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文档简介
山西省太原市米峪镇初级中学高三数学理联考试题含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1.若,且.则的最大值是(
)
A.
B.
C.
D.参考答案:C2.设的展开式的各项系数之和为M,二项式系数之和为N,若M-N=240,则展开式的系数为
(
)
A.-150
B.150
C.-500
D.500参考答案:B略3.函数存在零点的区间为(
)
A.(0,1)
B.
(1,2)
C.
(2,3)
D.(3,4)参考答案:D4.如果命题P:,命题Q:,那么下列结论不正确的是
A.“P或Q”为真
B.“P且Q”为假
C.“非P”为假
D.“非Q”为假参考答案:B5.若函数()满足,且时,,已知函数,则函数在区间内的零点的个数为(
)A.
B.
C.
D.参考答案:B试题分析:分别作出函数与的图象,由图象可知函数在区间内的零点的个数为8个.考点:函数图象、函数零点.6.的零点所在区间为
(
)
(A)
(B)
(C)
(D)参考答案:B7.执行如图所示的程序框图,如果输入的依次为2,2,5时,输出的为17,那么在框中,可以填入A.?
B.?
C.?
D.?参考答案:B8.函数的定义域为(
)A.
B.
C.
D.参考答案:C9.一个几何体的三视图如右图所示,则该几何体的体积是(A) (B)(C)(D)主视图1左视图1俯视图1
参考答案:10.已知数列为等差数列,且,则
(
)
A.16
B.4
C.8
D.不能确定参考答案:C二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.二项式展开式中的常数项为
.参考答案:试题分析:二项式展开式的通项为,令得,,故所求常数项为.考点:二项式定理.12.已知函数f(x)=,若a,b,c均不相等,且f(a)=f(b)=f(c),则abc的取值范围是.参考答案:(10,15)【考点】分段函数的应用.【分析】画出函数的图象,根据f(a)=f(b)=f(c),不妨a<b<c,根据f(a)=f(b)=f(c),可得﹣lga=lgb=﹣c+3∈(0,1),即可求出abc的范围.【解答】解:作出函数f(x)的图象如图,不妨设a<b<c,则∵f(a)=f(b)=f(c),∴﹣lga=lgb=﹣c+3∈(0,1)∴ab=1,c∈(10,15),∴abc=c∈(10,15).故答案为:(10,15).13.一个几何体的三视图如图所示,则该几何体内切球的体积为
.参考答案:14.对于定义在区间D上的函数f(x),若满足对,且x1<x2时都有,则称函数f(x)为区间D上的“非增函数”.若f(x)为区间[0,1]上的“非增函数”且f(0)=l,ff(x)+f(l—x)=l,又当时,f(x)≤-2x+1恒成立.有下列命题:①;②当时,f(x1)f(x-)③;④当时,.其中你认为正确的所有命题的序号为________参考答案:略15.在△ABC中,角A,B,C所对边的长分别为a,b,c,若a2+b2=2c2,则cosC的最小值为_________参考答案:【知识点】余弦定理.C8【答案解析】解析:因为a2+b2=2c2,所以由余弦定理可知,c2=2abcosC,cosC==×≥.故答案为:.【思路点拨】通过余弦定理求出cosC的表达式,利用基本不等式求出cosC的最小值.16.已知抛物线的准线为,过点且斜率为的直线与相交于点,与的一个交点为,若,则等于____________
参考答案:2
略17.四面体ABCD的每个顶点都在球O的球面上,AB,AC,AD两两垂直,且,,,则四面体ABCD的体积为____,球O的表面积为____参考答案:1;
14π【分析】①根据四面体的特征,利用锥体体积公式求解,②利用补图法可得该四面体的外接球与以AB,AC,AD为长宽高的长方体的外接球相同,求出体对角线长度即直径,即可得解.【详解】因为AB,AC,AD两两垂直,且,,,所以四面体ABCD的体积,该四面体的外接球与以AB,AC,AD为长宽高的长方体的外接球相同,直径为该长方体的体对角线长球O的表面积为.故答案为:①1,②【点睛】此题考查求锥体体积,解决几何体的外接球问题,需要积累常见几何体外接球半径的求解方法,以便于解题中能够事半功倍.三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18.已知函数.(Ⅰ)求函数的极大值.(Ⅱ)求证:存在,使;(Ⅲ)对于函数与定义域内的任意实数x,若存在常数k,b,使得和都成立,则称直线为函数与的分界线.试探究函数与是否存在“分界线”?若存在,请给予证明,并求出k,b的值;若不存在,请说明理由.
