福建省漳州市九级物理上学期期末试卷（含解析） 新人教版.doc

2016-2017学年福建省漳州市九年级（上）期末物理试卷一、选择题：（每小题2分，共30分）1下列措施中，能加快液体蒸发的是（）a将盛有水的杯子加盖b把新鲜的水果密封在塑料袋中c把湿衣服晾在通风的地方d把蔬菜用保鲜膜包好后放入冰箱2对下列物理量的认识中，最接近实际的是（）a中学生的正常体温是41b考试专用的中性笔长约10dmc一节新干电池的电压为1.5vd家用电风扇的额定功率约2000w3妈妈在蒸馒头时，开锅后改用“小火”针对这种做法，下列说法中正确的是（）a水沸腾后，改用“小火”能更快的让馒头变熟b改用“小火”可以提高水的沸点c无论使用“大火”还是“小火”，水达到沸点后温度都保持不变d用“大火”可以提高水的沸点，不应该改用“小火”4如图所示的事例中，通过热传递的方式改变物体内能的是（）a锯木头锯条发热b划火柴点火c烧水时水温升高d铁丝来回弯折温度升高5下列各种自然现象形成的过程中，要吸收热量的是（）a春天，冰雪融化汇成的溪流b夏天，冰箱门口飘出的“白气”c秋天，草丛之上晶莹的露珠d冬天，天上纷纷飘落的雪花6如图所示，滑动变阻器的滑片p由a端向b端移动时，下面说法正确的是（）a灯l1变亮，灯l2不变b灯l1变暗，灯l2不变c灯l1、l2都变亮d灯l1、l2都变暗7有一种辨别“地沟油”和食用“植物油”的简易方法即把“地沟油”和食用“植物油”同时放入冰箱的保鲜柜中，可发现“地沟油”先“冰冻”了这是根据物质的哪一种特性来辨别的？（）a比热容b沸点c凝固点d热值8下列对热学知识进行的归纳总结中，正确的是（）a下滑时通过做功增加了物体内能b空气推动塞子时内能增加c海边昼夜温差小是因为水的比热容小d小蒸汽轮机利用机械能转化成内能来工作9如图中是一些人在生活用电中的几种做法，其中正确的是（）a试电笔的握法b带金属外壳的用电器使用三孔c多个大功率用电器同时使用一个插座d使用绝缘皮破损的导线10如图所示，闭合开关s，两灯均不亮，电流表无示数，电压表有示数，则故障是（）a灯l1开路b灯l2开路c灯l1短路d灯l2短路11如图所示是汽油机工作时各种冲程的示意图，其中表示做功冲程的是（）abcd12关于公式r=说法正确的是（）a导体的电阻与电压成正比b导体的电阻与电流成反比c电压一定时导体的电阻与电流成反比d导体的电阻是导体本身的一种性质，与电压、电流无关13生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害这主要是因为水的（）a密度大b凝固点较低c沸点较高d比热容较大14酒精测试仪可检测驾驶员是否酒后驾车，如图是它的原理图图中酒精气体传感器的电阻的倒数与酒精气体的浓度成正比，如果测试到的酒精气体浓度越大，那么（）a传感器的电阻越大b通过传感器的电流越小c传感器两端的电压越大d电压表的示数越大15把一盏标有“220v 100w”的电灯与一个未知电阻串联接在电源电压220v的电路中，若测得灯泡消耗的实际功率为82w，则未知电阻消耗的功率为（）a一定低于18wb一定等于18wc一定大于18wd可能等于18w二、填空、作图题：（每空1分，共26分）16气体液化时要热，烧水做饭时，被100的水蒸气烫伤，往往会伤得比被100的水烫伤厉害北方严冬玻璃内侧冰花是水蒸气的缘故17切割钢材时会看到火星四溅，这说明可以改变物体的内能；冬天晒太阳能“取暖”，说明可以改变物体的内能18避雷针的工作原理就是当发生闪电时，避雷针的内部电子是由地面流向针的顶端的由此可知，此时避雷针中电流的方向：流向（填“针顶”或“大地”）19现有质量和初温都相等的铝块和铜块，其比热容c铝c铜，它们吸收相等的热量后相互接触，热量从传给20取一个标有“10、0.5a”的定值电阻，把它接在电压为3v的电源上，消耗功率为w把它接在电源电压为9v的电路中，至少需要串联一个电阻才能正常工作21如图电能表读数为kwh；某次测得该电能表在10min内转了60转，则该电能表后面的电路中用电器的总功率为kw22造成家庭电路中保险丝熔断的原因：一是；使用测电笔时手要握住笔尾的23r1=60，r2=40两电阻串联接入电路，则电路的总电阻为，若两电阻并联，则电路的总电阻为24白炽灯用久了会变暗些，原因之一是钨丝升华变细，电阻，在电压不变时，实际功率（选填“变大”“变小”或“不变”）25闸刀开关应安装在保险盒的（选填“前方”或“后方”），更换保险丝时，应将闸刀开关，再进行操作26如图，l1和l2是两只相同的小灯泡，a、b是电流表或电压表闭合开关s后，若两灯都能发光，则a表是表，b表是表27打开电风扇可以使人感觉凉快是汗液蒸发加快，蒸发是热建人工湖是利用水的大来调节环境的温度28如图所示，电源电压是6v，灯泡l的电阻是12（其 