水的温度相同，则试管内的水无法继续吸热，故不会沸腾。

【分析】（1）根据实验器材的组装顺序分析；

（2）根据乙图确定温度计的分度值，然后根据液面位置读出示数；

（3）根据丙图确定冰块熔化时的温度变化特点。熔化时间越长，也吸收热量越多，那么内能越大。

（4）液体沸腾的条件：①达到沸点；②继续吸热。

（1）实验中，温度计玻璃泡碰到了试管的底部，因此该小组应适当将A处向上调，使温度计的玻璃泡不

能碰到容器底。

（2）由图乙可知，温度计的分度值是1℃,温度计的示数是此时试管中碎冰的温度是

（3）由图内可知，DE段是冰的熔化过程，熔化过程中持续吸热，温度不变。

由图内可知，DE段是冰的熔化过程，吸收热量，内能增加，D点时的内能小于在E点时的内能。

（4）对烧杯持续加热，则试管中的水能达到沸点，但无法继续吸热，故不会沸腾。

20.【答案】⑴好

（2）液体深度；上窄下宽

（3）液体密度；c

【解析】【解答】（1）在实验开始前，我们要检查压强计的气密性。她轻轻按压图甲所示探头上的橡皮

膜，U形管液面变化明显，说明装置不漏气。

（2）根据图片可知，实验乙、丙中，液体的密度相同（都是水），丙中探头深度更深，U形管两侧液面

高度差更大，那么得到结论：同种液体，液体深度越大，液麻的压强越大；

大坝的宽度越大，抵抗压强的能力越强，因此水电站拦河大现应设计成上窄下宽的形状。

（3）①根据图片可知，实验区、丁中，探头的深度相同，液体的密度不同（水和盐水），在盐水中U形

管两侧液面高度差更大，可得垢论：不同液体的相同深度处，液体密度越大，液体压强越大。

②将探头放入图戊的酒精中，U形管两侧液面高度差与图丙一致，即压强相同。根据液体压强公式

〃二月2可知，已知可知探头在酒精中所处深度较大，可能在c处。

【分析】（1）根据压强计气密性的检查方法分析；

（2）根据图片确定实验乙、丙中哪个因索相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求描述结论。大坝

的宽度越大，抵抗压强的能力越强，据此推测拦河大坝的形状变化。

（3）①根据图片确定实验丙、丁中哪个因素相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求描述结论。

②根据液体压强公式P二P",结合液体的密度大小分析解答。

（I）U形管液面变化明显，说明装置不漏气，气密性较好。

（2）比较乙、丙两图的实验，液体都为水，液体的密度相同，丙中探头深度更深，U形管两侧液面高度

差更大，说明液体压强更大，可初步得出结论：同种液体，液体深度越大，液体的压强越大；因此水电

站拦河大坝应设计成上窄下宽的形状。

（3）比较丙、丁两图，探头的深度相同，液体的密度不同，在盐水中U形管两侧液面高度差更大，说明

液体压强更大，可得结论：不同液体的相同深度处，液体密度越大，液体压强越大。

将探头放入图戊的酒精中，U形管两侧液面高度差与图丙一致，即压强相同，已知根据

〃二“W?可知探头在酒精中所史深度较大，所以探头的位置可能在c处。

（2）B

（3）断路

（4）10；一次测量误差较大，要多次测量取平均值

（5）2.5；1.25

【解析】【解答】（1）在实验中，电压表与定值电阻并联。因为电源电压为3V,所以电压表的示数不会

大于3V,那么电压表选择0-3V.的测量范围，即耨电压表的“3”接线柱与R右端相连即可，如下图所

示:

