四川省三台中学实验学校2018_2019学年高一物理上学期期末适应性考试试题（含解析）.docx

四川省三台中学实验学校2018-2019学年高一物理上学期期末适应性考试试题（含解析）一、选择题1.下列几个关于力学问题的说法中正确的是A. 伽利略在斜槽实验基础上合理外推，提出物体在没有受到力的作用时将一直运动下去B. 放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力就是物体对斜面的压力C. 车速越大，刹车后滑行的路程越长，所以惯性越大D. 摩擦力的方向不一定与物体的运动方向相反【答案】D【解析】【分析】根据“伽利略在斜面实验、压力和重力、惯性、摩擦力的方向”可知，本题考查牛顿第一定律、各种力的比较、惯性的概念、相对运动和运动的区别，根据各个力学物理概念的理解分析推断.【详解】A、伽利略设想了理想斜面实验，推理说明力不是维持物体运动的原因；故A错误.B、重力沿垂直斜面的分力与物体对斜面的压力是两个不同的力，施力物体、受力物体、力的性质均不同；故B错误.C、车速越大，刹车后滑行的位移越长，是因为需要的时间长，物体的惯性是不变的；故C错误.D、摩擦力的方向与物体相对运动或相对运动趋势方向相反，不是与物体运动方向相反，可能与运动方向相同；故D正确.故选D.【点睛】伽利略利用理想斜面实验研究物体运动时得出结论是：力不是维持物体运动的原因；放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力大小等于物体对斜面的压力，但不能说就是物体对斜面的压力；惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，惯性的大小与物体的运动状态无关，惯性大小的唯一量度是物体的质量；理解摩擦力时一定要注意正确理解“相对”两字的意义.2.关于速度、速度的变化量、加速度的关系,下列说法中正确的是（ ）A. 物体的加速度增大时,速度一定增大B. 物体的速度变化越大,加速度越大C. 物体的速度变化越快,加速度越大D. 物体的加速度不变,速度也不变【答案】C【解析】（1）当物体的加速度与速度同向或者是夹锐角时，速度增大。反向或者是夹钝角速度减小，所以速度是否增大与速度与加速度之间所夹的角度有关，而与加速度的大小无关，A错误。（2）根据加速度的公式，若物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小，故B错误。（3）加速度的物理意义描述的是物体速度变化快慢的物理量，运动物体的速度变化越快，其加速度一定越大，故C正确.（4）物体的加速度不变，则物体做匀变速运动，速度一定变化。D错误。故本题选C.3.关于平衡状态，下列说法正确的是A. 当物体速度等于零时，一定处于平衡状态B. 物体处于平衡状态时所受合外力为零C. 运动的物体不可能处于平衡状态D. 当物体处于平衡状态时，一定不受外力作用【答案】B【解析】【分析】根据“平衡状态”可知，本题考查平衡状态的理解，根据平衡状态的特点和运用平衡的条件分析推断.【详解】平衡状态是指物体处于静止状态或匀速直线运动的状态；A、静止状态是指物体保持速度为0的状态，当物体速度为0时，若不能保持速度为0，则物体一定不是处于平衡状态，例如竖直上抛运动的物体到达最高点时的速度为0，但不处于平衡状态，所以A错误；B、物体处于静止或匀速直线运动时所受的合力一定为0，所以B正确；C、做匀速直线运动的物体处于平衡状态，所以C错误；D、当物体处于平衡状态时，可以受到外力的作用，只不过外力的合力为0，所以D错误；故选B.【点睛】本题的关键是明确平衡状态的含义是指物体处于静止状态或匀速直线运动状态，特别是对静止状态与速度为0的关系的理解：物体能保持速度为0的状态才是静止状态，若某时刻的速度为0下一时刻的速度不是0，则不能说物体处于静止状态4.一质点在连续的4s内做匀加速直线运动，在第一个2s内位移为12m，第二个2s内位移为16m，下面说法正确的是A. 质点在第1s末的速度大小为4m/sB. 质点在第2s末的速度大小为6m/sC. 质点的加速度大小为1m/s2D. 质点在4s内的平均速度为8 m/s【答案】C【解析】【分析】根据“质点做匀加速直线运动”可知，本题考查匀变速直线运动的规律，根据匀变速直线运动的基本公式和两个推论(x=aT2与)，进行列式计算.