2019高考物理复习优练题9含解析新人教版.docx

2019人教版高考物理一轮优练题（9）李仕才1、(2017江西会昌模拟)在中国海军护航编队“巢湖”舰、“千岛湖”舰护送下,“河北锦绣”“银河”等13艘货轮顺利抵达亚丁湾西部预定海域,此次护航总航程约8 334千米。若所有船只运动速度相同,则下列说法正确的是()A.“8 334千米”指的是护航舰艇的位移B.研究舰队平均速度时可将“千岛湖”舰看作质点C.以“千岛湖”舰为参考系,“巢湖”舰一定是运动的D.根据本题给出的条件可以求出此次航行过程中的平均速度答案B解析船舰航行轨迹的长度约为8 334千米,所指的是路程,A错误;由于舰的大小对于航行的时间影响可以忽略不计,因此可将“千岛湖”舰看作质点,B正确;因所有船只运动速度相同,所以它们是相对静止的,C错误;由于不知道航行的位移和时间,所以无法求出平均速度,D错误。2、(自锁现象及其应用)(2018河北衡水中学二调)如图甲所示,质量为M的直角劈B放在水平面上,在劈的斜面上放一个质量为m的物体A,用一个竖直向下的力F作用于A上,物体A刚好沿斜面匀速下滑。若改用一个斜向下的力F作用在A时,物体A加速下滑,如图乙所示,则在图乙中关于地面对劈的摩擦力Ff及支持力FN的结论正确的是()A.Ff=0,FNMgB.Ff=0,FNMgC.Ff向右,FNMg答案A解析设斜面的倾角为。对于题图甲,以A为研究对象,分析受力,作出力图如图1。根据平衡条件得(mg+F)sin =(mg+F)cos 得到=tan 对于题图乙,以B为研究对象,分析受力,作出力图如图2。设地面对B的方向水平向右,根据平衡条件得水平方向:Ff=Ff1cos -FN1sin 又Ff1=FN1得到Ff=FN1cos -FN1sin =tan FN1cos -FN1sin =0。竖直方向:FNMg故选A。3、(多选)(对牛顿第二定律的理解) 由牛顿第二定律可知,无论怎样小的力都可以使物体产生加速度,可是当我们用一个很小的水平力去推很重的桌子时,却推不动它,这是因为()A.牛顿第二定律不适用于静止物体B.有加速度产生,但数值很小,不易觉察C.静摩擦力等于水平推力,所以桌子静止不动D.桌子所受合力为零,加速度为零,所以静止不动答案CD解析用很小的力来推桌子,这个力小于最大静摩擦力,合力是零,根据牛顿第二定律,加速度等于零,所以静止不动,即牛顿第二定律适用于静止物体,A、B错误,D正确;桌子受力平衡,水平方向上静摩擦力等于水平推力大小,C正确。4、(运动的合成与分解)(2018深圳市高级中学月考) 质量为m的物体P置于倾角为1的固定光滑斜面上,轻细绳跨过光滑定滑轮分别连接着P与小车,P与滑轮间的细绳平行于斜面,小车以速率v水平向右做匀速直线运动。当小车与滑轮间的细绳和水平方向成夹角2时(如图),下列判断正确的是()A.P的速率为vB.P的速率为vcos 2C.绳的拉力等于mgsin 1D.绳的拉力小于mgsin 1答案B解析将小车速度沿绳子和垂直绳子方向分解为v1、v2,P的速率等于v1=vcos 2,A错误、B正确;小车向右做匀速直线运动,减小,P的速率增大,绳的拉力大于mgsin 1,C、D错误。故选B。7.(小船过河)(2017江苏如皋期末)小船过河时,船头偏向上游与水流方向成角,船相对静水的速度为v,其航线恰好垂直于河岸。现水流速度稍有增大,为保持航线不变,且准时到对岸,下列措施中可行的是()A.增大角,增大船速vB.减小角,增大船速vC.减小角,保持船速v不变D.