高考物理大一轮复习 第8章 恒定电流 实验10 测定电源的电动势和内阻高效演练 跟踪检测(1).doc

实验10 测定电源的电动势和内阻高效演练跟踪检测1下列给出多种用伏安法测定电源电动势和内阻的数据处理方法，其中既能减小偶然误差，又直观、简便的方法是()a测出两组i、u的数据，代入方程组eu1i1r和eu2i2r，求出e和rb多测几组i、u的数据，求出几组e、r，最后分别求出其平均值c测出多组i、u的数据，画出ui图象，再根据图象求出e、rd测出多组i、u的数据，分别求出i和u的平均值，用电压表测出断路时的路端电压即为电动势e，再用闭合电路欧姆定律求出内电阻r解析：选c.a中只测两组数据求出e、r，偶然误差较大；b中计算e、r平均值虽然能减小误差，但太繁琐；d中分别求i、u的平均值是错误的做法2在测一节干电池(电动势约为1.5 v，内阻约为2 )的电动势和内阻的实验中，电压表和变阻器各有两个供选择：a电压表量程为15 vb电压表量程为3 vc变阻器为(020 ，3 a)d变阻器为(0500 ，0.2 a)电压表应该选_(填“a”或“b”)，这是因为_.变阻器应该选_(填“c”或“d”)，这是因为_.解析：待测干电池电动势约为1.5 v，而a电压表量程为15 v，若用a则很难精确读数，误差太大；d变阻器电阻太大而额定电流过小，调节不方便答案：ba电压表量程过大，读数误差较大cd变阻器电阻太大而额定电流过小，调节不方便3要精确测量一个直流电源的电动势和内阻，给定下列实验器材：()a待测电源(电动势约为4.5 v，内阻约为2 )b电流表a1(量程0.6 a，内阻为1 )c电压表v1(量程15 v，内阻为3 k)d电压表v2(量程3 v，内阻为2 k)e定值电阻r1500 f定值电阻r21 000 g滑动变阻器r(阻值范围020 )h开关及导线(1)该实验中电压表应选_(填选项前面的序号)，定值电阻应选_(填选项前面的序号)(2)在方框中画出实验电路图(3)若将滑动变阻器滑到某一位置，读出此时电压表读数为u，电流表读数为i，从理论上分析，电源电动势e和内阻r间的关系式应为e_.解析：(1)待测电源的电动势约为4.5 v，用量程为15 v的电压表v1误差大，选用量程3 v的电压表v2，需串联电阻扩大量程，串联的定值电阻rrv1 k；(2)如图所示(3)由闭合电路的欧姆定律，对甲图，有eu(1 r)i，对乙图，有eur答案：(1)df(2)见解析图(3)eu(1 r)i或eui4如图所示电路，测定一节干电池的电动势和内阻电池的内阻较小，为了防止在调节滑动变阻器时造成短路，电路中用一个定值电阻r0起保护作用除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：a电流表(量程0.6 a、3 a)；b电压表(量程3 v、15 v)；c定值电阻(阻值1 、额定功率5 w)；d定值电阻(阻值10 、额定功率10 w)；e滑动变阻器(阻值范围010 、额定电流2 a)；f滑动变阻器(阻值范围0100 、额定电流1 a)那么：(1)要正确完成实验，电压表的量程应选择_v，电流表的量程应选择_a；r0应选择_的定值电阻，r应选择阻值范围是_的滑动变阻器(2)引起该实验系统误差的主要原因是_.解析：(1)由于一节干电池的电动势为1.5 v，故选量程为3 v的电压表；估算电流时，考虑到干电池的内阻一般几欧左右，加上保护电阻，最大电流在0.5 a左右，所以选量程为0.6 a的电流表；由于电池内阻很小，所以保护电阻不宜太大，否则会使得电流表、电压表取值范围小，造成的误差大；滑动变阻器的最大阻值一般比电池内阻大几倍就好了，取010 能很好地控制电路中的电流和电压，若取0100 会出现开始几乎不变最后突然变化的现象(2)系统误差一般是由测量工具和测量方法造成的，一般具有倾向性，总是偏大或者偏小本实验中由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比测量值小，造成e测e真，r测r真答案：(1)30.61010(2)由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比电池实际输出电流小5用如图所示电路测量电源的电动势和内阻实验器材：待测电源(电动势约3 v，内阻约2 )，保护电阻r1(阻值10 )和r2(阻值5 )，滑动变阻器r，电流表a，电压表v，开关s，导线若干实验主要步骤：(i)将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关；(ii)逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数u和相应电流表的示数i；(iii)以u为纵坐标，i为横坐标，作ui图线(u、i都用国际单位)；(iv)求出ui图线斜率的绝对值k和在横轴上的截距a.