【详解】C、质点做匀加速直线运动，由x=aT2可得(16-12)m=a22，a=1m/s2，C选项正确；A、第一个2s内的平均速度v1=6m/s，此速度等于该阶段中间时刻的瞬时速度，故第1s末的速度大小为6m/s，A选项错误；B、由匀变速直线运动公式v=v0+at，带入第1s末的速度与加速度，可得第2s末的速度大小为8m/s，B选项错误.D、由匀变速直线运动的推论可知质点在4s内的平均速度等于2s末的瞬时速度为8m/s；故D错误.故选C.【点睛】解决运动学的问题时，除了要能熟练使用基本的运动学公式外，还要加强对运动学中重要推论的理解和使用.有些运动学问题用推论解决往往会有事半功倍的效果.5.如图所示，一只可视为质点的蚂蚁在半球形碗内缓慢从底部爬到a处，则下列说法正确的是A. 在a点蚂蚁受到的合力大于在b点受到的合力B. 在a点碗对蚂蚁的作用力大于在b点的作用力C. 在a点碗对蚂蚁的支持力大于在b点的支持力D. 在a点碗对蚂蚁的摩擦力大于在b点的摩擦力【答案】D【解析】【分析】根据“蚂蚁缓慢上爬”可知，本题考查平衡状态的特点，根据共点力的平衡条件列方程分析推断.【详解】A、C、蚂蚁缓慢上爬，可以认为蚂蚁处于平衡状态，则合力始终为零，受力分析如图：根据共点力平衡有：f=mgsin，N=mgcos，因为a点的比b点的大，所以在a点碗对蚂蚁的摩擦力大于在b点的摩擦力，在a点碗对蚂蚁的支持力小于在b点的支持力，故A、C错误；B、在a点和b点，碗对蚂蚁的作用力都等于蚂蚁的重力，所以在a点碗对蚂蚁的作用力等于在b点的作用力，故B错误；D、在a点蚂蚁受到的合力与b点受到的合力均为零，D正确.故选D.【点睛】本题主要是考查共点力的平衡问题，解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解6.如图所示，一汽车装备了具有“全力自动刹车”功能的城市安全系统，系统以50Hz的频率监视前方的交通状况。当车速v10m/s、且与前方静止的障碍物之间的距离接近安全距离时，如果司机未采取制动措施，系统就会立即启动“全力自动刹车”，使汽车避免与障碍物相撞。在上述条件下，若该车在不同路况下的“全力自动刹车”的加速度取46m/s2之间的某一值，则“全力自动刹车”的最长时间为( )A. B. C. 2.5s D. 12.5s【答案】C【解析】刹车时的加速度最小时，刹车时间最长，故 ,故选C.7.将一个物体在t0时刻以一定的初速度竖直向上抛出，t0.8 s时物体的速度大小变为8 m/s (g取10 m/s2)，则下列说法正确的是()A. 物体一定是在t3.2 s时回到抛出点B. t0.8 s时刻物体的运动方向可能向下C. 物体的初速度一定是16 m/sD. t0.8 s时刻物体一定在初始位置的上方【答案】ACD【解析】【详解】物体做竖直上抛运动，在0.8s内的速度变化量v=gt=100.8m/s=8m/s，由于初速度不为零，可知t=0.8s时刻速度的方向一定竖直向上，不可能竖直向下，物体处于抛出点的上方，故D正确，B错误；t=0.8s时刻速度的方向一定竖直向上，根据v0-gt=v，代入数据解得v0=16m/s，物体回到抛出点的时间：，故AC正确。所以ACD正确，B错误。8.如图所示，小芳在体重计上完成下蹲动作，下列F-t图像能反应体重计示数随时间变化的是A. B. C. D. 【答案】C【解析】对人的运动过程分析可知，人下蹲的过程可以分成两段：人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，故C正确，A、B、D错误；故选C。【点睛】人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态。 9.下列四个图像分别描写甲、乙、丙、丁四个物体的位移、速度、加速度和所受的合外力与时间的关系关于四个物体的运动，下列说法正确的是A. 甲物体做匀加速直线运动 B. 乙物体做匀速直线运动C. 丙物体做匀减速直线运动 D. 丁物体做加速度不断增大的加速直线运动【答案】B【解析】考点：匀变速直线运动的图像分析：匀加速运动是指物体的加速度保持不变，即不但加速度的大小保持不变，加速度的方向也要保持不变甲为匀速，乙也为匀速，丙的加速度随时变化，丁的加速度的大小方向都变化解：由于甲图是位移时间图象，其斜率代表物体的速度，斜率不变，说明甲物体做匀速直线运动故A错误由于乙图是速度时间图象，由图可知乙做匀速直线运动故B正确丙图是加速度时间图象，由图可知物体的加速度随时间渐减小，故丙的做的是非匀变速运动故C错误丁图是合外力F随时间变化的关系图象，由图可知F的大小先减小后反向增大，故物体的加速度先减小然后反向增大故D错误故选B10.