重庆市荣昌县大成中学九年级物理上学期第三次月考试题（含解析） 新人教版.doc

重庆市荣昌县大成中学2015-2016学年九年级（上）第三次月考物理试卷一、选择题（24分，每题3分）1下列现象中，不能说明分子处在永不停息的无规则运动中的是（）a花开时香味扑鼻b扫地时尘土飞扬c红墨水在水中散开d衣柜里的樟脑丸过一段时间变小了2质量相等、初温相同的水和煤油，分别用两个相同的电加热器加热（不计热损失），加热过程中温度变化如图所示，则下列判断正确的是（）a甲的比热容大，是水b甲的比热容大，是煤油c乙的比热容大，是水d乙的比热容大，是煤油3如图所示，闭合开关s后，电流表几乎无示数，电压表示数近似等于电源电压，产生这一现象的原因可能是（）al2短路bl2灯丝断了cl1短路dl1灯丝断了4判断电灯亮度的主要依据是（）a电功b实际电功率c电压d电流5常用手电筒灯泡的额定电流为0.3安，它正常工作时的电功率约为（）a0.1瓦b1瓦c10瓦d100瓦6某导体中的电流与它两端电压的关系如图所示，下列分析正确的是（）a当导体两端的电压为0时，电阻为0b该导体的电阻随电压的增大而减小c当导体两端的电压为0时，电流为0d当导体两端的电压为2v时，电流为0.6a7如图所示，闭合开关，将滑动变阻器的滑片向上滑动时，观察到的现象是（）a灯泡变暗，电压表示数变大b灯泡变亮，电压表示数不变c电路消耗的总功率变小，电压表示数不变d电路消耗的总功率变大，电压表示数变大8将标有“6v 3w”和“6v 2w”的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6v的电源两端，接通电路后，以下说法正确的是（）a两只小灯泡都不能正常发光，甲灯比乙灯暗b两只小灯泡都能正常发光c通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮d通过甲灯的电流较大，所以甲灯较亮二、填空题（16分，每空1分）9甲、乙两物体的质量之比是3：1，比热容之比1：2，它们升高温度之比4：3，则它们吸收的热量之比为改变物体内能的方法有和10一根粗细均匀的合金丝电阻，将其拉长到原来的2倍，它的电阻将；若将其截成相等的两段，并把此两段绞合起来使用，它的电阻将（填“变大”“变小”或“不变”）11学习了电学知识以后，好学的李明仔细观察了家中电热水 壶的铭牌（如表所示），电热水壶正常工作时的功率为w，他将电热水壶中装满水，通电1.5min后，电流做的功是型号hb3022容量1kg额定电压220v额定功率1kw12月底张明家电能表的情况如图所示然后从记录本上查出上月底电能表的示数是811.6千瓦时，张明家本月消耗的电能为千瓦时若按每千瓦时0.61元计费，张明家本月应缴电费为元张明家同时使用的用电器总功率不得超过瓦13两根电阻丝的阻值分别是10和5，如果把它们串联后接入电路，通电后，两电阻消耗的功率之比是；如果把它们并联在电路上，在相同的时间内，两电阻丝消耗的电能之比是14与丝绸摩擦的玻璃棒a分别靠近悬挂的轻质带点小球b和c，发现b被排斥，c被吸引，则球带正电；用久的风扇扇叶上布满灰尘主要是由于风扇旋转与空气发生摩擦起电，带电体具有的性质15某兴趣小组为了研究火情监视装置，将热敏电阻rt、警示灯l以及电压表和电流表组成如图所示电路，热敏电阻的阻值随温度的升高而减少闭合开关s后，当火情发生时，电流表的示数（填“变大”或“变小”），警示灯的亮度（填“变亮”或“变暗”）（设电源电压及灯丝电阻不变）三、作图题实验题（17分）16（11分）小强做测定“小灯泡的电功率”实验时，所用器材有电压为6v的电源，额定电压为2.5v的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线如图是小强没有连接完的实物电路（1）请你用笔画线代替导线，帮小强将实物电路连接完整；（2）根据所连电路在方框内画出电路图（3）小强连好电路闭合开关，移动变阻器滑片p，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是（写出一种即可）；若电压表无示数，电流表有示数，则故障的原因可能是（写出一种即可）（4）小强排除故障后闭合开关，移动滑片p到某处，电压表的示数为2.2v，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片p向端滑动（选填“左”或“右”）；（5）排除故障后，小明测得的数据如表，计算小灯泡的额定功率实验序号电压表示数电流表示数小灯亮暗程度功率12.0v0.20a暗0.4w2 