2019年江苏省扬州市邗江区九年级（上）期末物理试卷两套附答案解析

2019年江苏省扬州市邗江区九年级（上）期末物理试卷两套附答案解析试题一一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每题四个选项中只有一个选项正确）1下列生活场景中，通过做功来改变物体内能的是（）A搓动双手感到暖和B用嘴向手“哈气”感到暖和C冬天晒太阳身体感到暖和D围坐火炉烤火感到暖和2如图所示的四种情景中，人对物体做功并使物体势能增大的是（）A工人推车，车没有动B将箱子搬到桌上C举起杠铃不动D滚动中的足球3下列是生活中常见的一些数据，错误的是（）A中学生正常骑自行车的功率约70WB日光灯正常工作时的电流约200mAC将物理课本从地面上捡到课桌面做功约20JD汽油机的效率约30%4关于温度、内能、热量三者关系，下列说法中正确的是（）A温度高的物体，内能一定大B物体温度升高，一定是吸收了热量C物体吸收了热量，温度一定升高D物体内能与温度有关5如图所示，几只串联的水果电池提供的电力足够点亮排成V字形的一组发光二极管下列说法正确的是（） A水果电池将电能转化为化学能B一组二极管同时发光说明它们一定是串联的C二极管是由半导体材料制成的D如果少串联一个水果电池，二极管将变亮6如图所示为家用电饭锅，与它有关的下列数据最符合实际的是（）A正常工作时的电流是0.01AB正常工作时的电压为12VC正常工作时的功率为700WD正常工作1小时消耗的电能约为360J7如图是学生设计的模拟调光灯电路闭合开关后，移动回形针，发现灯泡发光，但亮度几乎不变，产生这一现象的原因可能是（）A灯泡的阻值相对铅笔芯太大B铅笔芯的总阻值太大C灯泡被短路D电源断路8在制作简易电动机的过程中，若要改变电动机的转动方向，可以（）A改变通电电流的大小B将电源的正负极对调C换用磁性更强的磁铁D增加电动机的线圈匝数9如图是一个酒精浓度检测电路，R为气敏电阻，其阻值与酒精气体浓度成反比，R0为定值电阻，电源电压恒定不变下列说法正确的是（）A酒精气体浓度增大，电压表示数变小B酒精气体浓度减小，电流表示数变大C酒精气体浓度增大，电路消耗的总功率变小D酒精气体浓度减小，电压表与电流表示数的比值不变10如图a是一个用电压表的示数反映温度变化的电路原理图，其中电源电压U=4.5V且保持不变，电压表量程为03V，R0是300的定值电阻，R1是热敏电阻，其电阻随环境温度变化的关系如图b所示若闭合开关S（）A电压表的最小示数是1.5VB环境温度为40时，热敏电阻阻值是150C电压表V示数越小，环境温度越高D此电路允许的最高环境温度为6011如图所示的电吉它主要由“拾音器”和“音箱”组成，拾音器上装有磁铁和线圈拨动钢弦，让其振动，导线因切割磁感线而产生不同频率的电流，该电流经放大后通过音箱中的扬声器而发声拾音器和扬声器的工作原理分别与哪个装置的工作原理相同（）A电动机、发电机B发电机、电动机C发电机、发电机D电动机、电动机12现有电源、开关、电流表、电压表、灯泡、滑动变阻器各一个，其中灯泡的UI图象如图所示将这些元件用导线连成电路后，闭合开关，滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数从5V开始减小，电流表的示数从0.3A开始增大下列结论正确的是（）A电源的电压为5VB小灯泡的最大功率为0.3WC整个电路的最小功率是1.8 WD滑动变阻器的最大阻值为20二、填空题（本大题包括10小题，每空1分，共28分）13街上的路灯同时发光同时熄灭，据此_ （选填“能”或“不能”）判断其连接方式如果看到其中一盏灯因故障而熄灭，但其它路灯依然发光，由此可以断定路灯的连接方式为_联（选填“串”或“并”）14学校升旗仪式上，当升旗手缓缓向下拉绳子时，国旗就会徐徐上升，这是由于旗杆顶部有一个_滑轮，它的作用是_，它_（能/不能）省功15如图所示，轻质杠杆OA的中点悬挂一重G=60N的物体，在A端施加一竖直向上的力F，杠杆在水平位置平衡，则F=_N保持F的方向不变，在将杠杆从A位置匀速提到B位置的过程中，力F将_（选填“变大”、“不变”或“变小”）16汽油机工作时，汽油在气缸内燃烧时将_能转化为内能如图所示的是四冲程汽油机工作状态示意图，由图可以看出，此时它正处在_冲程某单缸四冲程汽油机在1s内完成了15个工作循环，则该汽油机工作时飞轮的转速为_R/min17如图是皮球落地后弹起过程中每隔相等时间曝光一次所拍摄的照片由图可知，下落过程中，皮球的速度_；离开地面上升的过程中，皮球重力势能_，机械能_（均选填“增大”、“减小”或“不变”）18如图所示电路中，电源电压恒定，电阻R的阻值20（1）闭合开关S2时，R和L是_联；（2）在对S1和S2进行闭合或断开的各种操作中，电流表可读得0.5A和0.3A两个值，那么电源电压U=_V，灯泡电阻RL=_（灯泡电阻不随温度变化）19如图所示电路，滑动变阻器的滑片位于中点，闭合开关，滑片向左移动时，灯泡的亮度将_（选填“变亮”、“变暗”或“不变”）电流表A1