如图所示，水平传送带的速度保持不变，现将一物体放在传送带A端，开始时物体在传送带上滑动，当它到达位置C后随传送带一起匀速运动，直至传送到B端，则在此过程中()A. 物体由A运动到B过程中始终受水平向左的滑动摩擦力B. 物体在AC段受摩擦力逐渐减小C. 物体在CB段受水平向右的静摩擦力D. 物体在CB段不受摩擦力作用【答案】D【解析】在AC段，物体向右做匀加速运动，加速度向右，合力向右，物体受重力、支持力和滑动摩擦力，重力与支持力二力平衡，则滑动摩擦力向右；由f=N=mg知，物体在AC段受摩擦力不变在CB段物体做匀速直线运动，加速度为零，故合力为零，物体受到重力和支持力，不受摩擦力，故ABC错误，D正确；故选D.点睛：本题关键是明确小滑块的运动情况和受力情况，要结合运动情况分析受力情况不能认为在CB段物体受到向右的摩擦力，可假设法判断11.在遇到暴雨、雾霾等恶劣天气时，高速公路上能见度不足100m在这样的恶劣天气时，甲、乙两汽车在一条平直的单行道上，乙在前、甲在后同向行驶某时刻两车司机同时听到前方有事故发生的警笛提示，同时开始刹车，结果两辆车发生了碰撞图示为两辆车刹车后若不相撞的v-t图像，由此可知以下判断错误的是A. 两车相撞可能发生在乙车停止后B. 刹车过程中甲车的加速度是乙车加速度的2倍C. 两辆车一定是在刹车后的20s之内的某时刻发生相撞的D. 两车刹车时相距的距离一定小于100m【答案】A【解析】【分析】根据“两辆车刹车后不相撞的v-t图像 ”可知，本题考查追击问题的讨论，根据追击临界条件，运用速度时间图象的三点意义分析推断.【详解】B、根据速度时间图线的斜率表示加速度，可得甲车的加速度大小，乙车的加速度大小，所以刹车过程中甲车的加速度是乙车加速度的2倍，故B正确.A、C、t=20s时，甲车的位移为：，乙车的位移为：，则有：x=x甲-x乙=300m-200m=100m，因为速度相等相等后，若不相撞，两者之间的距离逐渐增大，不可能再撞，可知两辆车一定是在刹车后的20s之内的某时刻发生相撞的，故A错误，C正确.D、因为两车速度相等时间距最大，而两车发生了碰撞，则两车刹车时相距的距离一定小于100m，故D正确.本题选错误的故选A.【点睛】本题考查了运动学中的追及问题，关键抓住临界状态，知道两车速度相等时间距最大，结合运动学公式和速度时间图线综合求解.12.如图所示，竖直井中的升降机可将地下深处的矿石快速运送到地面。某一竖井的深度约为104m，升降机运行的最大速度为8m/s，加速度大小不超过，假定升降机到井口的速度为零，则将矿石从井底提升到井口的最短时间是A. 13s B. 16s C. 21s D. 26s【答案】C【解析】升降机先做加速运动，后做匀速运动，最后做减速运动，在加速阶段，所需时间，通过的位移为，在减速阶段与加速阶段相同，在匀速阶段所需时间为：，总时间为：，故C正确，A、B、D错误；故选C。【点睛】升降机先做加速运动，后做匀速运动，最后做减速运动，根据速度位移公式和速度时间公式求得总时间。二、多选题13.关于以下物理量和单位，下列判断正确的是 加速度 米 力 千克 质量 秒 牛顿 牛/千克 时间 米/秒A. 是矢量 B. 是基本单位C. 是导出单位 D. 是的单位【答案】BD【解析】【分析】根据“物理量和单位”可知，本题考查 ，根据基本单位和导出单位的辨别，运用国际单位制规定了七个基本物理量和物理公式推断出导出物理量以及导出单位.【详解】A、加速度、力属于物理量，且是有方向和大小的矢量；时间是物理量，是只有大小的标量；牛顿是物理量力的导出单位；故A错误.B、米、千克、秒分别是基本物理量长度、质量、时间的国际制基本单位；故B正确.C、质量属于基本物理量， 牛顿、牛/千克、米/秒都是导出单位；故C错误.D、根据牛顿第二定律可得加速度的单位换算关系，即牛/千克是加速度的单位；故D正确.故选BD.【点睛】国际单位制规定了七个基本物理量.分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量，它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔.