（名校调研系列卷）吉林省长春市文曲星2016年中考物理四模试卷（含解析）.doc

2016年吉林省长春市文曲星名校调研中考物理四模试卷一、选择题（共10小题，每小题2分，满分20分）1平静的水面能清晰地映出岸上的景物，俗称“倒影”，此倒影是（）a正立的实像b正立的虚像c倒立的实像d倒立的虚像2如图所示的工具在正常使用中属于费力杠杆的一组是（）a羊角锤b筷子c超瓶器d独轮车3重3牛的小球轻放入盛有水的烧杯中，溢出2牛的水，小球所受浮力（）a一定为1牛b一定为2牛c可能为3牛d可能为5牛4下列现象中属于升华的是（）a烧水时，壶嘴附近出现“白气”b夏天阳光下的蜡烛变软c撒在地上的水一会儿没有了d放在衣柜里的樟脑丸越来越小5完全相同的甲、乙两个物体放在同一水平面上，分别用水平拉力使它们沿水平面运动，它们的st图象如图所示，则（）a甲、乙运动快慢相同b甲通过的路程比乙大c甲、乙受到的水平拉力大小相等d甲受到的水平拉力比乙大6在图所示的电路中，电源电压保持不变闭合电键s，当滑动变阻器r2的滑片p向右移动时，不变的是（）a电流表a的示数b电压表v1示数与电流表a示数的比值c电压表v示数与电流表a示数的乘积d电压表v示数与电压表v2示数的差值7关于安全用电，以下做法正确的是（）a让家里的多个大功率用电器共用一个插座b使用测电笔时，不能接触笔尾金属部分c用电器着火时，先用水灭火，再切断电源d有金属外壳的用电器必须使用三孔插座8如图所示，均匀圆柱体甲和盛有液体的圆柱形容器乙放置在水平地面上，甲物体高度与乙中液体深度相同，此时甲对地面的压强大于液体对乙容器底部的压强现以相同长度沿水平方向切去部分甲并从乙容器中抽取部分液体，则甲上切去部分的质量m甲与乙中抽取部分的液体质量m乙的关系是（）am甲可能等于m乙bm甲一定小于m乙cm甲可能大于m乙dm甲一定大于m乙9如图所示跳水运动员站在跳板上静止不动，下列说法正确的是（）a跳板被压弯说明力可以改变物体的运动状态b跳板被压弯说明力可以改变物体的形状c跳板对运动员的支持力和运动员对跳板的压力是一对平衡力d运动员对跳板的压力和运动员所受的重力是一对平衡力10从电源、电流表、电压表中选出合适的元件，填入图所示电路的ab、cd、ef两点间，闭合电键s，若滑动变阻器的滑片p向右移动时只有一个电表的示数变大，则（）aab间一定是电流表bcd间一定是电压表ccd间可能是电流表def间可能是电压表二、填空题（共5小题，每小题3分，满分12分）11一架飞机在龙嘉机场降落时，若以地面为参照物，这架飞机是的；飞机着陆后由于具有会继续向前滑行；当飞机停在水平地面上时，其重力与地面对它的力属于平衡力12质量为0.2kg的木块漂浮在水面上，排开水的重力为n，排开水的体积为m3（g取10n/kg）13如图所示，透过晶莹剔透的露珠观察到叶脉变粗，此时叶脉所成的像与（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）所成像的性质相同；露珠在阳光照射下温度逐渐升高，内能逐渐（选填“增大”“减小”或“不变”），这是通过的方法改变其内能的14wifi是一种可以将个人电脑、手机等终端设备以无线方式互相连接的技术常见的连接方式是通过一个无线路由器来实现无线路由器是通过波向四周有效范围内的终端传递信息，其传播速度（选填“大于”“等于”“小于”）光速15如图甲所示的电路中，电源电压不变，r1为定值电阻闭合开关s，将滑动变阻器r2的滑片p从a向b移动的过程中，电压表和电流表的示数变化情况如乙图所示当滑动变阻器的滑片p在中点时，两电表的示数对应于乙图中的点（选填“a”、“b”、“c”、“d”或“e”）三、计算题（共2小题，满分10分）16现有水平推力f沿水平面长方体木块，已知长方体木块高h=1.2m，木块的密度=0.5103kg/m3推力f与木块的速度v随时间t变化的图象分别如图甲、乙所示，g取10n/kg求：（1）木块对地面的压强p（2）在3s5s内，推力对木块所做的功17如图所示电路中，电源电压恒为19v，滑动变阻器上标有“100 