上海市高考物理二模试卷

上海市高考物理二模试卷上海市高考物理二模试卷46/46上海市高考物理二模试卷2018年上海市高考物理二模试卷一．单项选择题（共16分，每题2分．每题只有一个正确选项．）1．（2分）（2018?上海二模）对于科学家的贡献，以下表达中正确的选项是（）A．牛顿创办了微积分B．法拉第最早发现了电流的磁效应C．库仑最初正确测出了电子的电量D．亚里士多德第一提出了惯性的见解2．（2分）（2018?上海二模）对于原子核的变化，以下说法中正确的选项是（）A．温度越高，放射性元素的半衰期越长B．天然放射现象说明原子是可以再分的C．重核在裂变过程中向外界放出巨大的核能D．α粒子散射实验说了然原子核是可以再分的3．（2分）（2018?上海二模）相关宇宙的理解，以下说法中正确的选项是（）A．质量越大的恒星寿命越长B．太阳发出的光和热来自于碳、氧等物质的焚烧C．在天空中表现暗红色的恒星的温度比表现白色的恒星的温度高D．因为光速有限，所以察看遥远的天体就相当于察看宇宙的过去4．（2分）（2018?上海二模）用光照耀某种金属，有光电子从金属表面逸出。如果换一种频次更大、强度较弱的光照耀该金属，则（）A．单位时间内逸出的光电子数减少，光电子的最大初动能减小B．单位时间内逸出的光电子数增大，光电子的最大初动能减小C．单位时间内逸出的光电子数减少，光电子的最大初动能增大D．单位时间内逸出的光电子数增大，光电子的最大初动能增大5．（2分）（2018?上海二模）以下说法中，正确的选项是（）A．只有热传达才可以改变物体的内能B．气体温度越高，每个分子运动的速率必然越大C．布朗运动是指在显微镜下察看到的液体分子的无规则运动D．热量不可以能由低温物体传给高温物体而不发生其余变化6．（2分）（2018?上海二模）伽利略研究变速运动规律时做了着名的“斜面实验”：他丈量了铜球在较小倾角斜面上运动的位移和时间，发现位移与时间的平方成正比，增大斜面倾角，该规律仍旧建立。于是，他外推到倾角为90°的状况，得出结论（）A．自由落体运动是一种匀变速直线运动B．力是使物体产生加快度的原由C．力不是保持物体运动的原由D．物体拥有保持本来运动状态的惯性7．（2分）（2018?上海二模）科学家在研究某两个重离子联合成超重元素的反应时，发现生成超重元素的原子核X经过6次α衰变后的产物是Fm．则元素X的原子序数和质量数分别为（）A．112、265B．112、277C．124、259D．124、2658．（2分）（2018?上海二模）一物体在四个共点力作用下做匀速直线运动。若突然撤去一个沿运动方向的力，其余三个力保持不变，则物体做（）A．匀速圆周运动B．匀加快直线运动C．类平抛运动D．匀减速直线运动二．单项选择题（共24分，每题3分．每题只有一个正确选项．）9．（3分）（2018?上海二模）电视台体育频道解说棋局的节目中平常有一个竖直搁置的棋盘。该棋盘拥有磁性，每个棋子都可视为能被棋盘吸引的小磁体。对于静止在棋盘上的棋子，以下说法中正确的选项是（）A．棋盘对棋子施加三个力的作用B．磁力越大，棋子所受的摩擦力也越大C．棋盘对棋子总的作使劲比棋子的重力大D．只需磁力足够大，即便棋盘圆滑，棋子也能静止在棋盘上10．（3分）（2018?上海二模）将一只苹果水平抛出，苹果在空中挨次飞过三个完满同样的窗户1、2、3，图中曲线为苹果在空中运转的轨迹，不计空气阻力。以下说法中正确的选项是（）A．苹果经过第1个窗户所用的时间最短B．苹果经过第1个窗户的过程中，重力做功最多C．苹果经过第3个窗户的过程中，重力的均匀功率最大D．苹果经过第3个窗户的过程中，竖直方向的均匀速度最小11．（3分）（2018?上海二模）用于火灾报警的离子烟雾传感器以以下图。在网罩Ⅰ内有电极Ⅱ和Ⅲ，a、b两头接电源，Ⅳ是一小块放射性同位素镅241，它能放射出一种很简单使空气电离的粒子。正常状况下镅241放射出的粒子使两个极板间的空气电离，在a、b间形成较强的电流；发生火灾时，大批烟雾进入网罩Ⅰ内，烟尘颗粒汲取此中的带电粒子，致使电流发生变化，从而报警。以下说法中正确的选项是（）A．镅241射出的是α粒子，有烟雾时电流加强B．镅241射出的是α粒子，有烟雾时电流减弱C．镅241射出的是β粒子，有烟雾时电流加强D．镅241射出的是β粒子，有烟雾时电流减弱12．（3分）（2018?上海二模）以以下图，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，订交于O点，两个等量异号点电荷分别位于椭圆的两个焦点M、N上。下列说法中正确的选项是（）A．O点的电场强度为零B．A、B两点的电场强度同样C．C点的电势高于D点的电势D．将电荷+q沿C、D连线从C移到D的过程中，电势能先减少后增添13．（3分）（2018?上海二模）一列简谐横波沿x轴正方向流传，图（甲）是t=3s时的波形图，图（乙）是波中某质点P的振动图象，以下判断中正确的选项是（）A．质点P在t=3s时沿y轴负方向振动B．质点P在t=3s时的速度为零C．质点P的均衡地点坐标可能是x=4cmD．该简谐波的波速为1m/s14．（3分）（2018?上海二模）以以下图，一圆形闭合小铜环从高处由静止开始着落，穿过一根竖直悬挂的、质量为m的条形磁铁，铜环的中心轴线与条形磁铁的中心轴线向来保持重合。则细绳中弹力F随时间t的变化关系图象可能是（）A．B．C．D．15．（3分）（2018?上海二模）以以下图，直线A为某电源的U﹣I图线，曲线B为表记不清的小灯泡L1的U﹣I图线，将L1与该电源构成闭合电路时，L1恰巧能正常发光。若将同样资料制成的标有“3V，20W”的灯泡L2与该电源构成闭合电路，以下说法中正确的选项是（）A．电源的内阻为ΩB．把灯泡L1换成L2，L2可能正常发光C．把灯泡L1换成L2，电源的输出功率可能相等D．把灯泡L1换成L2，电源的输出功率必然变小16．（3分）（2018?上海二模）将一小球以20m/s的初速度竖直上抛，经3.5s落回原处。已知空气阻力的大小与速率成正比，则小球落回原处的速度大小为（）A．5m/sB．10m/sC．．15m/s三．多项选择题（共16分，每题4分．每题有二个或三个正确选项．全选对的，得4分；选对但不全的，得2分；有选错或不答的，得0分．）17．（4分）（2018?上海二模）英国物理学家托马斯?杨奇妙地解决了相关光源问题，第一次在实验室察看到了光的干预现象。图为实验装置简图，M为竖直线状光源，N和O均为有狭缝的遮光屏，P为像屏。现有四种刻有不同样狭缝的遮光屏，实验时正确的选择是（）A．N应采用遮光屏1B．N应采用遮光屏3C．O应采用遮光屏2D．O应采用遮光屏418．（4分）（2018?上海二模）将横截面积为S的圆柱形气缸固定在铁架台上，内有可自由挪动的轻质活塞，活塞经过轻杆与重物m相连，将一团焚烧的轻质酒精棉球经阀门K搁置于活塞上，棉球熄灭时立刻封闭阀门K，此时活塞距离气缸底部为L．今后，缸内气体冷却至环境温度时，重物上涨高度为．已知环境温度恒为27℃，外界大气压为p0，缸内气体可以看作是理想气体，则（）A．重物走开地面坚固后，气体压强可能大于p0B．重物走开地面坚固后，气体压强必然小于p0C．酒精棉球熄灭的瞬时，缸内气体的温度t可能等于120℃D．酒精棉球熄灭的瞬时，缸内气体的温度t可能等于140℃19．（4分）（2018?上海二模）以以下图，一位同学玩飞镖游戏。圆盘最上端有P点，飞镖抛出时与P等高，且距离P点为L．当飞镖以初速度v0垂直盘面对准P点抛出的同时，圆盘以经过盘心O点的水平轴在竖直平面内匀速转动。忽略空气阻力，重力加快度为g，若飞镖恰巧击中P点，则（）A．飞镖击中P点所需的时间为B．圆盘的半径可能为C．圆盘转动角速度的最小值为D．P点随圆盘转动的线速度可能为20．（4分）（2018?上海二模）如图（甲）所示，相距为2L的圆滑平行金属导轨水平搁置，右边接有定值电阻R，导轨电阻忽视不计，OO′的左边存在垂直于导轨平面向下、磁感觉强度为B的匀强磁场。在OO′左边L处垂直导轨搁置一质量为m、电阻为0.5R的金属杆ab，ab在恒力F的作用下由静止开始向右运动3L的距离，其速度与位移的变化关系如图（乙）所示。以下判断中正确的选项是（）A．ab立刻走开磁场时，安培力的大小为B．整个运动的过程中，经过电阻R上的电量为C．ab立刻走开磁场时，加快度的大小为D．整个过程中，电阻R上产生的焦耳热为m（v22﹣3v12）四．填空题（共