阻值不随温度变化），滑动变阻器的大阻值是12当滑片p移到最左端时，灯泡l正常发光，则灯泡l的额定功率是w当滑片p移到最右端时，通过灯泡的电流是a三、简答题：（每题4分，共8分）29如图所示的插座和电灯（带开关）是组成家庭电路的常用器件，请你用笔画线代替导线将它们分别正确的接入电路中30电能是现代社会的重要资源，每个人都应具有节约用电的意识请根据你所学过的电学公式w=pt，从两个不同的角度写出节约用电的具体方法四、计算题：（6+8=14分）31如图所示，电源电压为6v，r1=8，r3=10当开关s闭合后，电流表示数为0.2a，求：（1）r3两端的电压（2）电阻r1的电功率（3）r2的阻值32某电热水壶的铭牌如图所示，小明用这个电热水壶将1kg、温度为23的水烧开，所用时间是7min已知c水=4.2103j/（kg），假设烧水的环境在1标准大气压下，水壶正常工作求：（1）电热水壶正常工作时的电流；（2）水被烧开所吸收的热量；（3）电流做功，（4）电热水壶的热效率五、实验探究题：（除标注2分外，其余每空1分，共22分）33小李在室温为20用如图1所示的装置探究冰的熔化过程，并在下表中记录了熔化过程中温度随时间变化情况 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7温度/42 0 0 0 0 12 （1）实验中，不直接把试管放在酒精灯上加热，其目的是：；图中温度计显示的是某时刻的温度，它的示数是（2）如果将冰块换成石蜡碎块做同样的实验，石蜡熔化时所得到的熔化图象应是（3）在冰熔化过程中，小李将试管从烧杯中拿出来，发现冰块继续熔化，请你分析其中的原因是：（4）小明与同学交流时发现，在开始2min升温快，最后2min升温慢，请你做出合理的解释：34用串联的方法“探究电流做功与哪些因素有关”的实验电路，其中两容器完全相同，且都倒入了质量相同的煤油，两电阻丝阻值不同（1）实验设计利用了能量转化的原理，即电流在做功过程中能转化为能（2）实验时，利用“转换法”，通过观察，就可以比较电流做功大小（3）电路采用两不同阻值的电阻丝串联，目的是使，这是用来研究电流做功跟（选填“电流”或“电压”）的关系35在测定“小灯泡额定电功率”的实验中，已知电源电压为6v，小灯泡的额定电压为2.5v，电阻约为10，滑动变阻器标有“20 1a”字样（1）实验原理是（2）如图甲是小亮同学设计的电路图，请在圆圈中填上电表符号（3）请将图乙所示的实物电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时小灯变亮）（4）在正确连接电路时，开关必须，滑动变阻器的滑片应移至端（“c”或“d”）（5）实验中，小亮同学连接好电路后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终亮度不变且很暗，则故障的原因可能是（6）正确连接电路后，故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某一点，电压表的示数如图丙所示，为v，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片p向端滑动（选填“左”或“右”）（7）当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图丁所示，则小灯泡的额定功率是w2016-2017学年福建省漳州市龙海二中九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（每小题2分，共30分）1下列措施中，能加快液体蒸发的是（）a将盛有水的杯子加盖b把新鲜的水果密封在塑料袋中c把湿衣服晾在通风的地方d把蔬菜用保鲜膜包好后放入冰箱【考点】影响蒸发快慢的因素【分析】加快液体蒸发快慢的措施有三个：提高液体的温度；增大液体的表面积；加快液体表面空气的流动速度将选择项中提到的措施与以上方法相对应，即可得到答案【解答】解：a、将盛有水的杯子加盖，可减小蒸发面积，控制表面空气流动速度，可以减慢液体蒸发，故a错误；b、将新鲜蔬菜装入保鲜袋，可减小蒸发面积，控制表面空气流动速度，可以减慢液体蒸发，故b错误c、将湿衣服晾在通风的地方，加快了表面空气的流动速度，可以加快水的蒸发故c正确d、把蔬菜用保鲜膜包好后放入冰箱，可减小蒸发面积，控制表面空气流动速度，可以减慢液体蒸发，故d错误故选c2对下列物理量的认识中，最接近实际的是（）a中学生的正常体温是41b