福建省莆田第八中学高二数学下学期期中试题 文.doc

2017-2018学年度莆田八中高二(文）下学期期中考考试范围：集合、函数、导数、选做题；考试时间：120分钟.注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第i卷（选择题）一、单选题（5*12=60）1已知集合， ，则（ ）a. b. c. d. 2已知命题 “存在，使得”，则下列说法正确的是（ ）a. “任意，使得”b. “不存在，使得”c. “任意，使得”d. “任意，使得”3若幂函数的图象经过点，则在定义域内 （ ）a. 为增函数 b. 为减函数 c. 有最小值 d. 有最大值4函数的图象如图，则该函数可能是（ ）a. b. c. d. 5设， ， ，则（ ）a. b. c. d. 6已知为函数的极小值点，则（ ）a. 9 b. 2 c. 4 d. 27已知，设函数的图象在点处的切线为，则在轴上的截距为( )a. b. c. d. 8如图，a,b是半径为1的o上两点，且oaob. 点p从a出发，在o上以每秒一个单位长度的速度匀速运动，回到点a运动结束. 设运动时间为x，弦bp的长度为y，那么下面图象中可能表示y与x的函数关系的是( )a. b. c. 或 d. 或9已知定义在上的函数若方程有两个不相等的实数根,则的取值范围是 ( )a. b. c. d. 10已知, ,若,则下列结论中,不可能成立的是( )a. b. c. d. 11设函数f(x)为偶函数，且xr，ff，当x2,3时，f(x)x，则当x2,0时，f(x)()a. |x4| b. |2x| c. 2|x1| d. 3|x1|12已知函数是定义在上的增函数， ， ，则不等式的解集为（ ）a. b. c. d. 第ii卷（非选择题）二、填空题（4*5=20）13函数的定义域是_.14已知函数，则_15已知函数、分别是二次函数和三次函数的导函数，它们在同一坐标系下的图象如图所示，设函数，则，的大小关系是_16已知函数是定义在上的奇函数，在上单调递减，且，若，则的取值范围为 _三、解答题（11+11+12+12+12+12）17选修4-4：坐标系与参数方程在直角坐标系中，以坐标原点为极点， 轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线： ，曲线： （）（1）求与交点的极坐标；（2）设点在上， ，求动点的极坐标方程18选修4-5：不等式选讲已知.（）求不等式的解集；（）若在上恒成立，求的取值范围.19. 已知函数 （1）求函数的图象在点处的切线的方程；（2）求函数区间-2,3上的最值20已知命题： ，命题： .（1）若，求实数的值；（2）若是的充分条件，求实数的取值范围.21已知实数，且满足不等式.（1）解不等式；（2）若函数在区间上有最小值，求实数的值.22已知函数，其中为自然对数的底数.（1）求函数的单调区间；（2）求证： 时， 6参考答案1b【解析】 由集合， 所以，故选b2c【解析】 根据全称命题与存在性命题的关系，可得命题 “存在，使得”的否定为“任意，使得”，故选c.3c【解析】由题幂函数的图象经过点，则 即幂函数为故在定义域内有最小值 .选c. 4d【解析】由图可知，该函数为奇函数，则排除a，又，排除b，c、d由函数的增长趋势判断，当时， ， ，由图观察可得，应选d。点睛：根据图象选择解析式，或根据解析式选择图象，一般通过奇偶性和特殊点进行排除法选出正确答案。本题中a、b比较同意排除，在c、d中，根据增长的趋势进行进一步选择。5a【解析】故故选6d【解析】，当或时， 单调递增；当时， 单调递减当时， 有极小值，即函数的极小值点为2选d7b【解析】由题意可知,a，令.故选:b.8d【解析】此题首先要想到分类：点p顺时针转或点p逆时针转.然后再根据bp的长度变化趋势可选择函数关系式.故选d.9a【解析】定义在上的函数若方程有两个不相等的实数根，等价于和各有一解，即且，即.故选a.【点睛】本题考查函数与方程的应用.解决本题的技巧是灵活地将方程有两个不相等的实数根等价转化为两个函数的值域问题，避免了讨论或数形结合思想思想的应用，但要注意和各有一解.10b【解析】, ,所以，因此 即或或，因此选b.11d【解析】 满足 满足 即 若时，则 若 函数 为偶函数， 即 若 则 则 即故选d【点睛】本题主要考查函数解析式的求解，根据函数奇偶性和周期性的关系进行转化是解决本题的关键12a【解析】解法1：令，则：原不等式等价于求解不等式，由于，故，函数在定义域上单调递减，且，据此可得，不等式即： ，结合函数的单调性可得不等式的解集为 .