20分，每题

4分．）本大题中第

22题为分叉题，分

A、B两类，考生可任选一类答题．若两类试题均做，一律按

A类题计分．21．（4分）（2018?上海二模）以以下图，

R为一含有

U的放射源，它能放出α、β、γ三种射线，变成

Rn．LL′为一张厚纸板，

MN

为涂有荧光物质的光屏，虚线框内存在平行于界限ab的匀强电场。若射线正对光屏的中心O点射出，在光屏上只察看到O、P两个亮点，则打在O点的是射线，虚线框内匀强电场的方向（选填“由a指向b”或“由b指向a”）。A、B选做一题22．（4分）（2018?上海二模）以以下图，气球吊着A、B两个重物以速度v匀速上涨，已知A与气球的总质量为m1，B的质量为m2，且m1＞m2．某时辰、AB间细线断裂，当气球的速度增大为2v时，B的速度大小为，方向。（不计空气阻力）23．（2018?上海二模）北斗一号卫星系统的三颗卫星均定位在距离地面36000km的地球同步轨道上，而GPS系统中的24颗卫星距离地面的高度均为20000km，已知地球半径为6400km。则北斗一号卫星线速度的大小GPS卫星线速度的大小（选填“大于”、“小于”或“等于”）；GPS卫星加快度的大小约为北斗一号卫星的倍（取2位有效数字）。24．（4分）（2018?上海二模）图示为一列沿x轴负方向流传的机械波，实线和虚线分别为t时辰和t+△t时辰的波形，B和C是横坐标分别为d和3d的两个质点。则t时辰质点B的振动方向为，该波的波速为。25．（4分）（2018?上海二模）以以下图，在竖直平面内有两根质量相等的均匀细杆A和C，长度分别为60cm和40cm，它们的底端相抵于地面上的B点，另一端分别搁置于竖直墙面上，墙面间距为80cm，不计全部摩擦。系统均衡时两杆与地面的夹角分别为α和β，双侧墙面所受压力的大小分别为FA和FC，则FC（选填“大于”、“小于”或“等于”），夹角β=。