增大角,保持船速v不变答案A解析保持航线不变,且准时到达对岸,即船的合速度大小和方向均不变,由图可知,当水流速度v水增大时,应使角增大,v也增大,故选A。5、(近地卫星、赤道上物体及同步卫星的运行问题) (2017南通模拟)北斗卫星导航系统(BDS)是中国自行研制的全球卫星导航系统,包括5颗静止轨道卫星和30颗非静止轨道卫星,具有定位、导航、授时等功能,如图所示,A、B为“北斗”系统中的两颗工作卫星,其中卫星A是静止轨道卫星,C是地球赤道上某点,已知地球表面处的重力加速度为g,不计卫星的相互作用力,以下判断中正确的是()A.A、B、C三者的线速度大小关系为vCvBvAB.A、B、C三者的周期大小关系为TA=TCTBC.A、B、C三者的向心加速度大小关系为aAaBaC=gD.A、B、C三者的向心加速度大小关系为aAaBaCrB,所以TATB,所以有TA=TCTB,对卫星A、B:根据v=,因为rArB,所以vAvB,对卫星A、C,根据v=r,因为rCrA,所以vCvA,所以vCvArB,所以aAaC,因为赤道上的物体随地球自转所需的向心力很小,远小于重力,即maCmg,即aCg,所以aCaAaBg,故C错误,D错误。6、(多选) 某人通过滑轮将质量为m的物体,沿粗糙的斜面从静止开始匀加速地由底端拉到斜面顶端,物体上升的高度为h,到达斜面顶端时的速度为v,如图所示。则在此过程中()A.物体所受的合外力做的功为mgh+mv2B.物体所受的合外力做的功为mv2C.人对物体做的功为mghD.人对物体做的功大于mgh答案BD解析物体沿斜面做匀加速运动,根据动能定理W合=WF-Wf-mgh=mv2,其中Wf为物体克服摩擦力做的功。人对物体做的功即是人对物体的拉力做的功,所以W人=WF=Wf+mgh+mv2,A、C错误,B、D正确。7、(动量定理的理解及应用)(2017河北邯郸广平一中期中)从同一高度自由落下的玻璃杯,掉在水泥地上易碎,掉在软泥地上不易碎。这是因为()A.掉在水泥地上,玻璃杯的动量大B.掉在水泥地上,玻璃杯的动量变化大C.掉在水泥地上,玻璃杯受到的冲量大,且与水泥地的作用时间短,因而受到水泥地的作用力大D.掉在水泥地上,玻璃杯受到的冲量和掉在软泥地上一样大,但与水泥地的作用时间短,因而受到水泥地的作用力大答案D解析杯子从同一高度落下,到达地面时的速度一定相等,故着地时动量相等;与地面接触后速度减小为零,故动量的变化相同,由动量定理I=p可知,冲量也相等;但由于在软泥地上,软泥地的缓冲使接触时间较长,由I=Ft可知,杯子受到的作用力较小,故杯子在水泥地上比在软泥地上更易破碎;只有D选项正确。8、(多选)(库仑力作用下带电体的平衡问题)如图所示,把A、B两个相同的导电小球分别用长为0.10 m的绝缘细线悬挂于OA和OB两点。用丝绸摩擦过的玻璃棒与A球接触,棒移开后将悬点OB移到OA点固定。两球接触后分开,平衡时距离为0.12 m。已测得每个小球质量是8.010-4 kg,带电小球可视为点电荷,重力加速度g取10 m/s2,静电力常量k=9.0109 Nm2/C2,则()A.两球所带电荷量相等B.A球所受的静电力为1.010-2 NC.B球所带的电荷量为410-8 CD.A、B两球连线中点处的电场强度为0答案ACD解析根据电荷量均分原理知,两小球电荷量相同,A选项正确;两小球接触后再分开后的位置如图所示,已知=0.10 m,=0.12 m,根据几何知识可知=37。