2.5v 0.22a正常发光33.0v0.28a较亮0.84w17（6分）某同学在做“比较不同液体吸热能力”的实验时，使用相同的电加热器给液体甲和乙加热液体次数质量m/kg升高的温度t/加热的时间t/min甲10.15120.110230.2104乙40.110150.120260.2204（1）分析第1、4次，第2、5次或第3、6次实验数据，某同学认为：加热相同的时间时，乙升高的温度高一些，这说明乙吸收的热量多一些这位同学的判断是否正确？请说明理由（2）分析第2、3次或第5、6次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，物质的越大，吸收的热量就越（选填：“多”或“少”）（3）通过比较第2、4次实验数据可知，液体吸收的热量多少与液体的有关，的吸热能力更强（选填“甲”或“乙”）四、计算题（6分+8分+9分=23分）18（6分）完全燃烧1kg柴油放出的热量是多少？能使多少质量的水温度升高20？已知柴油的热值是4.2107j/kg，水的比热容是4.2103j/（kg），假定放出的热量被水完全吸收19（8分）如图所示的电路，电源两端电压6v保持不变，电阻r2=20将滑片p移至滑动变阻器左端点a时，闭合开关s1、s2、s3，电流表的示数为0.9a将滑片p移至右端点b时，只闭合开关s1、s3，电压表的示数为1v求：（1）r1电阻值；（2）滑动变阻器的最大阻值；（3）滑片p在b端时滑动变阻器消耗的功率20（9分）如图所示，电源电压恒为18v，小灯泡l标有“6v 3w”字样，滑动变阻器r标有“100 1a”字样，电压表使用的量程为015v，电流表使用的量程为00.6a，r0为一定值电阻，当闭合开关s，s1时，灯泡l恰好正常发光，不计温度对灯丝电阻的影响，求：（1）小灯泡l的电阻；（2）闭合开关s、s1，断开s2时，通电1min，电流通过定值电阻r0所做的功（3）当闭合开关s、s2，断开s1时，在保证电表不超量程、灯泡l两端的电压不超额定电压的情况下，滑动变阻器r功率的变化范围重庆市荣昌县大成中学2015-2016学年九年级（上）第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（24分，每题3分）1下列现象中，不能说明分子处在永不停息的无规则运动中的是（）a花开时香味扑鼻b扫地时尘土飞扬c红墨水在水中散开d衣柜里的樟脑丸过一段时间变小了【考点】分子的运动【专题】分子热运动、内能【分析】物质是由分子组成的，分子永不停息地做无规则的运动，扩散现象与布朗运动证明了分子的无规则运动【解答】解：a、花开时香味扑鼻是扩散现象，证明了分子不停地做无规则运动，不符合题意，故a错误；b、扫地时尘土飞扬，是固体小颗粒的运动，不是分子的运动，不能说明分子永不停息地做无规则运动，符合题意，故b正确；c、红墨水在水中散开是扩散现象，能证明分子不停地做无规则运动，不符合题意，故c错误；d、衣柜里的樟脑丸过一段时间变小了，是扩散现象的结果，能证明分子永不停息地做无规则的运动，不符合题意，故d错误；故选b【点评】本题考查了分子动理论的应用，掌握分子动理论即可正确解题，本题难度不大是一道基础题2质量相等、初温相同的水和煤油，分别用两个相同的电加热器加热（不计热损失），加热过程中温度变化如图所示，则下列判断正确的是（）a甲的比热容大，是水b甲的比热容大，是煤油c乙的比热容大，是水d乙的比热容大，是煤油【考点】比热容的概念【专题】比热容、热机、热值【分析】选同样的加热时间，甲和乙吸热相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大，据此分析判断【解答】解：如图所示，在某一定时间时，甲的温度的变化量比乙的温度变化量大；利用热量的计算公式q=cmt 