FA26．（4分）（2018?上海二模）一质量为2kg的质点在0～15s内由静止开始从地面竖直向上运动，取竖直向上为正方向，获得以以下图的加快度和时间的变化关系图象。当t3=15s时，质点的速度大小为m/s；若以地面为零势能面，则t1=5s与t3=15s两个时辰质点的机械能之比为。五．实验题（共24分）27．（4分）（2018?上海二模）图（甲）为《用DIS研究机械能守恒定律》的实验。1）（多项选择题）以下说法中正确的选项是：A）必然测定摆锤的直径B）定位挡片的作用是改变摆锤的机械能C）摆锤着落的高度可由标尺盘直接测定D）摆锤每次都必然从摆锤开释器的地点以不同样的速度向下运动（2）某同学实验获得的数据界面如图（乙）所示，则摆锤经过C点的机械能约为，依据各点的数据分析，可以得出结论：。28．（6分）（2018?上海二模）某实验小组利用以以下图的装置丈量温度：A是容积较大的玻璃泡，A中封有必然质量的空气，B是一根与A连结的均匀细玻璃管（玻璃管的容积远小于A的容积），管的下端插入水银槽。当外界大气压p0=76cmHg，环境温度t0=27℃时，管内水银柱的高度h=46cm，在管壁外侧与水银面等高的地点标出对应的温度，此后挨次标出其余温度刻线。（1）此测温装置中，h越大，相应的温度读数越（选填“高”或“低”）；温度刻线是散布的（选填“均匀”或“不均匀”）。（2）水银柱高度h′=36cm处的温度刻度值应为℃。3）若外界大气压强变成p0′=77cmHg，读出温度为t℃，则实质温度应修正为℃。29．（7分）（2018?上海二模）某兴趣小组查阅资料获知，弹簧振子做简谐运动的周期T=2π（此中m是振子的质量，k是弹簧的劲度系数，弹簧质量忽视不计），利用该规律可以测定物体的质量。现有以下器械可供选择：一个带有夹子的金属块A（总质量m0为已知量）；待测质量的物体B；一根劲度系数未知的弹簧C；光电门传感器和挡光片D；位移传感器E；力传感器F；数据收集器G；电脑H。（1）本实验采用的器械：，（填写器械后边的字母）。依据采用的器械，简述测定系统振动周期的方法：。（2）简述丈量物体B的质量的主要步骤（直接丈量的物理量请用字母表示）：①；②。（3）依据直接丈量的物理量，B的质量mB=。30．（7分）（2018?上海二模）如图（甲）所示为使用DIS系统研究单摆的装置。液体槽的A、B两个侧面为铜板，其余部分为绝缘资料，槽中盛满导电液体。质量不计的细铜丝的上端固定在液体槽正上方的O点，下端连结一个小铜球，铜丝的下端稍穿出铜球一点长度，当铜球在液体上方摇动时，细铜丝向来与导电液体接触（铜丝与液体间的阻力忽视不计），将此系统接入电路。已知定值电阻R1=3Ω，滑动变阻器的总电阻R2=20Ω，变阻器两个端点a、b之间的长度为30cm，槽中导电液体接入电路的电阻R3=10Ω且恒定不变，铜丝的电阻不计。（1）将电键S2与c点连结，闭合1，挪动变阻器的滑动片，收集数据获得图（乙）S所示的U﹣I图象，则该电源的电动势E=V，内阻r=Ω。（2）将摆球拉离均衡地点，使其在垂直于A、B的竖直面内做简谐运动，变阻器的滑动片P移到距离a端为x的地点，并保持不变，电键S2与d点连结，闭合S1，在电脑屏幕上获得如图（丙）所示的电压与时间的变化关系图象。则单摆的振动周期T=s，摆长L=2m（取π约等于10），滑动片离a端的距离x=cm。六．计算题（共50分）31．（10分）（2018?上海二模）以以下图，用细管连结A、B两个绝热的气缸，细管中有一可以自由挪动的绝热活塞M，细管容积不计。A、B中分别装有完满同样的理想气体，初态的体积均为V1×10﹣2m3，压强均为p1×105Pa，温度和环境温度同样且均为t℃，中导热活塞N的横截面积2．现1=27ASA=500cm慢慢加热B中气体，保持A气体的温度不变，同时给N施加水平向右的推力，使活塞M的地点向来保持不变。稳准时，推力F=×103，外界大气压0N105Pa，不计活塞与缸壁间的摩擦。求：（1）A中气体的压强；（2）活塞N向右挪动的距离；（3）B中气体的温度。32．（12分）（2018?上海二模）以以下图，甲和乙是放在水平川面上的两个小物块（可视为质点），质量分别为m1=2kg、m2=3kg，与地面间的动摩擦因数同样，初始距离L=170m。二者分别以v1=10m/s和v2=2m/s的初速度同时相向运动，经过t=20s的时间二者发生碰撞，求物块与地面间的动摩擦因数μ．某同学解法以下：因动摩擦因数同样，故它们在摩擦力作用下加快度的大小是同样的，由牛顿第二定律获得加快度的大小：a=μg，设两物体在t=20s的时间内运动行程分别为s1和s2，则有：s1=v1t﹣at2，s2=v2t﹣at2，考虑到s1+s2=L即可联立解出μ。你以为该同学的解答能否合理？若合理，请解出最后结果；若不合理，请说明理由，并用你自己的方法算出正确结果。33．（14分）（2018?上海二模）以以下图，ABCD为固定在竖直平面内的绝缘轨道，AB段水平且圆滑，BC段为圆心角θ=37的°圆滑圆弧，圆弧半径，CD段为足够长的粗拙倾斜直轨，各段轨道均圆滑连结。质量×l0﹣2kg、可视为质点的小球被弹簧枪发射后，沿水平轨道向左滑行。（1）若小球向左运动到B点的速度vB，则经过多少时间小球第二次达到B点？（2）若B点左边地区存在竖直向下的匀强电场，使小球带×10﹣6C的电量，弹簧枪对小球做功，抵达C点的速度vC=2m/s，则匀强电场的大小为多少？3）上问中，若小球与CD间的动摩擦因数μ=0.，5运动到CD段的最高点时，电场忽然改为竖直向上但大小不变，小球第一次返回到C点的速度大小为多少？（取sin37=0°.6，cos37°=0.8）34．（14分）（2018?上海二模）如图（甲）所示，磁感觉强度为B的匀强磁场垂直于纸面，在纸面内固定一条以O点为圆心、半径为L的圆弧形金属导轨，长也为L的导体棒OA绕O点以角速度ω匀速转动，棒的A端与导轨接触优秀，OA、导轨、电阻R构成闭合电路。（1）试依据法拉第电磁感觉定律E=n，证明导体棒产生的感觉电动势2。E=BωL2）某同学设计了一种带有闪耀灯的自行车后轮，如图（乙）所示。车轮与轮轴之间均匀地连结4根金属条，每根金属条中间都串接一个小灯，阻值为Ω并保持不变，车轮半径r1，轮轴半径可以忽视。车架上固定一个强磁铁，可形成圆心角为θ=60的°扇形匀强磁场所区，磁感觉强度，方向如图（乙）所示。若自行车行进时，后轮顺时针转动的角速度恒为ω=10rad/s，不计其余电阻和车轮厚度。求金属条ab进入磁场时，ab中感觉电流的大小和方向。3）上问中，已知自行车牙盘半径r2=12cm，飞轮半径r3=6cm，如图（丙）所示。若该同学骑车时每分钟践踏脚板60圈，车辆和人遇到外界阻力的大小恒为10N，他骑车10分钟的时间内一共需要对自行车做多少功？2018年上海市高考物理二模试卷参照答案与试题分析一．单项选择题（共16分，每题2分．每题只有一个正确选项．）1．（2分）（2018?上海二模）对于科学家的贡献，以下表达中正确的选项是（）A．牛顿创办了微积分B．法拉第最早发现了电流的磁效应C．库仑最初正确测出了电子的电量D．亚里士多德第一提出了惯性的见解【分析】依据物理学史和知识解答，记着着名物理学家的主要贡献即可。【解答】解：A、牛顿创办了微积分，故A正确；B、奥斯特最早发现了电流的磁效应，故B错误；C、密立根初次比较正确测出电子的电量，故C错误；D、牛顿第一提出了惯性的见解，故D错误；应选：A。2．（2分）（2018?上海二模）对于原子核的变化，以下说法中正确的选项是（）A．温度越高，放射性元素的半衰期越长B．天然放射现象说明原子是可以再分的C．重核在裂变过程中向外界放出巨大的核能D．α粒子散射实验说了然原子核是可以再分的【分析】半衰期与外界要素没关，天然放射现象说明原子核内部是有结构的，卢瑟福经过α粒子散射实验提出了原子的核式结构。【解答】解：A、半衰期与外界要素没关，故A错误；B、天然放射现象说明原子核内部是有结构的，其实不是原子可以再分的，故B错误；C、重核的裂变和轻核的聚变过程都有质量损失，都向外界放出核能，故C正确；D、卢瑟福经过α粒子散射实验提出了原子的核式结构，故D错误；应选：C。3．（2分）（2018?上海二模）相关宇宙的理解，以下说法中正确的选项是（）A．质量越大的恒星寿命越长B．太阳发出的光和热来自于碳、氧等物质的焚烧C．在天空中表现暗红色的恒星的温度比表现白色的恒星的温度高D．因为光速有限，所以察看遥远的天体就相当于察看宇宙的过去【分析】依据相关宇宙规律可知：质量大的恒星寿命反而越短；光能力既和表面温度相关，也和发光面积相关。恒星的颜色是由温度决定的，温度越低，颜色越偏红，温度越高，颜色越偏蓝。太阳可以开释的能量好多，主要取决于内部发生的核聚变，向外界不停的开释光和热【解答】解：A、质量越大的恒星寿命越短，故A错误；B、太阳发出的光和热来自于在太内部阳进行着大规模的核聚变开释的能量，故错误B、恒星的颜色是由温度决定的，温度越低，颜色越偏红，温度越高，颜色越偏蓝。故在天空中表现暗红色的恒星的温度比表现白色的恒星的温度低。故C错误D、因为光速有限，遥远的天体发出的光芒抵达我们时，我们看到的是过去的宇宙射线；故所以察看遥远的天体就等于在察看宇宙的过去，故D正确应选：D。4．（2分）（2018?上海二模）用光照耀某种金属，有光电子从金属表面逸出。如果换一种频次更大、强度较弱的光照耀该金属，则（）A．单位时间内逸出的光电子数减少，光电子的最大初动能减小B．单位时间内逸出的光电子数增大，光电子的最大初动能减小C．单位时间内逸出的光电子数减少，光电子的最大初动能增大D．单位时间内逸出的光电子数增大，光电子的最大初动能增大【分析】发生光电效应的条件是入射光的频次大于金属的极限频次，与入射光的强度没关，入射光的强度只影响单位时间内发出光电子的数量。【解答】解：依据光电效应方程Ekm=hγ﹣W0得，光强度不影响光电子的最大初动能，光电子的最大初动能与入射光的频次相关；光电效应的条件是入射光的频次大于极限频次，与光的强度没关；换一种频次更大的光，则光电子的最大初动能增大；入射光的强度影响单位时间内发出光电子的数量，光的强度减弱，单位时间内发出光电子数量减少。故ABD错误，C正确。应选：C。5．（2分）（2018?上海二模）以下说法中，正确的选项是（A．只有热传达才可以改变物体的内能

