2019年4月浙江省普通高校招生选考物理试卷

1、2019年4月浙江省普通高校招生选考物理试卷一、选择题（本题共16小题，每小题3分，共39分每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1（3分）（2019浙江）下列物理量属于基本量且单位属于国际单位制中基本单位的是（）a功/焦耳b质量/千克c电荷量/库仑d力/牛顿2（3分）（2019浙江）下列器件中是电容器的是（）abcd3（3分）（2019浙江）下列式子属于比值定义物理量的是（）abacd4（3分）（2019浙江）下列陈述与事实相符的是（）a牛顿测定了引力常量b法拉第发现了电流周围存在磁场c安培发现了静电荷间的相互作用规律d伽利略指出了力不是维持物体运动的原

2、因5（3分）（2019浙江）在磁场中的同一位置放置一条直导线，导线的方向与磁场方向垂直，则下列描述导线受到的安培力f的大小与通过导线的电流的关系图象正确的是（）abcd6（3分）（2019浙江）如图所示，小明撑杆使船离岸，则下列说法正确的是（）a小明与船之间存在摩擦力b杆的弯曲是由于受到杆对小明的力c杆对岸的力大于岸对杆的力d小明对杆的力和岸对杆的力是一对相互作用力7（3分）（2019浙江）某颗北斗导航卫星属于地球静止轨道卫星（即卫星相对于地面静止）。则此卫星的（）a线速度大于第一宇宙速度b周期小于同步卫星的周期c角速度大于月球绕地球运行的角速度d向心加速度大于地面的重力加速度8（3分）（20

3、19浙江）电动机与小电珠串联接人电路，电动机正常工作时，小电珠的电阻为r1，两端电压为u1，流过的电流为i1；电动机的内电阻为r2，两端电压为u2，流过的电流为12则（）ai1i2bcd9（3分）（2019浙江）甲、乙两物体零时刻开始从同一地点向同一方向做直线运动，位移时间图象如图所示，则在0t1时间内（）a甲的速度总比乙大b甲、乙位移相同c甲经过的路程比乙小d甲、乙均做加速运动10（3分）（2019浙江）质子疗法进行治疗，该疗法用一定能量的质子束照射肿瘤杀死癌细胞。现用一直线加速器来加速质子，使其从静止开始被加速到1.0107m/s。已知加速电场的场强为1.3105n/c，质子的质量为1.6

4、71027kg，电荷量为1.61019c，则下列说法正确的是（）a加速过程中质子电势能增加b质子所受到的电场力约为21015nc质子加速需要的时间约为8106sd加速器加速的直线长度约为4m11（3分）（2019浙江）如图所示，一根粗糙的水平横杆上套有a、b两个轻环，系在两环上的等长细绳拴住的书本处于静止状态，现将两环距离变小后书本仍处于静止状态，则（）a杆对a环的支持力变大bb环对杆的摩擦力变小c杆对a环的力不变d与b环相连的细绳对书本的拉力变大12（3分）（2019浙江）如图所示，a、b、c为三个实心小球，a为铁球，b、c为木球。a、b两球分别连在两根弹簧上，c球连接在细线一端，弹簧和细线

5、的下端固定在装水的杯子底部，该水杯置于用绳子悬挂的静止吊篮内。若将挂吊篮的绳子剪断，则剪断的瞬间相对于杯底（不计空气阻力，木水铁）（）aa球将向上运动，b、c球将向下运动ba、b球将向上运动，c球不动ca球将向下运动，b球将向上运动，c球不动da球将向上运动，b球将向下运动，c球不动13（3分）（2019浙江）用长为1.4m的轻质柔软绝缘细线，拴一质量为1.0102kg、电荷量为2.0108c的小球，细线的上端固定于o点。现加一水平向右的匀强电场，平衡时细线与铅垂线成37，如图所示。现向左拉小球使细线水平且拉直，静止释放，则（sin370.6）（）a该匀强电场的场强为3.75107n/cb平衡

6、时细线的拉力为0.17nc经过0.5s，小球的速度大小为6.25m/sd小球第一次通过o点正下方时，速度大小为7m/s14（3分）（2019浙江）波长为1和2的两束可见光入射到双缝，在光屏上观察到干涉条纹，其中波长为1的光的条纹间距大于波长为2的条纹间距。则（下列表述中，脚标“1”和“2”分别代表波长为1和2的光所对应的物理量）（）a这两束光的光子的动量p1p2b这两束光从玻璃射向真空时，其临界角c1c2c这两束光都能使某种金属发生光电效应，则遏止电压u1u2d这两束光由氢原子从不同激发态跃迁到n2能级时产生，则相应激发态的电离能e1e215（3分）（2019浙江）静止在匀强磁场中的原子核x发