1a”字样闭合开关s，电流表a的示数为0.5a，电压表v2是示数为9v求：（1）此时滑动变阻器接入电路的阻值（2）此时电阻r1的电功率四、综合题（共6小题，满分28分）18请按下列要求作图：（1）如图1所示，已知反射光线ob，画出入射光线ao并标出反射角的大小（2）如图2所示，一木块正沿着固定在地面上的光滑斜面下滑，请作出木块受到的重力g和支持力f的示意图19如图所示，在“探究凸透镜成像规律”的实验中，应先将烛焰、凸透镜、光屏的中心大致调节在上，目的是若所用凸透镜的焦距为10厘米，将蜡烛放于光具座a点处，保持位置不变，移动光屏至f点找到清晰缩小的像，这个像一定是像（选填“实”或“虚”），此时凸透镜可能位于光具座的两点之间（选填：“ab”、“bc”、“cd”、“de”或“ef”）20在“探究影响液体内部压强大小因素”的实验中：（1）如图甲所示，用于按压强计的橡皮膜，u形管内水面出现高度差，将橡皮膜放入酒精中，如图乙所示，u型管内水面也出现高度差，这这种研究问题的方法叫做（选填“等效替代”或“控制变量”）法如果在酒精中的同一位置，改变压强计金属盒橡皮膜的方向，u形管内水面高度差不变，这说明（2）若在使用压强计前发现u形管中有高度差，通过（选填“a、从u形管内倒出适量水”“b、拆除软管重新安装”“c、向u形管内加入适量水”）的方法可以进行调节（填字母即可）（3）比较乙、丙实验可知，液体内部压强与液体的有关；比较丙、丁实验可知，液体内部压强与液体的有关21两组同学分别做“探究二力平衡条件”的实验：第一小组的两位同学分别选择木片和纸片做实验的装置如图甲中a、b所示；正确的选择是用（选填“a”或“b”）图装置完成实验，理由是（2）第二小组同学为了探究平衡时两个力的大小关系设计两个实验装置如图乙中c、d所示，符合实验要求的是（选填“c”或“d”）图，理由是22“探究不同物质吸热能力”时，将质量相等的煤油和水分别装在两个相同的烧杯中，并测出煤油和水的初温，然后用两个相同的酒精灯加热，每隔2min记录一次温度实验记录如表所示：加热时间/min02468温度/煤油2025293438水2022242628（1）实验中选用相同的酒精灯加热，可以认为相同时间内水和煤油相同（2）由表中数据可知，对于质量相等的煤油和水，吸收相等的热量，升温较快的是；若使两者升高相同的温度，则吸收的热量较多由此得出物质的吸热能力与物质的种类有关23中考复习时，一学习小组利用阻值不同的四个电阻、电压为6v的电源、滑动变阻器r（标有“50 1a）及其他器材做电学实验（1）如图甲是小明“探究电流与电阻关系”时连接的部分实验电路将5电阻接入电路，请用笔画线代替导线，将实验电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片p向右滑动时电流表示数变大；闭合开关，移动滑片p，使电压表的示数为2.5v时读出对应的电流值并记录；断开开关，用10的电阻替换5的电阻，此时如果他马上闭合开关，会造成表损坏，正确的操作应该是先将滑片p移动到阻值最大处，再闭合开关，移动滑片p使电压表的示数为2.5v；按正确操作完成余下实验后，得到电流与电阻的关系图象如图乙所示，由此可得到的结论是；当电压一定时，（2）小华同学把图甲中的定值电阻换成额定电压为2.5v的灯泡，测量它的额定功率实验时，发现电流表损坏，于是选用了一个滑动变阻器r0（最大阻值用r0表示），设计了如图丙所示电路，请补全实验步骤闭合开关s，先调节滑动变阻器（选填“r0”或“r”）的滑片到最左端，再调节另一只滑动变阻器的滑片，直到电压表的示数为2.5v时为止；接着，读出这时电压表的示数为u；写出小灯泡的额定功率表达式p=（用字母表示）2016年吉林省长春市文曲星名校调研中考物理四模