）B．气体温度越高，每个分子运动的速率必然越大C．布朗运动是指在显微镜下察看到的液体分子的无规则运动D．热量不可以能由低温物体传给高温物体而不发生其余变化【分析】改变物体内能的方式有做功和热传达；温度是分子均匀动能的标记；依据布朗运动的现象和实质可判断

C；热力学第二定律反应了宏观自然过程的方向性；【解答】解：A、改变物体内能的方式有做功和热传达，故

A错误；B、温度是分子均匀动能的标记，而不是每个分子动能的标记，高温物体也有速率小的分子，故B错误；C、布朗运动的现象是固体微粒的无规则运动，反应的是液体分子的无规则运动，故C错误；D、热量不可以自觉的从低温物体传给高温物体，但在惹起其余变化的状况下可以由低温物体传给高温物体，故D正确；应选：D。6．（2分）（2018?上海二模）伽利略研究变速运动规律时做了着名的“斜面实验”：他丈量了铜球在较小倾角斜面上运动的位移和时间，发现位移与时间的平方成正比，增大斜面倾角，该规律仍旧建立。于是，他外推到倾角为90°的状况，得出结论（）A．自由落体运动是一种匀变速直线运动B．力是使物体产生加快度的原由C．力不是保持物体运动的原由D．物体拥有保持本来运动状态的惯性【分析】结论是由实验推导出来的，所以结论必然与实验相联系，题目中的结论要与跟着斜面倾角的增大，铜球做如何的运动相关。【解答】解：铜球在较小倾角斜面上的运动状况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加快度随斜面倾角的增大而增大，倾角最大的状况就是90°时，这时物体做自由落体运动，由此得出的结论是自由落体运动是一种匀变速直线运动。应选：A。7．（2分）（2018?上海二模）科学家在研究某两个重离子联合成超重元素的反应时，发现生成超重元素的原子核X经过6次α衰变后的产物是Fm．则元素X的原子序数和质量数分别为（）A．112、265B．112、277C．124、259D．124、265【分析】依据α衰变的特色；质子数、中子数和质量数之间关系；正确利用衰变过程中质量数和电荷数守恒解决相关问题。【解答】解：每经过一次α衰变质量数少4，质子数少2，经过6次α衰变质量数减少24，质子数减少12，超重元素的原子序数和质量数分别，100+12=112，253+24=277，故B正确，ACD错误。应选：B。8．（2分）（2018?上海二模）一物体在四个共点力作用下做匀速直线运动。若突然撤去一个沿运动方向的力，其余三个力保持不变，则物体做（）A．匀速圆周运动B．匀加快直线运动C．类平抛运动D．匀减速直线运动【分析】物体遇到四个力的作用，物体做匀速直线运动，这四个力是均衡力，如果此中一个力忽然消逝，节余的三个力的协力与撤去的力等值、反向、共线，是非均衡力，物体在非均衡力的作用下必然改变了物体的运动状态；曲线运动的条件是协力与速度不共线。【解答】解：A、其余三个力的协力恒定，而匀速圆周运动协力向来指向圆心，是变力，所以物体不可以能做匀速圆周运动。故A错误；B、C、D、有一个作匀速直线运动的物体遇到四个力的作用，这四个力必然是平衡力，假如撤去一个沿运动方向的力，节余的三个力的协力与撤去的力等值、反向、共线，所以节余的三个力的协力方向与速度方向相反，则物体将匀减速直线运动；故BC错误，D正确。应选：D。二．单项选择题（共24分，每题3分．每题只有一个正确选项．）9．（3分）（2018?上海二模）电视台体育频道解说棋局的节目中平常有一个竖直搁置的棋盘。该棋盘拥有磁性，每个棋子都可视为能被棋盘吸引的小磁体。对于静止在棋盘上的棋子，以下说法中正确的选项是（）A．棋盘对棋子施加三个力的作用B．磁力越大，棋子所受的摩擦力也越大C．棋盘对棋子总的作使劲比棋子的重力大D．只需磁力足够大，即便棋盘圆滑，棋子也能静止在棋盘上【分析】第一对棋子进行受力分析，依据棋子的运动状态，联合均衡的条件分析棋盘面应采用的资料。【解答】解：A、小棋子遇到重力G、棋盘面的吸引力F、弹力N和静摩擦力f，那么棋盘对棋子施加三个力的作用，故A正确。B、棋盘对棋子的吸引力与棋盘面对棋子的弹力均衡；而静摩擦力与棋子的重力均衡，与磁力大小没关，故B错误。C、由A选项分析可知，棋盘对棋子总的作使劲与棋子的重力相均衡，故C错误。D、当G＞fm=μN=μF时，棋子将下滑，故D错误。应选：A。10．（3分）（2018?上海二模）将一只苹果水平抛出，苹果在空中挨次飞过三个完满同样的窗户1、2、3，图中曲线为苹果在空中运转的轨迹，不计空气阻力。以下说法中正确的选项是（）A．苹果经过第1个窗户所用的时间最短B．苹果经过第1个窗户的过程中，重力做功最多C．苹果经过第3个窗户的过程中，重力的均匀功率最大D．苹果经过第3个窗户的过程中，竖直方向的均匀速度最小【分析】苹果水平抛出，做平抛运动，依据竖直方向上的运动规律确立苹果经过各个窗户所用时间的长短，依据重力做功的大小比较均匀功率大小。【解答】解：A、平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，速度愈来愈快，可知经过同样竖直位移所用的时间愈来愈短，所以经过第3个窗户时间最短，故A错误。B、经过三个窗户降落的高度同样，则重力做功同样，故B错误。C、经过第3个窗户时间最短，依据P=知，重力的均匀功率最大，故C正确。D、苹果经过第3个窗户的过程中，因为时间最少，则竖直方向的均匀速度最大，故D错误。应选：C。11．（3分）（2018?上海二模）用于火灾报警的离子烟雾传感器以以下图。在网罩Ⅰ内有电极Ⅱ和Ⅲ，a、b两头接电源，Ⅳ是一小块放射性同位素镅241，它能放射出一种很简单使空气电离的粒子。正常状况下镅241放射出的粒子使两个极板间的空气电离，在a、b间形成较强的电流；发生火灾时，大批烟雾进入网罩Ⅰ内，烟尘颗粒汲取此中的带电粒子，致使电流发生变化，从而报警。以下说法中正确的选项是（）A．镅241射出的是α粒子，有烟雾时电流加强B．镅241射出的是α粒子，有烟雾时电流减弱C．镅241射出的是β粒子，有烟雾时电流加强D．镅241射出的是β粒子，有烟雾时电流减弱【分析】在三种射线中，α射线的电离能力最强，烟雾进入网罩内，烟尘颗粒汲取空气中的离子和镅发出的粒子，使得烟雾电流减弱。【解答】解：放射性同位素镅241，它能放射出一种很简单负气体电离的粒子，知该粒子是α粒子。发生火灾时，烟雾进入网罩内，烟尘颗粒汲取空气中的离子和镅发出的粒子，使得电流减弱。故B正确，A、C、D错误。应选：B。12．（3分）（2018?上海二模）以以下图，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，订交于O点，两个等量异号点电荷分别位于椭圆的两个焦点M、N上。下列说法中正确的选项是（）A．O点的电场强度为零B．A、B两点的电场强度同样C．C点的电势高于D点的电势D．将电荷+q沿C、D连线从C移到D的过程中，电势能先减少后增添【分析】依据等量异种电荷电场线和等势面散布特色，可以比较