考试专用的中性笔长约10dmc一节新干电池的电压为1.5vd家用电风扇的额定功率约2000w【考点】长度的估测；温度；电压；电功率【分析】先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案【解答】解：a、正常情况下，人的体温在37左右，变化幅度很小此选项不符合实际；b、中学生拳头的宽度在10cm左右，考试专用中性笔长度与此差不多，在10cm=1dm左右此选项不符合实际；c、一节新干电池的电压是1.5v此选项符合实际；d、家庭普通灯泡的额定功率在40w左右，电风扇的额定功率与此差不多，在40w左右此选项不符合实际故选c3妈妈在蒸馒头时，开锅后改用“小火”针对这种做法，下列说法中正确的是（）a水沸腾后，改用“小火”能更快的让馒头变熟b改用“小火”可以提高水的沸点c无论使用“大火”还是“小火”，水达到沸点后温度都保持不变d用“大火”可以提高水的沸点，不应该改用“小火”【考点】沸腾及沸腾条件【分析】液体沸腾有两个必要条件：（1）达到沸点，（2）继续吸热；当两个条件同时具备时即可沸腾【解答】解：水沸腾需要两个必要条件：（1）达到沸点，（2）继续吸热；妈妈蒸馒头开锅时，达到沸点；为了使馒头蒸熟，需要继续加热，但无论使用“大火”还是“小火”，水达到沸点后温度都保持不变故选c4如图所示的事例中，通过热传递的方式改变物体内能的是（）a锯木头锯条发热b划火柴点火c烧水时水温升高d铁丝来回弯折温度升高【考点】热传递在生活中的应用【分析】解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程【解答】解：a、锯木头锯条发热是摩擦生热，是利用做功来改变物体内能的，不符合题意；b、划火柴点火，属于擦燃，是摩擦生热，是利用做功来改变物体内能的，不符合题意；c、烧水时水温升高，是水从火吸热，是通过热传递改变了物体的内能，符合题意d、铁丝来回弯折温度升高，是利用做功来改变物体内能的，不符合题意故选c5下列各种自然现象形成的过程中，要吸收热量的是（）a春天，冰雪融化汇成的溪流b夏天，冰箱门口飘出的“白气”c秋天，草丛之上晶莹的露珠d冬天，天上纷纷飘落的雪花【考点】熔化与熔化吸热特点；液化及液化现象；生活中的凝华现象【分析】要解答本题需掌握：吸热的物态变化有：熔化、汽化和升华，以及生活中的一些自然现象属于哪种物态变化【解答】解：a、春天，冰雪融化汇成的溪流，是熔化现象，吸热故a符合题意b、夏天，冰箱门口飘出的“白气”，是液化现象，放热故b不符合题意c、秋天，草丛之上晶莹的露珠，是液化现象，放热故c不符合题意d、冬天，天上纷纷飘落的雪花，是凝华现象，放热故d不符合题意故选a6如图所示，滑动变阻器的滑片p由a端向b端移动时，下面说法正确的是（）a灯l1变亮，灯l2不变b灯l1变暗，灯l2不变c灯l1、l2都变亮d灯l1、l2都变暗【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由电路图可知，灯泡l1与滑动变阻器串联后再与灯泡l2并联，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知l2实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过l1电流的变化，利用p=i2r可知l1实际功率的变化，然后判断灯泡的亮暗【解答】解：由电路图可知，灯泡l1与滑动变阻器串联后再与灯泡l2并联，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，滑片移动时，l2的实际功率不变，亮暗不变，故cd错误；滑动变阻器的滑片p由a端向b端移动时，接入电路中的电阻变大，l1所在支路的总电阻变大，由i=可知，通过l1的电流变小，由p=i2r可知，l1的实际功率变小，灯泡变暗，故a错误、b正确故选b7有一种辨别“地沟油”和食用“植物油”的简易方法即把“地沟油”和食用“植物油”同时放入冰箱的保鲜柜中，可发现“地沟油”先“冰冻”了这是根据物质的哪一种特性来辨别的？