安徽省定远县育才学校2018_2019学年高一物理上学期期末检测试题（含解析）.doc

2018-2019学年度育才学校上学期期末检测卷高一物理一、单选题1.甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的vt图象如图3所示两图象在tt1时相交于P点，P在横轴上的投影为Q，OPQ的面积为S.在t0时刻，乙车在甲车前面，相距为d.已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t，则下面四组t和d的组合可能的是 ()A. tt1，dS B. tt1，dS C. tt1，dS D. tt1，dS【答案】D【解析】在t1时刻如果甲车没有追上乙车，以后就不可能追上了，故tt1，A错；从图象中甲、乙与坐标轴所围的面积即对应的位移看，甲在t1时间内运动的位移比乙的多S，当t0.5t1时，甲的面积比乙的面积多出S，即相距dS，选项D正确2.在某处以初速度20 m/s竖直向上抛出A球后，又以同样速度竖直向上抛出B球，两球抛出的时间间隔2 s，重力加速度取10 m/s2.则()A. A球在上升过程中与B球相遇B. B球在下降过程中与A球相遇C. A球抛出后，经过3 s与B球相遇D. B球抛出后，经过2 s与A球相遇【答案】C【解析】【详解】设两个球相遇时，A球运动的时间为t，则两个球的位移分别为：hAv0tgt2hBv0(t2)g(t2)2hAhB联立解得：t3s即A球抛出后，经过3 s与B球相遇；B球抛出后，经过1 s与A球相遇，C正确，D错误；A球运动到最高点的时间：，t3s2 s，故A球在下降过程与B球相遇，相遇时B球在上升，A、B错误故选C3.如图所示，轻杆BC的一端用铰链接于C，另一端悬挂重物G，并用细绳绕过定滑轮用力拉住，开始时，BCA90，现用拉力F使BCA缓慢减小，直线BC接近竖直位置的过程中，杆BC所受的压力()A. 保持不变 B. 逐渐增大 C. 逐渐减小 D. 先增大后减小【答案】A【解析】【详解】以B点为研究对象，受到三个力分别为重物拉B点的拉力FT1G，AB绳子的拉力FT2F，及杆CB对B的弹力FN，三力合成如图所示，从图中可以看出ABCBFE，则有，得FNFT1G，向上拉动过程BC，AC都不变，因此FN不变，选A。4.如图所示，质量为M的木板放在水平桌面上，一个质量为m的物块置于木板上木板与物块间、木板与桌面间的动摩擦因数均为.现用一水平恒力F向右拉木板，使木板和物块共同向右做匀加速直线运动，物块与木板保持相对静止已知重力加速度为g.下列说法正确的是()A. 木板与物块间的摩擦力大小等于0B. 木板与桌面间的摩擦力大小等于FC. 木板与桌面间的摩擦力大小等于MgD. 木板与桌面间的摩擦力大小等于(Mm)g【答案】D【解析】木板和物块体共同向右做匀加速直线运动提供物块做加速运动的力是摩擦力，A错以整体为研究对象，所以木板与桌面间的摩擦力大小大于F，B错滑动摩擦力，C错，D对5. 如图所示，半球形物体A和小球B紧靠着放在一固定斜面上，并处于静止状态，忽略小球B表面的摩擦，用水平力F沿物体A表面将小球B缓慢拉至物体A的最高点C，物体A始终保持静止状态，则下列说法中正确的是（ ）A. 物体A受到4个力的作用B. 物体A受到斜面的摩擦力大小始终不变C. 小球B对物体A的压力大小始终不变D. 小球B对物体A的压力大小一直增加【答案】A【解析】试题分析：物体A受重力、压力、支持力和静摩擦力，共4个力，A正确；再对A、B整体分析，受拉力、重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件，有：，对球B分析，受水平拉力、重力和支持力，三力平衡，三个力构成首尾相连的矢量三角形，如图所示：将小球B缓慢拉至物体A的最高点过程中，变小，故支持力N变小，拉力F也变小，静摩擦力减小，故BCD错误；考点：考查了平衡力的动态变化6.如图所示，电梯与水平地面成角，一人静止站在电梯水平梯板上，电梯以恒定加速度a启动过程中，水平梯板对人的支持力和摩擦力分别为FN和Ff.若电梯启动加速度减小为，则下面结论正确的是()A. 