A与

B，C与

D电势、场强关系及

O、B电势高低；依据电场线疏密可知，在

M、N之间

O点场强最小；利用负电荷在电势高处电势能小，可比较负电荷在O、B电势能大小【解答】解：A、依据等量异种电荷电场线的特色可知，O点场强的方向向右，不是0．故A错误B、依据等量异种电荷电场线的特色可知，A点场强的方向向左，B点场强的方向向左，两点场强的大小相等。故B正确。C、依据等量异种电荷电场线、等势面散布特色知，OCD在同一条等势线上，所以D点电势等于C点电势。故C错误。D、依据等量异种电荷电场线、等势面散布特色知，OCD在同一条等势线上，所以D点电势等于C点电势，试一试电荷从O处移到C处电场力不做功。电势能向来不变。故D错误应选：B。13．（3分）（2018?上海二模）一列简谐横波沿x轴正方向流传，图（甲）是t=3s时的波形图，图（乙）是波中某质点P的振动图象，以下判断中正确的选项是（）A．质点B．质点

P在P在

t=3s时沿y轴负方向振动t=3s时的速度为零C．质点

P的均衡地点坐标可能是

x=4cmD．该简谐波的波速为

1m/s【分析】依据振动图象切线的斜率等于速度，分析质点P在方向。运用波形平移法判断甲图上质点的状态，从而确立质点

t=3s的速度大小和P可能的地点。分别读出波长和周期，即可求得波速。【解答】解：A、由图乙知，t=3s时图象切线的斜率为正当，说明质点P此时正沿y轴正方向振动，故A错误。B、由图乙知，t=3s时质点P的位移为0，正经过均衡地点，速度最大，故B错误。C、由图甲知，简谐横波沿x轴正方向流传，x=4cm处的质点正经过均衡地点向上，与质点P在t=3s时的状态同样，所以质点P的均衡地点坐标可能是x=4cm，故C正确。D、由甲读出波长λ=4cm，由图乙读出周期T=4s，则该波的波速v==1cm/s。故D错误。应选：C。14．（3分）（2018?上海二模）以以下图，一圆形闭合小铜环从高处由静止开始着落，穿过一根竖直悬挂的、质量为m的条形磁铁，铜环的中心轴线与条形磁铁的中心轴线向来保持重合。则细绳中弹力F随时间t的变化关系图象可能是（）A．B．C．D．【分析】依据对楞次定律判断圆环在磁铁上方与下方时遇到的磁场力方向，此后由受力分析，悬挂磁铁的绳索中拉力F与重力的关系。【解答】解：铜环闭合，铜环在着落过程中，穿过铜环的磁通量不停变化，铜环中产生感觉电流；由楞次定律可知，感觉电流老是阻截磁体间的相对运动，当铜环在磁铁上方时，感觉电流阻截铜环凑近磁铁，给铜环一个向上的安培力，所以拉力大于重力；当铜环位于磁铁下方时，铜环要远离磁铁，感觉电流阻截铜环的远离对铜环施加一个向上的安培力，则拉力大于重力；当铜环处于磁铁中央时，磁通量不变，则没有感觉电流，没有安培阻力，所以拉力等于重力，故ACD错误，B正确。应选：B。15．（3分）（2018?上海二模）以以下图，直线A为某电源的U﹣I图线，曲线B为表记不清的小灯泡L1的U﹣图线，将1与该电源构成闭合电路时，1恰巧能ILL正常发光。若将同样资料制成的标有“3V，20W”的灯泡L2与该电源构成闭合电路，以下说法中正确的选项是（）A．电源的内阻为ΩB．把灯泡L1换成L2，L2可能正常发光C．把灯泡L1换成L2，电源的输出功率可能相等D．把灯泡L1换成L2，电源的输出功率必然变小【分析】电源的外特色曲线与灯泡伏安特色曲线的交点就是灯泡与电源连结时的工作状态，由图可读出工作电压和电流及电源的电动势，从而可算出电源的输出功率。【解答】解：A、由图读出电源的电动势为E=4V，图线A的斜率大小表示电源的内阻，则r=Ω=0.5Ω，故A错误；BCD、灯泡与电源连结时，A、B两图线的交点表示灯泡的工作状态，则知其电压U=3V，I=2A，则灯泡L1的额定电压为3V，功率为=UI=6W。把灯泡L1换成“3V，20W”的灯泡L2，不可以正常发光，而由P=知：灯泡L2的正常工作时的电阻为2ΩR==灯泡L1的电阻为1Ω，Ω则知正常发光时灯泡2的电阻更凑近电源的R==L内阻，可是这里灯泡并无达到正常发光，此时L2的电阻是不确立的；电源的输出功率可能变大。可能相等，也有可能变小，故BD误，C正确；应选：C。16．（3分）（2018?上海二模）将一小球以20m/s的初速度竖直上抛，经3.5s落回原处。已知空气阻力的大小与速率成正比，则小球落回原处的速度大小为（）A．5m/sB．10m/sC．．15m/s【分析】在上涨阶段和降落阶段由由微元法表示出位移，求的时间，再利用微元法求的落地时的速度即可。【解答】解：设小球上涨的最大高度为H，时间为t1。在上涨过程中，依据牛顿第二定律得：﹣（mg+kv）=ma1=m得：﹣（mg△t+kv△t）=m△v两边乞降得：﹣mg△t﹣kv△t=m△v则得﹣mgt1﹣kH=0﹣mv0；①设着落过程用时为t2．小球落回原处的速度大小为v。在着落过程中，依据牛顿第二定律得：mg﹣kv=ma2=m得：mg△t﹣kv△t=m△v两边乞降得：mg△t﹣kv△t=m△v则得mgt2﹣kH=mv﹣0；②由①②得：mg（t1+t2）=m（v+v0）可得v=g（t1+t2）﹣v0=10×﹣20=15m/s故ABC错误，D正确。应选：D。三．多项选择题（共16分，每题4分．每题有二个或三个正确选项．全选对的，得4分；选对但不全的，得2分；有选错或不答的，得0分．）17．（4分）（2018?上海二模）英国物理学家托马斯?杨奇妙地解决了相关光源问题，第一次在实验室察看到了光的干预现象。图为实验装置简图，M为竖直线状光源，N和O均为有狭缝的遮光屏，P为像屏。现有四种刻有不同样狭缝的遮光屏，实验时正确的选择是（）A．N应采用遮光屏1B．N应采用遮光屏3C．O应采用遮光屏2D．O应采用遮光屏4【分析】双缝干预的图线是明暗相间的条纹，条纹间距等宽，从而即可求解。【解答】解：单缝衍射条纹宽度是中央亮纹最宽；双缝干预的图线是明暗相间的条纹，条纹间距等宽；是双缝干预；所以要先经过单缝后找到双缝上，形成相关光源，则N应采用遮光屏1，O应选用遮光屏2；故AC正确，BD错误应选：AC。18．（4分）（2018?上海二模）将横截面积为S的圆柱形气缸固定在铁架台上，内有可自由挪动的轻质活塞，活塞经过轻杆与重物m相连，将一团焚烧的轻质酒精棉球经阀门K搁置于活塞上，棉球熄灭时立刻封闭阀门K，此时活塞距离气缸底部为L．今后，缸内气体冷却至环境温度时，重物上涨高度为．已知环境温度恒为27℃，外界大气压为p0，缸内气体可以看作是理想气体，则（）A．重物走开地面坚固后，气体压强可能大于p0B．重物走开地面坚固后，气体压强必然小于p0C．酒精棉球熄灭的瞬时，缸内气体的温度t可能等于120℃D．酒精棉球熄灭的瞬时，缸内气体的温度t可能等于140℃【分析】酒精棉球熄灭后，以活塞为研究对象可求出封闭气体初末状态压强，利用理想气体状态方程列式即可求解【解答】解：酒精棉球熄灭时，活塞遇到封闭气体向下的压力，大气压向上的支持力，由均衡得：P1S=P0S解得：P1=P0此时体积为：V1=LS，温度为：T1=273+t重物被吸起坚固后，活塞受绳索得拉力，封闭气体向下得压力和大气压向上得支持力，由均衡得：P2S+mg=P0S解得：P20﹣＜0=PP此时体积为：V2，温度为T2=273+27K=300K有理想气体状态方程得：t=140℃应选：BD。19．（4分）（2018?上海二模）以以下图，一位同学玩飞镖游戏。圆盘最上端有P点，飞镖抛出时与P等高，且距离P点为L．当飞镖以初速度v0垂直盘面对准P点抛出的同时，圆盘以经过盘心O点的水平轴在竖直平面内匀速转动。忽略空气阻力，重力加快度为g，若飞镖恰巧击中P点，则（）A．飞镖击中P点所需的时间为B．圆盘的半径可能为C．角速度的最小D．P点随的速度可能【分析】做平抛运的同，上P点做匀速周运，恰巧中P点，明A点正幸亏最低点被中，P点的t=（2n+1），依据平抛运水平位移可求得平抛的，两相等立可求解。【解答】解：A、水平抛出做平抛运，在水平方向做匀速直运，所以t=，故A正确。B、中P点，P恰幸亏最下方，2r=，解得的半径r=，故B。C、中P点，P点的角度足θ=ωt=+2kππ（k=0，1，2⋯）故ω==，角速度的最小．故C。D、P点随的速度v=ωr=?=当k=2，v=．故D正确。故：AD。20．（4分）（2018?上海二模）如（甲）所示，相距2L的圆滑平行金属水平搁置，右接有定阻R，阻忽视不，OO′的左存在垂直于平面向下、磁感度B的匀磁。在OO′左L垂直搁置一量m、阻