7、生衰变后变成新原子核y已知核x的质量数为a，电荷数为z，核x、核y和粒子的质量分别为mx、my和m，粒子在磁场中运动的半径为r则（）a衰变方程可表示为xy+heb核y的结合能为（mxmym）c2c核y在磁场中运动的半径为d核y的动能为16（2019浙江）图1为一列简谐横波在t0时刻的波形图，p、q为介质中的两个质点，图2为质点p的振动图象，则（）at0.2s时，质点q沿y轴负方向运动b00.3s内，质点q运动的路程为0.3mct0.5s时，质点q的加速度小于质点p的加速度dt0.7s时，质点q距平衡位置的距离小于质点p距平衡位置的距离三、非选择题（本题共7小题，共55分）17（5分）（2019

8、浙江）采用如图1所示的实验装置做“研究平抛运动”的实验（1）实验时需要下列哪个器材 a弹簧秤 b重锤线 c打点计时器（2）做实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球平抛运动的轨迹。下列的一些操作要求，正确的是 （多选）a每次必须由同一位置静止释放小球b每次必须严格地等距离下降记录小球位置c小球运动时不应与木板上的白纸相接触d记录的点应适当多一些（3）若用频闪摄影方法来验证小球在平抛过程中水平方向是匀速运动，记录下如图2所示的频闪照片。在测得x1，x2，x3，x4后，需要验证的关系是 。已知频闪周期为t，用下列计算式求得的水平速度，误差较小的是 a b c d18（5分）（2019浙

9、江）小明想测额定电压为2.5v的小灯泡在不同电压下的电功率，电路。（1）在实验过程中，调节滑片p，电压表和电流表均有示数但总是调不到零，其原因是 的导线没有连接好（图中用数字标记的小圆点表示接线点，空格中请填写图中的数字，如“7点至8点”）；（2）正确连好电路，闭合开关，调节滑片p，当电压表的示数达到额定电压时，电流表的指针如图2所示，则电流为 ，此时小灯泡的功率为 w（3）做完实验后小明发现在实验报告上漏写了电压为1.00v时通过小灯泡的电流，但在草稿纸上记录了下列数据，你认为最有可能的是 a.0.08a b.0.12a c.0.20a19（9分）（2019浙江）小明以初速度v010m/s竖

10、直向上抛出一个质量m0.1kg的小皮球，最后在抛出点接住。假设小皮球在空气中所受阻力大小为重力的0.1倍。求小皮球（1）上升的最大高度；（2）从抛出到接住的过程中重力和空气阻力所做的功（3）上升和下降的时间。20（12分）（2019浙江）某砂场为提高运输效率，研究砂粒下滑的高度与砂粒在传送带上运动的关系，建立如图所示的物理模型。竖直平面内有一倾角37的直轨道ab，其下方右侧放置一水平传送带，直轨道末端b与传送带间距可近似为零，但允许砂粒通过。转轮半径r0.4m、转轴间距l2m的传送带以恒定的线速度逆时针转动，转轮最低点离地面的高度h2.2m。现将一小物块放在距离传送带高h处静止释放，假设小物块

11、从直轨道b端运动到达传送带上c点时，速度大小不变，方向变为水平向右。已知小物块与直轨道和传送带间的动摩擦因数均为0.5（sin370.6）（1）若h2.4m，求小物块到达b端时速度的大小；（2）若小物块落到传送带左侧地面，求h需要满足的条件（3）改变小物块释放的高度h，小物块从传送带的d点水平向右抛出，求小物块落地点到d点的水平距离x与h的关系式及h需要满足的条件。21（4分）（2019浙江）在“探究电磁感应的产生条件”实验中，实验连线后如图1所示，感应线圈组的内外线圈的绕线方向如图2粗线所示。（1）接通电源，闭合开关，g表指针会有大的偏转，几秒后g表指针停在中间不动。将滑动变阻器的触头迅速向

12、右滑动时，g表指针 （“不动”、“右偏”、“左偏”、“不停振动”）；迅速抽出铁芯时，g表指针 （“不动”、“右偏”、“左偏”、“不停振动”）。（2）断开开关和电源，将铁芯重新插入内线圈中，把直流输出改为交流输出，其他均不变。接通电源，闭合开关，g表指针 （“不动”、“右偏”、“左偏”、“不停振动”）。（3）仅用一根导线，如何判断g表内部线圈是否断了？22（10分）（2019浙江）如图所示，倾角37、间距l0.1m的足够长金属导轨底端接有阻值r0.1的电阻，质量m0.1kg的金属棒ab垂直导轨放置，与导轨间的动摩擦因数0.45建立原点位于底端、方向沿导轨向上的坐标轴x。在0.2mx0.8m区间有

13、垂直导轨平面向上的匀强磁场。从t0时刻起，棒ab在沿x轴正方向的外力f作用下从x0处由静止开始沿斜面向上运动，其速度与位移x满足vkx（可导出akv）k5s1当棒ab运动至x10.2m处时，电阻r消耗的电功率p0.12w，运动至x20.8m处时撤去外力f，此后棒ab将继续运动，最终返回至x0处。棒ab始终保持与导轨垂直，不计其它电阻，求：（提示：可以用fx图象下的“面积”代表力f做的功）（1）磁感应强度b的大小（2）外力f随位移x变化的关系式；（3）在棒ab整个运动过程中，电阻r产生的焦耳热q。23（10分）（2019浙江）有一种质谱仪由静电分析器和磁分析器组成，其简化原理如图所示。左侧静电分