本题选择a选项.解法2：构造函数，满足函数是定义在上的增函数， ， ，则不等式即： ，即不等式的解集为.本题选择a选项.点睛：函数的单调性是函数的重要性质之一，它的应用贯穿于整个高中数学的教学之中.某些数学问题从表面上看似乎与函数的单调性无关，但如果我们能挖掘其内在联系，抓住其本质，那么运用函数的单调性解题，能起到化难为易、化繁为简的作用.因此对函数的单调性进行全面、准确的认识，并掌握好使用的技巧和方法，这是非常必要的.根据题目的特点，构造一个适当的函数，利用它的单调性进行解题，是一种常用技巧.许多问题，如果运用这种思想去解决，往往能获得简洁明快的思路，有着非凡的功效.13【解析】要使函数函数有意义，根据根式与分母有意义可得， ，定义域是， 故答案为.【方法点晴】本题主要考查函数的定义域、指数函数的单调性，属于中档题.定义域的三种类型及求法：(1)已知函数的解析式，则构造使解析式有意义的不等式(组)求解；(2) 对实际问题：由实际意义及使解析式有意义构成的不等式(组)求解；(3) 若已知函数的定义域为，则函数的定义域由不等式求出.14【解析】由函数，得.又，所以.所以.故答案为：4.15【解析】二次函数的导函数是一次函数，三次函数的导函数是二次函数，一次函数过点，二次函数过点，记为常数，则，故答案为16或【解析】由于奇函数 在上单调递减，且，所以函数在上是减函数， 所以不等式的解为所以所以故填或.17（1）（2）， 【解析】试题分析：（1）联立极坐标方程，柯姐的交点 极坐标；（2）设， 且，根据，即可求出，从而写出点的极坐标.试题解析：解：（1）联立 ， ， ，所求交点的极坐标（2）设， 且， ，由已知，得，点的极坐标方程为， 18（）.（）.【解析】试题分析：（）分、和三种情况分类讨论去掉绝对值，即可求解不等式的解集；（）由（）去掉绝对值，得到分段函数的解析式，作出函数的图象，要使得在上恒成立，只需图象上的点在直线上或其上方，借助函数的图象，即可得到实数的取值范围试题解析：（）当时，由，得；当时，由，得，所以；当时， ，得，所以不等式的解集为.（）由（）得，作出的图象如图所示，要使在上恒成立，只需图象上的点在直线上或其上方，当经过点时， ，当经过点时， ，所以最大为3，由图象可知.19(1)2;(2) 实数a的取值范围是（，04，+）.【解析】试题分析：（1）利用一元二次不等式的解法把集合化简后，由，借助于数轴列方程组可解的值；（2）把是的充分条件转化为集合和集合之间的包含关系，运用两集合端点值之间的关系列不等式组求解的取值范围.试题解析：（1）b=x|x24x+30=x|x1，或x3，a=x|a1xa+1，由ab=，ab=r，得 ，得a=2，所以满足ab=，ab=r的实数a的值为2；（2）因p是q的充分条件，所以ab，且a，所以结合数轴可知，a+11或a13，解得a0，或a4，所以p是q的充分条件的实数a的取值范围是（，04，+）2018. 解：（1）时， 切点 . 1分 .3分则直线：， 即为所求. 5分（2）令，则.6分当变化时，的变化情况如下表：10分故函数区间上的最大值为，最小值为.12分21（1）（2）【解析】试题分析：（1）因为底数大于，故不等式可以转化为，解得.（2）原函数可以化为，当时， ，因为函数的最小值为，故，从而，也即是.解析：（1）由题意得: ，解得.（2），令，当时， ， ，所以，所以.，的对数函数在定义域内递减，.22(1) 的单调递增区间为，单调递减区间为， (2)见解析【解析】试题分析：（1）求导可得，利用导函数研究原函数的单调性可得的单调递增区间为，单调递减区间为， .（2）令，由（1）可知令，二次求导讨论可得由 式相乘，可得 （当时，取等号）.试题解析：（1） ，在区间内， ；在区间内， ；在区间内， ，故的单调递增区间为，单调递减区间为， .（2）令，由（1）可知在区间内单调递减，在区间内单调递增，令，则，设，则，故仅有一解为，在区间内， ，在区间内， ，由 式相乘，得，即 （当时，取等号）.点睛：导数是研究函数的单调性、极值(最值)最有效的工具，