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题2分，满分20分）1平静的水面能清晰地映出岸上的景物，俗称“倒影”，此倒影是（）a正立的实像b正立的虚像c倒立的实像d倒立的虚像【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】平面镜成像的特点是成等大正立的虚像【解答】解：平静的水面如同平面镜，岸上的景物通过平静的水面成像在水面上，因平面镜成正立的虚像，故选b2如图所示的工具在正常使用中属于费力杠杆的一组是（）a羊角锤b筷子c超瓶器d独轮车【考点】杠杆的分类【分析】判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：a、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；b、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；c、起瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；d、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆故选b3重3牛的小球轻放入盛有水的烧杯中，溢出2牛的水，小球所受浮力（）a一定为1牛b一定为2牛c可能为3牛d可能为5牛【考点】浮力大小的计算【分析】（1）根据阿基米德定律，浸在液体中的物体受的浮力等于物体排开的液体的重力（2）物体在液体中的浮沉条件：上浮：f浮g，悬浮：f浮=g，下沉：f浮g；如果被研究的物体的平均密度可以知道，则物体的浮沉条件可变成以下形式：物液，上浮，物=液，悬浮，物液，下沉【解答】解：将一个重为3n的小球，放入盛有水的烧杯中，溢出烧杯的水重为2n，有以下几种可能：若烧杯中水是满的，溢出烧杯的水重为2n，根据阿基米德定律，浮力就是2n若烧杯中水是不满的，溢出烧杯的水重为2n，说明物体排开的水的重力大于2n，所以浮力大于2n若小球的密度等小于水的密度，则金属球会漂浮，所以浮力等于3n；若小球的密度等于水的密度，则金属球会悬浮，所以浮力等于3n；若小球的密度大于水的密度，则金属球沉底，所以，浮力小于3n综上分析，选项c符合题意故选c4下列现象中属于升华的是（）a烧水时，壶嘴附近出现“白气”b夏天阳光下的蜡烛变软c撒在地上的水一会儿没有了d放在衣柜里的樟脑丸越来越小【考点】生活中的升华现象【分析】升华是物质由固态直接变成气态的现象，分析各选项的物质前后状态变化，判断出哪一个是升华【解答】解：a、水烧开时冒出大量的“白气”，是壶内冒出的温度较高的水蒸气遇冷液化形成的，故a错误；b、夏天阳光下的蜡烛变软是熔化，故b错误；c、撒在地上的水一会儿没有了，是液态变为气态，是汽化，故c错误；d、放在衣柜里的樟脑丸越来越小是固态变为气态，是升华，故d正确故选：d5完全相同的甲、乙两个物体放在同一水平面上，分别用水平拉力使它们沿水平面运动，它们的st图象如图所示，则（）a甲、乙运动快慢相同b甲通过的路程比乙大c甲、乙受到的水平拉力大小相等d甲受到的水平拉力比乙大【考点】速度与物体运动【分析】（1）在图上任意选择一对时间和距离对应值，分别计算甲乙物体的运动速度（2）从图上读出甲乙的运动距离，比较通过路程的多少（3）从摩擦力大小的影响因素进行分析【解答】解：a、由图象知：甲的速度：v=1m/s；乙的速度：v=0.75m/s；所以甲比乙运动快故a错误b、由图象知：甲的路程是6m，乙的路程是9m，所以甲通过的路程比乙少故b错误c、d、甲乙完全相同，都放在水平面上，甲乙对水平面的压力相同，接触面粗糙程度相同，甲乙受到的摩擦力相同故c正确；d错误故选c6在图所示的电路中，电源电压保持不变闭合电键s，当滑动变阻器r2的滑片p向右移动时，不变的是（）a电流表a的示数b电压表v1示数与电流