14、析器中有方向指向圆心o、与o点等距离各点的场强大小相同的径向电场，右侧的磁分析器中分布着方向垂直于纸面向外的匀强磁场，其左边界与静电分析器的右边界平行，两者间距近似为零。离子源发出两种速度均为v0、电荷量均为q、质量分别为m和0.5m的正离子束，从m点垂直该点电场方向进入静电分析器。在静电分析器中，质量为m的离子沿半径为r0的四分之一圆弧轨道做匀速圆周运动，从n点水平射出，而质量为0.5m的离子恰好从on连线的中点p与水平方向成角射出，从静电分析器射出的这两束离子垂直磁场方向射入磁分析器中，最后打在放置于磁分析器左边界的探测板上，其中质量为m的离子打在o点正下方的q点。已知op0.5r0，oq

15、r0，n、p两点间的电势差，不计重力和离子间相互作用。（1）求静电分析器中半径为r0处的电场强度e0和磁分析器中的磁感应强度b的大小；（2）求质量为0.5m的离子到达探测板上的位置与o点的距离l（用r0表示）；（3）若磁感应强度在（bb）到（b+b）之间波动，要在探测板上完全分辨出质量为m和0.5m的两東离子，求的最大值2019年4月浙江省普通高校招生选考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共16小题，每小题3分，共39分每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1（3分）（2019浙江）下列物理量属于基本量且单位属于国际单位制中基本单位的是（）a功/焦

16、耳b质量/千克c电荷量/库仑d力/牛顿【考点】3a：力学单位制【专题】31：定性思想；43：推理法；511：直线运动规律专题【分析】国际单位制规定了七个基本物理量。分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量。它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位。【解答】解：单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，国际单位制规定了七个基本物理量。分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量。他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔。a、功的单位焦耳是导出单位，故a错误；b、质

17、量的单位千克是国际单位制中基本单位，故b正确；c、电荷量的单位库仑是导出单位，故c错误；d、力的单位牛顿是导出单位，故d错误；故选：b。【点评】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的。2（3分）（2019浙江）下列器件中是电容器的是（）abcd【考点】an：电容器与电容【专题】31：定性思想；43：推理法；535：恒定电流专题【分析】本题考查对电学元件的认识，根据电容器及电源等的形状可以解答。【解答】解：图中a为滑动变阻器；b为电容器；c为电阻箱，d为电阻；故b正确acd错误。故选：b。【点评】本题中元件均为常见元件，要求学

18、生能够加以区分，知道常见元件的基本形状即可求解。3（3分）（2019浙江）下列式子属于比值定义物理量的是（）abacd【考点】1u：物理学史【专题】31：定性思想；43：推理法；511：直线运动规律专题【分析】所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的比值来定义一个新的物理量的方法。比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的属性，与定义所用的物理量无关，根据这个特点进行分析。【解答】解：a、公式t是匀速直线运动时间与位移的公式式，与位移成正比，不符合比值定义法的共性。故a错误；b、公式a是牛顿第二定律的表达式，不属于比值定义法，故b错误；c、电容是由电容器本身决定的，与q、u无关，公式

19、c是电容的定义式，故c正确；d、i与u成正比，与r成反比，不符合比值定义法的共性。故d错误。故选：c。【点评】解决本题的关键理解比值定义法的共性：被定义的物理量往往是反映物质的属性。4（3分）（2019浙江）下列陈述与事实相符的是（）a牛顿测定了引力常量b法拉第发现了电流周围存在磁场c安培发现了静电荷间的相互作用规律d伽利略指出了力不是维持物体运动的原因【考点】1u：物理学史【专题】31：定性思想；43：推理法；511：直线运动规律专题【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。【解答】解：a、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测定了万有引力常量。故a错误；b、奥斯特发现了电

20、流的磁效应，即电流周围存在磁场。故b错误；c、库仑发现了静电荷间的相互作用规律。故c错误；d、伽利略指出了力不是维持物体运动的原因。故d正确故选：d。【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。5（3分）（2019浙江）在磁场中的同一位置放置一条直导线，导线的方向与磁场方向垂直，则下列描述导线受到的安培力f的大小与通过导线的电流的关系图象正确的是（）abcd【考点】ce：安培力的计算【专题】32：定量思想；4b：图析法；53d：磁场 磁场对电流的作用【分析】导线的方向与磁场方向垂直，根据安培力公式fbil写出表达式即可正确求解。【

21、解答】解：在匀强磁场中，当电流方向与磁场垂直时所受安培力为：fbil，由于磁场强度b和导线长度l不变，因此f与i的关系图象为过原点的直线，故a正确、bcd错误。故选：a。【点评】本题比较简单，考查了安培力公式fbil的理解和应用，考查角度新颖，扩展学生思维。6（3分）（2019浙江）如图所示，小明撑杆使船离岸，则下列说法正确的是（）a小明与船之间存在摩擦力b杆的弯曲是由于受到杆对小明的力c杆对岸的力大于岸对杆的力d小明对杆的力和岸对杆的力是一对相互作用力【考点】2g：力的合成与分解的运用；35：作用力和反作用力【专题】31：定性思想；43：推理法；525：受力分析方法专题【分析】根据弹力、摩擦