分析，甲的比热容小，是煤油；乙的比热容大，是水故选c【点评】本题采用了控制变量法，这是一种常用的一种分析问题和探究物理问题的方法学生要熟知其道理3如图所示，闭合开关s后，电流表几乎无示数，电压表示数近似等于电源电压，产生这一现象的原因可能是（）al2短路bl2灯丝断了cl1短路dl1灯丝断了【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【专题】推理法；图析法【分析】电压表有示数，电压表的正负接线柱到电源正负极的连接是连通的；电流表的指针几乎指在零刻度线，是因为把电压表通过灯丝、导线接在电源正负极上，电压表的电阻无限大，使得电路中的电流很小据此判断【解答】解：a、l2短路，电压表测量的是导线两端的电压，示数为0，不符合题意，故a错；b、l2灯丝断了，电压表的正负接线柱到电源正负极的连接是连通的，有示数；因为把电压表通过灯丝、导线接在电源正负极上，电压表的电阻无限大，使得电路中的电流很小，电流表的指针几乎无示数，符合题意，故b正确；c、l1短路，电压表、电流表测量的是加在灯两端的电压和通过的电流，都有示数，不符合题意，故c错；d、l1灯丝断，电压表的正负接线柱接不到电源正负极，无示数，故d错故选b【点评】在判断故障时，会根据电压表的示数的变化判断：若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，电压表两接线柱之间有开路；若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通4判断电灯亮度的主要依据是（）a电功b实际电功率c电压d电流【考点】实际功率【专题】简答题；电能和电功率【分析】灯的亮度取决于实际功率，据此分析解答【解答】解：电流做功就是电能转化为其他形式的能，电功率表示电流做功的快慢程度，也就是说，实际功率大的电灯，在单位时间内消耗的电能就越多，转换出来的光能当然就越多（越亮），不能单独的说与电压或电流有关，当实际电压等于额定电压时，实际功率才等于额定功率故选b【点评】明确白炽灯的亮度取决于灯的实际电功率（不是额定功率）5常用手电筒灯泡的额定电流为0.3安，它正常工作时的电功率约为（）a0.1瓦b1瓦c10瓦d100瓦【考点】电功率的计算【专题】估算题；电能和电功率【分析】通常使用的手电筒的额定电压是3v左右，根据p=ui求出它正常工作时的电功率【解答】解：通常使用的手电筒的额定电压是3v左右，则它正常工作时的电功率约为：p=ui=3v0.3a=0.9w，结合选项可知，b正确，acd不正确故选b【点评】本题主要考查学生对功率的计算公式的了解和掌握，是一道基础题6某导体中的电流与它两端电压的关系如图所示，下列分析正确的是（）a当导体两端的电压为0时，电阻为0b该导体的电阻随电压的增大而减小c当导体两端的电压为0时，电流为0d当导体两端的电压为2v时，电流为0.6a【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验；影响电阻大小的因素；欧姆定律的变形公式【专题】电路和欧姆定律【分析】图象横坐标表示电压，纵坐标表示电流，这是一个正比例函数图象，电流随电压的增大而增大【解答】解：a、由图象上看出，当导体两端的电压为0时，电流为0，但是电阻不为零，因为电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度、横截面积以及温度有关，与电压和电流没有关系，故该选项说法错误；b、由图象可求得导体的电阻为r=5，并且不随电压的改变而改变，该选项说法错误；c、电压使电路中形成电流，因此电压为零时，电流也为零，该选项说法正确；d、当导体电压为2v时，由图象可以找到此时对应的电流0.4a，因此该选项说法错误故选c【点评】本题需要注意两点：（1）电阻是导体本身的性质，其大小与材料、长度、横截面积、温度有关，与电压的大小和电流的大小无关；（2）读懂图象，能根据电压找到对应的电流，或者根据电流找到对应的电压7如图所示，闭合开关，将滑动变阻器的滑片向上滑动时，观察到的现象是（）a灯泡变暗，电压表示数变大b灯泡变亮，电压表示数不变c电路消耗的总功率变小，电压表示数不变d电路消耗的总功率变大，电压表示数变大【考点】电功率的计算；电压表的使用；欧姆定律的应用【专题】压轴题；电流和电路【分析】据公式p=ui以及u=ir可得p灯=i2r灯分析通过灯泡的电流大小即可得到灯泡的实际功率，知道其明暗程度；该电路中电压表测的是总电压，即电源电压，所以示数不变，据此可以排除a和d答案；电路消耗的总功率也可以根据p=ui，i=得出p=得出总功率的变化情况【解答】解：这个电路为串联电路，滑动变阻器的滑片向上滑动，其阻值增大，电路总阻值r总=r滑+r灯，r总阻值也增大，根据欧姆定律i=可以知道i减小，据公式p=ui以及u=ir可得p灯=i2r灯，若i减小则灯泡实际功率p灯减小，灯泡变暗据此可以排除答案b，该电路中电压表测的是总电压，即电源电压，所以示数不变，据此可以排除a和d故选：c【点评】本题用排除法比较简洁，根据电压表测总电压示数不变排除a和d，根据灯的实际功率p灯=i2r灯，滑动变阻器的滑片向上滑动，其阻值增大，电路总阻值r总=r滑+r灯，r总阻值也增大，i减小，可以知道p灯减小，灯泡变暗，排除b，从而轻松选择出c来8将标有“6v 