表a示数的比值c电压表v示数与电流表a示数的乘积d电压表v示数与电压表v2示数的差值【考点】电路的动态分析【分析】电阻r1与滑动变阻器r2串联，电压表v测量电源电压，电压表v1测量电阻r1两端的电压，电压表v2测量电阻r2两端的电压，电流表测量电路电流；当滑动变阻器的滑片p向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知，电路电流的变化和电压表v示数的变化【解答】解：a、因为电压表v测量电源电压，而电源电压不变，则电压表v的示数不变；当滑动变阻器的滑片p向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，即电流表a示数变小，故a不符合题意；b、电压表v1示数与电流表a示数的比值为r1的阻值，因r1的阻值不变，则电压表v1示数与电流表a示数的比值不变，故b符合题意；c、由于电压表v的示数不变，电流表a示数变小，则电压表v示数与电流表a示数的乘积变小，故c不符合题意；d、根据串联电路的电压特点可知：电压表v示数与电压表v2示数的差值为r1两端的电压，由于r1的阻值不变，电流表a示数变小，则r1两端的电压变小，因此电压表v示数与电流表示数的差值变小，故d不符合题意故选b7关于安全用电，以下做法正确的是（）a让家里的多个大功率用电器共用一个插座b使用测电笔时，不能接触笔尾金属部分c用电器着火时，先用水灭火，再切断电源d有金属外壳的用电器必须使用三孔插座【考点】安全用电原则【分析】（1）多个大功率用电器共用一个插座会造成电流过大；（2）使用测电笔时，手不能接触笔尖金属体，但要接触笔尾金属体；（3）电器着火时，要先切断电源，再救火；（4）有金属外壳的用电器应使用三孔插座，这样可防止因电器漏电而触电【解答】解：a、让家里的多个大功率用电器共用一个插座，会造成电流过大，易引发火灾，故a错误；b、使用测电笔时，手不能接触笔尖金属体，但要接触笔尾金属体，故b错误；c、用电器着火时，应先切断电源，再救火，如果先用水灭火，容易引发触电，故c错误；d、有金属外壳的用电器应使用三孔插座，这样可防止因电器漏电而触电，故d正确故选d8如图所示，均匀圆柱体甲和盛有液体的圆柱形容器乙放置在水平地面上，甲物体高度与乙中液体深度相同，此时甲对地面的压强大于液体对乙容器底部的压强现以相同长度沿水平方向切去部分甲并从乙容器中抽取部分液体，则甲上切去部分的质量m甲与乙中抽取部分的液体质量m乙的关系是（）am甲可能等于m乙bm甲一定小于m乙cm甲可能大于m乙dm甲一定大于m乙【考点】液体压强计算公式的应用【分析】先根据规则物体压强变形公式p=gh和p=得出甲乙密度的关系，然后再根据甲乙的密度与体积关系，判断质量关系【解答】解：因为甲为规则圆柱体，乙为规则容器，则甲对地面的压强：p甲=甲gh甲，乙对容器底的压强：p乙=乙gh乙，因为甲对地面的压强p甲大于乙对容器底部的压强；得：甲h甲乙h乙，由图可知：h甲=h乙，所以甲乙；因为甲的底面积s甲大于乙容器的底面积s乙，相同长度沿水平方向切去部分甲的体积v甲大于乙容器中抽取液体的体积v乙，由密度公式：=分析：甲乙密度关系：甲乙；且v甲v乙，所以m甲大于m乙故选：d9如图所示跳水运动员站在跳板上静止不动，下列说法正确的是（）a跳板被压弯说明力可以改变物体的运动状态b跳板被压弯说明力可以改变物体的形状c跳板对运动员的支持力和运动员对跳板的压力是一对平衡力d运动员对跳板的压力和运动员所受的重力是一对平衡力【考点】平衡力的辨别；力的作用效果【分析】（1）力的作用效果是：力可以改变物体的运动状态；力可以改变物体的形状；（2）二力平衡的条件是：同物、等大、反向、共线，同时满足时，两个力彼此平衡【解答】解：（1）跳水运动员站在跳板上静止不动，跳板被压弯，是运动员对跳板的压力改变了跳板的形状，故a错误，b正确；（2）跳板对运动员的支持力与运动员的重力是一对平衡力，故