2019-2020学年高二物理上学期期中试题(含解析) (I).doc

2019-2020学年高二物理上学期期中试题(含解析) (I)一、选择题1. 关于电源的电动势正确的说法是（ ）A. 所有电源的电动势都是相同的B. 蓄电池是将电能转化为化学能C. 电动势就是电压D. 干电池的电动势为1.5V【答案】D【解析】试题分析：电动势是描述电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量，本题的电源的电动势可能不同；电动势与电压是两个不同的概念；干电池的电动势为1.5V电动势是描述电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量，本题的电源的电动势可能不同，A错误；蓄电池是将化学转化为电能，B错误；电动势与电压是两个不同的概念，C错误；干电池的电动势为1.5V，D正确2. 甲、乙两根异种材料的电阻丝，其长度之比是3：1，横截面积之比是2：5，电阻之比是3：2，外加电压之比是1：2，则甲、乙两根电阻丝的电阻率之比是（ ）A. 9：5 B. 1：5 C. 4：3 D. 8：3【答案】B【解析】根据电阻的决定式：得：，则： ，故ACD 错误，B正确故选B3. 通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q，若电阻为2R，电流强度为I/2，则在时间t内产生的热量为()A. Q/4 B. Q/2 C. 2Q D. 4Q【答案】B【解析】电阻为R时，根据焦耳定律可得，当电阻为2R时，B正确4. 长10cm的导线，放入匀强磁场中，它的方向和磁场方向垂直，导线中的电流是3.0A，受到的磁场力是1.5103N，则该处的磁感应强度B大小为()A. 5.0103T B. 5.0102TC. 5.0101T D. 5.0T【答案】A【解析】根据安培力公式：，可得：，代入数解得：，故A正确，BCD错误。5. 关于带电粒子在匀强磁场中所受的洛伦兹力，下列说法不正确的是（）A. 静止粒子不会受洛伦兹力B. 平行磁场入射的粒子不会受洛伦兹力C. 垂直磁场入射的粒子不会受洛伦兹力D. 粒子在磁场中受力方向与磁场方向垂直【答案】C.点睛：该题考查带电粒子在磁场中的受力和运动情况，要注意明确洛伦兹力垂直于运动方向，知道当粒子受洛伦兹力F=Bqvsin，当粒子平行磁场时不受洛伦兹力6. 质量和电荷量都相等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中两个虚线所示，下列表述正确的是（）A. M带正电，N带负电B. M的速率大于N的速率C. 洛伦磁力对M、N做正功D. M的运行时间大于N的运行时间【答案】B【解析】A、由左手定则判断出N带正电荷，M带负电荷，故A错误；B、粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，半径为：，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速度率大于N的速率，故B正确；C、洛伦兹力不做功，故C错误；D、粒子在磁场中运动半周，即时间为周期的一半，而周期为，与粒子运动的速度无关，所以M的运行时间等于N的运行时间，故D错误。点睛：该题考查到左手定则、半径的公式和根据周期的公式，属于基本应用。二、双项选择题7. 如图所示，通电直导线与矩形金属线框位于同一平面内，导线中的电流方向如图所示若导线中的电流增大，下列说法正确的是：（ ）A. 穿过线框的磁通量始终为零B. 边受到的安培力方向向右C. 边感应电流的方向为D. 金属线框受到的安培力方向向右【答案】BD【解析】根据右手螺旋定则可判断出，该直导线MN在其右侧产生的磁场方向垂直于纸面向里，导线电流增大，原磁场磁感应强度增强，穿过线框的磁通量增大，故A错误；框中磁通量增大，感应电流产生的磁场阻碍原磁场磁通量的变化，感应磁场方向为垂直纸面向外，根据右手螺旋定则，线框中感应电流方向为逆时针，即abcd；由左手定则可判断出线框ab边在原磁场中受到的安培力方向向右，故B正确，C错误；由左手定则可知，ab边受安培力向右，cd边向左，ad边和bc边抵消，而ab边向右的安培力大于cd边向左的安培力，则金属线框受到的安培力方向向右，故D正确；故选BD.8. 