河北省2018-2019学年邯郸市高一上期末物理试卷.docx

2018-2019学年河北省邯郸市高一（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共10小题，共40.0分）1. 从科学方法角度来说物理学中引人“质点”运用了()A. 比值定义法B. 理想实验法C. 建立模型法D. 控制变量法【答案】C【解析】解：物理学中引入了“质点”的概念，从科学方法上来说属于理想化模型，故C正确，ABD错误；故选：C。质点是用来代替物体的具有质量的点，因而其突出特点是“具有质量”和“占有位置”，但没有大小，它的质量就是它所代替的物体的质量，突出主要因素，忽略次要因素，将实际问题简化为物理模型，是研究物理学问题的基本思维方法之一，这种思维方法叫理想化方法。质点就是利用这种思维方法建立的一个理想化物理模型。本题比较简单，考查了物理学中一些基本知识，对于这些基本知识，注意平时的记忆与积累，同时加强练习，以加深对其的理解。2. 在下列各组物理量中，全部属于矢量的是()A. 质量、长度B. 力、速度C. 路程、速率D. 加速度、时间【答案】B【解析】解：A、质量、长度都是标量，故B错误。B、力和速度都是矢量，故B正确。C、路程、速率都是标量，故C错误。D、加速度是矢量，而时间是标量，故D错误。故选：B。矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量。根据有无方向判断。矢量与标量明显的区别是：矢量有方向，标量没有方向。要掌握每个物理量的矢标性。3. 若汽车的加速度方向与速度方向一致，当加速度减小时，则()A. 汽车的速度可能减小B. 汽车的速度保持不变C. 当加速度减小到零时汽车的速度达到最小D. 当加速度减小到零时，汽车的速度达到最大【答案】D【解析】解：因为汽车的加速度方向与速度方向相同，速度增大，当加速度减小，速度仍然增大，不过速度由增加得快变为增加得慢。当加速度减小到零，汽车做匀速直线运动，速度达到最大。故ABC错误，D正确。故选：D。当物体的加速度的方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动。解决本题的关键要掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方向与速度方向的关系，而不是看加速度如何变化。4. 下列关于物体间相互作用的说法中正确的是()A. 力只能产生在相互接触的物体之间B. 物体相互作用时，先有作用力，后有反作用力C. 物体相互作用时有受力物体就必定有施力物体D. 物体相互作用时，施力物体施力在先受力物体受力在后【答案】C【解析】解：A、不接触的物体之间也可以有力的作用，与不接触的磁铁与磁铁之间。故A错误。B、作用力和反作用力具有同时性，同时产生，同时消失，故B错误。C、力的作用是相互的，物体相互作用时有受力物体就必定有施力物体。故C正确。D、作用力和反作用力具有同时性，同时产生，同时消失，施力物体与受力物体没有先后之分。故D错误。故选：C。作用力和反作用力大小相等，方向相反，同时产生，同时消失，作用在不同的物体上，不是共点力，不能合成，效果不能抵消。物体之所以由静止而加速运动是因为其所受合力大于零。本题主要考查了牛顿第三定律，深刻理解和把握牛顿第三定律是解决本题的关键。5. 运动会上，铅球从运动员手中被斜向上推出后在空中飞行的过程中，若不计空气阻力，下列说法正确的是()A. 铅球的加速度的大小和方向均不变B. 铅球的加速度的大小不变，方向改变C. 铅球的运动是匀变速直线运动D. 铅球的运动是非匀变速曲线运动【答案】A【解析】解：AB、铅球只受重力，根据牛顿第二定律，加速度为重力加速度，保持不变，即铅球的加速度的大小和方向均不变，故A正确，B错误；CD、铅球的运动加速度恒定，但加速度与速度方向不共线，故其做匀变速曲线运动，故C错误，D错误；故选：A。