3w”和“6v 2w”的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6v的电源两端，接通电路后，以下说法正确的是（）a两只小灯泡都不能正常发光，甲灯比乙灯暗b两只小灯泡都能正常发光c通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮d通过甲灯的电流较大，所以甲灯较亮【考点】串联电路的电流规律；实际功率【专题】计算题；比较思想；电流和电路；电能和电功率【分析】（1）已知两灯泡的额定电压和额定功率，根据p=ui求出两灯泡的额定电流，利用欧姆定律求出两灯泡的电阻；（2）根据串联电路的电流特点比较通过两灯泡的电流关系，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，然后与两灯泡的额定电流相比较判断两灯泡是否正常工作，根据p=i2r比较两灯泡的实际功率关系判断亮暗关系【解答】解：（1）由p=ui可得，两灯泡的额定电流：i甲=0.5a，i乙=a，由i=可得，两灯泡的电阻：r甲=12，r乙=18；甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6v的电源两端时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两灯泡的电流相等，故c、d不正确；（2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：i=0.2a，因ii乙i甲，所以，两灯泡均不能正常发光，故b不正确；（3）由p=i2r可知，乙灯泡的电阻较大，实际功率较大，灯泡较亮，故a正确；故选a【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，灯泡是否正常发光可以比较电流与额定电流之间的关系，可以比较两端的电压和额定电压之间的关系二、填空题（16分，每空1分）9甲、乙两物体的质量之比是3：1，比热容之比1：2，它们升高温度之比4：3，则它们吸收的热量之比为2：1改变物体内能的方法有做功和热传递【考点】热量的计算；物体内能的改变【专题】计算题；比例法；分子热运动、内能【分析】对于热量求比问题，要列出甲乙的热量公式，进行甲乙热量求比；改变内能的方式有做功和热传递【解答】解：甲吸收的热量：q甲=c甲m甲t甲，乙吸收的热量：q乙=c乙m乙t乙，所以，=134/213=2：1改变内能的方法有做功和热传递两种故答案为：2：1；做功；热传递【点评】对于求比问题，一定要找出公式，把比值代入公式进行求解这是所有求比问题的基础思路10一根粗细均匀的合金丝电阻，将其拉长到原来的2倍，它的电阻将变大；若将其截成相等的两段，并把此两段绞合起来使用，它的电阻将变小（填“变大”“变小”或“不变”）【考点】影响电阻大小的因素【专题】应用题；电压和电阻【分析】影响电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积，与导体两端的电压、通过的电流无关；材料和温度不变时，导线越长、横截面积越小电阻越大【解答】解：将这根合金丝拉长后，合金丝的长度变长、横截面积变小，电阻变大；将合金丝对折后，合金丝长度变小、横截面积变大，合金丝的电阻变小故答案为：变大；变小【点评】本题考查了学生对影响电阻大小的因素的了解与掌握，理解导体的电阻是导体的阻碍电流的性质是本题的关键11学习了电学知识以后，好学的李明仔细观察了家中电热水 