如图，螺线管B置于闭合金属圆环A的轴线上，当B中通过的电流增加（）A. 环A有扩张的趋势B. 环A有缩小的趋势C. 螺线管B有缩短的趋势D. 螺线管B有伸长的趋势【答案】AC【解析】AB、当B中通过的电流逐渐增加时,电流产生的磁场逐渐增强,故穿过A的磁通量增加,为阻碍磁通量增加,根据楞次定律可以知道,环A应向磁通量减小的方向形变.因为A环中有两种方向的磁场:B线圈外的磁感线方向与B线圈内的磁感线方向相反,B线圈外的磁感线要将B线圈内的磁通量抵消一些,当A的面积增大时,穿过A的磁通量会减小,所以可以知道环A应有扩张的趋势,所以A选项是正确的,B错误;CD、线圈B中电流增加,每匝线圈产生的磁场增强,线圈间的引力增大,所以螺线管B有缩短的趋势,所以C选项是正确D错误;综上所述本题答案是：AC9. 如图，正方形容器处在匀强磁场中，一束电子从孔a垂直于磁场沿ab方向射入容器中，其中一部分从c孔射出，一部分从d孔射出，容器处在真空中，下列说法正确的是（ ）A. 从两孔射出的电子速率之比为vc：vd=2:1B. 从两孔射出的电子在容器中运动的时间之比tc:td=1:1C. 从两孔射出的电子的加速度大小之比ac:ad=:1D. 从两孔射出的电子的加速度大小之比ac:ad=2:1【答案】AD【解析】试题分析：由几何关系可知从两孔射出的粒子的运动半径，则由洛仑兹力充当向心力可得出粒子的速度关系；由周期公式及转过的角度可求得时间之比；由向心力公式可求得加速度之比设磁场边长为a，如图所示，粒子从c点离开，其半径为，粒子从d点离开，其半径为，根据几何关系可知，由，得出半径公式，故，故A正确；因为粒子都为电子，所以根据粒子在磁场中运动的周期相同，从d射出的粒子的圆心角为180，故，从c射出的粒子的圆心角为90，故，所以，B错误；向心加速度，则，故C错误D正确10. 如图所示电路中，闭合开关S后当变阻器R3的滑动头P向b移动时，下列说法正确的是（ ）A. 电压表示数变大B. 电流表示数变大C. 电源消耗的总功率变小D. 电源的效率（电源的输出功率/电源消耗的总功率）变小【答案】BD【点睛】在分析电路动态变化时，一般是根据局部电路变化（滑动变阻器，传感器电阻）推导整体电路总电阻、总电流的变化，然后根据闭合回路欧姆定律推导所需电阻的电压和电流的变化（或者电流表，电压表示数变化），也就是从局部整体局部三、实验题11. 要测绘一个标有“3V1.5 W”小灯泡的伏安特性曲线，备有下列器材：A电压表(量程3 V，内阻约6 k)；B电压表(量程15 V，内阻约30 k)；C电流表(量程0.6 A，内阻约0.5 )；D电流表(量程3 A，内阻约0.1 )；E滑动变阻器(阻值范围05 )；F滑动变阻器(阻值范围0100 )；G直流电源(3 V，内阻不计)；H开关、导线若干。（1）要求多次测量并使电压表读数从零开始连续可调，上述器材中 电压表应选用_；电流表应选用_；滑动变阻器应选用_。（以上均填写器材前字母）（2）请将甲图中的实物电路图用笔代替导线补充完整_。（3）乙图为某同学根据正确的实验电路图所测的几组数据画出的UI图象。图象是一条曲线而不是直线的原因是_；从图象中可求得小灯泡电压为1.8 V时的小灯泡的实际功率为_ W。【答案】 (1). A (2). C (3). E (4). (5). 小灯泡的电阻会随温度的升高而增大 (6). 0.72【解析】(1)灯泡电压为3V，故电压表应选择3V量程的A；由P=U/I可知，I=P/U=1.5/3=0.5A，故电流表应选择C；由于本实验采用滑动变阻器分压接法，故应选用小电阻E；(2)本实验要求电流从零开始调节，故应采用分压接法，同时因灯泡内阻较小，故应选用电流表外接法；如图所示；(3)灯泡电阻随温度的升高而增大，因此图象为曲线；当电压为1.8V时，电流为0.4A，则功率P=UI=1.80.4=0.72W。【点睛】（1）明确灯泡额定值，从而确定电压表和电流表，再根据实验要求明确采用分压接法，从而明确滑动变阻器的选择；（2）根据实验原理确定电路接法，从而连接实物图；（3）根据灯泡电阻的性质分析图象弯曲的原理，再根据图象找出电压为1.8V时的电流，从而求出实际功率。12. 