的示数将_，电压表示数与电流表A2示数的比值将_（以上两空选填“变大”、“变小”或“不变”）20如图所示是小利设计的一种限流器原理图，当电流超过限制电流时，会自动切断电路（1）当电流超过限制电流时，衔铁N被电磁铁M吸引过去，匀质的金属杆OA在弹簧拉力作用下绕O点转动，电路断开刚转动时，杠杆0A属于_杠杆（2）若要把限流器接入家庭电路中，从安全用电角度考虑，应该把它接在进户线的_线上（3）调试时，电流尚未达到设计的限制电流，限流器已经切断电路为达到设计要求，应把滑动变阻器滑片P向_移动21小红在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量都是2kg的水和另一种液体进行了实验，并用图象对实验数据进行了处理，如图所示实验中，水和另种液体在相同时间内放出的热量相等分析图象可以得出：_物质为水；另一种液体的比热容为_J/（kg），这种液体在15min内放出热量为_J22某自动恒温箱的控制电路如图甲（a、b端所控制的加热电路未画出）箱内电阻Rl=5k，R2为热敏电阻，其阻值随温度变化的图象如图乙所示，电源电压为12V当a、b间的电压Uab小于2.4V时，恒温箱内的电热丝通电加热；当a、b间的电压Uab大于3V时，电热丝停止加热（1）a、b间的电压Uab等于2.4V时，控制电路中的电流为_mA，热敏电阻R2的阻值为_k（2）恒温箱内的温度范围为_到_三、解答题（本大题包括10小题，共48分24-25题要求有计算过程）23按要求完成下列作图：（1）如图1所示的棒ABC可绕A点的转轴转动，请画出要使棒ABC在图中位置保持平衡时所需的最小力F的示意图；（2）在图2中的内填上适当的电表符号，使灯泡能发光；（3）小明想在卧室安装一盏照明电灯，请在图3中帮他把灯和开关接入电路24用如图甲所示的滑轮组提升物体M，已知被提升的物体M重为600N，卷扬机加在绳子自由端的拉力F将物体M在20s内匀速提升到10m的高度拉力做的功W随时间t的变化图象如图乙所示，不计钢丝绳的重、摩擦力大小求：（1）滑轮组提升重物所做的有用功是多少？（2）滑轮组提升重物的机械效率是多少？（3）动滑轮的重力是多少？25电吹风是现代家庭的常用电器如图甲所示是电吹风的电路原理图，R是电热丝，M是带动风扇转动的电动机，三角牌电吹风的主要技术参数如表所示，求：三角牌电吹风ZJQF003额定电压220V频率50Hz吹热风时功率880W吹冷风时功率110W（1）当只闭合S1时，电动机正常工作，通过电动机的电流为多大？（2）同时闭合S1、S2时，电吹风正常工作，10min内电流通过电热丝R产生的热量是多少？（3）小明家的电能表如图乙所示，当小明家其它用电器都关闭，只有电吹风正常工作且吹热风时，在15min内电能表的转盘能转多少圈？26小红设计的三个实验：甲图中条形磁铁对悬在空中的回形针_（有/没有）力的作用；乙图是研究短路引起熔丝熔断的实验，则应该将导线接在_两点间造成短路，引起熔丝熔断；丙图是为了研究温度对导体电阻的影响，设计的实验电路：用酒精灯对电路中的一段灯丝（阻值约30）加热，观察导体电阻的变化，该实验方案存在缺陷是_，改进方案：_27某同学在总结所做的物理探究实验时发现了如下规律：（1）当要研究的物理量不易直接测量时，可以用_法把它们间接表示出来如：图（甲）的实验是通过观察_，间接的知道小球A动能的大小；图（乙）的实验是通过观察_，间接的比较两个电阻丝产生热量的多少（2）当要研究的物理量与多个因素有关时，都要采用控制变量法如：图（甲）的实验中，使用同一个小球是为了探究动能大小与_的关系；图（乙）中将两个电阻串联起来是为了探究电流产生的热量与_的关系（3）有些实验装置经过适当的改进还可以进行其它的实验如：图（甲）装置中增加弹簧测力计、刻度尺等器材，还可以探究斜面的机械效率是否与物体的重力有关；图（乙）中如果再增加一个_和电流表，还可以探究电流产生的热量与电流大小的关系28关于机械的研究（1）某同学利用身边的塑料直尺和硬币若干来验证杠杆平衡的条件，如图甲所示，当杠杆在水平位置平衡时，他测出从支点O到硬币边缘的距离作为力臂L1和L2的大小，他测力臂的方法是_的（选填“正确”或“错误”）如果将两边的硬币以相同大小的速度同时做远离支点的匀速移动，则杠杆_ （选填“仍平衡”、“左端向下倾斜”或“右端向下倾斜”）（2）某小组同学在探究滑轮组的机械效率与哪些因素有关时，提出了一些猜想为了验证猜想是否正确，该小组同学们按如图丙所示的A、B、C、D四种情形组装滑轮组为了验证猜想“两个相同滑轮组成的滑轮组，其机械效率与滑轮组细线的绕法有关”，应选择装配图中的_两组滑轮组做对比实验；按装配图A、B或图C、D两个滑轮组做对比实验，可以验证什么猜想？