c错误，d错误故选b10从电源、电流表、电压表中选出合适的元件，填入图所示电路的ab、cd、ef两点间，闭合电键s，若滑动变阻器的滑片p向右移动时只有一个电表的示数变大，则（）aab间一定是电流表bcd间一定是电压表ccd间可能是电流表def间可能是电压表【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）先根据电压表需要并联在电路中，确定电压表的位置；（2）再根据要求（闭合电键s，若滑动变阻器的滑片p向右移动时只有一个电表的示数变大），确定电流表和电源的位置，进而对每个选项做出判断【解答】解：由于ab和r1串联、ef与滑动变阻器串联，所以ab间、ef间不能连入电压表，电压表可以接在cd间；ab间接入电源，ef间接入电流表，这样电压表与滑动变阻器并联，测量滑动变阻器两端的电压，当滑片向右移动时滑动变阻器连入的电阻变大、分压变大，电压表示数变大；而电路总电阻变大、电流变小，电流表的示数变小，只有一个电表的示数变大，符合题意；若ab间接入电流表，ef间接入电源，这样电压表与定值电阻r1并联，测量r1两端的电压，当滑片向右移动时滑动变阻器连入的电阻变大、分压变大，电压表示数变小；而电路总电阻变大、电流变小，电流表的示数变小，两个电表的示数都变小，不符合题意；可见：ab间接入电源，cd间接入电压表，ef间接入电流表，故acd错、b正确故选b二、填空题（共5小题，每小题3分，满分12分）11一架飞机在龙嘉机场降落时，若以地面为参照物，这架飞机是运动的；飞机着陆后由于具有惯性会继续向前滑行；当飞机停在水平地面上时，其重力与地面对它的支持力属于平衡力【考点】参照物及其选择；惯性；平衡力的辨别【分析】（1）如果物体相对于参照物位置不变，则物体是静止的，如果物体相对于参照物位置不断变化，则物体是运动的；（2）一切物体都具有惯性；（3）对飞机进行受力分析，根据平衡条件判断重力的平衡力是什么力【解答】解：（1）以地面为参照物，正在降落的飞机相对于地面的位置在不断发生改变，故以地面为参照物，这架飞机是运动的；（2）飞机着地后由于惯性仍要保持原来的运动状态，所以继续向前滑行；（3）当飞机停在水平地面上时，受到竖直向下的重力、地面竖直向上的支持力作用，处于平衡状态，因此重力与支持力是一对平衡力故答案为：运动；惯性；支持12质量为0.2kg的木块漂浮在水面上，排开水的重力为2n，排开水的体积为2104m3（g取10n/kg）【考点】阿基米德原理【分析】（1）知道木块的质量，利用重力公式求木块受到的重力，再利用漂浮条件求木块受到的浮力；（2）知道木块受到的浮力和水的密度，利用阿基米德原理求木块排开水的体积【解答】解：（1）木块漂浮，木块受到的浮力f浮=g木=m木g=0.2kg10n/kg=2n；（2）由f浮=水gv排得：v排=2104m3故答案为：2；210413如图所示，透过晶莹剔透的露珠观察到叶脉变粗，此时叶脉所成的像与放大镜（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）所成像的性质相同；露珠在阳光照射下温度逐渐升高，内能逐渐增大（选填“增大”“减小”或“不变”），这是通过热传递的方法改变其内能的【考点】热传递改变物体内能；凸透镜成像的应用【分析】（1）透明的物体都可以制成凸透镜，只要是凸透镜，材料不同，但是对光线的作用和成像情况都是相同的；露珠是一个凸透镜，露珠看叶脉跟放大镜的原理是相同的；（2）物体的内能大小与物体的质量、温度等因素有关改变物体内能的方式有两种：做功和热传递【解答】解：露珠中间厚，边缘薄，形成一个水凸透镜，叶脉在水凸透镜的一倍焦距以内，成正立放大的虚像，和放大镜的原理是相同的；露珠在阳光照射下温度逐渐升高，内能逐渐增大这是通过热传递的方法改变其内能的故答案为：放大镜；增大；热传递14wifi是一种可以将个人电脑、手机等终端设备以无线方式互相连接的技