甘肃省张掖市高台一中高考物理模拟试卷（三）（含解析）.doc

2015年甘肃省张掖市高台一中高考物理模拟试卷（三）一、选择题：本大题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项是符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1升降机底板上放一质量为100kg的物体，物体随升降机由静止开始竖直向上移动5m时速度达到4m/s，g取10m/s2，则此过程中（）a升降机对物体做功5800jb合外力对物体做功5800jc物体的重力势能增加500jd物体的机械能增加800j2水平放置的光滑绝缘圆环上套有三个带电小球a、b、c，小球可在环上自由移动如图所示，是小球平衡后的位置图三个小球构成一个等边三角形下列判断正确的是（）aa、b两小球可能带异种电荷bb、c两小球可能带异种电荷ca、c两小球可能带异种电荷d三个小球一定带同种电荷3a、b两物体的质量分别为m1、m2，由轻质弹簧相连当用恒力f竖直向上拉着 a，使a、b一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x1；当用大小仍为f的恒力沿水平方向拉着 a，使a、b一起沿光滑水平桌面做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x2，如图所示则（）ax1一定等于x2bx1一定大于x2c若m1m2，则 x1x2d若m1m2，则 x1x24一理想变压器给负载供电，变压器输入电压不变，如图所示电灯a上标有“10v，10w”的字样，电灯b上标有“8v，20w”的字样，滑动变阻器的总电阻为6，当滑动触头由a端向b端滑动的过程中（不考虑电灯电阻的变化）则图中所有交流电表的读数及输入功率变化情况正确的是（均为理想电表）（）av1、v2不变，a1增大，a2增大，p先减小后增大bv1、v2不变，a1、a2增大，p增大cv1、v2不变，a1、a2减小，p先增大后减小dv1不变，v2增大，a1减小，a2减小，p减小5实验测试表明，地球表面附近存在一个方向竖直向下的电场，若雨滴带负电，则雨滴在地球表面附近下落的过程中（不考虑其它电场的影响），以下说法正确的是（）a电场力对雨滴做正功b雨滴电势能减小c雨滴所受电场力方向向上d雨滴所受电场力不断变小62012年至2015年进入了我国北斗系统卫星发射的高峰期，北斗卫星系统由地球同步轨道卫星与低轨道卫星两种卫星组成，在正常轨道运行的这两种卫星比较 （）a低轨卫星运行的周期较大b同步卫星运行的周期较大c低轨卫星运行的加速度较大d同步卫星运行的线速度较大7质量为1500kg的汽车在平直的公路上运动，vt图象如图所示，由此可求（）a前25s内汽车的平均速度b前10s内汽车的加速度c前10s内汽车所受的阻力d1525s内合外力对汽车所做的功8如图所示，一质量为1kg的物体，以10m/s的初速度从足够长的粗糙斜面上的a点向上运动，1s末物体恰好到达最高点，6s末物体的速率恰好为10m/s，g取10m/s2，则（）a1s6s内物体所受重力做功的平均功率为50wb6s末物体所受摩擦力的瞬时功率为40wc01s内机械能变化量大小与16s内机械能的变化时大小之比为1：6d16s内动能的变化量大小与机械能的变化时大小之比为1：2三、非选择题：（一）必考题：共129分9下列有关高中物理实验的说法中，正确的是（）a“探究动能定理”的实验中不需要直接求出合外力做的功b电火花打点计时器的工作电压是220v的直流电c在用欧姆表“10”挡测量电阻时发现指针偏角太小，应该换“1”挡进行测量d在“验证机械能守恒定律”的实验中，必须要用天平测出下落物体的质量10某同学用游标为20分度的卡尺测量一薄金属圆板的直径d，用螺旋测微器测量其厚度d，示数如图所示由图可读出d=mm，d=mm112010年诺贝尔物理学奖授予英国曼彻斯特大学科学家安德烈海姆和康斯坦丁诺沃肖洛夫，以表彰他们对石墨烯的研究他们最初是用透明胶带从石墨晶体上“粘”出一片石墨烯的我们平常所用的铅笔芯中就含有石墨，能导电某同学设计了探究铅笔芯伏安特性曲线的实验，得到如下数据（i和u分别表示通过铅笔芯的电流和其两端的电压）：u/v0.000.400.801.201.602.00i/a0.000.100.180.280.380.48实验室提供如下器材：a电流表a1（量程0.6a，内阻约为1.0）b电流表a2（量程3a，内阻约为0.1）c电压表v1（量程3v，内阻3k）d电压表v2（量程15v，内阻15k）e滑动变阻器