（全国通用）高三物理二轮复习 高考仿真模拟卷（八）.doc

高考仿真模拟卷(八)(时间:60分钟满分:110分) 一、选择题:本题共8小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第1417题只有一项符合题目要求,第1821题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.14.关于物体的运动和加速度,下列说法正确的是()a.做直线运动的物体,加速度方向一定不变b.做曲线运动的物体,加速度可能不变c.做匀速圆周运动的物体,加速度不变d.以额定功率做加速直线运动的汽车,加速度是恒定的15.汽车在水平公路上以额定功率做直线运动,速度为3 m/s时的加速度为6 m/s时的3倍,若汽车受到的阻力不变,由此可求得()a.汽车的最大速度b.汽车受到的阻力c.汽车的额定功率d.速度从3 m/s增大到6 m/s所用的时间16.我国正在研制航母电磁弹射器,其工作原理与电磁炮类似.用强迫储能器代替常规电源,它能在极短时间内释放所储存的电能,由弹射器转换为飞机的动能而将其弹射出去.如图所示,是电磁弹射器简化原理图,平行金属导轨与强迫储能器连接.相当于导体棒的推进器ab跨放在导轨上,匀强磁场垂直于导轨平面,闭合开关s,强迫储能器储存的电能通过推进器释放,使推进器受到磁场的作用力而沿平行导轨向前滑动,推动飞机使飞机获得比滑跃时大得多的加速度,从而实现短距离起飞的目标.一切摩擦和电阻消耗的能量都不计,对于电磁弹射器,下列说法正确的是()a.强迫储能器上端为正极b.平行导轨间距越大,飞机能获得的加速度越大c.强迫储能器储存的能量越多,飞机被加速的时间越长d.飞机的质量越大,离开弹射器时的动能越大17.如图所示,真空中等量同种正点电荷放置在m,n两点,在mn的连线上有对称点a,c,mn连线的中垂线上有对称点b,d,则下列说法正确的是()a.正电荷+q在c点电势能大于在a点电势能b.正电荷+q在c点电势能小于在a点电势能c.在mn连线的中垂线上,o点电势最高d.负电荷-q从d点静止释放,在它从d点运动到b点的过程中,加速度先减小再增大18.“蹦极”是一项刺激的极限运动,运动员将一端固定的长弹性绳绑在踝关节处,从几十米高处跳下.在某次蹦极中,弹性绳弹力f的大小随时间t的变化图像如图所示,其中t2,t4时刻图线切线的斜率最大.将蹦极过程近似为在竖直方向的运动,弹性绳中弹力与伸长量的关系遵循胡克定律,空气阻力不计.下列说法中正确的是()a.t3时刻运动员的加速度为零b.t2t4时间内运动员的机械能先减小后增大c.t3t4时间内运动员处于超重状态d.t3时刻运动员具有向上的最大速度19.如图所示,一个质量为0.4 kg的小物块从高h=0.05 m的坡面顶端由静止释放,滑到水平台上,滑行一段距离后,从边缘o点水平飞出,击中平台右下侧挡板上的p点.现以o为原点在竖直面内建立如图所示的平面直角坐标系,挡板的形状满足方程y=x2-6(单位:m),不计一切摩擦和空气阻力,g=10 m/s2,则下列说法正确的是()a.小物块从水平台上o点飞出的速度大小为1 m/sb.小物块从o点运动到p点的时间为1 sc.小物块刚到p点时速度方向与水平方向夹角的正切值等于5d.小物块刚到p点时速度的大小为10 m/s20.如图所示,虚线右侧存在匀强磁场,磁场方向垂直纸面向里,等边三角形金属线框电阻为r,边长是l,自线框从左边界进入磁场时开始计时,在外力作用下以垂直于磁场边界的恒定速度v进入磁场区域,t1时刻线框全部进入磁场.规定逆时针方向为感应电流i的正方向.外力大小为f,线框中电功率的瞬时值为p,在这段时间内通过导体某横截面的电荷量为q,其中c,d图像为抛物线.