_29利用如图所示的电路可以验证电功与电流的关系（1）图中两只灯泡的连接方式是_联，它们工作时的电阻要_（选填“相同”或“不同”）（2）小明正确操作，验证了实验的结论支持该结论的实验现象是_30如图所示是研究“影响电磁铁磁性强弱因素”的装置图，通过观察指针B的偏转角度的大小来判断电磁铁的磁性强弱（1）指针下方的物体A应是_（选填“铁”“铝”或“塑料”）材料制成的（2）当开关闭合后，电磁铁的右端为_极（3）当导线a由接线柱1改为Y与接线柱2相连时，闭合开关后，可发现指针B偏转角度将会_（选填“变大”或“变小”）31小红设计了如图甲所示的电路来测量一个未知电阻的阻值，其中Rx为待测电阻，R1为电阻箱，S为单刀双掷开关，R为定值电阻实验主要步骤有：A把开关S接b点，调节电阻箱，使电流表的示数为I；B读出电阻箱的示数R1；C把开关S接a点，读出电流表的示数为I；D根据电路图，连接实物，将电阻箱的阻值调至最大（1）上述步骤的合理顺序是_（只需填写序号）（2）步骤A中电阻箱调节好后示数为30若已知R的阻值为10，则待测电阻的阻值为_（3）本实验物理思想方法可称为_（选填“控制变量法”或“等效替代法”）（4）本实验中如果没有电阻R，_（可以/不可以）测量出未知电阻的阻值（5）小明测量未知电阻设计的电路如图乙所示，如果去掉R，_（可以/不可以）测量出未知电阻的阻值，理由是_32现有两只小灯泡L1、L2，它们的额定电压分别为2.5V和3.8V（1）如图甲是小明测定灯泡L1额定功率的实物电路图（不完整）请用笔画线代替导线将实物电路图连接完整正确连接电路后闭合开关，发现电压表有示数，电流表示数几乎为零，灯泡不发光，导致这一现象的原因可能是_正确连接电路后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到_端（选填“A”或“B”）闭合开关后，移动滑片P，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，是_A，则灯泡L1的额定功率为_W（2）小华利用图丙所示的电路测出了灯泡L2的额定功率图中R为阻值已知的定值电阻，还缺两个开关和一只电表（电流表或电压表），请在虚线框内补上这三个元件的符号，使电路完整，实验操作简单参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每题四个选项中只有一个选项正确）1下列生活场景中，通过做功来改变物体内能的是（）A搓动双手感到暖和B用嘴向手“哈气”感到暖和C冬天晒太阳身体感到暖和D围坐火炉烤火感到暖和【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能【分析】改变物体的内能的方法有：一是做功，二是热传递做功实质是能量的转化过程；热传递实质是内能的转移据此分析判断【解答】解：A、搓手时两手摩擦做功，机械能转化为内能，手的内能增加、温度升高，是通过做功改变内能的，符合题意；B、向手“哈气”是通过热传递的方式改变物体内能的，不符合题意；C、晒太阳是从太阳吸热，是通过热传递的方式改变物体内能的，不符合题意；D、火炉取暖是从火炉吸热，是通过热传递的方式改变物体内能的，不符合题意；故选A2如图所示的四种情景中，人对物体做功并使物体势能增大的是（）A工人推车，车没有动B将箱子搬到桌上C举起杠铃不动D滚动中的足球【考点】力是否做功的判断；动能和势能的大小变化【分析】做功必须具备两个必要因素：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过距离判定有没有做功，就从是否具备这两个必要因素入手重力势能的影响因素是质量和高度，据此结合做功情况做出判断【解答】解：A、工人推车，车没有动，有力，但汽车没有在推力的作用下通过一段距离，故对汽车没有做功，势能也不变；B、将箱子搬到桌上，给箱子一个向上的力，箱子被搬起，通过了一段距离，故做了功，且高度增加，重力势能变大；C、举起杠铃不动，有力，但物体没有移动距离，因此没有力做功，势能也不变；D、滚动中的足球靠的是惯性向前运动，没有力作用在物体上，因此不做功，势能也不变故选B3下列是生活中常见的一些数据，错误的是（）A中学生正常骑自行车的功率约70WB日光灯正常工作时的电流约200mAC将物理课本从地面上捡到课桌面做功约20JD汽油机的效率约30%【考点】功率的概念；功的计算；热机的效率；电流的大小【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个【解答】解：A、中学生正常骑自行车的功率约70W，该选项估测符合实际；B、日光灯正常工作时的电流约200mA，该选项估测符合实际；C、课桌的高度约为0.7m，物理课本的重力约为3N，对课本所做的功W=Gh=0.7m3N=2.1J，该选项不符合实际；D、汽油机的效率约30%左右，符合实际故选：C4关于温度、内能、热量三者关系，下列说法中正确的是（）A温度高的物体，内能一定大B物体温度升高，一定是吸收了热量C物体吸收了热量，温度一定升高D物体内能与温度有关【考点】温度、热量与内能的关系【分析】A、内能与物体的质量、温度以及状态有关B、改变物体内能有两种方法，做功和热传递C、晶体熔化、液体沸腾时吸热，温度保持不变，内能增加D、温度是分子平均动能的标志，温度越高分子热运