水平梯板对人的支持力变为B. 水平梯板对人的摩擦力变为C. 电梯加速启动过程中，人处于失重状态D. 水平梯板对人的摩擦力和支持力之比为【答案】B【解析】A、当电梯以加速度a上升时,人受到重力mg、电梯的支持力N和摩擦力f,将加速度分解为水平和竖直两个方向,水平分加速度为 ,竖直分加速度为 .根据牛顿第二定律得: 竖直方向: ,得 当时，N变小，但不等于原来的一半，故A错B、水平方向: ，当时，f变为原来的一半，故B正确；C、人有向上的加速度，所以出于超重状态，故C错误；D、由上述公式可以知道,人所受的静摩擦力和支持力都发生了改变,水平梯板对人的摩擦力和支持力之比不等于，故D错；综上所述本题答案是：B二、多选题7.如图甲所示是一种交警测速的工作示意图，B为能发射超声波的固定小盒子，工作时小盒子B向被测物体发出短暂的超声波脉冲，脉冲被运动的物体反射后又被B盒接收，从B盒发射超声波开始计时，经时间t0再次发射超声波脉冲，图乙是连续两次发射的超声波的位移时间图象，则下列说法正确的是()A. 超声波的速度为v声B. 超声波的速度为v声C. 物体的平均速度为D. 物体的平均速度为【答案】BC【解析】【详解】由题图乙可知，超声波在和时间内发生的位移分别为x1和x2，所以超声波的速度为：v声 或v声，故A错误，B正确；由题图甲和题图乙可知，被测物体通过的位移为x2x1时，所需的时间为tt0(t2t1t0)，所以物体的平均速度为，故C正确，D错误8. 如图所示，倾角为的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体a放在斜面上，轻质细线一端固定在物体a上，另一端绕过光滑的滑轮固定在c点，滑轮2下悬挂物体b，系统处于静止状态若将固定点c向右移动少许，而a与斜劈始终静止，则（ ）A. 细线对物体a的拉力增大B. 斜劈对地面的压力减小C. 斜劈对物体a的摩擦力减小D. 地面对斜劈的摩擦力增大【答案】AD【解析】试题分析：A、对滑轮和物体b受力分析，受重力和两个拉力，如图所示：根据平衡条件，有：mbg=2Tcos，解得：，将固定点c向右移动少许，则增加，故拉力T增加，故A正确；对斜面体、物体a、物体b整体受力分析，受重力、支持力、细线的拉力和地面的静摩擦力，如图所示：根据平衡条件，有：N=G总-Tcos=G总-mbg，N与角度无关，恒定不变；根据牛顿第三定律，压力也不变；故B错误；f=Tsin=mbgtan，将固定点c向右移动少许，则增加，故摩擦力增加；故D正确；对物体a受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，由于不知道拉力与重力的下滑分力的大小关系，故无法判断静摩擦力的方向，故不能判断静摩擦力的变化情况，故C错误；故选AD。考点：物体的平衡【名师点睛】整体法和隔离法的使用技巧；当分析相互作用的两个或两个以上物体整体的受力情况及分析外力对系统的作用时，宜用整体法；而在分析系统内各物体（或一个物体各部分）间的相互作用时常用隔离法整体法和隔离法不是独立的，对一些较复杂问题，通常需要多次选取研究对象，交替使用整体法和隔离法。9.如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上。A、B间的动摩擦因数为，B与地面间的动摩擦因数为。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。现对A施加一水平拉力F，则（ ）A. 当F2mg时，A、B都相对地面静止B. 当F时，A的加速度为C. 当F3mg时，A相对B滑动D. 无论F为何值，B的加速度不会超过【答案】BCD【解析】试题分析：根据题意可知，B与地面间的最大静摩擦力为：fBm，因此要使B能够相对地面滑动，A对B所施加的摩擦力至少为：fABfBm，A、B间的最大静摩擦力为：fABm2mg，因此，根据牛顿第二定律可知当满足：，且fAB2mg，即F3mg时，A、B将一起向右加速滑动，故选项A错误；当F3mg时，A、B将以不同的加速度向右滑动，根据牛顿第二定律有：F2mg2maA，2mgmaB，解得：aAg，aB，故选项C、D正确；当F时，aAaB，故选项B正确。