3_8064922_18.不等式恒成立的一个母题

2017年课标高考 母题 备战高考数学的一条捷径 741 中国 高考数学母题 (第 208 号 ) 不等式恒成立的 一个 母题 在高考中 ,有一类热点问题 :“ 已知含参数 a 的 函数 f(x)=F(x,a)满足 :f(m)=F(m,a)=0,当 x m 时 ,不等式 f(x)=F(x,a) 0 恒成立 ,求参数 a 的取值范围” ,为此 ,我们构造母题如下 : 母题结构 :已知含参数 a 的函数 f(x)=F(x,a)满足 :当且仅当 x=m 时 ,f(m)=F(m,a)=0; ( )若当 x m 时 ,f(x)=F(x,a) 0 恒成立 ,则 f (m) 0;( )若当 x m 时 ,f(x)=F(x,a) 0 恒成立 ,则 f (m) 0. 母题 解 析 :( )当 x f(x) 0 当 xf(x)f(m) 当 xmx )()(0 f (m)= )()( 0;同理可证 ( ). 子题类型 :(2016 年 四川 高考 理科 试题 )设函数 f(x)=中 a R.( )讨论 f(x)的单调性 ; ( )确定 a 的所有可能取值 ,使得 f(x)1,+ )内恒成立 (e=为自然对数的底数 ). 解析 :( )由 f (x)= 当 a0 时 ,f(x)在 (0,+ )上 递 减 ;当 a0 时 ,f(x)在 (0, 递 减 ,在 (+ )上 递 增 ; ( )令 h(x)=f(x)-(则 h(1)=0;当 x1 时 ,f(x)当 x1 时 ,h(x)0 当 x1 时 ,1 )1()( x h (1)=1)1()( x 0 20 a 21 ;当 a 21 时 ,由 h (x)=2 21x 110 h(x)在 (1,+ )上单 调递 增 h(x)h(1)=a 的取值范围 是 21,+ ). 点评 :应用母题解决“当 x 不等式 f(x) f(m)=0恒成立”问题的 模式是 :当 xm 时 ,由 f(x)f(m) 当 x mx )()(0 f (m)= )()( 0;基本程序是由 f (m) 0,求得参数 (必要条件 );然后 ,证明 :当参数 a f(x) 得 参数 . 同 类 试题 : 1.(2010 年课标高考文科试题 )设函数 f(x)=x( )若 a=21,求 f(x)的单调区间 ; ( )若当 x 0 时 ,f(x) 0,求 a 的取值范围 . 2.(2016 年 全国 高考 甲 试题 )已知函数 f(x)=(x+1)( )当 a=4 时 ,求曲线 y=f(x)在 (1,f(1)处的切线方程 ; ( )若当 x (1,+ )时 ,f(x)0,求 a 的取值范围 . 子题类型 :(2015 年 山东 高考试题 )设函数 f(x)=ln(x+1)+a(其中 aR . ( )讨论函数 f(x)极值点的个数 ,并说明理由 ; ( )若 x0,f(x)0 成立 ,求 a 的取值范围 . 解析 :( )由 f (x)=11x(2); 当 a=0 时 ,f(x)极值点的个数 为 0; 当 =90,即 098时 ,f(x)极值点的个数 为 2; 742 备战高考数学的一条捷径 2017年课标高考 母题 ( )由 ( )知 ,当 f(x)在0,+ )内单调递增 f(x) f(0)=0; 当21 a 1 时 ,f (x) 0 f (x)在 0.+ )内单调递增 f (x) f (0) 0 f(x)在 0.+ )内单调递增 f(x) f(0)=0; 当 00 f(x)在 0.+ )內单调递增 f(x) f(0)=实数 a 的取值范围是 0,1. 点评 :母题的关键 作用是由 f (m) 0 获 得参数 a 的取值范围 D(必要条件 ),特别注意 :a D 未必是 f(x) 0 的充分 条件 ;较佳的接近 f(x) 0的充分 条件 (大多数情况下 ,由 f (m) 0得到的是其充 要 条件 ). 同 类 试题 : 3.(2006 年全国 高考试题 )已知函 数 f(x)=11. ( )设 a0,讨它 y=f(x)的 单调 性 ; ( )若 对 任意 x (0,1)恒有 f(x)1,求 a 的取 值 范 围 . 4.(2010 年全国 高考试题 )设函数 f(x)=1( )证明 :当 x ,f(x)1 ( )设当 x 0 时 ,f(x)1 a 的取值范围 . 分 性 子题类型 :(2013 年 辽宁 高考 理科 试题 )已知函数 f(x)=(1+x)g(x)=3x+1+2 x 0,1时 , ( )求证 :1f(x)x11; ( )若 f(x) g(x)恒成立 ,求实数 a 的取值范围 . 