动越剧烈【解答】解：A、内能与物体的质量、温度以及状态有关，因此不确定质量和状态时，温度高的物体内能不一定大；故A错误；B、物体吸收热量和对物体做功，都能使内能增加，温度升高，所以说物体温度升高，不一定是吸收了热量，故B错误的；C、物体吸收热量，内能一定增加；但温度不一定升高，例如：晶体熔化过程中，吸收热量，温度不变，故C错误；D、因为物质都是由分子组成的，并且分子在永不停息地做无规则运动，物体的内能跟物体的温度有关，温度越高，物体内部分子无规则运动就越剧烈，物体的内能就越大，故D正确故选D5如图所示，几只串联的水果电池提供的电力足够点亮排成V字形的一组发光二极管下列说法正确的是（） A水果电池将电能转化为化学能B一组二极管同时发光说明它们一定是串联的C二极管是由半导体材料制成的D如果少串联一个水果电池，二极管将变亮【考点】半导体的特点；串联电路和并联电路的辨别【分析】水果电池是将化学能转化为电能；两个或多个灯，同时亮、同时灭，可以串联、也可以是并联；导体和绝缘体在一定条件下可以相互转化；电池串联时，得到的电压是每个电池的电压之和【解答】解：A、水果电池是将化学能转化为电能，故A错误；B、一组二极管同时发光，可能是串联，也可能是并联，故B错误；C、发光二极管是由半导体材料制成的，故C正确；D、如果少串联一个水果电池，电压变小，二极管将变暗，故D错误故选：C6如图所示为家用电饭锅，与它有关的下列数据最符合实际的是（）A正常工作时的电流是0.01AB正常工作时的电压为12VC正常工作时的功率为700WD正常工作1小时消耗的电能约为360J【考点】电流的大小；电压；电功的计算；电功率【分析】电饭锅正常工作的电流在3A左右；我国家庭电路电压为220V；电饭锅属于较大功率的用电器，额定功率在500W以上；在得出电饭锅功率的前提下，利用W=Pt得到消耗的电能【解答】解：B、在我国，家庭电路电压为220V，常见家用电器的额定电压与家庭电路电压应该一致，也是220V选项B错误；C、电饭锅属于功率较大的用电器，额定功率在700W左右选项C正确；A、电饭锅正常工作的电流在I=3.2A左右选项A错误；D、电饭锅正常工作1h消耗的电能约W=Pt=700W3600s=252000J选项D错误故选C7如图是学生设计的模拟调光灯电路闭合开关后，移动回形针，发现灯泡发光，但亮度几乎不变，产生这一现象的原因可能是（）A灯泡的阻值相对铅笔芯太大B铅笔芯的总阻值太大C灯泡被短路D电源断路【考点】电阻【分析】题中的铅笔芯相当于一个滑动变阻器，它和灯泡串联分压，且电压和其电阻成正比再根据公式P=分析灯泡的实际功率的变化和灯泡亮度的变化【解答】解：铅笔芯和小灯泡串联分压，在移动回形针的过程中，发现灯泡发光，但亮度几乎不变，根据公式P=可知，灯泡实际功率和其两端的电压的平方成正比，灯泡实际功率几乎不变，是因为两端的电压几乎不变，原因是铅笔芯的电阻相对于小灯泡来说，其电阻太小，也就是说，小灯泡的电阻值相对铅笔芯太大，故BCD错误，A正确故选A8在制作简易电动机的过程中，若要改变电动机的转动方向，可以（）A改变通电电流的大小B将电源的正负极对调C换用磁性更强的磁铁D增加电动机的线圈匝数【考点】实用电动机的构造、特点和应用【分析】电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动，影响转动方向的因素有磁场方向和电流方向，如果只改变磁场方向或只改变电流方向，则线圈转动方向改变，如果同时改变两个因素，则转动方向不改变【解答】解：A、电流方向影响线圈转动方向，电流大小影响的是转动速度，故A不正确；B、这样做可以改变电流方向，故B正确；C、磁场方向影响线圈转动方向，磁性强弱影响的是转动速度，故C不正确；D、这样做可以增大转速，不改变转动方向，故D不正确故选B9如图是一个酒精浓度检测电路，R为气敏电阻，其阻值与酒精气体浓度成反比，R0为定值电阻，电源电压恒定不变下列说法正确的是（）A酒精气体浓度增大，电压表示数变小B酒精气体浓度减小，电流表示数变大C酒精气体浓度增大，电路消耗的总功率变小D酒精气体浓度减小，电压表与电流表示数的比值不变【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，定值电阻R0与气敏电阻R串联，电压表测量定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流；根据气敏电阻阻值随酒精浓度的增大而变小可知酒精浓度变化时R阻值的变化，根据欧姆定律可得电路中电流的变化，根据P=UI可知电路消耗总功率的变化；再根据欧姆定律结合定值电阻R0的阻值判断两电表示数比值的变化【解答】解：由电路图可知，定值电阻R0与传感器的电阻R串联，电压表测量定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流；由题意可知，气敏电阻，其阻值与酒精气体浓度成反比，即气敏电阻阻值随酒精浓度的增大而变小；A、酒精气体浓度增大，R的阻值减小，由串联