由于地球周围的一切物体都要受到重力的作用，所以铅球在飞行过程中，能够确定其一定只受到重力的作用。从而根据曲线运动的条件可确定其运动轨迹，及运动的性质。通过物体的受力的情况来确定物体的运动性质，同时还可以由运动的情况来确定物体的受力特点。构建运动与力的关系的中间桥梁是牛顿第二定律。6. 如图所示是某物体做直线运动的vt图象，由图可知，该物体()A. 第1s内和第3s内的运动方向相反B. 第3s内和第4s内的加速度相同C. 第1s内和第4s内的位移相同D. 02s内和04s内的平均速度大小相等【答案】B【解析】解：A、第1s内和第3s内的速度均为正，运动方向相同，故A错误。B、第3s内和第4s内图象的斜率相同，则第3s内和第4s内加速度相同，故B正确。C、根据“面积”表示位移，知第1s内和第4s内的位移大小相等、方向相反，则位移不同，故C错误。D、根据“面积”表示位移，知02s内和04s内的位移相同，而所用时间不同，则平均速度不同，故D错误。故选：B。在速度时间图象中，根据速度的正负判断运动方向的关系，根据图线的斜率判断加速度的关系，根据图线与时间轴围成的面积比较位移的大小。而平均速度等于位移与时间之比。解决本题的关键是要理解速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，速度的正负表示运动的方向，图线与时间轴围成的面积表示位移。7. 如图甲是一座石拱桥，图乙是简化图，用四块相同的坚固石块垒成圆弧形的石拱其中第3、4块固定在地基上，1、2块间的接触面是竖直的，每块石块的两个侧面间所夹的圆心角为30.假定每块石块的质量为m，两石块间的摩擦力忽略不计，重力加速度为g则第2、4石块间的作用力大小为()A. 33mgB. mgC. 233D. 2mg【答案】D【解析】解：如图对第2个石块进行受力分析，由几何关系知：F42=mgsin30=2mg，故D正确，ABC错误；故选：D。对地2块石块进行受力分析，根据平衡条件列方程求解第2、4石块间的作用力大小。本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。8. 如图甲所示为乘客在进入地铁站乘车前，将携带的物品轻放到以恒定速率运动的水平传送带上，使物品随传送带一起运动并通过检测仪接受检查时的情景。检测仪内部示意图如图乙，当乘客将携带的物品轻放在传送带上之后，关于物品受到的摩擦力，下列说法正确的是A. 当物品与传送带相对静止时，物品受到静摩擦力B. 当物品与传送带相对静止时，物品受到滑动摩擦力C. 当物品受到摩擦力作用时，物品不一定受到弹力作用D. 当物品受到摩擦力作用时，摩擦力方向与物品运动方向相同【答案】D【解析】解：AB.当物品与传送带相对静止时物体与传送带做匀速直线运动，两者之间没有要发生相对运动的趋势，故物品不受静摩擦力，所以AB错误。C.摩擦力存在的条件：接触面粗糙有弹力有相对运动或者相对运动趋势。由此，有弹力是有摩擦力的必要不充分条件，即：有弹力不一定有摩擦力，有摩擦力一定有弹力。题目中说受到摩擦力作用时，物品一定受到弹力的作用，所以C错误。D.摩擦力的方向：与物体发生相对运动的方向相反或者与物体发生相对运动趋势的方向相反，而与运动的方向，可以相同也可以相反，此处由于是摩擦动力，因此摩擦力方向与物品运动方向相同，所以D正确。故选：D。我们要先清楚产生摩擦力的条件：产生静摩擦力的条件接触面粗糙有弹力有相对运动趋势；产生滑动摩擦力的条件接触面粗糙有弹力有相对运动。然后对选项进行判断是否受到静摩擦力或者滑动摩擦力。关键是对摩擦力方向的判断，一定注意摩擦力的方向与相对运动方向或者相对运动趋势方向相反，而与运动方向可以相同也可以相反。9. 一石块从距地面高度为H处自由下落，不计空气阻力。当石块运动时间为落地时间的一半时，石块距地面的高度为()A. H4B. H2C. 3H4D. 2H2【答案】C【解析】解：设石块落地时的时间为t，则有：H=12gt2当石块运动时间为落地时间的一半时下落得高度为：H=12g(12t)2=H4石块距地面的高度为：h=HH4=34H故C正确，ABD错误故选：C。