22、力产生的原理，结合牛顿第三定律分析，即可求解。【解答】解：a、船离开河岸，必定在水平方向受到有关力的作用，该作用力是小明对船的摩擦力。故a正确；b、依据弹力产生的原理，撑杆给人的力是因为撑杆发生了弹性形变，根据牛顿第三定律，杆发生弹性形变是由于杆受到小明对杆的作用力，故b错误；c、杆对岸的力与岸对杆的力是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律，一对相互作用的力大小总是相等的，故c错误；d、小明对杆的力和岸对杆的力都作用在杆上，不是一对相互作用力。故d错误故选：a。【点评】该题考查弹力、摩擦力产生原因，以及牛顿第三定律的相互作用力大小关系，熟练掌握基础知识即可正确解答。7（3分）（2019浙江）

23、某颗北斗导航卫星属于地球静止轨道卫星（即卫星相对于地面静止）。则此卫星的（）a线速度大于第一宇宙速度b周期小于同步卫星的周期c角速度大于月球绕地球运行的角速度d向心加速度大于地面的重力加速度【考点】4f：万有引力定律及其应用；4h：人造卫星【专题】32：定量思想；43：推理法；529：万有引力定律在天体运动中的应用专题【分析】地球的静止轨道卫星处于赤道的上方，周期等于地球自转的周期，根据万有引力提供向心力得出线速度、加速度与轨道半径的关系，从而比较出线速度与第一宇宙速度的大小，向心加速度与重力加速度的大小。【解答】解：a、根据万有引力提供向心力得：v，7.9km/s是近地圆轨道的运行速度，静止

24、轨道卫星的轨道半径比地球半径大得多，所以静止轨道卫星运行速度小于7.9km/s，故a错误b、地球的静止轨道卫星处于赤道的上方，地同步卫星其周期等于地球自转的周期，故b错误c、由gm2r可知轨道半径小的角速度大，则同步卫星的角速度大于月球的角速度。故c正确d、由gma可知a，则距离大的加速度小，故d错误故选：c。【点评】解决本题的关键知道同步卫星的特点，以及掌握万有引力提供向心力这一理论，并能熟练运用。8（3分）（2019浙江）电动机与小电珠串联接人电路，电动机正常工作时，小电珠的电阻为r1，两端电压为u1，流过的电流为i1；电动机的内电阻为r2，两端电压为u2，流过的电流为12则（）ai1i2

25、bcd【考点】bb：闭合电路的欧姆定律；bg：电功、电功率【专题】32：定量思想；4d：比例法；535：恒定电流专题【分析】电动机正常工作时是非纯电阻电路，结合欧姆定律分析电流大小，【解答】解：a、小灯珠与电动机串联，所以：i1i2，故a错误；bcd、对小灯珠，由欧姆定律可得：u1i1r1，电动机正常工作时由于线圈的切割磁感线产生反电动势，所以：u2i2r2，所以：故bc错误，d正确；故选：d。【点评】本题关键是明确电动机正常工作时为非纯电阻电路，由于线圈的切割磁感线产生反电动势。分析电动机两端电压时也可以根据能量守恒定律分析比较。9（3分）（2019浙江）甲、乙两物体零时刻开始从同一地点向同

26、一方向做直线运动，位移时间图象如图所示，则在0t1时间内（）a甲的速度总比乙大b甲、乙位移相同c甲经过的路程比乙小d甲、乙均做加速运动【考点】1c：匀速直线运动及其公式、图像；1i：匀变速直线运动的图像【专题】34：比较思想；4b：图析法；512：运动学中的图像专题【分析】位移时间图象的斜率等于速度，纵坐标的变化量等于物体的位移，两图象的交点表示两物体相遇。由此分析。【解答】解：ad、0t1时间内，甲的斜率不变，则速度不变，做匀速运动。乙图线的斜率先小于甲后大于甲，即乙的速度先小于甲后大于甲，乙做加速运动，故ad错误。b、0t1时间内，甲、乙的起点和终点都相同，则位移相同，故b正确。c、甲、乙

27、都做单向运动，通过的路程等于位移，则甲、乙通过的路程相同，故c错误。故选：b。【点评】本题考查对位移图象的物理意义的理解，关键抓住纵坐标表示物体的位置，纵坐标的变化量等于物体的位移，斜率等于速度，就能分析两物的运动情况。10（3分）（2019浙江）质子疗法进行治疗，该疗法用一定能量的质子束照射肿瘤杀死癌细胞。现用一直线加速器来加速质子，使其从静止开始被加速到1.0107m/s。已知加速电场的场强为1.3105n/c，质子的质量为1.671027kg，电荷量为1.61019c，则下列说法正确的是（）a加速过程中质子电势能增加b质子所受到的电场力约为21015nc质子加速需要的时间约为8106sd