回答下列问题：(1)电压表最好选用_；电流表最好选用_a电压表(03 v，内阻约15 k)b电压表(03 v，内阻约3 k)c电流表(0200 ma，内阻约2 )d电流表(030 ma，内阻约2 )(2)滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是_a两导线接在滑动变阻器电阻丝两端的接线柱b两导线接在滑动变阻器金属杆两端的接线柱c一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接线柱d一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱，另一条导线接在电阻丝右端接线柱(3)选用k、a、r1和r2表示待测电源的电动势e和内阻r的表达式，e_，r_，代入数值可得e和r的测量值解析：(1)电压表内阻越大，分得的电流越小，误差也就越小，所以选内阻较大的a电压表；当滑动变阻器接入电路阻值最小时通过电流表电流最大，此时通过电流表电流大小约为i176 ma，所以选量程为200 ma的c电流表(2)由电路分析可知，滑片从左向右滑动，电压表示数变大，意味着滑动变阻器接入电路部分的阻值增大，一导线接金属杆左端，一导线接电阻丝左端，则滑片从左向右滑动时阻值增大，符合题意(3)由eui(rr2)，得ui(rr2)e，对比ui图线可知，图象斜率的绝对值krr2，所以电源内阻rkr2；令u0，得i，图线在横轴上的截距为a，所以ai，则eka.答案：(1)ac(2)c(3)kakr26某同学要测定一电源的电动势e和内电阻r，实验器材有：一只dis电流传感器(可视为理想电流表，测得的电流用i表示)，一只电阻箱(阻值用r表示)，一只开关和导线若干该同学设计了如图甲所示的电路进行实验和采集数据(1)该同学设计实验的原理表达式是e_(用r、i、r表示)(2)该同学在闭合开关之前，应先将电阻箱调到_(填“最大值”、“最小值”或“任意值”)，实验过程中，将电阻箱调至如图乙所示位置，则此时电阻箱接入电路的阻值为_.(3)该同学根据实验采集到的数据作出如图丙所示的 r图象，则由图象可求得，该电源的电动势e_v，内阻r_.(结果均保留两位有效数字)解析：(1)根据闭合电路欧姆定律，该同学设计实验的原理表达式是ei(rr)(2)根据实验的安全性原则，在闭合开关之前，应先将电阻箱调到最大值根据电阻箱读数规则，电阻箱接入电路的阻值为210 11 21 .(3)由ei(rr)可得rr. r图象斜率等于，e6.3 v，图象在纵轴截距等于r，r2.5 .答案：(1)i(rr)(2)最大值21(3)6.3(6.16.4)2.5(2.42.6)7老师要求同学们测出一待测电源的电动势及内阻，所给的实验器材有：待测电源e，定值电阻r1(阻值未知)，电压表v(量程为3.0 v，内阻很大)，电阻箱r(099.99 )，单刀单掷开关s1，单刀双掷开关s2，导线若干某同学连接了一个如图所示的电路，他接下来的操作是：a拨动电阻箱旋钮，使各旋钮盘的刻度处于如图甲所示的位置后，将s2接到a，闭合s1，记录下对应的电压表示数为2.20 v，然后断开s1；b保持电阻箱示数不变，将s2切换到b，闭合s1，记录此时电压表的读数(电压表的示数如图乙所示)，然后断开s1.(1)请你解答下列问题：图甲所示电阻箱的读数为_，图乙所示的电压表读数为_v由此可算出定值电阻r1的阻值为_.(计算结果取3位有效数字)(2)在完成上述操作后，该同学继续以下的操作：将s2切换到a，多次调节电阻箱，闭合s1，读出多组电阻箱的示数r和对应的电压表示数u，由测得的数据，绘出了如图丙所示的 图象由此可求得该电池组的电动势e及内阻r，其中e_v，电源内阻r_.(计算结果保留3位有效数字)