考点：本题主要考查了牛顿第二定律的应用，以及处理连接体的方法问题，属于中档题。10. 某物体由静止开始做直线运动，物体所受合力F随时间t的变化图象如图所示，下列关于该物体运动情况的说法正确的是A. 物体在前8s内始终向同一方向运动B. 物体在8 s末离出发点最远C. 物体在24 s内做匀减速直线运动D. 物体在04 s和在48 s内的运动方向相反【答案】CD【解析】试题分析：02s内，受向右的推力F0，向右做匀加速运动，2s末力F0反向，加速度反向，因此物体向右做减速运动，根据对称性可知，4s末速度减小到零，然后再向左做加速运动，6s末达到最大值，68 s内，又向左做减速运动。因此前4s向右运动后4s向左运动，A错误，D正确；4s末距离出发点最远，B错误；24 s内做匀减速直线运动，C正确；C、D正确考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的图像三、实验题11.某同学设计了用光电门传感器“探究小车的加速度a与小车所受拉力F及质量M关系”的实验(1)如图a所示，在小车上固定宽度为L的挡光片，将两个光电门传感器固定在相距为d的轨道上，释放小车，传感器记录下小车经过光电门的时间分别是t1、t2，可以测得小车的加速度a_(用题中的符号L、d、t1、t2表示)(2)在该实验中必须采用_法(填物理方法)，应保持_不变，通过改变钩码的个数来改变小车所受的拉力大小，研究加速度a随拉力F变化的规律(3)甲、乙两名同学用同一装置做实验，画出了各自得到的aF图线如图b所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？ _.【答案】 (1). (2). 控制变量 小车的总质量 (3). 小车的总质量【解析】【详解】(1)小车经过光电门1、2时的瞬间速度分别为v1，v2；根据匀变速直线运动的速度位移公式，解得：a.(2)在本实验操作中，采用了控制变量法，即先保持一个变量不变，看另外两个变量之间的关系，具体操作是：先不改变小车的总质量，研究加速度与力的关系；再不改变小车受力，研究加速度与质量的关系，最后归纳出加速度、力、质量三者间的关系(3)由题图b可知在拉力相同的情况下a乙a甲，所以两同学的实验中小车的总质量不同12. （6分）某同学做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验。图甲是不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，其示数为7.73cm，图乙是在弹簧下端悬挂钩码后指针所指的标尺刻度，此时弹簧的伸长量l为 cm;本实验通过在弹簧下端悬挂钩码的方法来改变弹簧的弹力，关于此操作，下列选项中规范的做法是 ；（填选项前的字母）A.逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重B.随意增减钩码，记下增减钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重图丙是该同学描绘的弹簧的伸长量l与弹力F的关系图线，图线的AB段明显偏离直线OA，造成这种现象的主要原因是 。【答案】6.93cm；A；钩码重力超过弹簧弹力范围【解析】乙的读数为13.66cm,则弹簧的伸长量L =13.66cm5.73cm =7.93cm为了更好的找出弹力与形变量之间的规律，应逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重，A正确；弹簧超出了弹性限度，弹簧被损坏，弹簧的伸长量L与弹力F不成正比四、计算题 13.如图甲所示，一质量为m =1kg的小物块静止在粗糙水平面上的A点，从t = 0时刻开始，物体在受如图乙所示规律变化的水平力F作用下向右运动，第3s末物块运动到B点时速度刚好为零，第5s末物块刚好回到A点，已知物块与粗糙水平面间的动摩擦因数= 0.2（g取10m/s2）则（1）前3秒内物体速度与加速度大小发生了什么变化；（定性说明大体变化即可）（2）AB间的距离为多少；（3）物体在03s时间内的平均速度大小为多少；（4）物体在05s时间内的最大速率为多少。