r1（阻值010，额定电流2a）f滑动变阻器r2（阻值02k，额定电流0.5a）（1）除长约14cm的中华绘图2b铅笔芯、稳压直流电源e（6v）、开关和带夹子的导线若干外，还需选用的其它器材有（填选项前字母）；（2）在虚线方框中画出实验电路图；（3）根据表格中数据在坐标纸上画出铅笔芯的iu图线12如图甲所示，“”形木块放在光滑水平地面上，木块水平表面ab粗糙，光滑表面bc与水平面夹角为=37木块右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，当力传感器受压时，其示数为正值；当力传感器被拉时，其示数为负值一个可视为质点的滑块从c点由静止开始下滑，运动过程中，传感器记录到的力和时间的关系如图乙所示已知sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2，求：（1）斜面bc的长度；（2）滑块的质量；（3）运动过程中滑块克服摩擦力做的功13如图所示，一带电微粒质量为m=2.01011kg、电荷量q=+1.0105c，从静止开始经电压为u1=100v的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角=60，并接着沿半径方向进入一个垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域，微粒射出磁场时的偏转角也为=60已知偏转电场中金属板长l=2cm，圆形匀强磁场的半径r=10cm，重力忽略不计求：（1）带电微粒经u1=100v的电场加速后的速率；（2）两金属板间偏转电场的电场强度e；（3）匀强磁场的磁感应强度的大小三、选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题中任选一题作答，并用2b铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所选题目的题号必须与所涂黑的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则按所做的第一题计分。【物理-选修3-3】14下列说法正确的是（）a气体的体积是所有气体分子的体积之和b气体分子的热运动越剧烈，气体温度就越高c气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的d当气体膨胀时，气体分子之间的势能减小，因而气体的内能减少e当气体膨胀时，有可能将吸收的热量100%转化为机械能15如图所示，一定质量的理想气体从状态a变化到状态b，再由b变化到c已知状态a的温度为300k求气体在状态b的温度；由状态b变化到状态c的过程中，气体是吸热还是放热？简要说明理由【物理-选修3-4】16一振动周期为t、位于x=0处的波源从平衡位置开始沿y轴正方向做简谐运动，该波源产生的简谐横波沿x轴正方向传播，波速为v，关于在x=处的质点p，下列说法正确的是（）a质点p振动周期为t，速度的最大值为vb若某时刻质点p振动的速度方向沿y轴负方向，则该时刻波源处质点振动的速度方向沿y轴正方向c质点p开始振动的方向沿y轴正方向d若某时刻波源在波峰，则质点p一定在波谷17如图所示，一水池深为h，一根长直木棍竖直地插入水底，棍露出水面部分的长度l，当太阳光与水平面夹角为60斜射到水面时，求棍在水底的影子的长度（已知水的折射率为n）【物理选修3-5】18铀核裂变的一种方式是： u+nnd+zr+3n+8x，该反应的质量亏损是0.2u，1u相当于931.5mev的能量x代表的粒子是该反应放出的能量是j（结果保留3位有效数字）19如图一砂袋用无弹性轻细绳悬于o点开始时砂袋处于静止状态，此后用弹丸以水平速度击中砂袋后均未穿出第一次弹丸的速度为v0，打入砂袋后二者共同摆动的最大摆角为（90），当其第一次返回图示位置时，第二粒弹丸以另一水平速度v又击中砂袋，使砂袋向右摆动且最大摆角仍为若弹丸质量均为m，砂袋质量为4m，弹丸和砂袋形状大小忽略不计，求：两粒弹丸的水平速度之比为多少？