术常见的连接方式是通过一个无线路由器来实现无线路由器是通过电磁波向四周有效范围内的终端传递信息，其传播速度等于（选填“大于”“等于”“小于”）光速【考点】电磁波的传播【分析】微波是指频率为300mhz300ghz的电磁波，wifi在2.4ghz频段工作，属于微波，其传播速度等于光速【解答】解：wifi利用了电磁波中的微波技术进行信息传输，电磁波的传播速度等于光速故答案为：电磁；等于15如图甲所示的电路中，电源电压不变，r1为定值电阻闭合开关s，将滑动变阻器r2的滑片p从a向b移动的过程中，电压表和电流表的示数变化情况如乙图所示当滑动变阻器的滑片p在中点时，两电表的示数对应于乙图中的b点（选填“a”、“b”、“c”、“d”或“e”）【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）根据滑片在a、b两点时电路的连接情况，由电源电压保持不变的特点，利用欧姆定律列出关于电压的等式，即可求出r1的阻值；（2）由图可知滑动变阻器r2两端的电压和通过的电流值，根据欧姆定律求出r2，则当滑动变阻器的滑片p在中点时，连入电路的阻值为r2，如何根据串联电路的特点和欧姆定律求出串联电路的电流【解答】解：（1）由电路图可知，当滑片p在a端时滑动变阻器全部接入，r1与r2串联，即电路中电流最小时，则由图象可知此时电路中的电流ia=0.2a，r2两端的电压u2=4v，由欧姆定律得：r2=20；因串联电路中总电压等于各分电压之和，根据欧姆定律可得：电源电压u=iar1+u2，即：u=0.2ar1+4v当滑片p在b端时，滑动变阻器没有连入电路，电压表示数为零，由图象可知这时电路中电流为ib=0.6a，电源电压加在r1上，则u=ibr1；即u=0.6ar1解得：r1=10，u=6v；当滑动变阻器的滑片p在中点时，则滑动变阻器连入电路的阻值为r2=r2=20=10，所以，总阻值r=r1+r2=10+10=20，则电流表的示数为：i=0.3a由图象可知：电流表示数为0.3a时对应的点是b故答案为：b三、计算题（共2小题，满分10分）16现有水平推力f沿水平面长方体木块，已知长方体木块高h=1.2m，木块的密度=0.5103kg/m3推力f与木块的速度v随时间t变化的图象分别如图甲、乙所示，g取10n/kg求：（1）木块对地面的压强p（2）在3s5s内，推力对木块所做的功【考点】压强的大小及其计算；功的计算【分析】（1）设木块底面积为s，则体积v=hs，木块对地面压力f=g，木块对地面压强p=hg；（2）由图乙可知35s内木块运动速度，利用s=vt求35s内木块运动距离，由图甲可知35s内推力，利用w=fs求推力做的功【解答】解：（1）设木块底面积为s，则体积v=hs，木块对地面压力：f=g=mg=vg=hsg，木块对地面压强：p=hg=0.5103kg/m31.2m10n/kg=6000pa；（2）由图乙可知35s内木块运动速度v=1.0m/s，由v=得35s内木块运动距离：s=vt=1.0m/s2s=2m，由图甲可知35s内推力f=20n，推力做的功w=fs=20n2m=40j答：（1）木块对地面的压强为6000pa；（2）在3s5s内，推力对木块所做的功为40j17如图所示电路中，电源电压恒为19v，滑动变阻器上标有“100 1a”字样闭合开关s，电流表a的示数为0.5a，电压表v2是示数为9v求：（1）此时滑动变阻器接入电路的阻值（2）此时电阻r1的电功率【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由电路图可知，r1与r2串联，电压表v1测r1两端的电压，电压表v2测r2两端的电压，电流表测电路中的电流（1）根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻；（2）根据串联电路的电压特点求出r1两端的电压，根据