（）a比热容b沸点c凝固点d热值【考点】熔点和凝固点【分析】分析“地沟油”和食用“植物油”放入冰箱前后的状态，从熔化、凝固、汽化、液化、升华、凝华的定义判断属于哪种物态变化，再分析是熔点、沸点、凝固点【解答】解：abc、“地沟油”和食用“植物油”放入冰箱前是液态的，放入冰箱一段时间后“地沟油”和食用“植物油”先后变为固态，物质从液态变为固态，属于凝固“地沟油”先“冰冻”了，是根据凝固点来判断的此过程没有发生熔化和沸腾，不会是熔点和沸点故选项a和b是错误的选项c是正确的d、热值虽然是燃料的一种特性，“地沟油”和食用“植物油”放入冰箱前后不涉及到热值的问题故错误故选c8下列对热学知识进行的归纳总结中，正确的是（）a下滑时通过做功增加了物体内能b空气推动塞子时内能增加c海边昼夜温差小是因为水的比热容小d小蒸汽轮机利用机械能转化成内能来工作【考点】做功改变物体内能；能量转化的现象；比热容解释简单的自然现象；蒸气机,内燃机,汽轮机,喷气发动机的原理【分析】解决此题要知道做功可以改变物体的内能，当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能【解答】解：a、从滑梯上滑下时，摩擦力做功改变了小孩的内能，机械能转化内能，内能增大，温度升高，选项说法正确，符合题意；b、空气对塞子做功后，空气的内能减小，温度降低，选项说法错误，不符合题意；c、因为水的比热容较大，在吸收相同的热量时温度变化较小，所以昼夜温差较小，选项说法错误，不符合题意；d、蒸汽轮机是利用内能转化为机械能的原理进行工作的，选项说法错误，不符合题意；故选a9如图中是一些人在生活用电中的几种做法，其中正确的是（）a试电笔的握法b带金属外壳的用电器使用三孔c多个大功率用电器同时使用一个插座d使用绝缘皮破损的导线【考点】安全用电原则；测电笔的使用【分析】本题根据测电笔的使用方法及安全用电的常识进行分析判断【解答】解：a、验电笔要求应用手接触尾部金属片，才能使测电笔正常工作，故a握法错误；b、带金属外壳的用电器应接地，故应使用三孔插座；故b正确；c、大功率电器电流较大，若多个电器同时使用同一个插座，会使导线上电流过大，而发生事故，故c做法错误；d、由于导线绝缘皮老化漏电或短路，电路中的电阻几乎为零，会造成电流过大，引发事故；故d错误；故选b10如图所示，闭合开关s，两灯均不亮，电流表无示数，电压表有示数，则故障是（）a灯l1开路b灯l2开路c灯l1短路d灯l2短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】（1）电压表有示数，说明电压表的两个接线柱和电源的两极连接的电路中无断路；（2）电流表无示数，说明电路中电阻很大，可能是断路了【解答】解：由电路图可知，两灯泡串联，电流表测电路电流，电压表测灯l2电压；a、如果灯泡l1开路，整个电路开路，电压表、电流表指针不会偏转此选项不符合题意；b、如果l2开路，电压表串联入电路，电压表测量电源电压，指针会明显偏转；电路中无电流，即电流表示数为零此选项符合题意；c、如果灯泡l1短路，电路电阻较小，电流表指针偏转角度应较大此选项不符合题意；d、如果l2短路，电路电阻较小，电流表指针偏转角度应较大；电压表相当于与导线并联无示数此选项不符合题意故选b11如图所示是汽油机工作时各种冲程的示意图，其中表示做功冲程的是（）abcd【考点】内燃机的四个冲程【分析】汽油机的四个冲程是吸气、压缩、做功和排气冲程吸气冲程进气阀打开，排气阀关闭，活塞向下运动；压缩冲程两个气阀都关闭，活塞向上运动；做功冲程两个气阀都关闭，活塞向下运动，火点塞点火；排气冲程排气阀打开，进气阀关闭，活塞向上运动【解答】解：a、一个气阀打开，活塞向下运动，所以是吸气冲程；b、两个气阀都关闭，活塞向上运动，所以是压缩冲程；c、两个气阀都关闭，活塞向下运动，火点塞点火，所以是做功冲程；d、一个气阀打开，活塞向上运动，所以是排气冲程故选c12关于公式r=说法正确的是（）a导体的电阻与电压成正比b导体的电阻与电流成反比c电压一定时导体的电阻与电流成反比d导体的电阻是导体本身的一种性质，与电压、电流无关【考点】欧姆定律的变形公式【分析】电阻是导体本身的一种性质，它与两端的电压和通过电流无关，r=这个导出公式只说明导体电阻的大小是导体两端的电压与通过导体的电流大小的比值【解答】解：公式r=只说明导体电阻的大小是导体两端的电压与通过导体的电流大小的比值，与它两端的电压和通过的电流无关，故abc错、d正确故选d13生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害这主要是因为水的（）a密度大b凝固点较低c沸点较高d比热容较大【考点】水的比热容的特点及应用【分析】水的比热容比较大，在相同质量、升高相同的温度的情况下，水可以吸收更多的热量【解答】解：因为水的比热容比较大，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小，因此生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害故选d14酒精测试仪可检测驾驶员