电路的分压原理可知R分压减小，定值电阻两端电压变大，电压表示数变大，故A错误；B、酒精气体浓度减小，R变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流减小，电流表示数减小，故B错误；C、酒精气体浓度增大，R阻值变小，电路总电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流I变大，电路消耗的总功率P=UI变大，故C错误；D、电压表与电流表示数的比值等于定值电阻R0的大小，无论是酒精浓度增大还是减小，电压表与电流表示数的比值始终不变，故D正确故选D10如图a是一个用电压表的示数反映温度变化的电路原理图，其中电源电压U=4.5V且保持不变，电压表量程为03V，R0是300的定值电阻，R1是热敏电阻，其电阻随环境温度变化的关系如图b所示若闭合开关S（）A电压表的最小示数是1.5VB环境温度为40时，热敏电阻阻值是150C电压表V示数越小，环境温度越高D此电路允许的最高环境温度为60【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图知两电阻串联，电压表测R0两端电压（1）由图象可知温度为0时热敏电阻的阻值最大，此时电压表的示数最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的最小示数；（2）由图b可知环境温度为40时热敏电阻的阻值；（3）根据欧姆定律可知电压表示数越小时电路中电流的变化，再根据欧姆定律可知电路中总电阻的变化，利用串联电路的电阻特点可知热敏电阻的变化，根据图象可知环境温度的变化；（4）当电压表的示数最大时电路允许测量的温度最高，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出热敏电阻的阻值，由图象读出环境的最高温度【解答】解：由a图可知，R0、R1串联，电压表测R0两端电压，A、由图象可知，温度每升高20，R1的阻值减小50，所以温度为0时，热敏电阻的阻值最大R1大=300，由串联电路的分压原理可知，此时电压表的示数最小，此时电路中的电流：I最小=0.0075A，电压表的最小示数：U0最小=I最小R0=0.0075A300=2.25V，故A错误；B、由图b可知，环境温度为40时，热敏电阻阻值是200，故B错误；C、因串联电路中各处的电流相等，由I=可知，当电压表V示数越小时，电路中的电流越小，由R=可知，电路中的总电阻越大，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，热敏电阻的阻值越大，由图乙可知，环境的温度越低，故C错误；D、当电压表的示数最大，即U0=3V时，电路允许测量的温度最高，此时电路中的电流：I=0.01A，电路中的总电阻：R=450，热敏电阻连入的阻值：R1=RR0=450300=150，由图象可知，此电路允许的最高环境温度为60，故D正确故选D11如图所示的电吉它主要由“拾音器”和“音箱”组成，拾音器上装有磁铁和线圈拨动钢弦，让其振动，导线因切割磁感线而产生不同频率的电流，该电流经放大后通过音箱中的扬声器而发声拾音器和扬声器的工作原理分别与哪个装置的工作原理相同（）A电动机、发电机B发电机、电动机C发电机、发电机D电动机、电动机【考点】动圈式话筒的构造和原理；扬声器和耳机的构造和原理【分析】（1）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，该现象称为电磁感应现象；（2）根据扬声器线圈中的变化的电流产生变化的磁场，通电线圈在磁场中受到力的作用而振动，从而带动纸盆运动而发声【解答】解：如图所示，电吉他的拾音器由磁铁和线圈组成钢弦被磁化，弹动钢弦，相当于线圈做切割磁感线运动，在线圈中就会产生对应的音频电流，电吉它是利用电磁感应现象的原理制成的；发电机也是利用电磁感应现象的原理制成的；当扬声器的线圈通过电流时，通电线圈在磁场中受到力的作用而引起线圈振动，从而带动纸盆振动而发出声音；电动机就是根据通电线圈在磁场中受到力的作用这一原理制成的故选B12现有电源、开关、电流表、电压表、灯泡、滑动变阻器各一个，其中灯泡的UI图象如图所示将这些元件用导线连成电路后，闭合开关，滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数从5V开始减小，电流表的示数从0.3A开始增大下列结论正确的是（）A电源的电压为5VB小灯泡的最大功率为0.3WC整个电路的最小功率是1.8 