0.5R的金属杆

ab，ab

在恒力

F的作用下由静止开始向右运

3L的距离，其速度与位移的化关系如（乙）所示。以下判断中正确的选项是（

）A．ab立刻走开磁场时，安培力的大小为B．整个运动的过程中，经过电阻R上的电量为C．ab立刻走开磁场时，加快度的大小为D．整个过程中，电阻R上产生的焦耳热为m（v22﹣3v12）【分析】（1）由导体切割磁感线规律可求得电动势，再由安培力公式可求得安培力，注意切割长度为2L；2）由法拉第电磁感觉定律可求解电量；3）依据法拉第定律、欧姆定律、安培力和牛顿第二定律联合求加快度。4）据法拉第电磁感觉定律求出线框中感觉电动势。依据焦耳定律和正弦交变电流的特色求出电阻R上产生的焦耳热Ql。【解答】解：A、ab立刻走开时，速度为v1，电动势1，电流I=；E=2BLv安培力F=2BIL=；故A错误；2；产生的电量B、整个过程中，磁通量的变化量为△Φ=2BLq===；故B正确；C、ab杆在走开磁场前瞬时，水平方向上受安培力F安和外力F作用，ab杆在位移L到3L的过程中，由动能定理得：F（3L﹣L）=；解得：F=设加快度为a，则F安=BILI=a=联立解得：a=﹣；故C正确；D、ab杆在磁场中发生L位移过程中，恒力F做的功等于ab杆增添的动能和回路产生的电能（即电阻R上产生的电热Q1），由能量守恒定律得：FL=联立解得：Q1；故D正确；=应选：BCD。四．填空题（共20分，每题4分．）本大题中第类，考生可任选一类答题．若两类试题均做，一律按21．（4分）（2018?上海二模）以以下图，R为一含有

22题为分叉题，分A、B两A类题计分．U的放射源，它能放出α、β、γ三种射线，变成

Rn．LL′为一张厚纸板，

MN

为涂有荧光物质的光屏，虚线框内存在平行于界限ab的匀强电场。若射线正对光屏的中心O点射出，在光屏上只察看到O、P两个亮点，则打在O点的是γ射线，虚线框内匀强电场的方向由b指向a（选填“由a指向b”或“由b指向a”）。【分析】三种射线中γ射线不带电，在电场中不偏转。一张纸就能挡住α射线。β粒子带负电，据此分析。【解答】解：α、β、γ三种射线中γ射线不带电，在电场中不偏转，所以打在O点的是γ射线。一张纸就能挡住α射线，所以打在P点的是β射线，而β粒子带负电，要使β射线向下偏转，虚线框内匀强电场的方向应由

