2011年湖南省高考数学试卷(理科)

1、2011年湖南省高考数学试卷（理科） 2011年湖南省高考数学试卷（理科）一、选择题（共8小题，每小题5分，满分40分）1（5分）（2011湖南）若a，bR，i为虚数单位，且（a+i）i=b+i则（）Aa=1，b=1Ba=1，b=1Ca=1，b=1Da=1，b=12（5分）（2011湖南）设集合M=1，2，N=a2，则“a=1”是“NM”的（）A充分不必要条件B必要不充分条件C充分必要条件D既不充分又不必要条件3（5分）（2011湖南）设如图是某几何体的三视图，则该几何体的体积为（）A9+42B36+18CD4（5分）（2011湖南）通过随机询问110名性别不同的大学生是否爱好某项运动，得到如

2、下的列联表： 男女总计爱好402060不爱好203050总计6050110由算得， P（K2k） 0.0500.0100.001k3.8416.63510.828参照附表，得到的正确结论是（）A在犯错误的概率不超过0.1%的前提下，认为“爱好该项运动与性别有关”B在犯错误的概率不超过0.1%的前提下，认为“爱好该项运动与性别无关”C有99%以上的把握认为“爱好该项运动与性别有关”D有99%以上的把握认为“爱好该项运动与性别无关”5（5分）（2011湖南）设双曲线的渐近线方程为3x2y=0，则a的值为（）A4B3C2D16（5分）（2011湖南）由直线与曲线y=cosx所围成的封闭图形的面积为（

3、）AB1CD7（5分）（2011湖南）设m1，在约束条件下，目标函数Z=X+my的最大值小于2，则m 的取值范围为（）A（1，）B（，+）C（1，3）D（3，+）8（5分）（2011湖南）设直线x=t 与函数f（x）=x2，g（x）=lnx的图象分别交于点M，N，则当|MN|达到最小时t的值为（）A1BCD二、填空题（共8小题，每小题5分，满分35分）9（5分）（2011湖南）在直角坐标系xOy中，曲线C1的参数方程为（为参数）在极坐标系（与直角坐标系xOy取相同的长度单位，且以原点O为极点，以x轴正半轴为极轴）中，曲线C2的方程为p（cossin）+1=0，则C1与C2的交点个数为_10（5

4、分）（2011湖南）设x，yR，且xy0，则的最小值为_11（2011湖南）如图，A，E是半圆周上的两个三等分点，直径BC=4，ADBC，垂足为D，BE与AD相交与点F，则AF的长为_12（5分）（2011湖南）设Sn是等差数列an（nN*）的前n项和，且a1=1，a4=7，则S9=_13（5分）（2011湖南）若执行如图所示的框图，输入x1=1，则输出的数等于_14（5分）（2011湖南）在边长为1的正三角形ABC中，设，则=_15（5分）（2011湖南）如图，EFGH 是以O 为圆心，半径为1的圆的内接正方形将一颗豆子随机地扔到该院内，用A表示事件“豆子落在正方形EFGH内”，B表示事件“

5、豆子落在扇形OHE（阴影部分）内”，则（1）P（A）=_； （2）P（B|A）=_16（5分）（2011湖南）对于nN+，将n 表示n=a02k+a12k1+a22k2+ak121+ak20，当i=0时，ai=1，当1ik时，a1为0或1记I（n）为上述表示中ai为0的个数（例如：1=120，4=122+021+020，故I（1）=0，I（4）=2），则（1）I（12）=_；（2）=_三、解答题（共6小题，满分75分）17（12分）（2011湖南）在ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且满足csinA=acosC（1）求角C的大小；（2）求sinAcos （B+）的最大值，并求取得

6、最大值时角A、B的大小18（12分）（2011湖南）某商店试销某种商品20天，获得如下数据：日销售量（件）0123频数1595试销结束后（假设该商品的日销售量的分布规律不变），设某天开始营业时有该商品3件，当天营业结束后检查存货，若发现存货少于2件，则当天进货补充至3件，否则不进货，将频率视为概率（）求当天商品不进货的概率；（）记X为第二天开始营业时该商品的件数，求X的分布列和数学期望19（12分）（2011湖南）如图，在圆锥PO中，已知PO=，O的直径AB=2，C是的中点，D为AC的中点（）证明：平面POD平面PAC；（）求二面角BPAC的余弦值20（13分）（2011湖南）如图，长方形物体