壶的铭牌（如表所示），电热水壶正常工作时的功率为1000w，他将电热水壶中装满水，通电1.5min后，电流做的功是9104j型号hb3022容量1kg额定电压220v额定功率1kw【考点】电功的计算；额定功率【专题】应用题；信息给予题；电能和电功率【分析】电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据w=pt求出通电1.5min后电流做的功【解答】解：电热水壶正常工作时的功率p=1kw=1000w，由p=可得，通电1.5min后，电流做的功：w=pt=1000w1.560s=9104j故答案为：1000；9104j【点评】本题考查了电功公式的简单应用，关键是知道用电器正常工作时的功率和额定功率相等12月底张明家电能表的情况如图所示然后从记录本上查出上月底电能表的示数是811.6千瓦时，张明家本月消耗的电能为120千瓦时若按每千瓦时0.61元计费，张明家本月应缴电费为73.2元张明家同时使用的用电器总功率不得超过4400瓦【考点】电能表参数的理解与电能的求法【专题】电能和电功率【分析】（1）电能表的读数方法：月末的减去月初的示数最后一位是小数单位kwh（2）电费价格乘以消耗的电能就是本月应交的电费（3）利用p=ui算出张明家同时使用的用电器总功率【解答】解：（1）根据电能表的读数方法，电能表的示数是09316，最后一位是小数，单位是kwh，它的读数为：931.6kwh则本月用电度数为：w=931.6kwh811.6kwh=120kwh；（2）应交电费120kwh0.61元/kwh=73.2元（3）由电能表上的参数可知：工作电压220v，平时允许通过的最大电流20a则张明家同时使用的用电器总功率：p=ui=220v20a=4400w故答案为：120；73.2；4400【点评】本题考查了电能表的参数的理解与电路消耗电能的求法、电功率的计算，注意电能表上的示数最后一位是小数位，单位是kwh13两根电阻丝的阻值分别是10和5，如果把它们串联后接入电路，通电后，两电阻消耗的功率之比是2：1；如果把它们并联在电路上，在相同的时间内，两电阻丝消耗的电能之比是1：2【考点】电功率的计算；电功的计算【专题】计算题；电能和电功率【分析】（1）串联电路电流处处相等，利用p=i2r求出电阻消耗的功率之比；（2）并联电路支路电压相等，利用w=t求出电阻消耗的电能之比【解答】解：（1）两只电阻串联时电流相等，由p=i2r可得消耗的功率之比：=；（2）两只电阻并联时电压相等，由w=t可得消耗的电能之比：=故答案为：2：1；1：2【点评】本题是有关电功率和电功的比值计算问题，关键掌握串并联电路的电流、电压特点，并熟练掌握有关电功及电功率公式及其推导公式，做到灵活运用14与丝绸摩擦的玻璃棒a分别靠近悬挂的轻质带点小球b和c，发现b被排斥，c被吸引，则b球带正电；用久的风扇扇叶上布满灰尘主要是由于风扇旋转与空气发生摩擦起电，带电体具有吸引轻小物体的性质【考点】物体带电情况的判断【专题】电流和电路【分析】（1）丝绸摩擦过的玻璃棒带正电（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引（3）带电体能够吸引不带电的轻小物体【解答】解：丝绸摩擦过的玻璃棒a带正电，a与b排斥，说明b带正电，a与c吸引，说明c带负电；风扇叶转动时，与空气摩擦而起电，因为带电体具有吸引轻小物体的性质，所以扇叶会布满灰尘故答案为：b、吸引轻小物体；【点评】此题主要考查了电荷间的相互作用以及摩擦起电现象及解释将所学的知识与生活实际联系在一起，是一道很好的题目15某兴趣小组为了研究火情监视装置，将热敏电阻rt、警示灯l以及电压表和电流表组成如图所示电路，热敏电阻的阻值随温度的升高而减少闭合开关s后，当火情发生时，电流表的示数变大（填“变大”或“变小”），警示灯的亮度变亮（填“变亮”或“变暗”）（设电源电压及灯丝电阻不变）【考点】欧姆定律的应用；电阻；电阻的串联；电功率的计算【专题】应用题；压轴题；信息给予题【分析】根据题意可知，当火情发生时热敏电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据p=i2r可知灯泡实际功率的变化，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知灯泡亮暗的变化【解答】解：当火情发生时，热敏电阻的阻值减小，电路的总电阻减小；根据i=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