2015年甘肃省张掖市高台一中高考物理模拟试卷（三）参考答案与试题解析一、选择题：本大题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项是符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1升降机底板上放一质量为100kg的物体，物体随升降机由静止开始竖直向上移动5m时速度达到4m/s，g取10m/s2，则此过程中（）a升降机对物体做功5800jb合外力对物体做功5800jc物体的重力势能增加500jd物体的机械能增加800j【考点】功的计算【专题】功的计算专题【分析】对升降机受力分析，受重力和支持力，根据功能关系多次列式分析求解【解答】解：a、对物体运用动能定理，有：w1mgh=mv2，故w1=mgh+mv2=100105+10016=5800j，故a正确；b、对物体运用动能定理，有：w总=mv2=10016=800j，故b错误；c、重力势能的增加量等于克服重力做的功，故ep=mgh=100105=5000j，故c错误；d、机械能的增加量：e=mgh+mv2=100105+10016=5800j，故d错误；故选：a【点评】本题关键是根据动能定理列式，明确重力的功、支持力的功、总功、重力势能增加量、动能增加量的求法2水平放置的光滑绝缘圆环上套有三个带电小球a、b、c，小球可在环上自由移动如图所示，是小球平衡后的位置图三个小球构成一个等边三角形下列判断正确的是（）aa、b两小球可能带异种电荷bb、c两小球可能带异种电荷ca、c两小球可能带异种电荷d三个小球一定带同种电荷【考点】库仑定律【专题】电场力与电势的性质专题【分析】三个带电小球处于平衡状态，根据平衡状态找出研究对象所受的合力必须为零进行判断三个力平衡任意两个力的合力与第三个力等值反向【解答】解：对c进行受力分析，因弹力一定过圆心的连线上，根据平衡条件得c一定要受到同时排斥，或同时吸引的两个力，则ab一定带相同电荷，如果是等量电荷，那么小球应该的均匀分布在环上，故abc错误，d正确；故选：d【点评】解决本题的关键掌握库仑定律的公式，找出静电力方向，会运用共点力平衡判断，注意等边三角形与圆的对称性3a、b两物体的质量分别为m1、m2，由轻质弹簧相连当用恒力f竖直向上拉着 a，使a、b一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x1；当用大小仍为f的恒力沿水平方向拉着 a，使a、b一起沿光滑水平桌面做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x2，如图所示则（）ax1一定等于x2bx1一定大于x2c若m1m2，则 x1x2d若m1m2，则 x1x2【考点】牛顿第二定律；胡克定律【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】先对ab整体进行分析，可以得出整体运动的加速度；再对隔离出受力最少的一个进行受力分析，由牛顿第二定律可得出弹簧弹力，则可得出弹簧的形变量【解答】解：在竖直面内，对整体有：f（m1+m2）g=（m1+m2）a1； 对b分析有kx1m2g=m2a1；解得：x1=水平面上，对整体有：f=（m1+m2）a2； 对b有：kx2=m2a2解得：x2=所以x1=x2故a正确故选：a【点评】本题注意应用整体与隔离法，一般在用隔离法时优先从受力最少的物体开始分析，如果不能得出答案再分析其他物体；本题中注意竖直面内时f作用的物体发生了变化，若f仍作用在b上，则形变量是不变的，可以通过分析得出结论4一理想变压器给负载供电，变压器输入电压不变，如图所示电灯a上标有“10v，10w”的字样，电灯b上标有“8v，20w”的字样，滑动变阻器的总电阻为6，当滑动触头由a端向b端滑动的过程中（不考虑电灯电阻的变化）则图中所有交流电表的读数及输入功率变化情况正确的是（均为理想电表）（）av1、v2不变，a1增大，a2增大，p先减小后增大bv1、v2不变，a1、a2增大，p增大cv1、v2不变，a1、a2减小，p先增大后减小dv1不变，v2增大，a1减小，a2减小，p减小【考点】变压器的构造和原理【专题】交流电专题【分析】变压器上的决定关系为：输入电压（u1）定输出电压（u2）、输出电流（i2）决定输入电流（i1），输出功率决定输入功率据此结合欧姆定律分析解答【解答】解：输入电压（u1）定输出电压（u2），v1不变则v2不变，ra=10，rb=3.2，则rb+rra，故当滑动触头由a端向b端滑动的过程两并联支路的总电阻一直减小，根据欧姆定律则电流表a2示数一直增大，根据=，i1=i2，得i1变大，v2不变，而i2变大，根据p=ui，则p变大；故b正确；故选：b【点评】本题关键是明确变压器原线圈与副线圈上各量的决定关系，其次知道并联支路上两支路电阻和一定时两支路电阻相等时并联后的电阻最大5实验测试表明，地球表面附近存在一个方向竖直向下的电场，若雨滴带负电，则雨滴在地球表面附近下落的过程中（不考虑其它电场的影响），