(2)根据甲图可知，当变阻器的滑片在B端时阻值最大，因此闭合开关前，滑片应该移动到B端。

(3)闭合开关后，电流表示数几乎为0,说明电路可能发生断路。电压表示数接近电源最大值，说明电

压表的两个接线柱与电源两极正常连接。比较可知，故障可能为与电压表并联的定值电阻/?断路。

(4)根据乙图可知，电流表选择量程0~0.6A,分度值为0.02A，读数为0.2A，那么定值电阻的阻值为

R工理

/O.2A

测定值电阻阻值时，实验只进行了依次，而一次测量误差较大，因此需要多次测量求平均值来减小误

差。

(5)根据丙图可知，灯泡与定值电阻串联，电压表V测灯泡电压，电压表Vo测Ro两端电压。

要测量小灯泡正常发光的电阻，需要先让小灯泡两端电压等于它的额定电压2.5V,

■q2.ov

此时电路电流/=『一一『

R,VL=15V.1

因此小灯泡正常发光电阻L/2.0V

【分析】(1)根据实验目的确定电器元件的串并联关系，以及电表的量程，据此结合甲图分析；

(2)闭合开关前，为了避免电流过大而烧毁用电器，要求变阻器的滑片调到阻值最大的位置；

(3)根据电流表和电压表的示数变化确定故障的位置和种类；

(4)根据图片确定电流表的示数，根据)计算定值电阻的阻值。在科学探究中，通过多次测量求平

均值可以减小实验误差。

(5)当灯泡的电压为额定电压时，它正常发光；电阻串联时，各处电流都相等，据此结合欧姆定律推算

灯泡电阻的阻值即可。

(1)伏安法测电阻的电路要求：电流表串联在电路中，电压表并联在定值电阻两端，电源电压为3V,

电压表选择0、3V的测量范围，按要求补全连线即可。

(2)闭合开关前，滑动变阻器需要调至最大阻值处保护电路；本题滑动变阻器卜接线柱接A,滑片移到

B瑞时接入电阻丝最长，电阻最大，因此填B。

（3）电流表示数几乎为0,说明电路可能发生断路；电压表示数接近电源最大值，说明电压表两端连通

电源，因此故障可能为定值电阻/?断路。

（4）电流表接。〜0.6A的测量范围，分度值为0.02A,读数为02A,定值电阻的阻值为

测定值电阻阻值时，一次测量误差较大，因此需要多次测量求平均值来减小误差。

（5）测量小灯泡正常发光的电阻，需要先让小灯泡两端电压等于它的额定电压2.5V,因此调节滑片使

电压表V的示数为2.5\。

UQ2.0V

图闪中灯泡凡和&串联，电流相等，电路电流/-瓦二F

用="==I25/?

因此小灯泡正常发光电阻L/2.0V

%

22.【答案】（1）解：根据题意可知,空调的功率为1500W,额定电压为220V,

p15QQIV

则空调正常工作时的电流'6.X2A。

U220V

（2）解：根据表格可知，电饭煲的额定功率为800W,额定电压为220V,

U2BOW

则电饭煲正常工作时的电阻&=-==6O.5n

/SUUwo

（3）解:根据题意可知,电热壶消耗的电能M+IXOOWx450s-8.1>IO?J；

水吸收的热量也二FJ-42-KJJ<kg（i-l5kg-（imc10Ci-567x1（/］；

则电热壶的加热效率I。。Z=7（r”。

W«.|X1OJJ

（4）及时关闭不用电器的电源

【解析】【解答］（4）生活中节约用电的措施有：离开房间随手关灯'、减少用电器待机时间、夏天适当调

高空调设定温度等。

【分析】（1）已知功率和电压，根据/=£计算工作电流；

U

（2）已知电饭煲的额定功率和额定电压，根据&=3计算它工作时的电阻；

P

（3）先根据a1询，S算出水吸收的热昂:，再根据J//V算出电水壶消耗的电能，最后根据

0*算出效率。

(4)只有缩短用电器的工作时同，才能减小能量损耗，据此分析解答。

(1)空调正常工作时的电流/=黑/*6.X2A

(2)电饭煲正常工作时的电阻A=R=［工m—=6<L5C

(3)水吸收的热量(l-I.SkgxdOO\lOCi-SblxlO51

工作时间/".5min450s

电热壶消耗的电能〃P,tIK00W.45fKM-Hi.I

加热效率〃=4X100%="7x1,Jx)00%=70%

W8.lx10'J

(4)生活中可通过多种方式节约用电，例如离开房间随手关灯、减少用电器待机时间、夏大适当调高空

调设定温度等，写出任意一条合理措施即可。

23.【答案】(1)解：根据题意可知,海水的密度为p^=1.0x103kg/m3,

则l()m深处海水的压强为〃“、MIll-IO'kgni-lOXM^-IOrnI-IlfPa<,

(2)解：根据题意可知，未安装风电机组时，浮式基础在海面漂浮，

则受到的浮力为巳=G,=/^ngOOOxlfkgxION/kgngxKfN；

根据阿基米德原理F产P液gV排可知，排开液体的体积为