而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位.14.以下说法正确的是A. 物体的形状、大小对所研究的问题可以忽略时，该物体可以视为质点B. 合力一定，两分力间夹角越大，分力越小C. 两个分力一定，其合力大小随夹角增大而增大D. 当物体做匀变速直线运动时，中间时刻的速度总是小于中间位置的速度【答案】AD【解析】【分析】根据“质点、合力与分力关系、匀变速直线运动”可知，本题考查质点的条件、力的合成、匀变速直线运动的公式，根据理想模型、合力公式、匀变速直线运动的推论分析推断.【详解】A、根据质点的条件可知，物体的形状、大小对所研究的问题可以忽略时，该物体可以视为质点；故A正确.B、合力一定时，两分力夹角越大，则分力就越大；故B错误.C、由两个力的合成运用平行四边形定则有，则两个分力F1和F2一定其合力大小随夹角增大而减小；故C错误.D、当物体做匀加速直线运动时，速度图象如图1所示物体经过中点位置时，前后两段过程的位移相等，速度图象与时间所围的“面积”相等，由数学知识得知v1v2当物体做匀减速直线运动时，速度图象如图2所示，物体经过中点位置时，前后两段过程的位移相等，速度图象与时间所围的“面积”相等，由数学知识得知v1v2；所以某段位移中点的瞬时速度大于该段时间中间时刻的速度；故D正确.故选BD.【点睛】质点是经常考查的概念，物体能否看成质点要根据具体情况分析，当物体的大小和形状对研究的问题没有影响或影响可以忽略时，物体可看作质点，同一物体在不同情景下，有时可看作质点，有时不能；理解力的矢量合成法则，注意中间时刻速度与中点位置的速度关系.15.如图所示，甲、乙两位同学做“拔河”游戏。两人分别用伸平的手掌托起长凳的一端，保持凳子水平，然后各自向两侧拖拉。若凳子下表面各处的粗糙程度相同，两位同学手掌粗糙程度也相同，在乙端的凳面上放有四块砖，下列说法中正确的是A. 由于甲端比较轻，甲容易将凳子拉向自己B. 甲对凳子的摩擦力和凳子对乙的摩擦力是一对相互作用力C. 由于乙端比较重，凳子和手之间产生较大的摩擦力，乙可以将凳子拉向自己D. 拔河过程中甲的手与凳子间一定比乙的手先发生相对滑动【答案】CD【解析】【分析】根据“凳子水平向两侧拖拉”可知，本题考查影响最大静摩擦力大小的因素，根据静摩擦力和滑动摩擦力的特点，运用静摩擦力的取值范围分析推断.【详解】由图知，乙端对手的压力较大，所以乙端对凳子向右的最大静摩擦力大于甲端对凳子向左最大静的摩擦力，由于甲所受最大静摩擦力小，因此甲将容易相对长凳滑动，即甲容易被从长凳上拉离，因此凳子将向右移动，即乙可以将凳子拉向自己，故A、B错误，C 、D正确.故选CD.【点睛】要解决此题，需要掌握影响最大摩擦力大小的因素，接触面的粗糙程度相同时，压力越大，则最大静摩擦力越大当外力大于最大静摩擦力时，物体的运动状态会发生变化，产生相对运动16.如图所示，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为 12m的竖立在地面上的钢管向下滑， 他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零。如果他加速时的 加速度大小是减速时的 2 倍，下滑的总时间为 3s，那么该消防队员( )A. 下滑过程中的最大速度为 8m/sB. 加速与减速过程的时间之比为 2：1C. 加速与减速过程中平均速度之比为 1：2D. 减速过程的加速度大小为4m/s2【答案】AD【解析】【详解】设下滑过程中的最大速度为v，故平均速度相等，设加速与减速过程的时间分别为，则消防队员下滑的总位移，解得，A正确C错误；设加速度大小分别为，则，解得，又，得到，故，D正确17.如图所示，质量分别为M、m的物体A、B用轻绳连接后跨过滑轮，A静止在倾角为30的斜面上，不计滑轮的摩擦。现将斜面倾角由30缓慢增大到60，A仍保持静止，下列说法一定正确的是A. 轻绳对A的拉力不变 B. 斜面对A的支持力减小C. A所受的摩擦力减小 D. A所受的合力增大【答案】AB【解析】【分析】根据“A在斜面上保持静止”可知，本题考查连接体的平衡，根据绳连接体的特点，运用受力分析和平衡条件，列式进行讨论分析.