自由落体运动是初速度为零加速度为零g的匀加速直线运动，根据位移与速度关系公式求解。本题考查应用自由落体运动规律解题的基本能力，是基本题，比较简单，考试时不能丢分。10. 在卫生大扫除中某同学用拖把拖地沿推杆方向对拖把施加推力F，如图所示，此时推力与水平方向的夹角为0，拖把沿直线运动。从某时刻开始保持力F的大小不变，增大F与水平方向的夹角0，拖把仍沿直线运动，下列说法正确的是()A. 地面对拖把的支持力FN变小B. 地面对拖把的支持力FN不变C. 地面对拖把的摩擦力Ff变小D. 地面对拖把的摩擦力Ff变大【答案】D【解析】解：设拖把与地面之间的动摩擦因数为，则：拖把头受到重力、支持力、推力和摩擦力处于平衡，受力示意图如图所示。按平衡条件得：竖直方向上：Fsin+mg=FN地面对拖把的摩擦力：Ff=FN增大F与水平方向的夹角，则FN增大，地面对拖把的摩擦力Ff变大，故ABC错误D正确。故选：D。对于拖把头受重力、支持力、推力和摩擦力，抓住竖直方向平衡，运用平衡条件和滑动摩擦力公式列方程分析各个力的变化。解决本题的关键能够正确地进行受力分析，抓住竖直方向平衡，运用平衡条件进行求解。二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）11. 下列关于曲线运动的说法中正确的是()A. 物体所受的合外力不为零时一定做曲线运动B. 物体在一恒力作用下可能做曲线运动C. 曲线运动可能是匀变速运动D. 物体只有受到方向时刻变化的力的作用才可能做曲线运动【答案】BC【解析】解：A、物体做曲线运动的条件为物体所受的合外力和它速度方向不在同一直线上，当物体受力的方向与速度的方向在同一条直线上时，物体做直线运动。故A错误；B、只要力和速度不在同一直线上，物体即做曲线运动；因此恒力作用下也可以做曲线运动，如平抛运动，故B正确；C、做曲线运动的物体受到的力可以是恒力，因此可能是匀变速曲线运动，如平抛运动，故C正确；C、做曲线运动的物体受到的力可以是恒力也可以是变力，因此可能是匀变速曲线运动，也可能是变加速曲线运动，故D错误。故选：BC。物体运动轨迹是曲线的运动，称为“曲线运动”。明确物体做曲线运动的条件为：当物体所受的合外力和它速度方向不在同一直线上。本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住。12. 如图甲所示是网球发球机，某次室内训练时将发球机放在距地面一定的高度，然后向竖直墙面发射网球。假定网球以速度v0水平射出，碰到墙面时速度与水平方向夹角为60，轨迹如图乙所示，若不考虑空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是()A. 碰到墙面前，网球在空中运动时间为3v02gB. 碰到墙面前网球下降高度为3v02gC. 碰到墙面时，网球的速度大小为2v0D. 网球发球机出球口与墙面间水平距离为3v02g【答案】CD【解析】解：A、小球落地时沿竖直方向和水平方向上的分速度大小分别为vy=gt，又：vx=vytan联立可得：t=3v0g，故A错误；B、小球下落得高度：h=12gt2=12g(3v0g)2=3v022g.故B错误；C、小球落地时沿竖直方向的分速度大小为vy=gt=3v0小球的速度：v=v02+vy2=2v0.故C正确；D、网球发球机出球口与墙面间水平距离为：x=v0t=3v02g.故D正确故选：CD。平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出落地的竖直分速度，结合平行四边形定则求出小球的初速度和着地的速度。本题中要注意水平射程是不变的，故速度越大，时间越短。解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，注意两个方向上物体的运动性质不同，但时间相同，结合平行四边形定则进行求解即可。