是否酒后驾车，如图是它的原理图图中酒精气体传感器的电阻的倒数与酒精气体的浓度成正比，如果测试到的酒精气体浓度越大，那么（）a传感器的电阻越大b通过传感器的电流越小c传感器两端的电压越大d电压表的示数越大【考点】欧姆定律的应用【分析】首先根据电路图分析电路的连接方式，分析酒精气体传感器的电阻的变化，然后根据欧姆定律判断串联电路中的电流和电压表示数的变化【解答】解：由图可知：酒精气体传感器和定值电阻串联在电路中，电压表测r两端的电压；因酒精气体传感器的电阻的倒数与酒精气体的浓度成正比，所以测试到的酒精气体浓度越大时，传感器的电阻的倒数就越大，即传感器的电阻越小时，根据欧姆定律可知通过传感器的电流越大，则定值电阻r两端的电压越大，电压表示数越大，则传感器两端的电压越小，所以a、b、c错误，d正确故选d15把一盏标有“220v 100w”的电灯与一个未知电阻串联接在电源电压220v的电路中，若测得灯泡消耗的实际功率为82w，则未知电阻消耗的功率为（）a一定低于18wb一定等于18wc一定大于18wd可能等于18w【考点】实际功率【分析】已知灯泡的额定电压和额定功率，据公式p=可以求出灯泡的电阻，根据串联电路的电流特点和p=i2r求出电路中的电流，根据欧姆定律求出灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电阻两端的电压，根据p=ui求出电阻消耗的电功率【解答】解：已知灯泡的额定电压和额定功率，据公式p=可得：r灯=484；因串联电路中各处的电流相等，所以，由p=i2r可得，灯泡消耗的实际功率为82w时电路中的电流：i=0.4a，由i=可得，灯泡两端的电压：ul=irl=0.4a484=193.6v，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电阻r两端的电压：ur=uul=220v193.6v=26.4v，电阻消耗的电功率：pr=uri=26.4v0.4a=10.56w（还可以这样解答：因为串联了一个电阻，所以总功率肯定比100w小，而总功率等于灯泡和电阻功率之和，灯泡功率82w，所以电阻功率小于18w）故选a二、填空、作图题：（每空1分，共26分）16气体液化时要放热，烧水做饭时，被100的水蒸气烫伤，往往会伤得比被100的水烫伤厉害北方严冬玻璃内侧冰花是水蒸气凝华的缘故【考点】液化及液化现象；生活中的凝华现象【分析】液化是由气态到液态，液化放热；物质由气态变为固态叫凝华【解答】解：被100的水蒸气烫伤往往比100的水烫伤更严重，这是因为水蒸气先液化，液化过程放热；玻璃窗上的冰花，是室内温度较高的水蒸气遇到温度低的玻璃快速放热由气态变成的固态小冰晶，属于凝华现象故答案为：放；凝华17切割钢材时会看到火星四溅，这说明做功可以改变物体的内能；冬天晒太阳能“取暖”，说明热传递可以改变物体的内能【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能【分析】做功和热传递都能改变物体的内能，据此分析即可判断；【解答】解：切割钢材时会看到火星四溅，即此时钢材克服摩擦力做功，这说明做功可以改变物体的内能；冬天晒太阳能“取暖”，说明热传递可以改变物体的内能故答案为：做功；热传递18避雷针的工作原理就是当发生闪电时，避雷针的内部电子是由地面流向针的顶端的由此可知，此时避雷针中电流的方向：针顶流向大地（填“针顶”或“大地”）【考点】电流的方向【分析】金属导体中的电流，是由自由电子的定向移动形成的，那么它的电流方向就和自由电子的定向移动方向相反【解答】解：物理学中规定：把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，避雷针的尖端不断地向空中释放电子，电子运动的方向与电流的方向相反，所以电流的方向应该是从避雷针的针顶流向大地故答案为：针顶；大地19现有质量和初温都相等的铝块和铜块，其比热容c铝c铜，它们吸收相等的热量后相互接触，热量从铜传给铝【考点】热传递；热量的计算【分析】解决此题的关键是知道发生热传递的条件是有温度差，热量会从高温物体传向低温物体；物体吸收热量后升高的温度可以结合热量的变形公式t=进行求解【解答】解：已知铝块和铜块的质量、初温相同，并且吸收相同的热量，但铜的比热小于铝的比热，由公式t=可知，比热容越大，升高的温度越低，即最后的温度越低，所以铜的末温比铝的末温高，热量将会由铜块传向铝块故答案为：铜；铝20取一个标有“10、0.5a”的定值电阻，把它接在电压为3v的电源上，消耗功率为0.9w把它接在电源电压为9v的电路中，至少需要串联一个8电阻才