28、加速器加速的直线长度约为4m【考点】ae：电势能与电场力做功；ak：带电粒子在匀强电场中的运动【专题】11：计算题；32：定量思想；4c：方程法；531：带电粒子在电场中的运动专题【分析】根据能量守恒定律分析电势能变化；根据电场力公式feq求解电场力；根据匀变速直线运动规律：速度时间公式，位移时间公式求解加速时间和位移。【解答】解：a、根据能量守恒定律得，动能增加，电势能减小，故a错误；b、质子所受到的电场力约为feq1.31051.610192.081014n，故b错误；c、根据牛顿第二定律得加速的加速度为：，则加速时间为：，故c错误；d、加速器加速的直线长度约为：，故d正确；故选：d。【点

29、评】本题考查带电粒子在电场中的加速，关键是熟练掌握牛顿第二定律，匀变速直线运动规律以及动能定理，然后灵活应用。11（3分）（2019浙江）如图所示，一根粗糙的水平横杆上套有a、b两个轻环，系在两环上的等长细绳拴住的书本处于静止状态，现将两环距离变小后书本仍处于静止状态，则（）a杆对a环的支持力变大bb环对杆的摩擦力变小c杆对a环的力不变d与b环相连的细绳对书本的拉力变大【考点】2g：力的合成与分解的运用；3c：共点力的平衡【专题】32：定量思想；4c：方程法；527：共点力作用下物体平衡专题【分析】以两个轻环和书本组成的系统为研究对象，分析受力情况，判断横梁对轻环的支持力fn的变化情况。隔离任

30、一轻环研究，分析受力情况，判断摩擦力f的变化情况；再根据平衡条件分析与b环相连的细绳对书本的拉力的变化。【解答】解：a、设书本的质量为m，以两个轻环和小球组成的系统为研究对象，竖直方向受到重力和水平横梁对轻环的支持力fn，力图如图1所示。根据平衡条件得：2fnmg，得到fnmg，可见，水平横梁对轻环的支持力fn不变，故a错误；b、以左侧环为研究对象，力图如图2所示。竖直方向：fnfsin水平方向：fcosff由得：fffncot，增大时，ff变小，故b正确；c、杆对a环的支持力不变，摩擦力减小，则杆对a环的力变小，故c错误；d、与b环相连的细绳对书本的拉力设为t，根据竖直方向的平衡条件可得2t

31、cosmg，由于绳子与竖直方向的夹角减小，则cos变大，绳子拉力变小，故d错误。故选：b。【点评】本题是力平衡中动态平衡问题，要灵活选择研究对象，正确分析受力情况，再运用平衡条件列式进行分析。12（3分）（2019浙江）如图所示，a、b、c为三个实心小球，a为铁球，b、c为木球。a、b两球分别连在两根弹簧上，c球连接在细线一端，弹簧和细线的下端固定在装水的杯子底部，该水杯置于用绳子悬挂的静止吊篮内。若将挂吊篮的绳子剪断，则剪断的瞬间相对于杯底（不计空气阻力，木水铁）（）aa球将向上运动，b、c球将向下运动ba、b球将向上运动，c球不动ca球将向下运动，b球将向上运动，c球不动da球将向上运动，

32、b球将向下运动，c球不动【考点】2g：力的合成与分解的运用；37：牛顿第二定律【专题】31：定性思想；43：推理法；522：牛顿运动定律综合专题【分析】根据浮力f浮gv排分析浮力和重力的关系确定弹簧所处的状态，剪断吊篮绳子的瞬间，由于弹簧的弹力不会突变，绳子的拉力会发生突变，由此分析运动情况。【解答】解：由于木水铁，根据浮力f浮gv排可得，a的重力大于a受到的浮力，a下面的弹簧处于压缩状态，b和c的重力小于浮力，b下面的弹簧和c下面的绳子处于拉伸状态；剪断吊篮绳子的瞬间，系统处于完全失重，由于弹簧的弹力不会突变，所以a球将向上运动，b球将向下运动，而绳子的拉力会发生突变，所以c球不动，故abc

33、错误、d正确。故选：d。【点评】本题主要是考查牛顿第二定律弹力突变问题，能够分析原来的受力情况以及弹簧的性质是关键。13（3分）（2019浙江）用长为1.4m的轻质柔软绝缘细线，拴一质量为1.0102kg、电荷量为2.0108c的小球，细线的上端固定于o点。现加一水平向右的匀强电场，平衡时细线与铅垂线成37，如图所示。现向左拉小球使细线水平且拉直，静止释放，则（sin370.6）（）a该匀强电场的场强为3.75107n/cb平衡时细线的拉力为0.17nc经过0.5s，小球的速度大小为6.25m/sd小球第一次通过o点正下方时，速度大小为7m/s【考点】37：牛顿第二定律；3c：共点力的平衡；a

34、6：电场强度与电场力【专题】32：定量思想；4c：方程法；532：电场力与电势的性质专题【分析】小球受重力、拉力和电场力处于平衡，根据共点力平衡，运用合成法求出电场力的大小，从而求出电场强度的大小；根据几何关系求解绳子拉力，再求出运动过程中的加速度，根据运动学公式进行求解。【解答】解：a、小球的受力如图，根据合成法知电场力为：qemgtan37，解得电场强度en/c3.75106n/c，故a错误；b、平衡时细线的拉力为tn0.125n，故b错误；c、现向左拉小球使细线水平且拉直，静止释放，小球向最低点做初速度为零的匀加速直线运动，如图所示：加速度a12.5m/s2，绳子刚伸直时位移x2lsin