p=ui求出此时电阻r1的电功率【解答】解：由电路图可知，r1与r2串联，电压表v1测r1两端的电压，电压表v2测r2两端的电压，电流表测电路中的电流（1）由i=可得，滑动变阻器接入电路中的电阻：r2=18；（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，r1两端的电压：u1=uu2=19v9v=10v，此时电阻r1的电功率：p1=u1i=10v0.5a=5w答：（1）此时滑动变阻器接入电路的阻值为18；（2）此时电阻r1的电功率为5w四、综合题（共6小题，满分28分）18请按下列要求作图：（1）如图1所示，已知反射光线ob，画出入射光线ao并标出反射角的大小（2）如图2所示，一木块正沿着固定在地面上的光滑斜面下滑，请作出木块受到的重力g和支持力f的示意图【考点】作光的反射光路图；重力示意图【分析】（1）要解决此题，需要掌握光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角可归纳为：“三线共面，两线分居，两角相等”要掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角（2）重力的方向是竖直向下的，作用点在重心上；斜面对物体的支持力和物体对斜面的压力是一对相互作用力，方向是相反的；压力的方向是垂直于斜面向下的，支持力就是垂直于斜面向上的，作用点在物体的重心上【解答】解：（1）首先做出法线，入射光线与镜面的夹角是40，所以入射角为9040=50根据反射角等于入射角做出反射光线反射角也为50（2）重力g和支持力fn的作用点画在物体的重心上，重力的方向竖直向下；支持力的方向与斜面垂直，垂直斜面向上如图所示：19如图所示，在“探究凸透镜成像规律”的实验中，应先将烛焰、凸透镜、光屏的中心大致调节在同一高度上，目的是使像成在光屏中央若所用凸透镜的焦距为10厘米，将蜡烛放于光具座a点处，保持位置不变，移动光屏至f点找到清晰缩小的像，这个像一定是实像（选填“实”或“虚”），此时凸透镜可能位于光具座的de两点之间（选填：“ab”、“bc”、“cd”、“de”或“ef”）【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）为使像能成在光屏的中央，应使凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度处（2）光屏上能得到缩小的像，这个像是倒立的、实像，物距：u2f，像距：2fvf，据此答题【解答】解：（1）使用光具座时应将蜡烛、凸透镜、光屏的中心大致调节在同一高度，使像成在光屏的中央；（2）凸透镜成像实验，发现光屏上有一个清晰缩小的像，这个像一定是实像此时物距：u2f=20cm，像距：，即20cmv10cm，所以此时凸透镜应位于光具座de两点之间故答案为：同一高度；使像成在光屏中央；实；de20在“探究影响液体内部压强大小因素”的实验中：（1）如图甲所示，用于按压强计的橡皮膜，u形管内水面出现高度差，将橡皮膜放入酒精中，如图乙所示，u型管内水面也出现高度差，这液体内部有压强这种研究问题的方法叫做等效替代（选填“等效替代”或“控制变量”）法如果在酒精中的同一位置，改变压强计金属盒橡皮膜的方向，u形管内水面高度差不变，这说明液体内部同一深度处，各个方向都有压强且压强大小相等（2）若在使用压强计前发现u形管中有高度差，通过b（选填“a、从u形管内倒出适量水”“b、拆除软管重新安装”“c、向u形管内加入适量水”）的方法可以进行调节（填字母即可）（3）比较乙、丙实验可知，液体内部压强与液体的密度有关；比较丙、丁实验可知，液体内部压强与液体的深度有关【考点】探究液体压强的特点实验【分析】（1）用压强计测量液体内部压强，u型管左右液面差越大，液体内部压强越大；液体压强跟液体密度和液体的深度有关探究液体压强跟