【详解】A、斜面倾角增大过程中，物体B始终处于平衡状态，因此绳子上拉力大小始终等于物体B重力的大小，保持不变，故A正确；B、对A由垂直斜面方向的平衡条件有，故斜面倾角增大时支持力减小，故B正确；C、绳子张力不变，由于两个物体的质量之间的关系不明确，所以不能根据角度的变化确定摩擦力的变化，若静摩擦力的方向开始时向上，则可能增大；若静摩擦力的方向开始时向下，可能减小后变成向上并增大；故C错误；D、物体A保持静止，合力为零不变，故D错误；故选AB【点睛】本题关键是先对物体B受力分析，再对物体A受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解18.如图所示，倾角为的足够长的粗糙斜面放置于粗糙水平地面上，重力为mg的物块与斜面之间的动摩擦因数为。若该物块以某一初速度滑上斜面，则经过一段时间后回到斜面底端，此过程中斜面保持静止。现将该物块再次置于斜面上，同时对物体施加一平行于斜面向上的外力F（F=mgsinmgcos），使物块在斜面上恰好不下滑，然后逐渐增大F。已知各个接触面之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，在F逐渐增大的过程中，下列说法正确的是A. 物块受到的摩擦力先减小后增大，最后保持不变B. 地面对斜面的支持力一直减小C. 地面对斜面的摩擦力一直增大D. 斜面一定不会滑动【答案】AD【解析】【分析】根据“物块在斜面上恰好不下滑”可知，本题考查平衡状态的分析，根据平衡条件，运用受力分析和整体法、隔离法分析推断.【详解】A、物块在斜面上恰好不下滑，则物块受到的摩擦力为最大静摩擦力且方向上，此时对物块受力分析，受到重力、斜面的支持力、摩擦力以及F作用，根据平衡条件得：F+f=mgsin，则f=mgsin-F，当F增大时，f减小，当f减小到0后又会反向增大，当摩擦力达到最大静摩擦力后开始滑动，之后再增加F，摩擦力不变，故A正确；B、C、D、当物块与斜面相对静止时，把物块与斜面看成一个整体，竖直方向和水平方向都受力平衡，根据平衡条件得：N=（M+m）g-Fsin，地面对斜面的摩擦力f=Fcos，随着F的增大，N减小，f增大，当物块的摩擦力达到最大时，物块相对斜面向上滑动，根据题意可知，斜面仍保持静止，此时物块对斜面的压力和摩擦力都不变，则斜面受到地面的支持力和摩擦力都不变，与F无关；故B、C错误，D正确.故选AD.【点睛】本题主要考查了同学们受力分析的能力，知道“物块在斜面上恰好不下滑，则物块受到的摩擦力为最大静摩擦力且方向上”这个隐含条件，注意整体法和隔离法的应用.三、非选择题19.如图所示，在动摩擦因数0.2的水平面上，质量m2kg的物块与水平轻弹簧相连，物块在与水平方向成45角的拉力F作用下处于静止状态，此时水平面对物块的支持力恰好为零。g取10m/s2，则此时弹簧弹力的大小为_N,如果撤去拉力F，撤去瞬间，物体的加速度大小为_m/s2. 【答案】 (1). 20 (2). 8【解析】【分析】根据“拉力F作用下处于静止状态、撤去力F的瞬间”可知，本题考查平衡状态和牛顿第二定律，根据平衡条件，运用牛顿第二定律的瞬时性特点，列式计算.【详解】(1)小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡，根据共点力平衡得，弹簧的弹力为：F弹=mgtan45=201=20N.(2)撤去力F的瞬间，弹簧的弹力仍然为20N，小球此时受重力、支持力、弹簧弹力和摩擦力四个力作用；小球所受的最大静摩擦力为：f=mg=0.220N=4N，根据牛顿第二定律得小球的加速度为：，合力方向向左,则加速度方向向左.【点睛】本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答20.在“探究弹力和弹簧伸长关系”的实验中,某实验小组将不同数量的钩码分别挂在竖直弹簧下端,进行测量,根据实验所测数据,利用描点法作出了所挂钩码的重力G与弹簧总长L的关系图象,如图所示弹簧的劲度系数为 N/m【答案】1000【解析】试题分析：根据F=k（l-l0）可知，图象的斜率大小等于劲度系数大小，由图象求出劲度系数为考点：胡可定律【名师点睛】根据平衡条件可知，所挂钩码的重力G等于弹簧对钩码的拉力根据胡克定律，拉力与弹簧长度的关系式为F=k（l-l0），由此可知G-L图像在横轴的截距为l0，图象的斜率大小等于劲度系数的大小，由图象求出劲度系数。21.