35、371.68m，此过程的时间为t，根据位移时间关系x，解得ts0.5s，所以经过t10.5s，小球的速度大小为vat16.25m/s，故c正确；d、如果细线水平且拉直，静止释放无能量损失，达到最低点的速度为v0，根据动能定理可得mgl+qel0，解得v07m/s，由于绳子伸直时，沿绳子方向的速度减为0，此时能量有损失，所以小球第一次通过o点正下方速度大小小于7m/s，故d错误。故选：c。【点评】解决本题的关键进行正确的受力分析，然后根据共点力平衡求出未知力。以及掌握电场强度的定义式、带电粒子在复合场中的运动的解题方法。14（3分）（2019浙江）波长为1和2的两束可见光入射到双缝，在光屏上观察

36、到干涉条纹，其中波长为1的光的条纹间距大于波长为2的条纹间距。则（下列表述中，脚标“1”和“2”分别代表波长为1和2的光所对应的物理量）（）a这两束光的光子的动量p1p2b这两束光从玻璃射向真空时，其临界角c1c2c这两束光都能使某种金属发生光电效应，则遏止电压u1u2d这两束光由氢原子从不同激发态跃迁到n2能级时产生，则相应激发态的电离能e1e2【考点】h9：光的干涉；j4：氢原子的能级公式和跃迁【专题】31：定性思想；43：推理法；54n：原子的能级结构专题【分析】根据干涉条纹的宽度的特点判断波长的大小关系；由：判断光子的能量与光子的频率关系；由p判断光子的动量；由光的频率与折射率的关系判

37、断折射率，然后判断临界角；根据光电效应方程与动能定理分析遏止电压；根据玻尔理论分析。【解答】解：由于在其他条件相同的情况下波长为1的光的干涉条纹间距大于波长为2的干涉条纹间距，由，可得：12。a、由光子的动量：p，则：p1p2故a错误；b、由：可知，两种光子的频率关系为：12，即2的频率较大，根据介质的折射率与频率的关系可知它们的折射率：n1n2由临界角与折射率的关系：则这两束光从玻璃射向真空时，其临界角c1c2，故b正确；c、这两束光都能使某种金属发生光电效应，由光电效应方程：ekmhw，其中w为金属的逸出功，可知频率越大的光对应的光电子的最大初动能越大；又由：ekmeu遏止则频率越大，遏止

38、电压越大，所以遏止电压：u2u1故c错误；d、根据玻尔理论，当发生跃迁时辐射出的光子的能量：eemen；都是跃迁到n2能级，则n相同，m越大，则放射出的光子的能量值越大，由于12，则12，所以e1e2，em1em2，即2的能级更大。结合氢原子电离时需要的能量为能级对应能量值的负值可知，相应激发态的电离能e1e2故d正确。故选：bd。【点评】该题涉及的知识点较多，解决本题的关键知道干涉条纹的宽度公式，知道波长和频率的关系，知道能级间跃迁所满足的规律，即emenhv。15（3分）（2019浙江）静止在匀强磁场中的原子核x发生衰变后变成新原子核y已知核x的质量数为a，电荷数为z，核x、核y和粒子的质

39、量分别为mx、my和m，粒子在磁场中运动的半径为r则（）a衰变方程可表示为xy+heb核y的结合能为（mxmym）c2c核y在磁场中运动的半径为d核y的动能为【考点】ja：原子核衰变及半衰期、衰变速度【专题】31：定性思想；4c：方程法；54o：衰变和半衰期专题；54p：爱因斯坦的质能方程应用专题【分析】粒子的符号是he，先根据电荷数守恒和质量数守恒书写出核衰变反应方程，衰变过程遵守动量守恒和能量守恒。由磁场中圆周运动半径公式r和周期公式t，分析半径和周期关系。根据能量守恒和动量守恒求解核衰变反应中释放出的核能。【解答】解：a、根据电荷数守恒和质量数守恒，核衰变反应方程为：he+y故a正确；b

40、、该过程中亏损的质量为：m（mxmym），所以释放的核能为（mxmym）c2，由于原子核也有一定的结合能，则核y的结合能一定大于（mxmym）c2故b错误；c、在衰变过程中遵守动量守恒，根据动量守恒定律得：0pyp，则pyp根据半径公式r，又mvp（动量），则得：r联立可得：ry故c正确；d、由动能与动量的关系：ek，得原子核y与粒子的动能之比为：由题，原子核x衰变时释放的核能全部转化为动能，则有释放的核能为：eek+eky（mxmym）c2，联立可得：故d错误。故选：ac。【点评】核反应遵守的基本规律有动量守恒和能量守恒，书写核反应方程式要遵循电荷数守恒和质量数守恒。结合磁场的知识即可分析。