能正常工作【考点】电功率的计算；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用；电阻的串联【分析】由电阻的铭牌信息可知电阻的阻值及最大电流，则由欧姆定律可求得电阻所允许接上的最大限制电压；则当接在电压为3v的电源上时，电阻能正常工作，由功率公式可求得电阻消耗的实际功率；当接在9v的电路中时，由于电源电压高于最大限制电压，故应串联电阻分去多余的电压，此时电阻正常工作，即电压、电流均为额定值，则由欧姆定律可求得串联的电阻值【解答】解：由铭牌信息可知，电阻允许通过的最大电流为0.5a，则由欧姆定律可得，电阻的最大允许电压u=ir=0.5a10=5v；因3v小于最大电压，故电阻能工作，由功率公式可知电阻消耗的功率p=0.9w；当串联在9v的电路上时，要使电阻正常工作，电阻两端的电压只能为5v，则串联电阻需分压u1=9v5v=4v； 此时电路中电流为最大限制电流0.5a；则需串联电阻的阻值r0=8； 故答案为：0.9，821如图电能表读数为272.2kwh；某次测得该电能表在10min内转了60转，则该电能表后面的电路中用电器的总功率为0.5kw【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）读图得出电能表的示数，知道其最后一位是小数位；（2）根据电能表参数的含义，结合题意可先计算消耗的电能，再利用电功率公式计算用电器电功率的大小【解答】解：（1）读图可知，电能表的读数为272.2kwh；（2）由电能表的参数可知，电能表每转1r，电路中消耗kwh的电能，电能表转60r，电路中消耗电能为：w=60kwh=kwht=10min=h，所以用电器的功率为：p=0.5kw故答案为：272.2； 0.522造成家庭电路中保险丝熔断的原因：一是短路；使用测电笔时手要握住笔尾的金属体【考点】家庭电路电流过大的原因；测电笔的使用【分析】造成保险丝熔断的原因是家庭电路中电流过大，家庭电路中电流过大的原因有两个：短路和电路总功率过大测电笔中的氖管发光与否是判断火线和零线的主要依据，发光则为火线，不发光则为零线但手一定要接触笔尾金属体，这样才能和大地连成通路，使电流通过，氖管才有可能发光【解答】解：家庭电路中电流过大的原因有两个：短路：电路短路时，电路电阻很小，电压不变，根据i=知，电路电流过大电路总功率过大：电路总功率过大，电压不变，根据i=知，电路电流过大使用测电笔时，应用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线故答案为：短路；金属体23r1=60，r2=40两电阻串联接入电路，则电路的总电阻为100，若两电阻并联，则电路的总电阻为24【考点】电阻的串联；电阻的并联【分析】知道两电阻的阻值，根据电阻的串联求出两电阻串联时的总电阻，根据电阻的并联求出两电阻并联时的总电阻【解答】解：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，两电阻串联时的总电阻：r串=r1+r2=60+40=100；两电阻并联时总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以， =+=+=，解得：r并=24故答案为：100；2424白炽灯用久了会变暗些，原因之一是钨丝升华变细，电阻变大，在电压不变时，实际功率变小（选填“变大”“变小”或“不变”）【考点】影响电阻大小的因素；实际功率【分析】导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，在导体材料、长度不变的情况下，导体横截面积越小，电阻越大；家庭电路电压是220v不变，根据灯丝电阻的变化，由功率公式p=判断灯泡实际功率如何变化【解答】解：灯泡灯丝材料、长度不变，而用久了的灯泡由于升华作用灯泡灯丝变细，横截面积变小，所以灯丝电阻变大；由于灯丝电阻r变大，电路电压u=220v不变，由公式p=知：灯泡实际功率变小，灯泡会变暗故答案为：变大；变小25闸刀开关应安装在保险盒的前方（选填“前方”或“后方”），更换保险丝时，应将闸刀开关断开，再进行操作【考点】熔断器的作用及保险丝的选择方法【分析】为了安全起见，保险丝串联在火线上，安装在总开关的前方；在更换保险丝时，应将闸刀开关断开【解答】解：为了安全起见，保险丝串联在火线上，并安装在总开关的前方；更换保险丝时，应将闸刀开关断开，再进行操作，这样才能保证操作安全故答案为：前方；断开26如图，l1和l2是两只相同的小灯泡，a、b是电流表或电压表闭合开关s后，若两灯都能发光，则a