b指向

a。故答案为：γ；由b指向a。A、B选做一题22．（4分）（2018?上海二模）以以下图，气球吊着A、B两个重物以速度v匀速上涨，已知A与气球的总质量为m1，B的质量为212、m，且m＞m．某时辰AB间细线断裂，当气球的速度增大为2v时，B的速度大小为，方向竖直向下。（不计空气阻力）【分析】气球、A、B构成的系统在竖直方向上动量守恒，当细线断裂后，因为竖直方向上动量守恒，联合动量守恒定律求出B的速度大小和方向。【解答】解：规定向上为正方向，依据动量守恒定律得：m1+m2）v=m1?2v+m2v′，解得：，因为m1＞m2．所以v′为负值，可知方向竖直向下，大小为：。故答案为：，竖直向下23．（2018?上海二模）北斗一号卫星系统的三颗卫星均定位在距离地面36000km的地球同步轨道上，而GPS系统中的24颗卫星距离地面的高度均为20000km，已知地球半径为6400km。则北斗一号卫星线速度的大小小于GPS卫星线速度的大小（选填“大于”、“小于”或“等于”）；GPS卫星加快度的大小约为北斗一号卫星的倍（取2位有效数字）。【分析】依据万有引力供给向心力得：求出速度和加快度的表达式即可求解。【解答】解：依据万有引力供给向心力得：，解得：v=，a=，因北斗一号星的半径大于GPS星的半径，所以北斗一号星速度的大小小于GPS星速度的大小，。故答案：小于，24．（4分）（2018?上海二模）示一列沿x方向播的机械波，和虚分t刻和t+△t刻的波形，B和C是横坐分d和3d的两个点。t刻点B的振方向y正方向，波的波速，（此中k=0，1，2，3⋯）。【分析】已知波的播方向，运用波形平移法分析点的振方向。依据波的周期性，写出波播距离的通，再求解波速的通。【解答】解：波沿x方向播，运用波形平移法分析知，t刻点B的振方向y正方向。由知，波的波λ=3d依据波的周期性，可知波在△t播的距离△x=kλ+d=3kd+，（此中k=0，1，2，3⋯）。波速

v=

=

，（此中

k=0，1，2，3⋯）。故答案：

y正方向，

，（此中

k=0，1，2，3⋯）。25．（4分）（2018?上海二模）如所示，在直平面内有两根量相等的均匀杆A和C，度分60cm和40cm，它的底端相抵于地面上的B点，另一端分置于直面上，面距80cm，不全部摩擦。系均衡两杆与地面的角分α和β，两面所受力的大小分FA和FC，FA等于FC（填“大于”、“小于”或“等于”），角β=37°。【分析】整体分析，抓住水平方向上受力均衡得出两面两杆的力大小关系。两杆重力相等、壁其力相等，依据均衡得出α与β的关系，合几何关系求出角β的大小。【解答】解：整体分析，整体于均衡状，整体在水平方向上遇到两壁的力，可知FA=FB，AB分析，A遇到重力、壁的力、地面它的支持力以及BCAB的作使劲，同度BC分析，受重力、壁的力、ABBC的作使劲，和地面的支持力，因两杆重力相等，壁的作使劲相等，依据均衡知，α=β，依据xABcosα+xBCcosβ=d，可知（60+40）cosβ=80，解得β=37。°故答案：等于；37°26．（4分）（2018?上海二模）一量2kg的点在0～15s内由静止开始从地面直向上运，取直向上正方向，获得如所示的加快度和的化关系象。当t3=15s，点的速度大小40m/s；若以地面零能面，t1=5s与t3=15s两个刻点的机械能之比25：28。【分析】由a﹣t图象明确物体运动性质，则可求得5s、10s及15s末的速度和位移，再由机械能的定义即可求得机械能的比值。【解答】解：由图象可知，物体的15s末的速度v=10×5﹣5×8﹣10×5=﹣40m/s；5s末物体的速度为50m/s；上涨的高度h==125m；故机械能E=mv2×；+mgh=0+20125=5000J15s末时，物体的速度v'=40m/s；此时物体的高度为h'=+50×5﹣+10×5+（﹣10）×25=200m；故机械能为：E′=mgh'+mv'2×200+×1600=5600J=20故动能的比值为：==故答案为：40；25：28五．实验题（共24分）27．（4分）（2018?上海二模）图（甲）为《用DIS研究机械能守恒定律》的实验。（1）（多项选择题）以下说法中正确的选项是：ACA）必然测定摆锤的直径B）定位挡片的作用是改变摆锤的机械能C）摆锤着落的高度可由标尺盘直接测定D）摆锤每次都必然从摆锤开释器的地点以不同样的速度向下运动2）某同学实验获得的数据界面如图（乙）所示，则摆锤经过C点的机械能约为0.03J，依据各点的数据分析，可以得出结论：在只有重力做功的状况下，物体的动能和势能互相转变，但机械能的总量保持不变。【分析】（1）明的确验原理以及该装置的各个部分作用即可正确解答此题。2）经过所给数据计算摆锤在不同样地点的机械能，判断在偏差范围内机械能能否守恒即可。【解答】解：（1）A、为了求出摆球经过光电门的速度，必然丈量小球的直径，故A正确；B、定位挡片的作用是让摆锤停下，其实不是改变其机械能，故B错误；C、依据该装置结构可知，摆锤着落的高度可由标尺盘直接测定，故C正确；D、为了考证过程中机械能能否守恒，要求摆锤每次同同一地点静止（或同样速度）下摆，故D错误。应选：AC。（2）依据表中数据，摆锤经过

C点的动能

Ek=

=

；而重力势能Ep×10×所以C点的机械能E=Ek+Ep；同理，可以计算出摆锤在A、B、D三点的机械能分别为：、、，故各点机械能大小基本一致。故得出的结论是：在只有重力做功的状况下，物体的动能和势能互相转变，但机械能的总量保持不变。故答案为：（1）AC；2），在只有重力做功的状况下，物体的动能和势能互相转变，但机械能的总量保持不变。28．（6分）（2018?上海二模）某实验小组利用以以下图的装置丈量温度：A是容积较大的玻璃泡，A中封有必然质量的空气，B是一根与A连结的均匀细玻璃管（玻璃管的容积远小于A的容积），管的下端插入水银槽。当外界大气压p0=76cmHg，环境温度t0=27℃时，管内水银柱的高度h=46cm，在管壁外侧与水银面等高的地点标出对应的温度，此后挨次标出其余温度刻线。（1）此测温装置中，