电流表G1的满偏电流Ig=5mA，内阻r=290，把它改装成如图所示的一个多量程多用电表，电流、电压和电阻的测量都各有两个量程。当开关S接到1或2位置时为电流档，其中小量程为010mA，大量程为0100mA。（1）（多选）关于此多用电表，下列说法正确的是_（填字母代号）。A开关S接到位置4、5时是欧姆档，欧姆表内阻相等，只是测量倍率不同B开关S接到位置5、6时是电压档，接到位置6比接到位置5时的量程大C无论做什么电表使用，表盘的刻度都是均匀的D无论做什么电表使用，必须使电流从A表笔流入电表，从B表笔流出电表（2）当把开关S接到位置4时，先短接A、B进行欧姆调零，而后将一已知阻值为3600电阻R接到两表笔间，指针恰好偏转到电流表G1满刻度的1/3处，则该欧姆表的内阻为_。【答案】 (1). BD (2). 1800【解析】（1）当转换开关S旋到位置4时，表头与电表中的电源相连接，是电阻档，开关接5时，没有电源，此时电阻与电流表串联，故为电压档，A错误；当转换开关S旋到5串联的电阻小于旋转到6串联的电阻，可知旋转到6，串联的电阻大，分压作用大，电压表量程大，B正确；多用电表的欧姆档表盘是不均匀的，C错误；为了让表头正向偏转，无论做什么电表使用，必须使电流从A表笔流入电表，从B表笔流出电表，故D正确（2）将一已知阻值为3600电阻R接到两表笔间，根据闭合电路欧姆定律有：；而当欧姆表短接时有，联立解得13. 测定电源的电动势和内电阻的实验电路和UI图象如下，回答下列问题：（1）如图1所示在闭合开关之前为防止电表过载而滑动变阻器的滑动头P应放在_端处（填左、右）（2）如图2是根据实验数据画出的UI图象由此可知这个干电池的电动势E=_V，内电阻r=_（保留两位有效数字）【答案】 (1). 右端 (2). 1.5 (3). 1.0【解析】(1)闭合开关之前滑动变阻器的滑动头P应放在最大值位置处,即右端。(2)在U-I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势,所以由图可以读出电源的电动势为1.5V。图象中的斜率表示电源的内阻即：。四、计算题14. 如图所示的电路中，电源电动势为12V，内电阻r=0.5，=0.5，电动机线圈电阻为=1，若开关闭合后通过电源的电流为3A，则（1）上消耗的电功率为多少（2）电动机两端的电压为多少（3）电动机的输入功率【答案】（1）4.5（2）9V （3）27W【解析】（1）消耗的功率为：（2）电动机两端电压为 ，则： （3）电动机的输入功率：点睛：电动机正常工作时的电路为非纯电阻电路，机械功率由电功率减去电动机发热功率求解。15. 如图所示，长度为L0.2m、电阻r0.3、质量m0.1kg的金属棒CD，垂直跨接在位于水平面上的两条平行光滑的金属导轨上，导轨间距离也为L，棒与导轨间接触良好，导轨电阻不计。导轨左端接有R0.5的电阻，垂直导轨平面的匀强磁场向下穿过导轨平面，磁感强度B4T。现以水平向右的恒定外力F使金属棒右移,当金属棒以v2m/s的速度在导轨平面上匀速滑动时，求：（1）电路中理想电流表和与理想电压表的示数；（2）拉动金属棒的外力F的大小。【答案】（1）2A；1V（2）1.6N【解析】（1）CD杆产生的电动势为E，电流表的示数为I，电压表示数为U。EBLv 联立得：I = 2A 由欧姆定律可得：U=IR 将数据代入可得：U=1V（2）设CD杆受到的拉力为F，由安培力公式可得：FA=BIL FA =1.6N所以杆受到的拉力F= FA =1.6N16. 如图所示，直线MN上方为磁感应强度为B的足够大的匀强磁场一电子（质量为m、电荷量为e）以v的速度从点O与MN成30角的方向射入磁场中，求：（1）电子从磁场中射出时距O点多远；（2）电子在磁场中运动的时间为多少【答案】（1）（2）【解析】试题分析：（1）由左手定则可判断出电子应落在ON之间，由几何关系可解得圆心角为60，则电子出射点距O点的距离等于电子的运动半径r解得所以电子从磁场中射出时距O点的距离为（2）电子在磁场中的运动周期电子在磁场中的运动时间应为考点：带电粒子在磁场中的运动17. 如图甲所示，一个圆形线圈匝数n=1000匝、面积S=210-2m2、电阻r=1。在线圈外接一阻值为R=4的电阻。把线圈放入一个匀强磁