【答案】（1）小物块速度先增大后减小，加速度先减小后增大（2）4m （3）（4）4m/s【解析】试题分析：（1）由图根据牛顿第二定律可知，小物块速度先增大后减小，加速度先减小后增大（2）在3s5s时间内物块在水平恒力F作用下由B点匀加速直线运动到A点，设加速度为a，AB间的距离为x则由得（3）由得（4）5s末物体的速度最大考点：牛顿第二定律的应用点评：本题中03s时间内的力的变化是无规律的，不能再解题时应用，所以分析问题要根据3s5s内力F变化的规律。14.如图所示，质量M1.0 kg的长木板静止在光滑水平面上，在长木板的右端放一质量m1.0 kg的小滑块(可视为质点)，小滑块与长木板之间的动摩擦因数0.20.现用水平恒力F6.0 N向右拉长木板，使小滑块与长木板发生相对滑动，经过t1.0 s撤去力F.小滑块在运动过程中始终没有从长木板上掉下求：(1)撤去力F时小滑块和长木板的速度各是多大？(2)小滑块相对长木板静止时，小滑块相对地面运动的总位移【答案】(1)2.0 m/s 4.0 m/s (2)2.25 m【解析】【分析】（1）小滑块和长木板均做匀加速运动，分别对小滑块和长木板受力分析，求出加速度，运用速度时间公式求出速度；（2）撤去拉力后，由于惯性，两个物体都向前滑动，但由于长木板速度较大，故两物体间摩擦力不变，小滑块继续加速，长木板匀减速，直到两个物体间相对静止为止，根据运动学公式可以先求出第二个过程的时间，然后分别求出两个过程的位移，就得到总位移.【详解】（1）对长木板施加恒力F的时间内，小滑块与长木板间相对滑动，小滑块和长木板在水平方向的受力情况如图所示小滑块所受摩擦力Ffmg设小滑块的加速度为a1，根据牛顿第二定律Ffma1，解得a12.0 m/s2长木板受的摩擦力大小FfFfmg设长木板的加速度为a2，根据牛顿第二定律FFfMa2解得a24.0m/s2经过时间t1.0s，小滑块的速度v1a1t2.0 m/s长木板的速度v2a2t4.0 m/s（2）撤去力F后的一段时间内，小滑块的速度小于长木板的速度，小滑块仍以加速度a1做匀加速直线运动，长木板做匀减速直线运动设长木板运动的加速度为a3，此时长木板水平方向受力情况如图所示，根据牛顿第二定律FfMa3解得a32.0m/s2设再经过时间t1后，小滑块与长木板的速度相等，此时小滑块相对长木板静止即v1a1t1v2a3t1解得t10.50 s如图所示，在对长木板施加力F的时间内，小滑块相对地面运动的位移是s1，从撤去F到二者速度相等的过程，小滑块相对地面的位移是s2.所以小滑块相对长木板静止时，小滑块相对地面运动的总位移为s块s1s2a1t2(v1t1+a1t12)2.25 m.【点睛】本题关键的就是正确的对两个物体受力分析，求出加速度，分析清楚运动过程，由于本题小滑块的受力一直未变，也可以直接有位移时间公式求解.15.如图所示，传送带与水平面的夹角37，并以v10 m/s的速率逆时针转动，在传送带的A端轻轻地放一小物体若已知物体与传送带之间的动摩擦因数0.5，传送带A端到B端的距离L16 m，则小物体从A端运动到B端所需的时间为多少？(g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)【答案】2s【解析】【分析】传送带沿逆时针方向转动时，物体的受到的摩擦力的方向会发生变化，根据摩擦力变化前和变化后的不同的受力，求出加速度的大小，然后应用运动学公式求出物体的运动时间；【详解】解：物体放上传送带后，开始一段时间，物体的速度小于传送带的速度，此时其运动的加速度为：代入数据得：这样的加速度只能维持到物体的速度达到10m/s为止，其对应的时间和位移分别为：物体速度大于传送带速度后，物体相对于传送带向下运动，则此后物体受到的摩擦力变为沿传送带向上，由于，因此该物体继续向下做匀加速直线运动，其加速度大小为：代入数据得：后面一段物体运动的位移：，设后面一段运动的时间为t2，则：代入数据解方程得：（舍去）所以：即物体从A到B需要的时