41、16（2019浙江）图1为一列简谐横波在t0时刻的波形图，p、q为介质中的两个质点，图2为质点p的振动图象，则（）at0.2s时，质点q沿y轴负方向运动b00.3s内，质点q运动的路程为0.3mct0.5s时，质点q的加速度小于质点p的加速度dt0.7s时，质点q距平衡位置的距离小于质点p距平衡位置的距离【考点】f4：横波的图象；f5：波长、频率和波速的关系【专题】32：定量思想；43：推理法；51d：振动图像与波动图像专题【分析】根据振动图象确定传播方向，根据图2得到的周期，再根据给出的时间确定p和q的位置，由此分析。【解答】解：a、t0时刻的质点p向上振动，则波沿x方向传播，根据图乙可知该

42、波的周期t0.4s，t0.2s时，质点q刚好振动半个周期，此时q沿y轴正方向运动，故a错误；b、00.3s内，质点q运动t，由于q不是处于最大位移或平衡位置处，所以q通过的路程sm0.3m，由于开始q向下振动，所以通过的路程大于0.3m，故b错误；c、t0.5s1t时，质点p位于波峰处，质点q不是处于最大位移，根据a可知质点q的加速度小于质点p的加速度，故c正确；d、t0.7s1t时，质点p位于波谷处，质点q不是处于最大位移，质点q距平衡位置的距离小于质点p距平衡位置的距离，故d正确。故选：cd。【点评】本题主要是考查了波的图象；解答本题关键是要能够根据图象直接读出振幅、波长和各个位置处的质点

43、振动方向。三、非选择题（本题共7小题，共55分）17（5分）（2019浙江）采用如图1所示的实验装置做“研究平抛运动”的实验（1）实验时需要下列哪个器材ba弹簧秤 b重锤线 c打点计时器（2）做实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球平抛运动的轨迹。下列的一些操作要求，正确的是acd（多选）a每次必须由同一位置静止释放小球b每次必须严格地等距离下降记录小球位置c小球运动时不应与木板上的白纸相接触d记录的点应适当多一些（3）若用频闪摄影方法来验证小球在平抛过程中水平方向是匀速运动，记录下如图2所示的频闪照片。在测得x1，x2，x3，x4后，需要验证的关系是x4x3x3x2x2x1x1

44、。已知频闪周期为t，用下列计算式求得的水平速度，误差较小的是da b c d【考点】mb：研究平抛物体的运动【专题】13：实验题；31：定性思想；43：推理法；518：平抛运动专题【分析】从“研究平抛运动”实验的原理出发即可求解；保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平，因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线；平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，比较竖直方向上下落相同位移的时间关系，从而比较出水平位移的关系。【解答】解

45、：（1）做“研究平抛物体的运动”实验时，需要木板、小球、斜槽、铅笔、图钉、白纸、米尺、重垂线。米尺的作用是能读出轨迹上某点的坐标。重垂线的作用是确保木板与白纸是在竖直面内，使其与小球运动平面平行。时间可以通过竖直方向做自由落体运动去求解，故不需要弹簧秤与打点计时器，故ac错误，b正确。（2）a、因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度。故a正确。b、记录小球经过不同高度的位置时，每次不必严格地等距离下降，故b错误；c、做平抛运动的物体在同一竖直面内运动，固定白纸的木板必须调节成竖直，小球运动时不应与木板上的白纸相接触，以免有阻力的影响，故c正确。

46、d、要使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些，故d正确。故选：acd。（3）因为平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，竖直方向上做自由落体运动，下落的速度越来越快，则下落相等位移的时间越来越短，所以x4x3x3x2x2x1x1，用下列计算式求得的水平速度，误差较小的是所测的长度越来误差越小，则为v，故abc错误，d正确；故答案为：（1）b；（2）acd；（3）x4x3x3x2x2x1x1，d。【点评】本题主要考查了“研究平抛运动”实验原理，知道在试验中不需要秒表。解决平抛实验问题时，要特别注意实验的注意事项。在平抛运动的规律探究活动中不一定局限于课本实验的原理，要注重学生对探究原理

47、的理解。本题考查平抛物体的运动规律。要求同学们能够从图中读出有用信息，再根据平抛运动的基本公式解题，难度适中。18（5分）（2019浙江）小明想测额定电压为2.5v的小灯泡在不同电压下的电功率，电路。（1）在实验过程中，调节滑片p，电压表和电流表均有示数但总是调不到零，其原因是1点至4点的导线没有连接好（图中用数字标记的小圆点表示接线点，空格中请填写图中的数字，如“7点至8点”）；（2）正确连好电路，闭合开关，调节滑片p，当电压表的示数达到额定电压时，电流表的指针如图2所示，则电流为0.30a，此时小灯泡的功率为0.75w（3）做完实验后小明发现在实验报告上漏写了电压为1.00v时通过小灯泡的