WD滑动变阻器的最大阻值为20【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【分析】（1）由题意可知，将滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数减小，电流表的示数增大，则电压表并联在滑动变阻器两端，否则两电表示数应同时增大或同时减小（2）当电压表的示数为5V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据图象读出电路中的电流为0.3A时灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=UI求出整个电路的最小功率；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，根据图象读出通过的电流，根据P=UI求出灯泡的最大功率【解答】解：（1）根据题意可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，如下图所示：（2）当电压表的示数为5V时，电路中的电流为0.3A，由图象得出此时灯泡两端的电压UL=1V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=U滑+UL=5V+1V=6V，故A不正确；由I=可得，滑动变阻器的最大阻值：R滑=16.7，故D不正确；整个电路的最小功率：Pmin=UI=6V0.3A=1.8W，故C正确；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，由图象可知通过灯泡的电流I=0.5A，则小灯泡的最大功率：PLmax=UI=6V0.5A=3W，故B不正确故选C二、填空题（本大题包括10小题，每空1分，共28分）13街上的路灯同时发光同时熄灭，据此不能 （选填“能”或“不能”）判断其连接方式如果看到其中一盏灯因故障而熄灭，但其它路灯依然发光，由此可以断定路灯的连接方式为并联（选填“串”或“并”）【考点】串联电路和并联电路的辨别【分析】串联电路中各用电器之间相互影响，并联电路中各用电器之间互不影响，串联电路需要一个开关就能控制整个电路，并联电路干路开关控制整个电路，支路开关控制各自的支路【解答】解：（1）街上的路灯同时发光同时熄灭，不能判断是串联还是并联，因为如果并联电路中的总开关也可以控制整个电路；（2）如果看到其中一盏灯因故障而熄灭，但其它路灯依然发光，由此可以断定路灯的连接方式是并联，因为并联电路有多条路径，各用电器之间互不影响故答案：不能；并14学校升旗仪式上，当升旗手缓缓向下拉绳子时，国旗就会徐徐上升，这是由于旗杆顶部有一个定滑轮，它的作用是改变力的方向，它不能（能/不能）省功【考点】定滑轮及其工作特点；功的原理【分析】（1）定滑轮是轴固定不动的滑轮，使用定滑轮不省力但能改变力的方向；（2）功的原理：使用任何机械都不省功【解答】解：因为升国旗时，当升旗手缓缓向下拉绳子时，国旗就会徐徐上升则需要能改变拉力的方向的滑轮，所以旗杆顶部的安装的是定滑轮；使用时它可以改变力的方向，但不能省力，也不能省功；故答案为：定；改变力的方向；不能15如图所示，轻质杠杆OA的中点悬挂一重G=60N的物体，在A端施加一竖直向上的力F，杠杆在水平位置平衡，则F=30N保持F的方向不变，在将杠杆从A位置匀速提到B位置的过程中，力F将不变（选填“变大”、“不变”或“变小”）【考点】杠杆的平衡分析法及其应用【分析】（1）在A位置如图，OA、OC为动力F和阻力G的力臂，知道C是OA的中点，也就知道两力臂的大小关系，知道阻力G的大小，利用杠杆的平衡条件求动力F的大小；（2）在B位置，画出动力和阻力的作用线，找出动力臂的阻力臂，利用三角形的相似关系，确定动力臂和阻力臂的大小关系，再利用杠杆平衡条件分析拉力F的大小变化情况；【解答】解：（1）如图，杠杆在A位置，LOA=2LOC，杠杆平衡，FLOA=GLOC，F=G=60N=30N；（2）杠杆在B位置，OA为动力臂，OC为阻力臂，阻力不变为G，OCDOAB，OC：OA=OD：OB=1：2，杠杆平衡，FLOA=GLOC，F=G=60N=30N；由此可知当杠杆从A位置匀速提到B位置的过程中，力F的大小不变；故答案为：30；不变16汽油机工作时，汽油在气缸内燃烧时将化学能转化为内能如图所示的是四冲程汽油机工作状态示意图，由图可以看出，此时它正处在压缩冲程某单缸四冲程汽油机在1s内完成了15个工作循环，则该汽油机工作时飞轮的转速为1800R/min【考点】内燃机的四个冲程；有关热机的计算【分析】（1）燃料燃烧的过程，是将燃料的化学能转化为内能的过程；（2）汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，在做功冲程中，燃料的化学能转化为内能，而内能又转化为机械能；汽油机的做功冲程特点是火花塞点火，在做功冲程对外输出功；（3）四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次【解答】解：（1）汽油机工作时，汽油在气缸内燃烧时将化学能转化为内能；（2）从图中可以看出，两气门都关闭和活塞向上运动的特点，可以判断这个冲程是压缩冲程；（3）汽油机在1s内完成了15个循环，转152=30R，则1min转3060=1800R，故该汽油机工作时飞轮