参考答案:解:(Ⅰ)……(1分)
令解得
令解得.……………………(2分)
∴函数在(0,1)内单调递增,在上单调递减.……………(3分)
所以的极大值为
…………(4分)(Ⅱ)由(Ⅰ)知在(0,1)内单调递增,在上单调递减,
令
∴
………………(5分)
取则
………………(6分)故存在使即存在使………………(7分)
(说明:的取法不唯一,只要满足且即可)(Ⅱ)设
则
则当时,,函数单调递减;
当时,,函数单调递增.
∴是函数的极小值点,也是最小值点,
∴
∴函数与的图象在处有公共点().………(9分)
设与存在“分界线”且方程为,
令函数
①由≥,得在上恒成立,
即在上恒成立,
∴,
即,
∴,故………(11分)
②下面说明:,
即恒成立.
设
则
∵当时,,函数单调递增,
当时,,函数单调递减,
∴当时,取得最大值0,.
∴成立.………(13分)
综合①②知且
故函数与存在“分界线”,
此时…………………(14分)略19.如图,在多面体ABCC1B1A1中,四边形BB1C1C为矩形,,面ABC,,,E,F分别是A1C1,AC的中点,G是线段BB1上的任一点.(1)求证:;(2)求三棱锥的体积.参考答案:(1)详见解析;(2).【分析】(1)连接.证明..推出平面.即可证明.(2)利用三棱锥的体积为求解即可。【详解】(1)证明:连接.因为,分别是,的中点,且,所以,又,所以,所以,,,四点共面.因为平面,所以平面,所以.因为,是的中点,所以.又,所以平面.又因为,所以面,所以.(2)解:在中,由,,得.因为平面,所以.又,,所以平面,因为,,,分别是,的中点,所以.又,所以面积,因为,面,面,所以面.三棱锥的体积为.【点睛】本小题主要考查直线与直线、直线与平面、平面与平面平行及垂直的判定和性质,空间几何体的体积等基础知识,考查空间想象能力、推理论证能力、运算求解能力,考查化归与转化思想、数形结合思想,考查直观想象、逻辑推理、数学运算等核心素养.20.(本题满分16分)本题共有3个小题,第1小题满分4分,第2小题满分6分.第3小题满分6分.已知椭圆的一个焦点为,点在椭圆上,点满足(其中为坐标原点),过点作一斜率为的直线交椭圆于、两点(其中点在轴上方,点在轴下方).(1)求椭圆的方程;(2)若,求的面积;(3)设点为点关于轴的对称点,判断与的位置关系,并说明理由.参考答案:解:(1)由,得……………..2分
a2=2,b2=1,
所以,椭圆方程为.
………..4分
(2)设PQ:y=x-1,由得3y2+2y-1=0,
…..6分
解得:P(),Q(0,-1),由条件可知点,
=|FT||y1-y2|=.
…………………10分
(3)判断:与共线.
…..……..……..…………11分
设则(x1,-y1),=(x2-x1,y2+y1),=(x2-2,y2),
……………..12分
由得.
………………..13分(x2-x1)y2-(x2-2)(y1+y2)=(x2-x1)k(x2-1)-(x2-2)(kx1-k+kx2-k)=3k(x1+x2)-2kx1x2-4k=3k-2k-4k=k()=0.
…………..15分
所以,与共线.
…………..16分21.(本小题满分12分)近年来,我国许多地方出现雾霾天气,影响了人们的出行、工作与健康.其形成与有关.是指大气中直径小于或等于2.5微米的颗粒物,也称为可入肺颗粒物.日均值越小,空气质量越好.为加强生态文明建设,我国国家环保部于2012年2月29日,发布了《环境空气质量标准》见下表:日均值k(微克)空气质量等级一级二级超标
某环保部门为了了解甲、乙两市的空气质量状况,在某月中分别随机抽取了甲、乙两市6天的日均值作为样本,样本数据茎叶图如右图所示(十位为茎,个位为叶).(Ⅰ)求甲、乙两市日均值的样本平均数,据此判断该月中哪个市的空气质量较好;(Ⅱ)若从甲市这6天的样本数据中随机抽取两天的数据,求恰有一天空气质量等级为一级的概率.参考答案:(Ⅰ).因为,所以甲市的空气质量较好.
…4分(Ⅱ).即恰有一天空气质量等级为一级的概率为.---------
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