以下说法正确的是（）a电场力对雨滴做正功b雨滴电势能减小c雨滴所受电场力方向向上d雨滴所受电场力不断变小【考点】电势差与电场强度的关系【专题】电场力与电势的性质专题【分析】根据电场强度的方向，得出雨滴所受电场力的方向，从而得出电场力做功的正负，结合电场力做功判断电势能的变化【解答】解：a、电场强度的方向竖直向下，雨滴带负电，则电场力的方向竖直向上，向下运动的过程中，电场力做负功，电势能增加故ab错误，c正确d、由于该电场类似于地球球心处存在一负点电荷产生的电场，故雨滴下降过程中电场力不断增加，故d错误；故选：c【点评】本题考查了电场力的方向、电场力做功与电势能的关系的基本运用，知道电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反以及知道电场力做功与电势能的关系，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加62012年至2015年进入了我国北斗系统卫星发射的高峰期，北斗卫星系统由地球同步轨道卫星与低轨道卫星两种卫星组成，在正常轨道运行的这两种卫星比较 （）a低轨卫星运行的周期较大b同步卫星运行的周期较大c低轨卫星运行的加速度较大d同步卫星运行的线速度较大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【专题】人造卫星问题【分析】根据万有引力提供向心力得出线速度、周期、加速度与轨道半径的关系，从而比较出大小【解答】解：根据，得a=，v=，t=同步卫星的轨道半径大，则加速度较小，线速度较小，周期较大故b、c正确，a、d错误故选bc【点评】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，知道线速度、加速度、角速度、周期与轨道半径的关系7质量为1500kg的汽车在平直的公路上运动，vt图象如图所示，由此可求（）a前25s内汽车的平均速度b前10s内汽车的加速度c前10s内汽车所受的阻力d1525s内合外力对汽车所做的功【考点】功的计算；匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律【分析】在vt图象中，直线的斜率表示物体的加速度的大小，直线匀横坐标围成的图形的面积表示物体经过的位移【解答】解：a、平均速度等于物体经过的位移的大小与所用时间的比值，25s内经过的位移的大小为025s所围成图形的面积，根据图形很容易求得，由=可以求得平均速度的大小，所以a正确b、直线的斜率表示物体的加速度的大小，由图形可知，斜率的大小为=2m/s2，所以b正确c、整个过程中不知道汽车的牵引力的大小，只有加速度的大小是不能求出所受阻力的大小的，所以c错误d、15s末和25s末物体的速度的大小是知道的，根据动能定理可以求合外力对汽车所做的功，所以d正确故选abd【点评】本题考查了学生对vt图象的理解，要知道在vt图象中，直线的斜率表示物体的加速度的大小，直线匀横坐标围成的图形的面积表示物体经过的位移8如图所示，一质量为1kg的物体，以10m/s的初速度从足够长的粗糙斜面上的a点向上运动，1s末物体恰好到达最高点，6s末物体的速率恰好为10m/s，g取10m/s2，则（）a1s6s内物体所受重力做功的平均功率为50wb6s末物体所受摩擦力的瞬时功率为40wc01s内机械能变化量大小与16s内机械能的变化时大小之比为1：6d16s内动能的变化量大小与机械能的变化时大小之比为1：2【考点】功率、平均功率和瞬时功率【专题】功率的计算专题【分析】物体受重力，摩擦力做功，由动能定理可得重力的平均功率；由牛顿第二定律和运动学可得摩擦力大小，进而确定6s末的功率；除了重力之外的其他力做功等于机械能的变化；由动能定律可判定1 s6 s内物体动能变化量【解答】解：a、设重力做功的平均功率为p1，摩擦力做功的平均功率为p2，则：p11+p21=，p25p25=，联立并代入数据得：p1=30w故a错误b、上升过程：g1+f=ma1，上升时间为1s，则：10=a11，下降过程：g1f=ma2，下降时间为5s，则：10=a25，解得：f=4n故6s末摩擦力的瞬时功率为：p=410w=40w故b正确c、除了重力之外的其他力做功等于机械能的变化，由w=pt，摩擦力做功的平均功率相等，上升和下降过程摩擦做功之比为1：5，故o1s内物体机械能的变化量大小与1s6s内机械能的变化量大小之比为1：5，故c错误；d、合外力做功等于动能变化，摩擦力做功等于机械能的变化；合外力做功为：w合=0=j=50j，