的转速为1800R/min故答案为：化学；压缩；180017如图是皮球落地后弹起过程中每隔相等时间曝光一次所拍摄的照片由图可知，下落过程中，皮球的速度增大；离开地面上升的过程中，皮球重力势能增大，机械能减小（均选填“增大”、“减小”或“不变”）【考点】动能和势能的大小变化【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大（3）机械能等于动能和势能之和，不计阻力，机械能守恒【解答】解：（1）由图可知，皮球下落过程中，相同时间内通过的路程越来越长，说明皮球的速度越来越大；（2）皮球离开地面上升的过程中，质量不变，高度增加、速度减小，因此重力势能增大；（3）由图可知，皮球弹起的高度越来越小，这是由于空气阻力的作用，机械能会有一部分转化为内能，因此机械能减小故答案为：增大；增大；减小18如图所示电路中，电源电压恒定，电阻R的阻值20（1）闭合开关S2时，R和L是并联；（2）在对S1和S2进行闭合或断开的各种操作中，电流表可读得0.5A和0.3A两个值，那么电源电压U=6V，灯泡电阻RL=30（灯泡电阻不随温度变化）【考点】欧姆定律的应用；串联电路和并联电路的辨别【分析】（1）各电路元件首尾顺次连接的连接方式是串联，各电路元件并列连接，电路有多条电流路径的连接方式是并联，分析电路结构，然后答题（2）根据电路图分析电路结构，然后应用并联电路特点与欧姆定律分析答题【解答】解：（1）由电路图可知，闭合开关S2时，R和L并列连接，它们是并联的；（2）由电路图可知，S1和S2都闭合时，R与L并联，电路电流为0.5A，S1闭合、S2断开时，只有电阻R接入电路，电流表示数为0.3A，电源电压U=IR=0.3A20=6V，灯泡电阻RL=30；故答案为：（1）并；（2）6；3019如图所示电路，滑动变阻器的滑片位于中点，闭合开关，滑片向左移动时，灯泡的亮度将不变（选填“变亮”、“变暗”或“不变”）电流表A1的示数将不变，电压表示数与电流表A2示数的比值将变大（以上两空选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】欧姆定律的应用【分析】根据电路图可知，灯泡L与滑动变阻器并联，电流表A1测量灯泡支路电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量滑动变阻器两端电压；根据并联电路的特点判断灯泡的亮度以及电流表示数的变化，根据欧姆定律和欧姆定律的应用判断电压表示数与电流表A2示数的比值【解答】解：根据电路图可知，灯泡滑动变阻器并联，电流表A1测量灯泡支路电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量滑动变阻器两端电压；因为并联电路中各支路互不影响，因此，闭合开关，滑片向左移动时，灯泡亮度不变，即电流表A1的示数不变；当滑动变阻器滑片向左移动时，电压表测量的阻值变大，由欧姆定律的变形公式U=IR可知，电压表的示数将变大，由欧姆定律可知，滑动变阻器所在支路的电流变小，电流表A2测量干路电流，则电流表A2的示数变小，所以电压表示数与电流表A2示数的比值将变大故答案为：不变；不变；变大20如图所示是小利设计的一种限流器原理图，当电流超过限制电流时，会自动切断电路（1）当电流超过限制电流时，衔铁N被电磁铁M吸引过去，匀质的金属杆OA在弹簧拉力作用下绕O点转动，电路断开刚转动时，杠杆0A属于省力杠杆（2）若要把限流器接入家庭电路中，从安全用电角度考虑，应该把它接在进户线的火线上（3）调试时，电流尚未达到设计的限制电流，限流器已经切断电路为达到设计要求，应把滑动变阻器滑片P向右移动【考点】电磁继电器的组成、原理和特点；杠杆的分类；安全用电原则【分析】（1）杠杆可分为：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力；（2）根据家庭电路安全用电的原则，开关应该接在进户线的火线上；（3）当电流尚未达到设计的限制电流时，限流器已经切断电路，说明电磁铁磁性过强了，因此需要减小电路中的电流来减弱电磁铁的磁性【解答】解：（1）金属杆OA可视为杠杆，支点为O点，弹簧的拉力为动力，OA的重力为阻力，此时杠杆的动力臂大于阻力臂，所以OA属于省力杠杆；（2）要把限流器接入家庭电路中，从安全用电角度考虑，应该把它接在进户线的火线上；（3）整个装置是一个限流装置，由电磁铁和滑动变阻器这两条支路组成；减小变阻器电阻，则变阻器与电磁铁支路并联的总电阻减小，这样干路电流变大，同时并联部分得到的电压变小，这样电磁铁支路电流适当变小电磁铁磁性适当减弱，所以应该是减小滑动变阻器的电阻，向右移动滑片故答案为：（1）省力；（2）火；（3）右21小红在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量都是2kg的水和另一种液体进行了实验，并用图象对实验数据进行了处理，如图所示实验中，水和另种液体在相同时间内放出的热量相等分析