表是电流表，b表是电压表【考点】电路图及元件符号【分析】分两种情况对电路进行分析，即串联电路或并联电路，然后根据电流表与被测用电器串联，并且在电路中相当于导线；电压表与被测用电器并联，在电路中相当于开路分析a、b的类别【解答】解：如果两个灯泡串联，无论a、b是什么仪表，l2都会被短路，故电路不可能为串联；那么两个灯泡的连接方式一定为并联，所以为了使灯l1、l2正确发光，a处相当于导线，即电流表；b处不能形成通路，否则会形成电源短路，故b处为电压表故答案为：电流；电压27打开电风扇可以使人感觉凉快是汗液蒸发加快，蒸发是吸热建人工湖是利用水的比热容大来调节环境的温度【考点】蒸发及其现象；水的比热容的特点及应用【分析】蒸发是汽化的一种，汽化吸热，所以蒸发也吸热；水的比热容比较大，在相同质量、升高相同的温度时，水可以吸收更多的热量【解答】解：液体汗水在蒸发时吸收热量，所以人体温降低，感到凉快；修建人工湖，大量增加水面面积，因为水的比热容比较大，在升高相同的温度时可以吸收相同的热量，在降低相同的温度时可以放出更多的热量，可以调节环境温度故答案为：吸；比热容28如图所示，电源电压是6v，灯泡l的电阻是12（其 阻值不随温度变化），滑动变阻器的大阻值是12当滑片p移到最左端时，灯泡l正常发光，则灯泡l的额定功率是3w当滑片p移到最右端时，通过灯泡的电流是0.25a【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）当滑片p移到最左端时，电路为l的简单电路，额定电压下灯泡正常发光，根据p=ui=求出灯泡l的额定功率；（2）当滑片p移到最右端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流即为通过灯泡的电流【解答】解：（1）当滑片p移到最左端时，电路为l的简单电路，因额定电压下灯泡正常发光，所以，灯泡l的额定功率：pl=3w；（2）当滑片p移到最右端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且串联电路中各处的电流相等，所以，通过灯泡的电流：il=i=0.25a故答案为：3；0.25三、简答题：（每题4分，共8分）29如图所示的插座和电灯（带开关）是组成家庭电路的常用器件，请你用笔画线代替导线将它们分别正确的接入电路中【考点】家庭电路的连接【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线【解答】解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线（1）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故既能控制灯泡，又能更安全（2）安装安全用电原则，上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线故答案为：30电能是现代社会的重要资源，每个人都应具有节约用电的意识请根据你所学过的电学公式w=pt，从两个不同的角度写出节约用电的具体方法【考点】电功的计算【分析】根据电能公式w=pt可知，要想减少消耗的电能，可以从减小功率和用电时间两个方面进行考虑【解答】答：从功率角度，使用节能灯，这样可以保证在亮度相同的情况下减小灯的功率，从而降低能耗；从时间角度，随手关灯或条件允许的情况下适当减少用电器使用的时间，这样也会减少电能的消耗四、计算题：（6+8=14分）31如图所示，电源电压为6v，r1=8，r3=10当开关s闭合后，电流表示数为0.2a，求：（1）r3两端的电压（2）电阻r1的电功率（3）r2的阻值【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由电路图可知，r1、r2、r3串联，电流表测电路中的电流（1）根据欧姆定律求出r3两端的电压；（2）根据p=ui=i2r求出电阻r1的电功率（3）根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出r2的阻值【解答】解：由电路图可知，r1、r2、r3串联，电流表测电路中的电流（1）由i=可得，r3两端的电压：u3=ir3=0.2a10=2v；（2）电阻r1的电功率：p1=i12r1=（0.2a）28=0.32w；（3）电路中的总电阻：r=30，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，r2的阻值：r2=rr1r3=30810=12答：（1）r3两端的电压为