金属盒方向关系时，控制液体的密度和液体的深度不变（2）u形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；u形管右端液面比较高，就说明u形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让u形管左端液面和大气相通，这样u形管两端的液面就是相平的；（3）液体压强跟液体密度和液体的深度有关在液体密度一定时，液体深度越大，液体压强越大；在液体深度一定时，液体密度越大，液体的压强越大【解答】解：（1）如图甲用手按压强计的橡皮膜，手对橡皮膜有压强，u型管内水面出现高度差；将橡皮膜放入酒精中，u型管内水面也出现高度差，这说明液体内部有压强，这种方法叫做类比法；如果酒精中同一位置，改变压强计金属盒上橡皮膜的方向，u型管内水面高度差不变，这说明液体内部同一深度处，各个方向都有压强且压强大小相等（2）进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，u形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，u形管中的液面就是相平的；（3）比较乙、丙实验可知，液体的深度相同，密度不同，u型管左右液面差不同，液体内部压强不同，所以液体内部压强与液体的密度有关比较丙、丁实验可知，液体的密度相同，深度不同，u型管左右液面差不同，液体内部压强不同，所以液体内部压强与液体的深度有关故答案为：（1）液体内部有压强；等效替代；液体内部同一深度处，各个方向都有压强且压强大小相等；（2）b；（3）密度；深度21两组同学分别做“探究二力平衡条件”的实验：第一小组的两位同学分别选择木片和纸片做实验的装置如图甲中a、b所示；正确的选择是用b（选填“a”或“b”）图装置完成实验，理由是减小物体重力对实验的影响（2）第二小组同学为了探究平衡时两个力的大小关系设计两个实验装置如图乙中c、d所示，符合实验要求的是d（选填“c”或“d”）图，理由是两个力必须作用在同一物体上【考点】二力平衡的概念【分析】（1）实验中应尽量减小卡片的质量带来的误差；（2）根据一对平衡力必须作用在同一物体上的特点分析【解答】解：（1）由于木片的重力较大，会影响实验效果，纸片的重力可以忽略不计，所以应选择纸片b进行实验；（2）平衡力必须作用在同一物体上，a两测量分别给对方一个力的作用，是相互作用力，d作用在同一物体上，所以d符合要求故答案为：（1）b；减小物体重力对实验的影响；（2）d；两个力必须作用在同一物体上22“探究不同物质吸热能力”时，将质量相等的煤油和水分别装在两个相同的烧杯中，并测出煤油和水的初温，然后用两个相同的酒精灯加热，每隔2min记录一次温度实验记录如表所示：加热时间/min02468温度/煤油2025293438水2022242628（1）实验中选用相同的酒精灯加热，可以认为相同时间内水和煤油吸收的热量相同（2）由表中数据可知，对于质量相等的煤油和水，吸收相等的热量，升温较快的是煤油；若使两者升高相同的温度，则水吸收的热量较多由此得出物质的吸热能力与物质的种类有关【考点】探究比热容的实验【分析】（1）用相同的酒精灯对液体加热，在相等时间内液体吸收的热量相等；（2）分析表中实验数据，相同质量的不同物质，吸收相同热量，升温慢的吸热能力强，根据实验数据分析答题【解答】解：（1）用相同的酒精灯对水和煤油加热，在相等时间内，可以用加热时间反应液体吸收热量的多少，则相同时间内水和煤油吸收的热量相同；（2）由表中实验数据可知，质量相等的煤油和水吸收相等热量，升温较快的是煤油；若使两者升高相同的温度，水需要加热更长的时间，水吸收的热量较多由此得出物质吸热能力与物质种类有关故答案为：（1）吸收的热量；（2）煤油；水23中考复习时，一学习小组利用阻值不同的四个电阻、电压为6v的电源、滑动变阻器r（标有“50