7、E在雨中沿面P（面积为S）的垂直方向作匀速移动，速度为v（v0），雨速沿E移动方向的分速度为c（cR）E移动时单位时间内的淋雨量包括两部分：（1）P或P的平行面（只有一个面淋雨）的淋雨量，假设其值与|vc|S成正比，比例系数为；（2）其它面的淋雨量之和，其值为，记y为E移动过程中的总淋雨量，当移动距离d=100，面积S=时（）写出y的表达式（）设0v10，0c5，试根据c的不同取值范围，确定移动速度v，使总淋雨量y最少21（13分）（2011湖南）如图，椭圆C1：=1（ab0）的离心率为，x轴被曲线C2：y=x2b截得的线段长等于C1的长半轴长（）求C1，C2的方程；（）设C2与y轴的交点为M

8、，过坐标原点O的直线l与C2相交于点A、B，直线MA，MB分别与C1相交与D，E（i）证明：MDME；（ii）记MAB，MDE的面积分别是S1，S2问：是否存在直线l，使得=？请说明理由22（13分）（2011湖南）已知函数f（x）=x3，g （x）=x+（）求函数h （x）=f（x）g （x）的零点个数并说明理由；（）设数列 an（nN*）满足a1=a（a0），f（an+1）=g（an），证明：存在常数M，使得对于任意的nN*，都有anM2011年湖南省高考数学试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题5分，满分40分）1（5分）（2011湖南）若a，bR，i为虚数单位，且（

9、a+i）i=b+i则（）Aa=1，b=1Ba=1，b=1Ca=1，b=1Da=1，b=1考点：复数相等的充要条件专题：计算题分析：利用复数的乘法运算将等式化简；利用复数相等实部、虚部分别相等；列出方程求出a，b的值解答：解：（a+i）i=b+i即1+ai=b+ia=1，b=1故选D点评：本题考查两个复数相等的充要条件：实部、虚部分别相等2（5分）（2011湖南）设集合M=1，2，N=a2，则“a=1”是“NM”的（）A充分不必要条件B必要不充分条件C充分必要条件D既不充分又不必要条件考点：集合关系中的参数取值问题专题：压轴题分析：先由a=1判断是否能推出“NM”；再由“NM”判断是否能推出“a

10、=1”，利用充要条件的定义得到结论解答：解：当a=1时，M=1，2，N=1有NM当NM时，a2=1或a2=2有所以“a=1”是“NM”的充分不必要条件故选A点评：本题考查利用充要条件的定义判断一个命题是另一个命题的条件问题3（5分）（2011湖南）设如图是某几何体的三视图，则该几何体的体积为（）A9+42B36+18CD考点：由三视图求面积、体积专题：计算题分析：由三视图可知，下面是一个底面边长是3的正方形且高是2的一个四棱柱，上面是一个球，球的直径是3，该几何体的体积是两个体积之和，分别做出两个几何体的体积相加解答：解：由三视图可知，几何体是一个简单的组合体，下面是一个底面边长是3的正方形且

11、高是2的一个四棱柱，上面是一个球，球的直径是3，该几何体的体积是两个体积之和，四棱柱的体积332=18，球的体积是，几何体的体积是18+，故选D点评：本题考查由三视图求面积和体积，考查球体的体积公式，考查四棱柱的体积公式，本题解题的关键是由三视图看出几何图形，是一个基础题4（5分）（2011湖南）通过随机询问110名性别不同的大学生是否爱好某项运动，得到如下的列联表： 男女总计爱好402060不爱好203050总计6050110由算得， P（K2k） 0.0500.0100.001k3.8416.63510.828参照附表，得到的正确结论是（）A在犯错误的概率不超过0.1%的前提下，认为“爱好

12、该项运动与性别有关”B在犯错误的概率不超过0.1%的前提下，认为“爱好该项运动与性别无关”C有99%以上的把握认为“爱好该项运动与性别有关”D有99%以上的把握认为“爱好该项运动与性别无关”考点：独立性检验的应用专题：常规题型分析：题目的条件中已经给出这组数据的观测值，我们只要把所给的观测值同节选的观测值表进行比较，发现它大于6.635，得到有99%以上的把握认为“爱好这项运动与性别有关”解答：解：由题意算得， 7.86.635，有0.01=1%的机会错误，即有99%以上的把握认为“爱好这项运动与性别有关”故选C点评：本题考查独立性检验的应用，这种问题一般运算量比较大，通常是为考查运算能力设计