则这些物理量随时间变化的关系可能正确的是()21.如图(甲)所示,平行于光滑斜面的轻弹簧劲度系数为k,一端固定在倾角为的斜面底端,另一端与物块a连接;两物块a,b质量均为m,初始时均静止.现用平行于斜面向上的力f拉动物块b,使b做加速度为a的匀加速运动,a,b两物块在开始一段时间内的vt关系分别对应图(乙)中a,b图线(t1时刻a,b的图线相切,t2时刻对应a图线的最高点),重力加速度为g,则()a.t2时刻,弹簧形变量为0b.t1时刻,弹簧形变量为(mgsin +ma)/kc.从开始到t2时刻,拉力f逐渐增大d.从开始到t1时刻,物块移动的位移为mgsin+mak二、非选择题:包括必考题和选考题两部分.第22题第25题为必考题,每个试题考生都必须作答.第33题第35题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题(共47分)22.(6分)dis实验是利用现代信息技术进行的实验.“用dis研究机械能守恒定律”的实验装置如图(a)所示,小组同学在实验中利用小铁球从很光洁的曲面上滚下,选择dis以图像方式显示实验的结果,所显示的图像如图(b)所示.图像的横轴表示小球距d点(最低点)的高度h,纵轴表示小铁球的重力势能ep、动能ek或机械能e.试回答下列问题:(1)图(b)的图像中,表示小球的机械能e、动能ek、重力势能ep随小球距d点的高度h变化关系的图线分别是 (按顺序填写相应图线所对应的文字);(2)根据图(b)所示的实验图像,可以得出的结论是 .23.(9分)led二极管的应用是非常广泛的,某同学想要描绘某发光二极管的伏安特性曲线,实验测得它两端的电压u和通过它的电流i的数据如下表所示.u/v0.00.400.801.201.602.002.402.80i/ma0.00.92.34.36.812.019.030.0实验室提供了以下器材:a.电压表(量程03 v,内阻约20 k)b.电压表(量程015 v,内阻约100 k)c.电流表(量程050 ma,内阻约40 )d.电流表(量程00.6 a,内阻约2 )e.滑动变阻器(阻值范围020 ,允许最大电流2 a)f.电源(电动势6 v,内阻不计)g.开关,导线(1)该同学做实验时,电压表选用的是,电流表选用的是(填选项字母).(2)图(甲)中的实物连线已经连了部分电路,请按实验要求将实物图中的连线补充完整.(3)根据表中数据,请在图(乙)中的坐标纸中画出该二极管的iu图线.(4)若此发光二极管的最佳工作电流为15 ma,现将此发光二极管与电动势为3 v、内阻不计的电池组相连,还需串联一个阻值r=的电阻,才能使它工作在最佳状态(结果保留两位有效数字).24.(12分)如图,ab为光滑竖直杆,acb为构成直角的光滑l形直轨道,c处有一小圆弧连接,可使小球顺利转弯(即通过转弯处不损失机械能).套在杆上的小球自a点静止释放,分别沿ab轨道和acb轨道运动,如果沿acb轨道运动的时间是沿ab轨道运动时间的1.5倍,则ab与ac的夹角为多少?25.(20分)如图(甲)所示,直角坐标系xoy的第二象限有一半径为r=a的圆形区域,圆形区域的圆心o1坐标为(-a,a),与坐标轴分别相切于p点和n点,整个圆形区域内分布有磁感应强度大小为b的匀强磁场,其方向垂直纸面向里(图中未画出).带电粒子以相同的速度在纸面内从p点进入圆形磁场区域,速度方向与x轴负方向成角,当粒子经过y轴上的m点时,速度方向沿x轴正方向,已知m点坐标为(0,4a3).带电粒子质量为m、带电荷量为-q.