对A进行受力分析如图所示,将A受到的库仑力和重力合成后合力沿OAA的延长线,可得Fq=mgtan =610-3 N,B选项错误;根据库仑定律Fq=,可得q=,其中l=0.12 m,代入数据得q=410-8 C,C选项正确;A、B带的电荷量相等且同种性质,所以连线中点处电场强度为零,D选项正确。9、(多选)(2017北京西城区模拟)一只电饭煲和一台洗衣机并联接在输出电压为u=311sin (314t) V的交流电源上(其内阻可忽略不计),均能正常工作。用电流表分别测得通过电饭煲的电流是5.0 A,通过洗衣机电动机的电流为0.50 A,则下列说法正确的是()A.电饭煲的电阻为44 B.电饭煲消耗的电功率为1 555 W,洗衣机电动机消耗的电功率为155.5 WC.1 min内电饭煲消耗的电能为6.6104 J,洗衣机电动机消耗的电能为6.6103 JD.电饭煲发热功率是洗衣机电动机发热功率的10倍答案AC解析由于电饭煲是纯电阻元件,所以R1=44 ,P1=UI1=1 100 W,其在1min内消耗的电能W1=UI1t=6.6104 J。洗衣机为非纯电阻元件,所以R2,P2=UI2=110 W,其在1min内消耗的电能W2=UI2t=6.6103 J。其热功率P热P2,所以电饭煲发热功率不是洗衣机电动机发热功率的10倍。10、(多选)(带电粒子在磁场中的圆周运动)(2017甘肃一诊)下图为研究带电粒子在匀强磁场中的运动的演示仪结构图。若励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面向外,电子束由电子枪产生,其速度方向与磁场方向垂直且水平向右,电子速度的大小v和磁场的磁感应强度B可分别由通过电子枪的加速电压和励磁线圈的电流来调节,则下列说法正确的是()A.仅增大励磁线圈中的电流,电子束运动轨迹的半径将变大B.仅提高电子枪的加速电压,电子束运动轨迹的半径将变大C.仅增大励磁线圈中的电流,电子做圆周运动的周期不变D.仅提高电子枪的加速电压,电子做圆周运动的周期不变答案BD解析电子经电场加速,根据动能定理,得eU=mv2,进入匀强磁场中做匀速圆周运动,轨迹半径r=,代入v可得r=,选项A错误,选项B正确;电子在磁场中做圆周运动的周期T=,与速度无关,与磁场强度有关,选项C错误,选项D正确。11、(多选)(楞次定律的应用)(2017江西景德镇模拟)如图所示,一根长导线弯曲成“”形,通以直流电流I,正中间用绝缘线悬挂一金属环C,环与导线处于同一竖直平面内。在电流I增大的过程中,下列判断正确的是()A.金属环中无感应电流产生B.金属环中有逆时针方向的感应电流C.悬挂金属环C的竖直线的拉力大于环的重力D.悬挂金属环C的竖直线的拉力小于环的重力答案BC解析=BS,S不变,I增大,B增大,所以有感应电流产生,A错误;由楞次定律得,感应电流方向沿逆时针,B正确;由于环的上半部分所在处的B大于下半部分所在处的B,所以安培力以上半部分为主,I方向向左,B垂直纸面向里,则F安方向向下,所以F拉=mg+F安,拉力大于重力,C正确,D错误。12、.(交变电流的产生)如图所示为一台发电机的结构示意图,其中N、S是永久磁铁的两个磁极,它们的表面成半圆柱面形状。M是圆柱形铁芯,铁芯外套有一矩形线圈,线圈绕铁芯M中心的固定转轴匀速转动。磁极与铁芯之间的缝隙中形成方向沿半径的辐向磁场。若从图示位置开始计时电动势为正值,则下列图中能正确反映线圈中感应电动势e随时间t变化规律的是()答案D解析由磁场分布特点知,线圈在每一个位置的切割磁感线情况相同,故感应电动势大小是相同的,方向做周期性变化。13