13、的，本题有创新的地方就是给出了观测值，只要进行比较就可以，本题是一个基础题5（5分）（2011湖南）设双曲线的渐近线方程为3x2y=0，则a的值为（）A4B3C2D1考点：双曲线的简单性质专题：计算题分析：先求出双曲线的渐近线方程，再求a的值解答：解：的渐近线为y=，y=与3x2y=0重合，a=2故选C点评：本题考查双曲线的性质和应用，解题时要注意公式的灵活运用6（5分）（2011湖南）由直线与曲线y=cosx所围成的封闭图形的面积为（）AB1CD考点：定积分在求面积中的应用专题：计算题分析：为了求得与x轴所围成的不规则的封闭图形的面积，可利用定积分求解，积分的上下限分别为与，cosx即为被积

14、函数解答：解：由定积分可求得阴影部分的面积为S=cosxdx=（）=，所以围成的封闭图形的面积是故选D点评：本小题主要考查定积分的简单应用、定积分、导数的应用等基础知识，考查运算求解能力，化归与转化思想、考查数形结合思想，属于基础题7（5分）（2011湖南）设m1，在约束条件下，目标函数Z=X+my的最大值小于2，则m 的取值范围为（）A（1，）B（，+）C（1，3）D（3，+）考点：简单线性规划的应用专题：压轴题；数形结合分析：根据m1，我们可以判断直线y=mx的倾斜角位于区间（，）上，由此我们不难判断出满足约束条件的平面区域的形状，再根据目标函数Z=X+my对应的直线与直线y=mx垂直，且

15、在直线y=mx与直线x+y=1交点处取得最大值，由此构造出关于m的不等式组，解不等式组即可求出m 的取值范围解答：解：m1故直线y=mx与直线x+y=1交于点，目标函数Z=X+my对应的直线与直线y=mx垂直，且在点，取得最大值其关系如下图所示：即又m1解得m（1，）故选A点评：本题考查的知识点是简单线性规划的应用，其中根据平面直线方程判断出目标函数Z=X+my对应的直线与直线y=mx垂直，且在点取得最大值，并由此构造出关于m的不等式组是解答本题的关键8（5分）（2011湖南）设直线x=t 与函数f（x）=x2，g（x）=lnx的图象分别交于点M，N，则当|MN|达到最小时t的值为（）A1BC

16、D考点：导数在最大值、最小值问题中的应用专题：计算题；压轴题；转化思想分析：将两个函数作差，得到函数y=f（x）g（x），再求此函数的最小值对应的自变量x的值解答：解：设函数y=f（x）g（x）=x2lnx，求导数得=当时，y0，函数在上为单调减函数，当时，y0，函数在上为单调增函数所以当时，所设函数的最小值为所求t的值为故选D点评：可以结合两个函数的草图，发现在（0，+）上x2lnx恒成立，问题转化为求两个函数差的最小值对应的自变量x的值二、填空题（共8小题，每小题5分，满分35分）9（5分）（2011湖南）在直角坐标系xOy中，曲线C1的参数方程为（为参数）在极坐标系（与直角坐标系xOy取

17、相同的长度单位，且以原点O为极点，以x轴正半轴为极轴）中，曲线C2的方程为p（cossin）+1=0，则C1与C2的交点个数为2考点：简单曲线的极坐标方程；双曲线的参数方程专题：计算题分析：先根据sin2+cos2=1，求出曲线C1的直角坐标方程，再利用直角坐标与极坐标间的关系，即利用cos=x，sin=y，2=x2+y2，求出曲线C2的直角坐标方程，然后判定交点个数即可解答：解：曲线C1的参数方程为（为参数），sin2+cos2=1曲线C1的直角坐标方程为x2+（y1）2=1cos=x，sin=y，p（cossin）+1=0曲线C2的方程为xy+1=0而圆心到直线的距离d=0r，故C1与C2