解析 :( )当 x 0,1时 ,由 1f(x) 1(1+x)(1+x)(1-x) h(t)=(1-t)et,t ,则 h (t) =当 t 0,1时 ,h (t) 0 h(x) h(0)=1;当 t 时 ,h (t) 0 h(h(t) h(0)=1 h( h(x) (1+x)(1-x)1f(x);又由 f(x) x11 (1+x)x11 (1+x)2 x+1 成立 ; ( )设 T(x)=f(x)-g(x),则 T(0)=0,所以 ,由 T(x) 0 T (0) 0 a a T(x)=f(x)-g(x) 1x)= (a+1+22x+2令 m(x)=a+1+22x+2 m (x)=m (x)=1x+33x); ( )设实数 k 使得 f(x)k(x+33x),对 x (0,1)恒成立 ,求 k 的最大值 . 10.(2010 年课标高考 理科 试题 )设函数 f(x)=( )若 a=0,求 f(x)的单调区间 ; ( )若当 x 0 时 ,f(x) 0,求 a 的取值范围 . 11.(2016 年 四川 高考 文科 试题 )设函数 f(x)=g(x)=中 a R,e=为自然对数的底数 . ( )讨论 f(x)的单调性 ; ( )证明 :当 x1 时 ,g(x)0; ( )确定 a 的所有可能取值 ,使得 f(x)g(x)在区间 (1,+ )内恒成立 . ( )f(x)在 (- , (0,+ )上单调递增 ,在 ()上单调递减 ; ( )当 x 0 时 ,f(x) 0 当 x 0 时 ,x( 0 当 x 0 时 ,0;令 g(x)= g(0)=0,所以 ,当 x 0 时 ,g(x) 0 g (0)=0)0()( x 0 10 a 1;当 a 1 时 ,则 g (x)=0 当 x 0 时 ,g(x)g(0)=a 的取值范围 是 (- ,1. ( )切线 :2x+;( )当 x (1,+ )时 ,f(x)0 ;令 g(x)= g(1)=0,且1 )1()( x g (1)=1)1()( x 0 a 2;当 a 2 时 ,g (x)=22)1( 1)1(2 xx 0 g(x)在 (1,+ )上单 调递 增 g(x)g(1) =a (- ,2. ( )当 a=2 时 ,f(x)在 (- ,0),(0,1)和 (1,+ )内 单调递增 ;当 02 时 ,f(x)在 (- ,),(,1)和 (1,+ )内 单调递增 ,在 (,)内 单调 递减 ; ( )令 g(x)=f(x) g(0)=0,所以 ,任意 x (0,1)恒有 f(x)1,即 g(x)0 g (0) 0 a 2;当 a 2 时 ,g (x)= f (x)=22)1( )2( e 0 g(x)在 (0,1)内 单调递增 g(x)g(0)=0 f(x)a 的取值范围 是 (- ,2. ( )当 x由 f(x)1x+1易证 ;( )当 x 0时 f(x)=101f(x) 0 0 a 0 f(x)11 x=0,则 a R;若 x0,则 1)( 0;令 g(x)=1)(则 g (x)=(1-a)ex+a g (0)=0,g (x)=(1-a)x+(1 g (0)=10 a21; 当 a21时 ,g (x) 0 g (x)在 0,+ )内 单调递增 g (x) g (0)=0 g(x)在 0,+ )内 单调递增 g(x) g(0)=0; 当a21时 ,在 x=0 的右侧附近 ,g (x)22,且 g(x)在 (0,1)内 单调递增 g(x)g(0)=0 f(x)2(x+33x); ( )令 h(x)=f(x)-k(x+33x),x (0,1),则 h(0)=0,所以 ,当 x (0,1)时 ,f(x)k(x+33x),即 h(x)0 h (0) 0 k 2;当 k=2 时 ,由 ( )知 ,f(x)k(x+33x)k 的最大值 为 2. ( )当 a=0 时 ,由 f(x)=f (x)=此列表如下 :由表知 ,f(x)在(- ,0)上 单调 递减 0,+ )上 单 调 递增 ; ( )由 f(x)=f (x)= f(0)=0,所以 ,当 x 0 时 ,f(x) 0 f (0) 0 a21;当 a21时 ,f (x)=(x+1)1x 0 f(x) f(0)=a 的取值范围 是 (- ,21. ( )当 a0 时 ,f(x)在 (0,+ )上 递 减 ;当 a0 时 ,f(x