忽略带电粒子间的相互作用力,不计带电粒子的重力,求:(1)带电粒子的速度大小和cos 值;(2)若带电粒子从m点射入第一象限,第一象限分布着垂直纸面向里的匀强磁场,已知带电粒子在该磁场的作用下经过了x轴上的q点,q点坐标为(a,0),该磁场的磁感应强度b大小为多大?(3)若第一象限只在y轴与直线x=a之间的整个区域内有匀强磁场,磁感应强度大小仍为b.方向垂直纸面,磁感应强度b随时间t变化的规律如图(乙)所示,已知在t=0时刻磁感应强度方向垂直纸面向外,此时某带电粒子刚好从m点射入第一象限,最终从直线x=a边界上的k点(图中未画出)穿出磁场,穿出磁场时其速度方向沿x轴正方向(该粒子始终只在第一象限内运动),则k点到x轴最大距离为多少?要达到此最大距离,图(乙)中的t值为多少?(二)选考题(共15分.请从给出的3道题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一个题目计分)33.物理选修33(15分)(1)(5分)下列说法正确的是.(填正确答案标号.选对1一个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分)a.第二类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律b.晶体有固定的熔点,非晶体没有固定的熔点c.物体的温度越高,分子热运动就越剧烈,每个分子动能也越大d.一定质量的理想气体,压强不变,温度升高时,分子间的平均距离一定增大e.一个分子以一定的初速度沿直线向另一固定的分子靠近,直到不能再靠近为止的过程中,分子间相互作用的合力先变大后变小,再变大(2)(10分)如图所示,a,b气缸的长度均为60 cm,截面积均为s=40 cm2,c是可在气缸内无摩擦滑动的、体积不计的活塞,d为阀门.整个装置均由导热材料制成.原来阀门关闭,a内有压强pa=2.4105 pa的氧气.b内有压强pb=1.2105 pa的氢气.阀门打开后,活塞c向右移动,最后达到平衡.假定氧气和氢气均视为理想气体,连接气缸的管道体积可忽略不计.求:活塞c移动的距离及平衡后b中气体的压强;活塞c移动过程中b中气体是吸热还是放热(简要说明理由).34.物理选修34(15分)(1)(5分)一列简谐横波从左向右以v=2 m/s的速度传播,某时刻的波形图如图所示,下列说法正确的是.(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分)a.a质点再经过一个周期将传播到d点b.b点正在向上运动c.b点再经过18t回到平衡位置d.该波的周期t=0.05 se.c点再经过34t将到达波峰的位置(2)(10分)如图所示是一个透明圆柱的横截面,其半径为r,折射率是3,ab是一条直径,今有一束平行光沿ab方向射向圆柱体,若一条入射光线经折射后恰经过b点,则这条入射光线到ab的距离是多少?35.物理选修35(15分)(1)(5分)如图所示是氢原子的能级图,现有大量处于n=4能级的氢原子向基态跃迁,所发出的所有光子中,波长最长的为m;上述所有光子中,照射到铷金属表面,逸出的光电子中最大初动能的最小值为ev.(普朗克常量h=6.6310-34 js,铷的逸出功w=2.13 ev).(2)(10分)云室处在磁感应强度为b的匀强磁场中,一静止质量为m1的原子核在云室中发生一次衰变,粒子的质量为m2,电荷量为q,其运动轨迹在与磁场方向垂直的平面内.现测得粒子的运动轨道半径为r,试求在衰变过程中的质量亏损.(涉及动量问题时,亏损的质量可忽略不计)高考仿真模拟卷(八)14.b做直线运动的物体,加速度与速度共线,其加速度方向可以变化,选项a错误;物体做曲线运动时,加速度与速度不共线,而加速度可能不变,比如平抛运动,选项b正确;做匀速圆周运动的物体,加速度方向始终指向圆心,即方向不断变化,选项c错误;以额定功率做加速直线运动的汽车,根据p=fv,随着速度的变化,牵引力在变化,则加速度不恒定,选项d错误.15.a设额定功率为p,则速度为3 m/s时的牵引力f1=pv1,速度为6 m/s时,牵引力为f2=pv2.