；根据p=i2r可知，灯泡实际功率变大，灯泡变亮故答案为：变大；变亮【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是会根据题意判断发生火情时热敏电阻阻值的变化三、作图题实验题（17分）16（11分）小强做测定“小灯泡的电功率”实验时，所用器材有电压为6v的电源，额定电压为2.5v的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线如图是小强没有连接完的实物电路（1）请你用笔画线代替导线，帮小强将实物电路连接完整；（2）根据所连电路在方框内画出电路图（3）小强连好电路闭合开关，移动变阻器滑片p，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是小灯泡处断路（写出一种即可）；若电压表无示数，电流表有示数，则故障的原因可能是灯泡短路（写出一种即可）（4）小强排除故障后闭合开关，移动滑片p到某处，电压表的示数为2.2v，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片p向右端滑动（选填“左”或“右”）；（5）排除故障后，小明测得的数据如表，计算小灯泡的额定功率实验序号电压表示数电流表示数小灯亮暗程度功率12.0v0.20a暗0.4w2 2.5v 0.22a正常发光33.0v0.28a较亮0.84w【考点】电功率的测量【专题】实验题；实验分析法；测量型实验综合题【分析】（1）根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，然后将电压表并联在灯泡两端；（2）据电路图的画法依次画出各个原件来即可（3）分析电学问题时，出现电路图和实物电路时首先要分析电路（分析电路时可以根据电流的方向入手），该题中若闭合开关，电流表无示数，且灯泡不发光，即表明电路中没有电流，说明该电路是断路；此时电压表有示数，即说明此时电压表测的不是用电器的电压，而是电源电压，故此时电压表与电源相连的部分不可能发生断路，故据此可判断出是哪一部分出现了故障电流表有示数，说明电路为通路，然后根据电压表测量导线两端电压时，示数为零进行分析；（4）电压表示数小于灯泡额定电压，为使灯泡正常发光，应调节滑动变阻器，增大灯泡电压，根据电路图确定滑片的移动方向；（5）利用其额定电压和额定电流求出额定功率【解答】解：（1）根据题意可知，灯泡的额定电压为2.5v，因此电压表量程选择03v，故将电压表的3v接线柱与灯泡的右接线柱相连，如下图所示：（2）由实物图可知，电流从正极出发，经开关、滑动变阻器、灯泡、电流表回负极，电压表并联在灯泡两端，如图所示：（3）若闭合开关，电流表无示数，且灯泡不发光，即表明电路中没有电流，说明该电路是断路；此时电压表有示数，即说明此时电压表测的不是用电器的电压，而是电源电压，故此时电压表与电源相连的部分不可能发生断路，即可判断，此时可能是l1发生断路或电流表发生断路电流表有示数，说明电路为通路；又因为电压表无示数，说明电压表测量的用电器被短路或电压表被短路，即灯泡短路（或电压表短路）；（4）电压表示数小于灯泡额定电压，故需减小滑动变阻器两端电压，即减小滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向右移动；（5）因为小灯泡的额定电压为2.5v，对应的电流为0.22a，则其额定功率为p=ui=2.5v0.22a=0.55w故答案为：（1）见上图；（2）见上图；（3）小灯泡处断路；灯泡短路；（4）右；（5）0.55【点评】本题考查了连接电路图、电路故障分析、滑动变阻器作用、滑动变阻器调节、电功率、欧姆定律等问题，是常考问题，一定要掌握17（6分）某同学在做“比较不同液体吸热能力”的实验时，使用相同的电加热器给液体甲和乙加热液体次数质量m/kg升高的温度t/加热的时间t/min甲10.15120.110230.2104乙40.110150.120260.2204（1）分析第1、4次，第2、5次或第3、6次实验数据，某同学认为：加热相同的时间时，乙升高的温度高一些，这说明乙吸收的热量多一些这位同学的判断是否正确？