直线、平面平行的判定及性质

1、,立 体 几 何,课件,遂宁中学 罗辉,直线、平面平行的判定及性质,直线、平面平行的判定及性质,考题 大攻略,考前 大冲关,考向 大突破2,考向 大突破1,考向 大突破3,栏目顺序, 请点击相关内容,考向大突破一 直线与平面平行的判定与性质,例1 如图，在正方体ABCDA1B1C1D1中，点N在BD上，点M在B1C上，并且CMDN.求证MN平面AA1B1B.,证明： 方法一：如图所示，作MEBC交BB1于E；作NFAD，交AB于F，连接EF,结束放映,返回导航页,栏目导引,考向大突破一 直线与平面平行的判定与性质,例1 如图，在正方体ABCDA1B1C1D1中，点N在BD上，点M在B1C上，并

2、且CMDN.求证MN平面AA1B1B.,方法二：过M作MQBB1交BC于Q，连接NQ.,结束放映,返回导航页,栏目导引,归 纳 升 华,证明直线与平面平行常用的方法有以下三种： (1)利用定义(常用反证法) (2)利用判定定理：关键是找平面内与已知直线平行的直线可先直观判断平面内是否已有，若没有，则需作出该直线，常考虑三角形的中位线、平行四边形的对边或过已知直线作一平面找其交线 (3)利用面面平行的性质：当两平面平行时，其中一个平面内的任一直线平行于另一平面,结束放映,返回导航页,栏目导引,变式训练1 如图所示，在空间四边形ABCD中，截面EFGH为平行四边形，试证：BD平面EFGH，AC平面

3、EFGH.,证明： 截面EFGH为平行四边形， EHFG，根据直线与平面平行的判定定理知，EH平面BCD， 又EH平面ABD，平面ABD平面CBDBD， 根据直线与平面平行的性质定理知，BDEH， 又EH平面EFGH，BD平面EFGH， 因此，BD平面EFGH. 同理，AC平面EFGH.,结束放映,返回导航页,栏目导引,考向大突破二 平面与平面平行的判定与性质,例2在正方体ABCDA1B1C1D1中，M，N，P分别是C1C，B1C1，C1D1的中点，求证：平面PMN平面A1BD.,证明： 方法一：如图，连接B1D1，B1C. P，N分别是D1C1，B1C1的中点， PNB1D1. 又B1D1B

4、D，PNBD. 又PN平面A1BD，PN平面A1BD. 同理MN平面A1BD， 又PNMNN， 平面PMN平面A1BD,结束放映,返回导航页,栏目导引,考向大突破二 平面与平面平行的判定与性质,证明：方法二：如图，连接AC1，AC. ABCDA1B1C1D1为正方体， ACBD. 又CC1平面ABCD， AC为AC1在平面ABCD上的射影 AC1BD. 同理可证AC1A1B， AC1平面A1BD. 同理可证AC1平面PMN， 平面PMN平面A1BD.,例2在正方体ABCDA1B1C1D1中，M，N，P分别是C1C，B1C1，C1D1的中点，求证：平面PMN平面A1BD.,结束放映,返回导航页,

5、栏目导引,归 纳 升 华,方法一利用了平面与平面平行的判定定理，关键是证明MN平面A1BD与PN平面A1BD，即用线线平行线面平行面面平行 方法二的证明利用了线面垂直的性质，需要注意证明线面垂直满足的条件“已知直线与平面内两条相交直线垂直”,结束放映,返回导航页,栏目导引,变式训练2.如图，在正方体ABCDA1B1C1D1中，O为底面ABCD的中心，P是DD1的中点，若Q是CC1上的中点证明：平面D1BQ平面PAO.,证明：Q为CC1的中点，P为DD1的中点， QBPA. P，O分别为DD1，DB的中点， D1BPO. 又D1B平面PAO，PO平面PAO，QB平面PAO，PA平面PAO， D1