13. 如图所示，在倾角为30的粗糙斜面上，有一根劲度系数为1000N/m的轻质弹簧，其一端固定在斜面底端，弹簧长度压缩2cm后，将重40N的物体A放置在弹簧顶端，物体A静止不动。现用一测力计沿斜面向上拉物体A，物体A依然静止不动，若物体与斜面间最大静摩擦力为20N，测力计读数可能为()A. 10NB. 20NC. 30ND. 40N【答案】AB【解析】解：施加拉力前，物体受到四个力的作用而平衡：重力G、垂直斜面向上的支持力N、沿斜面向上的摩擦力f和弹簧对物体施加沿斜面向上的弹力T，受力如图，其中T=kx=10000.02=20N，根据平衡条件可求出，f=Gsin30T=0N；施加拉力F后，弹簧长度不变，说明物体仍然静止，并且弹簧对物体施加的弹力大小和方向不变，则摩擦力沿斜面向下，因为物体没有滑动，所以F+TGsin30+fm，代入数据可得，F20N，所以测力计读数在020N之间。故AB正确，CD错误。故选：AB。根据共点力平衡和胡克定律求出未施加拉力时静摩擦力的大小和方向，弹簧的长度不变，抓住拉力和静摩擦力的合力不变，结合最大静摩擦力求出测力计拉力的范围。解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解；在解题时要注意摩擦力可能向上也可能向下。14. 2018年第23届平昌冬奥会冰壶混双比赛循环赛在江陵冰壶中心进行，巴德鑫和王芮联袂出战以6比4击败美国队。如图为我国运动员巴德鑫推冰壶的情景，现把冰壶在水平面上的运动简化为匀加速或匀减速直线运动，冰壶可视为质点，运动员对冰壶的作用力可认为沿水平方向。设一质量m=20kg的冰壶从运动员开始推到最终静止共用时t=23s。冰壶离开运动员的手后，运动了x=30m才停下来，冰壶与冰面间动摩擦因数为0.015，重力加速度g=10m/s2.下列说法正确的是A. 冰壶在减速阶段的加速度大小为0.15m/s2B. 冰壶在减速阶段的加速度大小为0.30m/s2C. 运动员推冰壶的平均作用力大小为20ND. 运动员推冰壶的平均作用力大小为23N【答案】AD【解析】解：AB、根据牛顿第二定律得，冰壶在减速阶段的加速度大小为：a=mgm=g=0.15m/s2.故A正确B错误；CD、采用逆向思维，设减速运动的时间为t2，则：x=12at22，解得：t2=20s，运动员推冰壶的时间为：t1=tt2=2320s=3s，匀减速运动的初速度为：v=a2t2=0.1520m/s=3m/s，则推冰壶的平均加速度a=vt1=1m/s2根据牛顿第二定律得：Fmg=ma，解得：F=mg+ma=0.015200+201N=23N.故C错误D正确；故选：AD。根据牛顿第二定律求出冰壶在减速阶段的加速度大小。采用逆向思维，结合位移时间公式求出匀减速运动的时间，从而得出推冰壶的时间。根据速度位移公式求出匀加速运动的加速度，结合牛顿第二定律求出运动员推冰壶的平均作用力大小。本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，难度不大。三、实验题探究题（本大题共2小题，共12.0分）15. 如图为“探究求合力方法”的实验装置图(1)下面是实验的主要步骤：将橡皮筋的一端固定在木板上的A点，另一端拴上两根绳套，每根绳套分别连着一个弹簧测力计；沿着两个方向拉弹簧测力计，将橡皮筋的活动端拉到某一位置，将此位置标记为O点，并记录_再用一个弹簧测力计将橡皮筋的活动端也拉至O点，记录拉力的大小及方向(2)某次实验中弹簧测力计的示数如图，读数是_N。【答案】两个拉力的大小及方向 3.60【解析】解：(1)根据实验的原理可知，沿着两个方向拉弹簧测力计，将橡皮筋的活动端拉到某一位置，将此位置标记为O点，并记录两个拉力的大小及方向。