48、电流，但在草稿纸上记录了下列数据，你认为最有可能的是ca.0.08a b.0.12a c.0.20a【考点】n6：伏安法测电阻【专题】13：实验题；23：实验探究题；32：定量思想；43：推理法；535：恒定电流专题【分析】（1）滑动变阻器采用分压接法时电压与电流可以从零开始变化，滑动变阻器采用限流接法时，电压与电流不能从零开始变化，分析图示电路图答题。（2）根据电流表量程与图示表盘确定其分度值，然后根据指针位置读出其示数；应用电功率公式求出电功率。（3）灯泡电阻随温度升高而增大，据此分析答题。【解答】解：（1）在实验过程中，调节滑片p，电压表和电流表均有示数但总是调不到零，说明滑动变阻器接成

49、了限流接法，由图示电路图可知，其原因是1点至4点的导线没有连接好。（2）电流表量程为0.6a，分度值为0.02a，示数为0.30a，灯泡额定功率：pui2.50.300.75w；（3）灯泡电阻随温度升高而增大，电压越小灯泡额定功率越小，灯丝温度越低，灯泡电阻越小，由此可知1.00v电压对应的电流应为0.20a，故c正确；故答案为：（1）1点至4点；（2）0.30a；0.75；（3）c。【点评】滑动变阻器采用分压接法时电压与电流可以从零开始变化，滑动变阻器采用限流接法时，电压与电流不能从零开始变化；对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后根据指针位置读出其示数。19（9分）（2019浙江）小明以

50、初速度v010m/s竖直向上抛出一个质量m0.1kg的小皮球，最后在抛出点接住。假设小皮球在空气中所受阻力大小为重力的0.1倍。求小皮球（1）上升的最大高度；（2）从抛出到接住的过程中重力和空气阻力所做的功（3）上升和下降的时间。【考点】37：牛顿第二定律；62：功的计算【专题】11：计算题；32：定量思想；43：推理法；522：牛顿运动定律综合专题【分析】（1）上升过程由牛顿第二定律结合运动学公式可求得最大高度；（2）从抛出到接住的过程中重力做功为0，根据功的定义可求得阻力的功；（3）由速度公式可求得上升的时间，由牛顿第二定律结合位移公式可求得下降过程的时间。【解答】解：（1）上升过程由牛顿

51、第二定律得：mg+fma1解得：a111m/s2上升的最大高度：hm（2）从抛出到接住的过程中重力做功wg0空气阻力做功wff2hj（3）上升过程的时间t1s下降过程由牛顿第二定律得：mgfma2解得：a29m/s2由位移公式得：h解得：t2s答：（1）上升的最大高度是m；（2）从抛出到接住的过程中重力和空气阻力所做的功分别为0、j（3）上升和下降的时间分别为s、s。【点评】本题考查了牛顿第二定律、运动学公式、功的公式，要注意上升过程和下降过程阻力都做负功。20（12分）（2019浙江）某砂场为提高运输效率，研究砂粒下滑的高度与砂粒在传送带上运动的关系，建立如图所示的物理模型。竖直平面内有一倾

52、角37的直轨道ab，其下方右侧放置一水平传送带，直轨道末端b与传送带间距可近似为零，但允许砂粒通过。转轮半径r0.4m、转轴间距l2m的传送带以恒定的线速度逆时针转动，转轮最低点离地面的高度h2.2m。现将一小物块放在距离传送带高h处静止释放，假设小物块从直轨道b端运动到达传送带上c点时，速度大小不变，方向变为水平向右。已知小物块与直轨道和传送带间的动摩擦因数均为0.5（sin370.6）（1）若h2.4m，求小物块到达b端时速度的大小；（2）若小物块落到传送带左侧地面，求h需要满足的条件（3）改变小物块释放的高度h，小物块从传送带的d点水平向右抛出，求小物块落地点到d点的水平距离x与h的关系

53、式及h需要满足的条件。【考点】37：牛顿第二定律；43：平抛运动；65：动能定理【专题】11：计算题；22：学科综合题；32：定量思想；49：合成分解法；52d：动能定理的应用专题【分析】（1）物块由静止释放到b的过程中，做匀加速运动，根据牛顿第二定律和运动学公式可求得物块到达b端时速度；（2）先由动能定理求出物块恰好到d点速度为零时高度，若小物块落到传送带左侧地面，则下滑高度应小于次时的高度；（3）物块从传送带的d点水平向右抛出，由动能定理和平抛运动的规律可求得物块落地点到d点的水平距离x与h的关系式，为使能在d点水平抛出，则mg，由此可求得h需要满足的条件。【解答】解：（1）物块由静止释放

54、到b的过程中，由牛顿第二定律得：mgsinmgcosma由速度位移的关系式得：vb22a联立解得：vb4m/s（2）左侧离开，设到d点速度为零时高为h1，由动能定理得：0mgh1mgcosmgl解得：h13.0m若小物块落到传送带左侧地面，h需要满足的条件是h3.0m（3）右侧抛出，设到d点的速度为v，由动能定理得：mv2mgh一mgcosmgl由平抛运动的规律得：h+2rgt2，xvt解得：x2为使能在d点水平抛出，则有：mg解得：h3.6m答：（1）若h2.4m，小物块到达b端时速度的大小是4m/s；（2）若小物块落到传送带左侧地面，h需要满足的条件是h3.0m；（3）改变小物块释放的高度h，小物块从传送带