6、B平面PAO，QB平面PAO， 又D1BQBB，D1B，QB平面D1BQ， 平面D1BQ平面PAO.,结束放映,返回导航页,栏目导引,考向大突破三 线面、面面平行的综合应用,例3 如图，已知，异面直线AB，CD和平面，分别交于A，B，C，D四点，E，F，G，H分别是AB，BC，CD，DA的中点 求证：(1)E，F，G，H共面； (2)平面EFGH平面.,结束放映,返回导航页,栏目导引,考向大突破三 线面、面面平行的综合应用,例3 如图，已知，异面直线AB，CD和平面，分别交于A，B，C，D四点，E，F，G，H分别是AB，BC，CD，DA的中点 求证：(1)E，F，G，H共面； (2)平面EFG

7、H平面.,结束放映,返回导航页,栏目导引,归 纳 升 华,面面平行的性质定理的应用问题，往往涉及面面平行的判定、线面平行的判定与性质的综合应用解题时，要准确地找到解题的切入点，灵活地运用相关定理来解决问题，注意三种平行关系之间的相互转化,结束放映,返回导航页,栏目导引,变式训练3 平面内有ABC，AB5，BC8，AC7，梯形BCDE的底DE2，过EB的中点B1的平面，若分别交EA、DC于A1，C1，求A1B1C1的面积,结束放映,返回导航页,栏目导引,变式训练3 平面内有ABC，AB5，BC8，AC7，梯形BCDE的底DE2，过EB的中点B1的平面，若分别交EA、DC于A1，C1，求A1B1C

8、1的面积,结束放映,返回导航页,栏目导引,方 法 感 悟,2证明线面平行的思路 在证明线面、面面平行的判定时，一般遵循从“低维”到“高维”的转化，即从“线线平行”到“线面平行”，再到“面面平行”；而在应用性质定理时，其顺序恰好相反，但也要注意，转化的方向总是由题目的具体条件而定，决不可过于“模式化”,1平行问题的相互转化,结束放映,返回导航页,栏目导引,(12分)(2012北京卷)如图(1)，在RtABC中，C90，D，E分别为AC，AB的中点，点F为线段CD上的一点，将ADE沿DE折起到A1DE的位置，使A1FCD，如图(2) (1)求证：DE平面A1CB； (2)求证：A1FBE. (3)

9、线段A1B上是否存在点Q，使A1C平面DEQ？说明理由,考题大攻略 平行与垂直关系证明题的规范解答,解答本题有以下三点易造成失分： (1)图形在折叠后，不能正确确定平行与垂直关系 (2)对于存在性问题的判定步骤书写不规范 (3)在应用定理时，易忽略线在面内，线不在面内的叙述，如(1)中易忽略DE面A1CB,本题主要考查线面间的平行与垂直,结束放映,返回导航页,栏目导引,规范解答 (1)证明：因为D，E分别为AC，AB的中点， 所以DEBC. 又因为DE平面A1CB， 所以DE平面A1CB. (2)证明：由已知得ACBC且DEBC， 所以DEAC. 所以DEA1D，DECD. 所以DE平面A1D

10、C. 而A1F平面A1DC， 所以DEA1F. 又因为A1FCD，DECDD， 所以A1F平面BCDE， 所以A1FBE.,4分,2分,7分,结束放映,返回导航页,栏目导引,(3)线段A1B上存在点Q，使A1C平面DEQ.理由如下： 如图，分别取A1C，A1B的中点P，Q， 则PQBC. 又因为DEBC， 所以DEPQ. 所以平面DEQ即为平面DEP. 由(2)知，DE平面A1DC， 所以DEA1C. 又因为P是等腰三角形DA1C底边A1C的中点， 所以A1CDP.所以A1C平面DEP. 从而A1C平面DEQ. 故线段A1B上存在点Q，使得A1C平面DEQ.,10分,12分,结束放映,返回导航页,栏目导引,学习建议 解答立体几何解答题要重视解题步骤的规范性，规范的解题能够养成良好的学习习惯，提高思维水平解题时，要注意以下几点： (1)审题的规范性，明确条件，弄清条件与目标的联系，