请说明理由（2）分析第2、3次或第5、6次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，物质的质量越大，吸收的热量就越多（选填：“多”或“少”）（3）通过比较第2、4次实验数据可知，液体吸收的热量多少与液体的种类有关，甲的吸热能力更强（选填“甲”或“乙”）【考点】探究比热容的实验【专题】探究型实验综合题【分析】（1）用相同的电加热器给液体加热，在相等时间内液体吸收的热量相等，加热时间越长，液体吸收的热量越多，可以根据加热时间的长短判断液体吸收热量的多少（2）根据控制变量法的要求分析表中实验序号为第2、3或第5、6的实验数据，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论（3）根据控制变量法的要求分析表中实验序号为2、4的实验数据，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论【解答】解：（1）用相同的电加热器加热，在相等时间内液体吸收的热量相等，因此该同学的判断是错误的（2）由表中第2、3次或第5、6次实验数据可知，液体的种类和液体升高的温度相等而液体质量不同，液体质量越大，需要的加热时间越长，液体吸收的热量越多，由此可得：同种物质升高相同温度时，物质的质量越大，吸收的热量就越多（3）由表中第2、4次实验数据可知，液体质量和升高的温度相等而液体种类不同，甲液体的加热时间比乙液体的加热时间长，甲液体比乙液体吸收的热量多，由此可得：液体吸收的热量多少与液体的种类有关，并且甲的吸热能力更强故答案为：（1）不正确；实验中使用的电加热器相同，加热相同的时间，甲乙两种液体吸收的热量相等；（2）质量；多；（3）种类；甲【点评】本题考查了实验数据分析，应用控制变量法分析表中实验数据即可正确解题四、计算题（6分+8分+9分=23分）18（6分）完全燃烧1kg柴油放出的热量是多少？能使多少质量的水温度升高20？已知柴油的热值是4.2107j/kg，水的比热容是4.2103j/（kg），假定放出的热量被水完全吸收【考点】热量的计算【专题】计算题；比热容、热机、热值【分析】（1）根据燃料完全燃烧放出热量公式q放=mq计算柴油完全燃烧所放出的热量；（2）由题知q吸=q放，求出水吸收的热量，再根据吸热公式q吸=cmt求水的质量【解答】解：（1）柴油完全燃烧所放出的热量：q放=m柴油q=1kg4.2107j/kg=4.2107j；（2）由题知：q吸=q放=4.2106j，根据q吸=cm水t可知水的质量：m水=500kg答：完全燃烧1kg柴油放出的热量是4.2107j；能使质量为500kg的水温度升高20【点评】本题考查了学生对燃料完全燃烧放热公式q放=mq和吸热公式q吸=cmt了解与掌握，计算时注意单位统一19（8分）如图所示的电路，电源两端电压6v保持不变，电阻r2=20将滑片p移至滑动变阻器左端点a时，闭合开关s1、s2、s3，电流表的示数为0.9a将滑片p移至右端点b时，只闭合开关s1、s3，电压表的示数为1v求：（1）r1电阻值；（2）滑动变阻器的最大阻值；（3）滑片p在b端时滑动变阻器消耗的功率【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】计算题；比较思想；归纳法；欧姆定律；电能和电功率【分析】（1）滑片p移至滑动变阻器左端点a，闭合开关s1、s2、s3时，r1、r2并联，电流表测量干路电流，根据欧姆定律求出通过r2的电流，然后根据并联电流电流规律以及欧姆定律的应用求出r1的阻值；（2）滑片p移至右端点b时，接入电路的阻值最大，只闭合开关s1、s3时，滑动变阻器与r1串联，电压表测量r1两端电压，根据电压表的示数和r1的阻值求出电路中的电流，再根据串联电路电压的特点和欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；（3）利用p=ui求出滑片p在b端时滑动变阻器消耗的功率【解答】解：（1）滑片p移至滑动变阻器左端点a，闭合开关s1、s2、s3时，r1、r2并联；通过r2的电流：i2=0.3a；因为并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以通过r1的电流：i1=0.9a0.3a=0.6a；由i=可知：r1=10；（2）滑片p移至右端点b，只闭合开关s1、s3时，滑动变阻器