摩擦力做功为：wf=fs=100j，故1s6s内物体动能变化量的大小与机械能的变化量大小之比为1：2，故d正确故选：bd【点评】本题是动能定理，牛顿第二定律，机械能受，功和功率的综合应用，要灵活运用功的计算式，灵活应用动能定理，题目综合性太强，需要熟练掌握这四块知识才能解决三、非选择题：（一）必考题：共129分9下列有关高中物理实验的说法中，正确的是（）a“探究动能定理”的实验中不需要直接求出合外力做的功b电火花打点计时器的工作电压是220v的直流电c在用欧姆表“10”挡测量电阻时发现指针偏角太小，应该换“1”挡进行测量d在“验证机械能守恒定律”的实验中，必须要用天平测出下落物体的质量【考点】用多用电表测电阻；用打点计时器测速度；验证机械能守恒定律；探究功与速度变化的关系【专题】实验题；恒定电流专题【分析】“探究动能定理”的实验中通过改变橡皮筋的条数控制合外力做功成倍数的增加即可；了解打点计时器的工作原理，从而选择合适的电源；测量电阻时发现指针偏角太小，说明阻值太大，应换用大档；在“验证机械能守恒定律”的实验中，明确实验目的与实验原理后确定需要测量的物理量【解答】解：a、“探究动能定理”的实验中通过改变橡皮筋的条数控制合外力做功成倍数的增加即可不需要直接求出合外力做的功的具体值，故a正确；b、电火花打点计时器的工作电压是220v交流电，故b错误；c、用欧姆表“x10”挡测量电阻时发现指针偏角太小，说明明阻值太大，应换用大档即“100”档，故c错误；d、验证机械能守恒实验需要验证mgh=mv2，因质量m可以消去，所以本实验不需要用天平测量质量，故d错误故选：a【点评】明确每个实验的实验原理以及数据处理方法是解决实验问题的关键10某同学用游标为20分度的卡尺测量一薄金属圆板的直径d，用螺旋测微器测量其厚度d，示数如图所示由图可读出d=10.50mm，d=3.773mm【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用【专题】实验题【分析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，注意二者读数的差别【解答】解：游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第10个刻度与主尺上某一刻度对齐，故其读数为0.0510mm=0.50mm，所以最终读数为：10mm+0.50mm=10.50mm；螺旋测微器的固定刻度读数为3.5mm，可动刻度读数为：0.0127.3mm=0.273mm，所以最终读数为：3.5mm+0.273mm=3.773mm故答案为：10.50；3.773【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读112010年诺贝尔物理学奖授予英国曼彻斯特大学科学家安德烈海姆和康斯坦丁诺沃肖洛夫，以表彰他们对石墨烯的研究他们最初是用透明胶带从石墨晶体上“粘”出一片石墨烯的我们平常所用的铅笔芯中就含有石墨，能导电某同学设计了探究铅笔芯伏安特性曲线的实验，得到如下数据（i和u分别表示通过铅笔芯的电流和其两端的电压）：u/v0.000.400.801.201.602.00i/a0.000.100.180.280.380.48实验室提供如下器材：a电流表a1（量程0.6a，内阻约为1.0）b电流表a2（量程3a，内阻约为0.1）c电压表v1（量程3v，内阻3k）d电压表v2（量程15v，内阻15k）e滑动变阻器r1（阻值010，额定电流2a）f滑动变阻器r2（阻值02k，额定电流0.5a）（1）除长约14cm的中华绘图2b铅笔芯、稳压直流电源e（6v）、开关和带夹子的导线若干外，还需选用的其它器材有ace（填选项前字母）；（2）在虚线方框中画出实验电路图；（3）根据表格中数据在坐标纸上画出铅笔芯的iu图线【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线；伏安法测电阻【专题】常规题型【分析】（1）器材的选取需安全、精确通过表格中电流、电压的数值确定选择电流表、电压表的量程滑动变阻器采用分压式接法，选取总电阻较小的，测量误差较小（2）测量铅笔芯伏安特性曲线电流电压需从0开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法根据铅笔芯的电阻与电流表和电压表内阻比较，确定电流表的内外接（3）用平滑的曲线作出铅笔芯的iu图线【解答】解：（1）用伏安法测量，需电压表、电流表和滑动变阻器，因为所处电压