根据牛顿第二定律得f1-f=3(f2-f),解得f=p12.因为牵引力与阻力相等时,速度最大,则f=f=pvm,最大速度为12 m/s.因为功率未知,无法求出阻力,该运动为变加速运动,无法求出运动的时间,故选项a正确,b,c,d错误.16.b推进器受到磁场的作用力而沿平行导轨向前滑动,所以推进器受到向右的安培力,根据左手定则可知,推进器中的电流方向从b到a,所以强迫储能器下端为正极,选项a错误;根据f=bil可知,当l越大时,安培力越大,则飞机受到的合外力越大,则加速度越大,选项b正确;强迫储能器储存的能量转化为飞机的初动能,强迫储能器储存的能量越多,飞机的初动能越大,则初速度越大,所以加速的时间越短,选项c错误;飞机离开弹射器时的动能由强迫储能器储存的能量转化而来的,与飞机质量无关,选项d错误.17.c根据电场线的分布情况和对称性可知,a,c两点的电势相等,则点电荷在a点电势能一定等于在c点电势能,选项a,b错误;沿电场线方向电势降低,在mn连线的中垂线上,o点电势最高,选项c正确;由对称性知o点的场强为零,负电荷-q从d点静止释放,在它从d点运动到b点的过程中,加速度可能先减小再增大,也可能先增大,后减小再增大再减小,选项d错误.18.bc由图像可知,t3时刻弹力最大,运动员受到的合力最大,由牛顿第二定律可知,此时运动员的加速度最大,不为零,选项a错误;取运动员与橡皮筋为一系统,只有重力与弹力做功,故系统机械能守恒,t2t4时间内橡皮筋先伸长后缩短,弹性势能先增大后减小,所以运动员的机械能先减小后增大,选项b正确;t3t4时间内运动员所受的拉力大于重力,合力向上,加速度向上,处于超重状态,选项c正确;t3时刻弹簧弹力达到最大值,运动员运动到最低点,速度为零,选项d错误.19.ab从顶端到o点,由机械能守恒mgh=12mv2,解得v=1 m/s,选项a正确;从o到p物块做平抛运动,水平方向x=vt,竖直方向h=12gt2,由数学知识y=x2-6,-h=x2-6,即-12gt2=(vt)2-6,解得t=1 s,则选项b正确;tan =gtv=10,选项c错误;到p点的速度大小vp=v2+(gt)2=101 m/s,选项d错误.20.cd线框切割磁感线,设有效长度为l,则l=2vttan 30=233vt,线框切割磁感线,产生感应电动势e=blv,所以产生感应电流i=blvr=23bv2t3r,线框进入磁场过程,l增大,i变大,i与时间t成正比,选项a错误;线框做匀速运动,由平衡条件得f=f安培=bil=b2l2vr=4b2v3t23r,t增大,f增大,f与时间的二次方成正比,选项b错误;由功率表达式,p=i2r=(blv)2r2r=b2l2v2r=4b2v4t23r,选项c正确;流过导体截面的电荷量q=it=bsr=br12lvt=3bv2t23r,选项d正确.21.bd由图知,t2时刻物块a的加速度为零,速度最大,根据牛顿第二定律和胡克定律有mgsin =kx,得出弹簧形变量x=mgsink,选项a错误;由图读出,t1时刻物块a,b开始分离,对物块a根据牛顿第二定律有kx-mgsin =ma,则弹簧形变量x=mgsin+mak,选项b正确;从开始到t1时刻,对物块a,b整体,根据牛顿第二定律有f+kx-2mgsin =2ma,得出f=2mgsin +2ma-kx,x减小,f增大;t1时刻到t2时刻,对物块b,由牛顿第二定律有f-mgsin =ma,得出f=mgsin +ma,可知f不变,选项c错误;由以上可知,t1时刻a,b开始分离,弹簧形变量x=mgsin+mak,开始时有2mgsin =kx0,从开始到t1时刻,物块移动的位移l=x0-x=mgsin+mak,选项d正确.22.