18、的交点个数为2故答案为：2点评：本题考查点的极坐标和直角坐标的互化，体会在极坐标系和平面直角坐标系中刻画点的位置的区别，能进行极坐标和直角坐标的互，属于基础题10（5分）（2011湖南）设x，yR，且xy0，则的最小值为9考点：基本不等式专题：计算题分析：对展开，利用基本不等式即可求得其最小值解答：解：x，yR，且xy0，=1+4+5+2=9当且仅当时等号成立，的最小值为9故答案为9点评：此题是个基础题考查利用基本不等式求最值，注意正、定、等，考查学生利用知识分析解决问题的能力和计算能力11（2011湖南）如图，A，E是半圆周上的两个三等分点，直径BC=4，ADBC，垂足为D，BE与AD相交与

19、点F，则AF的长为考点：与圆有关的比例线段专题：选作题分析：根据半圆的三等分点，得到三个弧对应的角度是60，根据直径所对的圆周角是直角得到直角三角形的有关长度，做出要求的线段的长度解答：解：A，E是半圆周上的两个三等分点弧EC是一个60的弧，EBC=30，则CE=2，连接BA，则BA=2，在含有30角的直角三角形中，BD=1，DF=，AD=AF=，故答案为：点评：本题考查与圆有关的比例线段，考查圆周角定理，考查含有30角的直角三角形的有关运算，本题是一个基础题12（5分）（2011湖南）设Sn是等差数列an（nN*）的前n项和，且a1=1，a4=7，则S9=81考点：等差数列的前n项和专题：计

20、算题分析：先根据数列an为等差数列，求出公差d，然后根据等差数列的前n项和公式求得S9解答：解：数列an为等差数列，an=a1+（n1）d，Sn=na1+a1=1，a4=7a4=1+（41）d=7d=2S9=91+2=81故答案为：81点评：本题主要考查了等差数列的通项公式和前n项和公式13（5分）（2011湖南）若执行如图所示的框图，输入x1=1，则输出的数等于考点：循环结构专题：图表型分析：先弄清该算法功能，S=0+（12）2=1，i=1，满足条件i3，执行循环体，依此类推，当i=3，不满足条件i3，退出循环体，输出所求即可解答：解：S=0+（12）2=1，i=1，满足条件i3，执行循环体

21、，i=2S=1+（22）2=1，i=2，满足条件i3，执行循环体，i=3S=1+（32）2=2，i=3，不满足条件i3，退出循环体，则S=2=故答案为：点评：本题主要考查了方差的计算，算法和程序框图是新课标新增的内容，在近两年的新课标地区高考都考查到了，这启示我们要给予高度重视，属于基础题14（5分）（2011湖南）在边长为1的正三角形ABC中，设，则=考点：向量在几何中的应用专题：计算题；数形结合；转化思想分析：根据，确定点D，E在正三角形ABC中的位置，根据向量加法满足三角形法则，把用表示出来，利用向量的数量积的运算法则和定义式即可求得的值解答：解：，D为BC的中点，=）=，故答案为点评：

22、此题是个中档题，考查向量的加法和数量积的运算法则和定义，体现了数形结合的思想15（5分）（2011湖南）如图，EFGH 是以O 为圆心，半径为1的圆的内接正方形将一颗豆子随机地扔到该院内，用A表示事件“豆子落在正方形EFGH内”，B表示事件“豆子落在扇形OHE（阴影部分）内”，则（1）P（A）=； （2）P（B|A）=考点：条件概率与独立事件专题：计算题；压轴题分析：此题是个几何概型用面积法求出事件A“豆子落在正方形EFGH内”的概率p（A），同理求出P（AB），根据条件概率公式P（B|A）=即可求得结果解答：解：用A表示事件“豆子落在正方形EFGH内”，p（A）=，B表示事件“豆子落在扇形O

23、HE（阴影部分）内”，p（AB）=，P（B|A）=故答案为：点评：此题是个基础题考查条件概率的计算公式，同时考查学生对基础知识的记忆、理解和熟练程度16（5分）（2011湖南）对于nN+，将n 表示n=a02k+a12k1+a22k2+ak121+ak20，当i=0时，ai=1，当1ik时，a1为0或1记I（n）为上述表示中ai为0的个数（例如：1=120，4=122+021+020，故I（1）=0，I（4）=2），则（1）I（12）=2；（2）=1093考点：带余除法专题：计算题；压轴题；分类讨论；转化思想分析：（1）根据题意，分析可得，将n 表示n=a02k+a12k1+a22k2+ak1