(2)根据弹簧秤读数规则可读得其示数为3.60N；答：(1)两个拉力的大小及方向；(2)3.60(1)根据实验原理和实验操作步骤判断；(2)熟练掌握弹簧测力计的读数方法；该题属于基础题目，考查了“验证力的平行四边形定则”的实验中基础知识，如等效思想即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代。16. 小丽同学做“探究物体的加速度与力、质量的关系”实验，装置如图甲所示。实验中，小丽同学适当垫高木板一端并调节木板上定滑轮的高度，使牵引小车的细绳与木板平行，轻推小车，小车恰好匀速运动；再用天平测出小车的总质量，用砝码盘里砝码的重力代替小车所受的牵引力大小F。(1)小车的加速度可由小车后拖动的纸带上由打点计时器打出的点计算出。实验得到一条点迹清晰的纸带如图乙所示，O、A、B、C、D是在纸带上选取的计数点，相邻计数点间还有4个点未画出，OA、CD间的距离分别为x1、x4打点计时器的打点周期为T，则小车运动的加速度大小为_。(2)小丽同学通过实验记录牵引力大小F与对应的加速度a的几组数据画出aF图线。如图丙所示，图线不过原点，其原因主要是_；根据图线计算小车质量为_kg(结果保留2位有效数字)【答案】x4x13(5T)2 未计入砝码盘重力 0.53【解析】解：(1)用逐差公式有：x4x1=x4x3+x3x2+x2x1=3a(5T)2，所以a=x4x13(5T)2。(2)实验记录牵引力大小F与对应的加速度a的几组数据画出aF图线图象，图象未过原点且在纵轴上有正截距，即当F=0时，滑块就有加速度，显然是空盘还有重力使滑块产生了加速度，即原因是未计入盘的质量。图象的斜率k=aF=0.520.050.25kg1，由牛顿第二定律知道a=1MF，所以滑块的质量M=1k=0.53kg。故答案为：(1)x4x13(5T)2；(2)未计入砝码盘的重力，0.53(0.520.54均可)根据小车做匀速运动列出方程，对合外力进行分析即可求解；在匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数，根据作差法求解加速度；由图象可知，当外力为零时，物体有加速度，通过对小车受力分析即可求解。解答实验问题的关键是正确理解实验原理，加强基本物理知识在实验中的应用，同时不断提高应用数学知识解答物理问题的能力。四、计算题（本大题共3小题，共33.0分）17. “礼让斑马线”体现了机动车驾驶员的文明出行意识。如图所示，小王开车以36km/h的速度在一条直路上行驶看到行人正要走斑马线过马路。以车子现行速度，完全可以通过路口而不撞上行人。经过1s时间的思考，小王决定立即刹车，礼让行人。经过4s的匀减速运动汽车刚好在斑马线前停下。求汽车刹车时的加速度大小。【答案】解：36km/h=10m/s 由公式v=v0+at 解得：a=2.5m/s2 答：汽车刹车时的加速度为2.5m/s2【解析】由速度公式即可求出汽车的加速度；解决本题的关键利用牛顿第二定律求出加速度，根据运动学公式进行求解。18. 原地纵跳摸高是篮球和羽毛球重要的训练项目。已知质量m=50kg的运动员原地摸高为2.05m，比赛过程中，该运动员先下蹲使重心下降0.5m，经过充分调整后，发力跳起摸到了2.85m的高度。假设运动员起跳时为匀加速运动，重力加速度g=10m/s2，求(1)起跳过程中运动员对地面的平均压力；(2)从开始起跳到双脚落地所用的时间。【答案】解：(1)从开始起跳到脚离开地面重心上升h1=0.5m，离开地面到上升到最高点的过程中，重心上升距离h2=0.8m，运动员离开地面后做竖直上抛运动，根据2gh2=v2可知，所以v=2gh2=4m/s在起跳过程中，根据速度位移公式可知2ah1=v2，a=v22h1，解得：a=16m/s2由牛顿第二定律得：FNmg=ma解得：FN=mg+ma=1300N由牛顿第三定律可知运动员对地面的压力为1300N，方向竖直向下(2)加速上升时间：t1vas=0.25s减速上升：t2=vg=0.4s加速下降和减速上升时间相同，故总时间为t=t1+2t2=1.05s答：(1)起跳过程中运动员对地面