2v；（2）电阻r1的电功率为0.32w；（3）r2的阻值为1232某电热水壶的铭牌如图所示，小明用这个电热水壶将1kg、温度为23的水烧开，所用时间是7min已知c水=4.2103j/（kg），假设烧水的环境在1标准大气压下，水壶正常工作求：（1）电热水壶正常工作时的电流；（2）水被烧开所吸收的热量；（3）电流做功，（4）电热水壶的热效率【考点】电功与热量的综合计算【分析】（1）电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据p=ui求出正常工作时的电流；（2）在1标准大气压下水的沸点是100，根据q吸=cm（tt0）求出水被烧开所吸收的热量；（3）根据w=pt求出电流做的功；（4）根据=100%求出电热水壶的热效率【解答】解：（1）电热水壶正常工作时的电压为220v，功率为1100w，由p=ui可得，正常工作时的电流：i=5a；（2）1标准大气压下水的沸点是100，水被烧开所吸收的热量：q吸=cm（tt0）=4.2103j/（kg）1kg=3.234105j；（3）水被烧开时消耗的电能：w=pt=1100w760s=4.62105j；（4）电热水壶的热效率：=100%=100%=70%答：（1）电热水壶正常工作时的电流为5a；（2）水被烧开所吸收的热量为3.234105j；（3）电流做功为4.62105j；（4）电热水壶的热效率为70%五、实验探究题：（除标注2分外，其余每空1分，共22分）33小李在室温为20用如图1所示的装置探究冰的熔化过程，并在下表中记录了熔化过程中温度随时间变化情况 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7温度/42 0 0 0 0 12 （1）实验中，不直接把试管放在酒精灯上加热，其目的是：均匀受热；图中温度计显示的是某时刻的温度，它的示数是3（2）如果将冰块换成石蜡碎块做同样的实验，石蜡熔化时所得到的熔化图象应是b（3）在冰熔化过程中，小李将试管从烧杯中拿出来，发现冰块继续熔化，请你分析其中的原因是：周围空气的温度高于0，冰块还可以从空气中吸收热量（4）小明与同学交流时发现，在开始2min升温快，最后2min升温慢，请你做出合理的解释：水的比热容大，吸收相同的热量后，水升高的温度小：【考点】熔化和凝固的探究实验【分析】（1）观察图中的装置可以看出，用酒精灯先加热大烧杯中的水，再通过水将热量传递给试管中的冰，这样可以保证试管受热均匀；在读取温度计示数时要先明确其分度值，再注意温度延伸的方向，最后读数；（2）石蜡是非晶体，没有确定的熔点，在熔化时，不断吸收热量，温度不断升高；（3）当达到冰的熔点，且冰能吸收热量时，冰会熔化；冰的熔点是0（4）从表格中温度随时间的变化规律可以看出，在开始的2min和最后2min，物体处于不同的状态，在吸热相同的情况下，升温不同，是因为冰与水的比热容不同【解答】解：（1）读图可知，通过烧杯中的水再间接给试管中的冰加热可使其受热更均匀；图中温度计的分度值为1，温度值从0向下延伸，故其示数为了3；（2）石蜡是非晶体，没有确定的熔点，在熔化过程中，不断吸收热量，温度不断升高，由图可知，石蜡熔化时到的温度时间图象应该是图中ba是晶体凝固图象，c是晶体熔化图象，d是非晶体的凝固图象；（3）冰的熔点是0，环境温度高于冰的熔点，将试管从烧杯中拿出来，冰能继续从空气中吸收热量，冰块能继续熔化；（4）分析表中数据可知，在前2min，是固态的冰吸热升温，中间4min冰正在熔化，最后2min，是水在吸热升温，在吸热相同的情况下，在开始2min升温快、最后2min升温慢，这是因为水的比热大，吸收相同的热量后，水升温的幅度小故答案为：（1）均匀受热；3；（2）b；（3）周围空气的温度高于0，冰块还可以从空气中吸收热量；（4）水的比热容大，吸收相同的热量后，水升高的温度小34用串联的方法“探究电流做功与哪些因素有关”的实验电路，其中两容器完全相同，且都倒入了质量相同的煤油，两电阻丝阻值不同（1）实验设计利用了能量转化的原理，即电流在做功过程中电能转化为内能（2）实验时，利用“转换法”，通过观察温度计示数变化的多少，就可以比较电流做功大小（3）电路采用两不同阻值的电阻丝串联，目的是使电流和通电时间相等，这是用来研究电流做功跟电压（选填“电流”或“电压”）的关系【考点】电功的测量【分析】（1）电流做功过程中消耗了电能，得到了内能；（2）电阻丝发热做功，产生的热量被煤油吸收，煤油吸收的热量越多，温度变化量越大（3）应该从串联电路和并联电路的特点进行分析；根据电流做的功与电流、电压和时间的关系w=uit分析【解答】解：（