24、21+ak20，实际是将十进制的数转化为二进制的数，易得12=123+122+021+020，由I（n）的意义，可得答案；（2）将n分为n=127，64n126，32n63，n=1等7种情况，有组合数的性质，分析其中I（n）的取值情况，与二项式定理结合，可转化为等比数列的前7项和，计算可得答案解答：解：（1）根据题意，12=123+122+021+020，则I（12）=2；（2）127=126+125+124+123+122+121+120，设64n126，且n为整数；则n=126+a125+a224+a323+a422+a521+a620，a1，a2，a3，a4，a5，a6中6个数都为0或1

25、，其中没有一个为1时，有C60种情况，即有C60个I（n）=6；其中有一个为1时，有C61种情况，即有C61个I（n）=5；其中有2个为1时，有C62种情况，即有C62个I（n）=4；2I（n）=C6026+C6125+C6224+C6323+C6422+C652+1=（2+1）n=36，同理可得：=35，=31，2I（1）=1；则 =1+3+32+36=1093；故答案为：（1）2；（2）1093点评：解本题关键在于分析题意，透彻理解I（n）的含义 的运算，注意转化思想，结合二项式定理与等比数列的前n项和公式进行计算三、解答题（共6小题，满分75分）17（12分）（2011湖南）在ABC中，

26、角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且满足csinA=acosC（1）求角C的大小；（2）求sinAcos （B+）的最大值，并求取得最大值时角A、B的大小考点：三角函数的恒等变换及化简求值专题：计算题分析：（1）利用正弦定理化简csinA=acosC求出tanC=1，得到C=（2）B=A，化简sinAcos （B+）=2sin（A+）因为0A，推出求出2sin（A+）取得最大值2得到A=，B=解答：解：（1）由正弦定理得 sinCsinA=sinAcosC，因为0A，所以sinA0从而sinC=cosC，又cosC0，所以tanC=1，C=（2）有（1）知，B=A，于是=sinA+cosA

27、=2sin（A+）因为0A，所以从而当A+，即A=时2sin（A+）取得最大值2综上所述，cos （B+）的最大值为2，此时A=，B=点评：本题是中档题，考查三角形的有关知识，正弦定理的应用，三角函数的最值，常考题型18（12分）（2011湖南）某商店试销某种商品20天，获得如下数据：日销售量（件）0123频数1595试销结束后（假设该商品的日销售量的分布规律不变），设某天开始营业时有该商品3件，当天营业结束后检查存货，若发现存货少于2件，则当天进货补充至3件，否则不进货，将频率视为概率（）求当天商品不进货的概率；（）记X为第二天开始营业时该商品的件数，求X的分布列和数学期望考点：离散型随机变

28、量的期望与方差；古典概型及其概率计算公式；离散型随机变量及其分布列专题：应用题分析：（I）“当天商品不进货”包含两个事件的和事件，利用古典概型概率公式求出两个事件的概率；再利用互斥事件的和事件概率公式求出当天商品不进货的概率（II）求出x可取的值，利用古典概型概率公式及互斥事件和事件的概率公式求出x取每一个值的概率值；列出分布列；利用随机变量的期望公式求出x的期望解答：解：（I）P（“当天商店不进货”）=P（“当天商品销售量为0件”）+（“当天的商品销售量为1件”）=（II）由题意知，X的可能取值为2，3P（X=2）=P（“当天商品销售量为1件”）=P（X=3）=（“当天的销售量为0”）+P（

29、“当天的销售量为2件”）+P（“当天的销售量为3件”）=故x的分布列X的数学期望为EX=点评：本题考查古典概型的概率公式、互斥随机的概率公式、随机变量的数学期望公式、求随机变量的分布列的步骤19（12分）（2011湖南）如图，在圆锥PO中，已知PO=，O的直径AB=2，C是的中点，D为AC的中点（）证明：平面POD平面PAC；（）求二面角BPAC的余弦值考点：平面与平面垂直的判定；二面角的平面角及求法专题：计算题；证明题分析：（）连接OC，先根据AOC是等腰直角三角形证出中线ODAC，再结合POAC证出ACPOD，利用平面与平面垂直的判定定理，可证出平面POD平面PAC；（）过O分别作OHPD

