广西南宁市第八中学2020学年高二数学下学期期末考试试题 理（通用）

1、广西南宁市第八中学2020学年高二数学下学期期末考试试题 理第卷一选择题：本大题共12小题，每小题5分。在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。（1）已知集合，则()（A） （B） （C） （D）（2）若复数满足，其中为虚数单位，则在复平面上复数对应的点的坐标为（ ）（A） （B） （C） （D）（3）执行如图所示的程序框图，输出的值为（ ）（A） （B） （C） （D）（4）如图，在正方形中，点是的中点，点是的一个三等分点，那么() （A） （B）（C） （D）（5）在射击训练中,某战士射击了两次，设命题是“第一次射击击中目标”, 命题是“第二次射击击中目标”,则命题“两次射击

2、中至少有一次没有击中目标”可表示为（）（A） （B） （C） （D）（6）已知，则的大小关系为( )（A） （B） （C） （D）（7）已知双曲线的一条渐近线与直线垂直，则双曲线的离心率为()（A） （B） （C） （D）（8）等差数列的前项的和等于前项的和，若，则（ ）（A） （B） （C） （D）（9）已知函数的最小正周期是，将函数图象向左平移个单位长度后所得的函数图象过点，则函数（ ）（A）在区间上单调递减 （B）在区间上单调递增（C）在区间上单调递减 （D）在区间上单调递增（10）在正四棱锥中，直线与平面所成角为，为的中点，则异面直线与所成角为（ ）（A） （B） （C） （D）（11

3、）设关于的不等式组表示的平面区域内存在点满足，则的取值范围是（ ）（A） （B） （C） （D）（12）定义在上的函数满足，若，且，则有( )（A） （B） （C）（D）不确定第卷本卷包括必考题和选考题两部分。第13题第21题为必考题，每个考生都必须做答。第22题和第23题为选考题，考生根据要求做答。二填空题：本大题共4小题，每小题5分。（13）已知直线与曲线相切，则的值为_（14）已知两点，则以线段为直径的圆的方程为 （15）设为等比数列的前n项和，则 （16）已知球的半径为，三点在球的球面上，球心到平面的距离为，则球的表面积为 三解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤。（17）（本

4、小题满分12分）在中，分别为内角的对边，已知 () 求；（）若，求的面积（18） (本小题满分12分）某食品店为了了解气温对销售量的影响，随机记录了该店1月份中5天的日销售量（单位：千克）与该地当日最低气温（单位：）的数据，如下表：2589111210887（1）求出与的回归方程；（2）判断与之间是正相关还是负相关；若该地1月份某天的最低气温为6，请用所求回归方程预测该店当日的营业额；附: 回归方程中, ,.（19） （本小题满分12分）下图为一简单组合体，其底面为正方形，平面 ，且，为线段的中点（）证明：；（）求三棱锥的体积（20）（本小题满分12分）动点在抛物线上，过点作垂直于轴，垂足为，

5、设.（）求点的轨迹的方程；（）设点，过点的直线交轨迹于两点，直线的斜率分别为，求的最小值（21）（本小题满分12分）已知函数（）求函数的单调区间；（）当时，证明：对任意的，请考生在第22、23题中任选一题做答。如果多做，则按所做的第一题计分，做答时请写清题号。（22）（本小题满分10分）（选修4-4：坐标系与参数方程） 已知过点的直线的参数方程是（为参数）以平面直角坐标系的原点为极点，轴的正半轴为极轴，建立极坐标系，曲线的极坐标方程为.（）求直线的普通方程和曲线的直角坐标方程；（）若直线与曲线交于两点，且，求实数的值 (23)（本小题满分10分）（选修 4-5：不等式选讲）设函数 （）解不等式

6、；（）若存在使不等式成立，求实数的取值范围高二数学（理科）参考答案与评分标准一、选择题：本大题共12小题，每小题5分。题号123456789101112答案DCADAACCBCDA（1）解析：化简集合得，容易得到(1,2，故选D（2）解析：z=，故选C.（3）解析：（4）解析：在CEF中，.因为点E为DC的中点，所以.因为点F为BC的一个三等分点，所以.所以，故选D.（5） 解析：解析：因为命题的是“第一次射击没有击中目标”， 是“第二次射击没有击中目标”,所以命题“两次射击中至少有一次没有击中目标”可表示.故选A.（6）解析：显然，因此最大，最小，故选A.（7）解析：双曲线的渐近线方程为，直

7、线的斜率为，由题意有，所以，故离心率.故选C（8）解析：因为，所以，即，于是，可知答案选C.另解：由已知直接求出.（9）解析：依题 , ，平移后得到的函数是，其图象过（0，1），因为， ，故选B（10）解析：如图，由题意易知，因为，所以为异面直线与所成角，又，中，得为等腰直角三角形，故选C.（11）解析：画出可行域，由题意只需要可行域的顶点在直线的下方即可，得到，解得.故选D.（12）解析：由知函数的图像关于直线对称，又因为，所以当时，单调递增；当时，单调递减。因为，且，得 ，易知距离对称轴较近，其函数值较大。故选A。二填空题：本大题共4小题，每小题5分。（13）答案：解析：根据题意，求得，从

8、而求得切点为，该点在切线上，得，即.(14)答案：解析：直径的两端点分别为(0,2)，(2,0)，圆心为(1,1)，半径为，故圆的方程为（15）答案：解析：通过，设公比为，将该式转化为，解得，代入所求式可知答案。（16）答案：解析：设平面截球所得球的小圆半径为,则,由错误！未找到引用源。解得错误！未找到引用源。，所以球的表面积.三解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤。（17）解: ()方法一：3分由得，因此6分方法二：2分4分由于，所以6分 ()方法一：由余弦定理得 8分而，得，即因为，所以10分故的面积12分方法二：由正弦定理得从而又由，知，所以为锐角，8分故10分所以12分(18

9、)解: (1) 令,则.1分,.2分.3分 .4分,.5分,.6分(说明整个的求解是4分(从3分至6分段)，如果用该写法结果不正确，但有过程，则统一给1分）.7分所求的回归方程是.8分(2) 由.9分知与之间是负相关;.10分将代入回归方程可预测该店当日的销售量.11分（千克）.12分（19）解：（）连结与交于点，则为的中点，连结， 为线段的中点，且 2分又且且 四边形为平行四边形， 4分, 即 又平面, 面, , , , 6分（）平面，平面,平面平面，平面平面，平面，平面.8分三棱锥的体积 10分12分20.解：（）设点，则由得，因为点在抛物线上，分（）方法一：由已知，直线的斜率一定存在，设点，联立得由韦达定理得分（1）当直线经过点即或时，当时，直线的斜率看作抛物线在点处的切线斜率，则，此时；当时，同理可得.分（2）当直线不经过点即且时，分分所以的最小值为.分方法二：同上分分故，所以的最小值为分方法三：设点，由直线过点交轨迹于两点得：化简整理得：分，令，则分分分（21）解：（）函数的定义域是2分当时，对任意恒成立，所以，函数在区间单调递增；4分当时，由得，由得所以，函数在区间上单调递增，在区间上单调递减。分（）当时，要证明，只需证明，设，则问题转化为证明对任意的，分令得，容易知道该方程有唯一解，不妨设为，则满足当变化时，和变化情况如下表递减递增分因为，且，所以，