和电流的最大值分别为2.00v和0.48a，从精确度考虑，电流表选取量程为0.6a，电压表量程选取3v的为减小测量的误差，滑动变阻器选择010的故选ace（2）因为电压、电流需从0测起，所以滑动变阻器采用分压式接法铅笔芯的电阻大约在4左右，与电流表内阻相当，远小于电压表内阻，属于“小”电阻，采用电流表外接法电路图如下图所示（3）用平滑曲线描点作图如下图故答案为：（1）ace；（2）如图所示；（3）如图所示【点评】解决本题的关键掌握器材的选取原则，以及知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，知道什么情况下用电流表内接法，什么情况下用电流表外接法12如图甲所示，“”形木块放在光滑水平地面上，木块水平表面ab粗糙，光滑表面bc与水平面夹角为=37木块右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，当力传感器受压时，其示数为正值；当力传感器被拉时，其示数为负值一个可视为质点的滑块从c点由静止开始下滑，运动过程中，传感器记录到的力和时间的关系如图乙所示已知sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2，求：（1）斜面bc的长度；（2）滑块的质量；（3）运动过程中滑块克服摩擦力做的功【考点】动能定理【专题】动能定理的应用专题【分析】（1）当滑块沿斜面bc向下运动时，滑块对斜面有斜向右下方的压力，则力传感器受到压力由图读出滑块运动的时间为t=1s，由牛顿第二定律求出滑块的加速度，即可由位移公式求解斜面bc的长度（2）滑块对斜面的压力为n1=mgcos，木板对传感器的压力为：f1=n1sin，由图读出f1，即可求得滑块的质量（3）求出滑块滑到b点的速度，根据牛顿第二定律求出加速度，根据运动学基本公式求出位移，进而求出克服摩擦力所做的功【解答】解：（1）分析滑块受力，由牛顿第二定律得：得：a1=gsin=6m/s2通过图象可知滑块在斜面上运动时间为：t1=1s由运动学公式得：l=a1t12=3m（2）滑块对斜面的压力为：n1=mgcos木板对传感器的压力为：f1=n1sin由图象可知：f1=12n解得：m=2.5kg（3）滑块滑到b点的速度为：v1=a1t1=6m/s由图象可知：f1=5n，t2=2sa2=2m/s2s=v1t2a2t22=8m w=fs=40j答：（1）斜面bc的长度l为3m；（2）滑块的质量m为2.5kg；（3）运动过程中滑块克服摩擦力做的功w为40j【点评】本题要读懂ft图象，分析滑块的受力情况和运动情况，关键要抓住木板对传感器的压力与滑块对斜面bc压力的关系13如图所示，一带电微粒质量为m=2.01011kg、电荷量q=+1.0105c，从静止开始经电压为u1=100v的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角=60，并接着沿半径方向进入一个垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域，微粒射出磁场时的偏转角也为=60已知偏转电场中金属板长l=2cm，圆形匀强磁场的半径r=10cm，重力忽略不计求：（1）带电微粒经u1=100v的电场加速后的速率；（2）两金属板间偏转电场的电场强度e；（3）匀强磁场的磁感应强度的大小【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在磁场中的运动专题【分析】（1）根据动能定理求解带电微粒经u1=100v的电场加速后的速率；（2）带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，做类平抛运动，运用运动的分解法研究：在水平方向微粒做匀速直线运动，在竖直方向做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解电场强度（2）带电微粒进入磁场后做匀速圆周运动，轨迹对应的圆心角就等于速度的偏向角，作出轨迹，得到轨迹的圆心角，由几何知识求出轨迹半径，由牛顿第二定律求解磁感应强度的大小【解答】解：（1）带电微粒经加速电场加速后速度为v1，根据动能定理：qu1=得：v1=1.0104m/s （2）带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，做类平抛运动在水平方向微粒做匀速直线运动水平方向：v1=带电微粒在竖直方向做匀加速直线运动，加速度为a，出电场时竖直方向速度为v2竖直方向：a=v2=at由几何关系：tan=，联立得 