解析:(1)根据小球下滑动能增大、重力势能减小、机械能不变可知表示小球的重力势能ep、动能ek、机械能e随小球距d点的高度h变化关系的图线分别是乙、丙、甲.(2)小球运动过程受到支持力和重力,支持力不做功,只有重力做功,小球的机械能守恒.故得出的结论是忽略阻力作用,小球在下落过程中机械能守恒.答案:(1)甲、丙、乙(2)忽略阻力作用,小球下落过程机械能守恒23.解析:(1)根据实验数据表可知电压最大为2.80 v,最大电流为30.0 ma,所以电压表应选择a,电流表应选择c.(2)通过估算二极管的阻值可知满足rvrxrxra,所以电流表应用外接法;由于电流从零开始,所以变阻器应采用分压式接法,连线图如图所示.(3)画出的iu图像如图所示.(4)根据闭合电路欧姆定律应有i=erx+r,由iu图像可读出i=15 ma时对应的电压u=2.2 v,可求出rx=146.7 ,代入数据解得r53 .答案:(1)ac(2)连线见解析(3)见解析(4)5324.解析:设ab的长度为l,bac=,由几何关系可得ac的长度为lcos ,cb的长度为lsin 小球沿ab做自由落体运动,运动的时间为t,有l=12gt2设ac段所用时间为t1,cb段所用时间为t2,由题可知t1+t2=1.5t小球沿ac段运动时,加速度为a1,由牛顿第二定律可得mgcos =ma1,且lcos =12gcos t12联立解得t1=t,t2=0.5t;小球在c点的速度为v=gcos t1设小球沿cb做匀加速运动的加速度为a2,由牛顿第二定律可得mgsin =ma2且lsin =vt2+12a2t22联立解得tan =43,所以=53.答案:5325.解析:(1)带电粒子在圆形磁场区域中做圆周运动的圆心为o2,离开圆形磁场区域时的位置为h,连接po1ho2可知,该四边形为菱形,带电粒子做圆周运动的半径r=a由于qvb=mv2r,得v=qbam由于po1在竖直方向,半径ho2也为竖直方向,由图(甲)可知r+rcos =43a,解得cos =13;(2)由图(甲)可知,带电粒子以平行于x轴正方向的速度从m点进入磁场区域中做圆周运动,设半径为r3,由几何关系有tan =a43a=34,=37,则cos =12mqr3=56ar3,得r3=2524a而r3=mvqb,得b=2425b;(3)由图(乙)知,圆o4与直线x=a相切于c点,圆o5与y轴相切于d点,两圆弧相切于e点,带电粒子运动到k点时离x轴距离最大,o4o5=2r=2a,cos =12,=60最大距离kq=4a3+2r+2rsin =(103+3)a,带电粒子运动周期t0=2mqb由12t=150360t0解得t=5m3qb.答案:(1)qbam13(2)2425b(3)(103+3)a5m3qb33.解析:(1)第二类永动机不可能制成是因为它违反了热力学第二定律,选项a错误;晶体有固定的熔点,非晶体没有固定的熔点,选项b正确;物体的温度越高,分子热运动就越剧烈,分子热运动的平均动能越大,但不是每个分子的动能都越大,选项c错误;根据pvt=c,一定质量的理想气体,压强不变,温度升高时,体积增加,故分子间的平均距离一定增大,选项d正确;一个分子以一定的初速度沿直线向另一固定的分子靠近,直到不能再靠近为止的过程中,分子间相互作用的合力先变大后变小,再变大,在平衡位置分子力最小,选项e正确.(2)对a部分气体由玻意耳定律有pals=p(l+x)s,对b部分气体由玻意耳