图象可以得出：甲物质为水；另一种液体的比热容为2.1103J/（kg），这种液体在15min内放出热量为1.68105J【考点】比热容的概念；热量的计算【分析】（1）选同样的加热时间，甲和乙吸热相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大，据此分析判断（2）根据甲、乙两种液体的比热容的大小判断出哪一种液体是水，由题知，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，相同时间水和液体放出的热量不相同而水和液体的质量相同，根据吸热公式求液体的比热容；（3）根据Q放=cmt可求出乙液体放出的热量【解答】解：（1）时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢；利用热量的计算公式Q吸=cmt可知，在质量相等、初温相同、放热也相同的情况下，谁的温度降低得快，它的比热容小；所以，甲液体的比热容大，所以若A、B两种液体中，一种液体是水，则这种液体一定是甲液体，由图可知：液体的初温是20，加热15分钟后甲液体的末温是40，则水放出的热量：Q放=c水m水（t水t0）=4.2103J/（kg）m（6040）（2）由题知，而水和液体的质量相同，即m水=m乙c水m水t=c乙m（6020）=4.2103J/（kg）m（6040）解得c乙=2.1103J/（kg）（3）读图可得，乙在15min内由60降低到20，降低的温度是6020=40，所以乙放出的热量Q放=cmt=2.1103J/（kg）2kg40=1.68105J故答案为：甲；2.1103；1.6810522某自动恒温箱的控制电路如图甲（a、b端所控制的加热电路未画出）箱内电阻Rl=5k，R2为热敏电阻，其阻值随温度变化的图象如图乙所示，电源电压为12V当a、b间的电压Uab小于2.4V时，恒温箱内的电热丝通电加热；当a、b间的电压Uab大于3V时，电热丝停止加热（1）a、b间的电压Uab等于2.4V时，控制电路中的电流为0.48mA，热敏电阻R2的阻值为20k（2）恒温箱内的温度范围为20到30【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律【分析】（1）根据R1两端的电压，求出控制电路中的电流，则由欧姆定律可求得R2的阻值；（2）求出Uab等于3V时R2阻值，根据R2阻值的变化，查表可知温度的变化【解答】解：（1）当R1两端电压为2.4V时，电路中电流为；I=0.00048A，R2两端的电压U2=UU1=12V2.4V=9.6V，则热敏电阻的阻值R2=20k；（2）由图乙可得，热敏电阻的阻值R2为20k时恒温箱内的温度为20；当a、b间的电压Uab等于3V时，R2两端的电压U2=UU1=12V3V=9V；电路中的电流为：I=0.0006A，此时热敏电阻的阻值 R2=15000=15k，由图乙可得此时温度为30故温度的变化范围为20到30故答案为：（1）0.48；20；（2）20；30三、解答题（本大题包括10小题，共48分24-25题要求有计算过程）23按要求完成下列作图：（1）如图1所示的棒ABC可绕A点的转轴转动，请画出要使棒ABC在图中位置保持平衡时所需的最小力F的示意图；（2）在图2中的内填上适当的电表符号，使灯泡能发光；（3）小明想在卧室安装一盏照明电灯，请在图3中帮他把灯和开关接入电路【考点】杠杆中最小力的问题；电流表的使用；电压表的使用；家庭电路的连接【分析】（1）由杠杆的平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂，知阻力阻力臂是定值时，当力臂最大时，即AC是力臂时，力是最小的（2）电流表与被测用电器串联；电压表与被测用电器并联（3）火线首先过开关再进入灯尾顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套这样既能用开关控制灯泡，又能保证更换灯泡时，断开开关，切断火线，安全性更高一些【解答】解：（1）由F1L1=F2L2可知：在阻力阻力臂是定值时，当力臂L1最大时，即AC是力臂时，F1是最小的如图：（2）由图可知，下面的圈与灯串联，所以是电流表；上面的圈与灯并联，所以是电压表（3）火线经开关再进灯泡的顶端，零线直接接到灯泡的螺旋套上24用如图甲所示的滑轮组提升物体M，已知被提升的物体M重为600N，卷扬机加在绳子自由端的拉力F将物体M在20s内匀速提升到10m的高度拉力做的功W随时间t的变化图象如图乙所示，不计钢丝绳的重、摩擦力大小求：（1）滑轮组提升重物所做的有用功是多少？（2）滑轮组提升重物的机械效率是多少？（3）动滑轮的重力是多少？【考点】有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率【分析】（1）已知物体M的重力，根据公式W=Gh计算拉力F对所提升物体M做的有用功（2）根据图乙可以确定此时拉力做的功，即