某实验小组利用如图所示的装置探究物体的加速度与力、质量的关系(1)实验中下列做法正确的是_A.平衡摩擦力后，实验就不需要满足小车及车中砝码总质量远大于砝码盘及盘中砝码总质量的条件 B.每次改变小车中砝码的质量后，都需要重新平衡摩擦力C.选取点迹清晰的纸带，必须以打的第一个点为计数起始点进行测量D.实验中应先接通打点计时器的电源，然后再释放小车(2)实验中由于实际绳对小车的拉力_（选填“大于”、“等于”、“小于”）重物所受的重力，会给实验带来系统误差。为减小此误差，实验中要对小车质量M和重物质量m进行选取，以下四组数据中最合理的一组是_（填写相应序号）M=200g，m=40g、60g、80g、100g、120gM=200g，m=30g、35g、40g、45g、50gM=400g，m=20g、40g、60g、80g、100gM=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g(3)如图所示是某一次打点计时器打出的一条记录小车运动的纸带。取计数点1、2、3、4、5.已知打点计时器的打点周期为0.02s，用刻度尺测量出各相邻计数点间的距离分别为3. 05cm、3.92cm、4.77cm、5.62cm，则小车运动的加速度大小a=_m/s2（结果保留两位有效数字）(4)甲、乙两同学在同一实验室，各取一套上图所示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到右图中甲、乙两条直线设甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为、，由图可知_（大于、小于、等于）【答案】 (1). （1）D、 (2). （2）小于 (3). (4). （3）0.86 (5). （4）大于【解析】【分析】根据“探究物体的加速度与力、质量的关系”可知，本题考查“验证牛顿第二定律”的实验，根据实验条件、实验原理、实验数据处理、误差分析、实验结论等，进行列式计算和分析推断.【详解】(1)A、本题实验研究物块的牛顿第二定律，实验器材不能测出绳的拉力大小，则平衡摩擦力后要求物块质量M远大于钩码的总质量m，只有满足这个条件才可认为小车受到的拉力F约为mg；故A错误.B、平衡摩擦力后，有mgsin=mgcos，即=tan，与质量无关，故通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度；故B错误.C、选取点迹清晰的纸带，不一定以打的第一个点为计数起始点进行测量；故C错误.D、打点计时器要“早来晚走”即实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块，而当实验结束时应先控制木块停下再停止打点计时器；故D正确.故选D.(2)重物与小车一起加速运动，因此重物对小车的拉力小于重物的重力，当盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有mM时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，因此第组数据比较符合要求(3)根据匀变速直线运动的判别式x=aT2，运用逐差法得：.(4)根据牛顿第二定律得,可知图线的纵轴截距的绝对值等于g,则有.【点睛】本题主要考查“验证牛顿第二定律”的实验，要明确实验原理，特别是要明确系统误差的来源，知道减小系统误差的方法。对于图线问题，一般的解题思路是通过物理规律得出两个物理量之间的函数关系，结合图线的斜率和截距进行分析求解.四、计算题22.如图所示，竖直悬挂的细杆AB长为4.2m，杆的正下方有一深井，杆的B端离井口0.8m若剪断悬绳让杆自由下落，重力加速度g=10m/s2，求：（1）杆的B端到达井口所用的时间是多少？（2）杆通过井口的过程所用时间是多少？【答案】（1）0.4s（2）0.6s【解析】【分析】根据“杆自由下落”可知，本题考查自由落体的运动的规律，根据匀变速直线运动的运动学公式，进行求解.【详解】(1)绳断以后，杆AB将做自由落体运动，则：杆的B端到达井口所用的时间t1=0.4s(2)杆的A端到达井口所用的时间为t2解得:t2=1s杆通过井口的过程所用时t=t2-t1=0.6s【点睛】本题考查简单的自由落体运动的应用，知道通过井口的过程指的是从杆B端到达井口到A端离开井口的过程，利用自由落体运动有关规律求