h越大，相应的温度读数越

低（选填“高”或“低”）；温度刻线是

均匀

散布的（选填“均匀”或“不均匀”）。2）水银柱高度h′=36cm处的温度刻度值应为127℃。3）若外界大气压强变成p0′=77cmHg，读出温度为t℃，则实质温度应修正为t+10℃。【分析】（1）玻璃泡的容积较大，玻璃管很细，玻璃泡内气体近似看作等容变化。越大，气体压强越小，依据查理定律可知，温度越低。依据查理定律可知，由数学知识研究获得△T与△h成正比，则刻度线均匀。（2）由等容变化：知，h′=36cm处的温度刻度值3）大气压强增大，水银面向上挪动，读数变小。应从管内水银面向下挪动必然刻度读数【解答】解：（1）玻璃泡的容积较大，玻璃管很细，玻璃泡内气体近似看作等容变化，气体的压强P=P0﹣h，h越大，P越小，由查理定律可知，温度越低。h越大，温度读数越小；气体发生等容变化，则P=KT，△P=K△T，而△P=△h，△T=△t，则△t与△h成线性关系，故刻度线的间距均匀；（2）由等容变化：知，h′=36cm处的温度刻度值T′==400K=127℃3）大气压强增大，水银面向上挪动，读数变小，因为△h=△P，所以应从管内水银面向下挪动△h的刻度线读数即t+10℃。故此题答案是：（1）低；均匀。（2）127（3）t+10。29．（7分）（2018?上海二模）某兴趣小组查阅资料获知，弹簧振子做简谐运动的周期T=2π（此中m是振子的质量，k是弹簧的劲度系数，弹簧质量忽视不计），利用该规律可以测定物体的质量。现有以下器械可供选择：一个带有夹子的金属块A（总质量m0为已知量）；待测质量的物体B；一根劲度系数未知的弹簧C；光电门传感器和挡光片D；位移传感器E；力传感器F；数据收集器G；电脑H。1）本实验采用的器械：ABCDGH，（填写器械后边的字母）。依据采用的器械，简述测定系统振动周期的方法：略微向下拉一下金属块，让金属块上下振动起来，利用光电门传感器和挡光片D联合GH，求出振动30次所用的时间，从而求得振动系统的周期。2）简述丈量物体B的质量的主要步骤（直接丈量的物理量请用字母表示）：①不放B时使用DIS系统测出振动周期T1；②将B固定在A上，使用DIS系统测出振动周期T2。（3）依据直接丈量的物理量，B的质量mB=m0。【分析】（1）依据供给的器械，组合成测定振动周期的装置，应选器械为ABCDGH，略微向下拉一下金属块，让金属块上下振动起来，利用光电门传感器和挡光片D联合GH，求出振动30次所用的时间，从而求得振动系统的周期；（2）分别测出不放B时和将B固定在A上时弹簧振子达成30次全振动的时间。依据T=求出弹簧振子的周期，依据弹簧振子做简谐运动的周期公式T=2π，求出待测物体质量。【解答】解：（1）组合成测定振动周期的装置，应选器械为ABCDGH；运用积累法丈量周期，略微向下拉一下金属块，让金属块上下振动起来，利用光电门传感器和挡光片D联合GH，求出振动30次所用的时间，从而求得振动系统的周期2）①运用积累法丈量周期：不放B时用秒表测出弹簧振子达成30次全振动的时间t1，弹簧振子的周期T1=②将B固定在的周期T2=

A上，用秒表测出弹簧振子达成。

30次全振动的时间

t2，弹簧振子（3）利用弹簧振子做简谐运动的周期公式T=2π得：，，联立解得，mB=m0故答案为：（1）ABCE（或D、或F）GH；略微向下拉一下金属块，让金属块上下振动起来，利用光电门传感器和挡光片D联合GH，求出振动30次所用的时间，从而求得振动系统的周期。（2）①不放B时使用DIS系统测出振动周期T1；②将B固定在A上，使用DIS系统测出振动周期T2．（3）m0。30．（7分）（2018?上海二模）如图（甲）所示为使用DIS系统研究单摆的装置。液体槽的A、B两个侧面为铜板，其余部分为绝缘资料，槽中盛满导电液体。质量不计的细铜丝的上端固定在液体槽正上方的O点，下端连结一个小铜球，铜丝的下端稍穿出铜球一点长度，当铜球在液体上方摇动时，细铜丝向来与导电液R1与r体接触（铜丝与液体间的阻力忽视不计），将此系统接入电路。已知定值电阻R1=3Ω，滑动变阻器的总电阻R2=20Ω，变阻器两个端点a、b之间的长度为30cm，槽中导电液体接入电路的电阻R3=10Ω且恒定不变，铜丝的电阻不计。（1）将电键S2与c点连结，闭合1，挪动变阻器的滑动片，收集数据获得图（乙）S所示的U﹣I图象，则该电源的电动势E=24V，内阻r=2Ω。（2）将摆球拉离均衡地点，使其在垂直于A、B的竖直面内做简谐运动，变阻器的滑动片P移到距离a端为x的地点，并保持不变，电键S2与d点连结，闭合S1，在电脑屏幕上获得如图（丙）所示的电压与时间的变化关系图象。则单摆的振动周期T=2s，摆长L=1m（取π2约等于10），滑动片离a端的距离x=15cm。【分析】（1）依据测定电源电动势和内电阻的原理，U﹣I图象中，纵轴的截距为电动势，斜率的绝对值为电源的等效内阻，联合电路可得，等效内阻为的和2）由电压的变化周期获得单摆的振动周期，由单摆的振动周期公式求解摆长；摇动过程中电压最大为5V，最小为1V，该电压与摆球偏离B板的距离△l成正比，联合单摆的运动特色可得，AB板的电压为6V，有益用串并联电路的电阻电压关系可得a到P得电阻，从而求得滑动片离a端的距离。【解答】解：（1）依据测定电源电动势和内电阻的原理，U﹣I图象中，纵轴的截距为电动势，故电动势为：E=24V，斜率的绝对值为电源的等效内阻，即有：，代入数据得：3+r=，解得，r=2Ω；（2）由电压的变化周期获得单摆的振动周期为2s；由单摆的振动周期T=2，则L=；摇动过程中电压最大为5V，最小为1V，该电压与摆球偏离B板的距离△l成正比，联合单摆的运动特色可得，AB板的电压为6V，即滑片P与b间的电压为6V，联合电动势为24V，设导电液体与滑动变阻器的并联总电阻为R并，联合串联电路的电压关系可得：R并：（r+R1+RaP）=6：（24﹣6），，联立解得，RaP=10Ω=R2故滑动片离a端的距离x=故答案为：（1）24，2；（2）2，1，15六．计算题（共50分）31．（10分）（2018?上海二模）以以下图，用细管连结A、B两个绝热的气缸，细管中有一可以自由挪动的绝热活塞M，细管容积不计。A、B中分别装有完满同样的理想气体，初态的体积均为V1×10﹣2m3，压强均为p1×105Pa，温度和环境温度同样且均为t1℃，中导热活塞N的横截面积A2．现=27AS=500cm慢慢加热B中气体，保持A气体的温度不变，同时给N施加水平向右的推力，使活塞M的地点向来保持不变。稳准时，推力F=×103，外界大气压0N105Pa，不计活塞与缸壁间的摩擦。求：（1）A中气体的压强；（2）活塞N向右挪动的距离；（3）B中气体的温度。【分析】（1）依据受力均衡计算A中气体的压强的大小。（2）由题意知，A中气体发生等温变化，B中发生等容变化，活塞M保持在原地点不动，A、B两部分气体的压强相等，依据玻意耳定律列式，即可求得稳准时A气体的体积，获得A气体的长度，从而求出活塞N向右挪动的距离。（3）对B中气体研究，获得压强，依据查理定理求解B气缸中的气体温度。【解答】解：（1）A中气体的压强为：2）对A气体由玻意耳定律得：p1V1=p2V2，解得：活塞N向右挪动的距离为：3）B气体温度为：T1=273+t1=273+27K=300K，T2=273+t2由查理定律：，得：所以：t2=T2﹣273=127℃答：（1）A中气体的压强×105Pa2）活塞N向右挪动的距离是5cm；3）B气缸中的气体升温到127℃。32．（12分）（2018?上海二模）以以下图，甲和乙是放在水平川面上的两个小物块（可视为质点），质量分别为m1=2k