tan=由题=60解得：e=10000v/m（3）设带电粒子进磁场时的速度大小为v，则： =2104m/s由粒子运动的对称性可知，入射速度方向过磁场区域圆心，则出射速度反向延长线过磁场区域圆心，粒子在磁场中的运动轨迹如图所示，则轨迹半径为：r=rtan60=0.3m由：qvb=m得：b=0.13t答：（1）带电微粒经u1=100v的电场加速后的速率是1.0104m/s；（2）两金属板间偏转电场的电场强度e是10000v/m；（3）匀强磁场的磁感应强度的大小是0.13t【点评】本题的难点是作出粒子的运动轨迹，根据几何知识得到轨迹半径与磁场边界半径的关系三、选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题中任选一题作答，并用2b铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所选题目的题号必须与所涂黑的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则按所做的第一题计分。【物理-选修3-3】14下列说法正确的是（）a气体的体积是所有气体分子的体积之和b气体分子的热运动越剧烈，气体温度就越高c气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的d当气体膨胀时，气体分子之间的势能减小，因而气体的内能减少e当气体膨胀时，有可能将吸收的热量100%转化为机械能【考点】热力学第二定律；温度是分子平均动能的标志；封闭气体压强【专题】理想气体状态方程专题【分析】根据气体分子间空隙很大，气体分子的体积很小，气体的体积指的是气体占据的空间根据温度的微观含义、压强产生的微观机理分析根据内能的概念分析气体膨胀时内能如何变化热量不可能100%转化为机械能【解答】解：a、气体分子间空隙很大，气体的体积大于所有气体分子的体积之和故a错误b、温度的微观含义是反映物体内分子的热运动剧烈程度分子热运动越剧烈，温度越高，故b正确c、气体的压强产生的机理是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的，故c正确d、当气体膨胀时，气体分子之间的距离增大，但温度的变化无法判断，所以内能变化无法判断故d错误；e、由热力学第二定律可知，热量不可能100%转化为机械能；故e错误；故选：bc【点评】了解气体的分子运动特点，气体压强的微观含义和气体的内能，温度是理想气体的内能大小的标志，关于内能的变化可由热力学第一定律来判断15如图所示，一定质量的理想气体从状态a变化到状态b，再由b变化到c已知状态a的温度为300k求气体在状态b的温度；由状态b变化到状态c的过程中，气体是吸热还是放热？简要说明理由【考点】理想气体的状态方程；热力学第一定律；气体的等容变化和等压变化【专题】理想气体状态方程专题【分析】根据气体状态方程和已知的变化量去计算其它的物理量根据符号法则，确定q、w的正负号，代入公式u=q+w进行判断【解答】解：由理想气体的状态方程=解得气体在状态b的温度tb=1200k由bc，气体做等容变化，由查理定律得：=tc=600k故气体由b到c为等容变化，不做功，但温度降低，内能减小根据热力学第一定律，u=w+q，可知气体要放热答：求气体在状态b的温度为1200k；由状态b变化到状态c的过程中，气体是放热【点评】运用u=q+w来分析问题时，必须理解表达式的物理意义，掌握它的符号法则要注意研究过程中哪些量不变，哪些量变化【物理-选修3-4】16一振动周期为t、位于x=0处的波源从平衡位置开始沿y轴正方向做简谐运动，该波源产生的简谐横波沿x轴正方向传播，波速为v，关于在x=处的质点p，下列说法正确的是（）a质点p振动周期为t，速度的最大值为vb若某时刻质点p振动的速度方向沿y轴负方向，则该时刻波源处质点振动的速度方向沿y轴正方向c质点p开始振动的方向沿y轴正方向d若某时刻波源在波峰，则质点p一定在波谷【考点】简谐运动的回复力和能量；简谐运动的振幅、周期和频率【专题】简谐运动专题【分析】简谐波传播过程中，质点的起振方向都与波源的起振方向相同质点的振动速度与波传播速度不同简谐横波传播过程中，介质中各个质点振动的周期都等于波源的振动周期，简谐波的波长为=vt=4m/s，根据质点p与波源距离与波长的关系，分析振动情况的关系【解答】解：a、质点p振动周期与o点振动周期相同，也为t但其振动速度与波速不同故a错误；b、op相距x=2.5