30、于H，OGPA于G，再连接GH，根据三垂线定理证明OGH为二面角BPAC的平面角，最后分别在RtODA、RtODP、RtOGH中计算出OH、OG和sinOGH，最后求出所求二面角的余弦值解答：解：（）连接OC，OA=OC，D是AC的中点ACOD又PO底面O，AC底面OACPOOD、PO是平面POD内的两条相交直线AC平面POD，而AC平面PAC平面POD平面PAC（）在平面POD中，过O作OHPD于H，由（）知，平面POD平面PAC所以OH平面PAC，又PA平面PACPAHO在平面PAO中，过O作OGPA于G，连接GH，则有PA平面OGH，从而PAHG故OGH为二面角BPAC的平面角在RtOD

31、A中，OD=OAsin45=在RtODP中，OH=在RtOPA中，OG=在RtOGH中，sinOGH=所以cosOGH=故二面角BPAC的余弦值为点评：直线与平面垂直是证明空间垂直的关键，立体几何常常利用三垂线定理作辅助线，来求与二面角的平面角有关的问题20（13分）（2011湖南）如图，长方形物体E在雨中沿面P（面积为S）的垂直方向作匀速移动，速度为v（v0），雨速沿E移动方向的分速度为c（cR）E移动时单位时间内的淋雨量包括两部分：（1）P或P的平行面（只有一个面淋雨）的淋雨量，假设其值与|vc|S成正比，比例系数为；（2）其它面的淋雨量之和，其值为，记y为E移动过程中的总淋雨量，当移动距

32、离d=100，面积S=时（）写出y的表达式（）设0v10，0c5，试根据c的不同取值范围，确定移动速度v，使总淋雨量y最少考点：函数模型的选择与应用分析：（）E移动时的总淋雨量应该等于单位时间内的淋雨量乘以所用的时间，可先求出单位时间内的淋雨量的式子，再乘以时间即可；（）根据绝对值的性质，将（）中的函数分解为分段函数的形式，再由c的不同取值范围讨论函数的单调性，在不同的情况下，单调区间不同，总淋雨量最小值对应的v值也不同解答：解：（）由题意知，E移动时单位时间内的淋雨量为，故（）由（）知，当0vc时，当cv10时，故 （1）当0c时，y是关于v的减函数，故当v=10时，；（2）当时，在（0，c

33、上y是关于v的减函数，在（c，10上，y是关于v的增函数，故当v=c时，答：（）函数y的表达式为（）（1）在0c的情况下，当v=10时，总淋雨量y最少； （2）在的情况下，当v=c时，总淋雨量y最少点评：本题着重考查函数应用能力，所建立的函数式为含有绝对值的式子解决问题的关键一是要能根据v的范围将式子化简为分段函数，二是要将常数c进行讨论得出函数的单调性，从而得出不同情形下的最小值点21（13分）（2011湖南）如图，椭圆C1：=1（ab0）的离心率为，x轴被曲线C2：y=x2b截得的线段长等于C1的长半轴长（）求C1，C2的方程；（）设C2与y轴的交点为M，过坐标原点O的直线l与C2相交于点

34、A、B，直线MA，MB分别与C1相交与D，E（i）证明：MDME；（ii）记MAB，MDE的面积分别是S1，S2问：是否存在直线l，使得=？请说明理由考点：圆锥曲线的综合专题：计算题；综合题；压轴题；转化思想分析：（）先利用离心率得到一个关于参数的方程，再利用x轴被曲线C2：y=x2b截得的线段长等于C1的长半轴长得另一个方程，两个方程联立即可求出参数进而求出C1，C2的方程；（）（i）把直线l的方程与抛物线方程联立可得关于点A、B坐标的等量关系，再代入求出kMAkMB=1，即可证明：MDME；（ii）先把直线MA的方程与抛物线方程联立可得点A的坐标，再利用弦长公式求出|MA|，同样的方法求出|MB|进而求出S1，同理可求S2再代入已知就可知道是否存在直线l满足题中条件了解答：解：（）由题得e=，从而a=2b，又2=a，解得a=2，b=1，故C1，C2的方程分别为，y=x21（）（i）由题得，直线l的斜率存在，设为k，则直线l的方程为y=kx，由得x2kx1=0设A（x1，y1），B（x2，y2），则x1，x2是上述方程的两个实根，于是x1+x2=k，x1x2=1，又点M的坐标为（0，1），所以kMAkMB=1故MAMB，即MDME（ii）设直线MA的斜率为k1，则直线MA的方程为y=k1x1由，解得或则点A的坐标为（k1，k121）又直线MB的斜率为，同理可得点B的坐标