湖北省宜昌市高三物理元月调研试卷（含解析）.docVIP

2015年湖北省宜昌市 高三元月调研物理试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-9题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1以下表述符合物理学史实的是（）a 牛顿通过理想斜面实验发现了物体的运动不需要力来维持b 伽利略利用实验和推理相结合的方法，得出了力不是维持物体运动的原因c 伽利略通过观察发现了行星运动的规律d 牛顿利用扭秤实验，首先测出引力常量，为人类实现飞天梦想奠定了基础2如图所示，晾晒衣服的绳子两端分别固定在两根竖直杆上的a、b两点，绳子的质量及绳与衣架挂钩间摩擦均忽略不计，衣服处于静止状态如果保持绳子a端、b端在杆上的位置不变，将右侧杆平移到虚线位置，稳定后衣服仍处于静止状态，则（）a 绳子的弹力变大b 绳子的弹力不变c 绳对挂钩弹力的合力变小d 绳对挂钩弹力的合力不变3“空间站”是科学家进行天文探测和科学实验的特殊而又重要的场所，假设“空间站”正在地球赤道平面内的圆轨道上运行，其离地球表面的高度为同步卫星离地球表面高度的十分之一，且运行方向与地球自转方向一致下列说法正确的是（）a “空间站”运行的速度等于同步卫星运行速度的倍b “空间站”运行的加速度大于同步卫星运行的加速度c 站在地球赤道上的人观察到“空间站”静止不动d 在“空间站”工作的宇航员因不受重力而在舱中悬浮或静止4一定质量的小球自t=0时刻从水平地面上方某处自由下落，小球与地面碰后反向弹回，不计空气阻力，也不计小球与地面碰撞的时间，小球距地面的高度h与运动时间t关系如图所示，取g=10m/s2则下列说法正确的是（）a 小球第一次与地面碰撞前的最大速度为15m/sb 小球第一次与地面碰撞后的最大速度为12m/sc 小球在45秒内小球走过的路程为2.5md 小球将在t=6s时与地面发生第四次碰撞5如图所示，在平面直角坐标系中有一个垂直纸面向里的圆形匀强磁场，其边界过原点o和y轴上的点a（0，2l）一质量为m、电荷量为e的电子从a点以初速度v0平行于x轴正方向射入磁场，并从x轴上的b点射出磁场，此时速度方向与x轴正方向的夹角为60下列说法中正确的是（）a 电子在磁场中运动的时间为b 电子在磁场中运动的时间为c 磁场区域的圆心坐标为（l，）d 电子在磁场中做圆周运动的圆心坐标为（0，l）6如图所示，图甲为理想变压器的示意图，其原，副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表，若发电机向原线圈输入图乙所示的正弦交流电，图中rt为ntc型热敏电阻（阻值随温度升高而变小），r1为定值电阻下列说法中正确的是（）a 电压表的示数为36vb 变压器原、副线圈中的电流之比为4：1c rt温度升高时，电压表的示数不变，电流表的示数变大d t=0.01s时，发电机中线圈平面与磁场平行7如图所示，一个电荷量为q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的o点另一个电量为+q、质量为m的点电荷乙，从a点以初速度v0沿它们的连线向甲运动，到b点时的速度为v且为运动过程中速度的最小值已知点电荷乙与水平面的动摩擦因数为，ab间距离为l0，静电力常量为k，则下列说法正确的是（）a 点电荷乙从a点运动到b点的过程中，加速度先变大后变小b ob间的距离为c 点电荷乙能越过b点向左运动，其电势能增多d 在点电荷甲形成的电场中，ab间电势差uab=8如图所示，相距为l的两条足够长的光滑平行金属导轨与水平面的夹角为，上端接有定值电阻r，匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为b将质量为m的导体棒由静止释放，当速度达到v时开始匀速运动，此时对导体棒施加一平行于导轨向下的拉力，并保持拉力的功率恒为p，导体棒最终以3v的速度匀速运动导体棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨和导体棒的电阻，重力加速度为g下列选项正确的是（）a p=2mgvsinb p=6mgvsinc 当导体棒速度达到时加速度大小为sind 在速度达到3v以后匀速运动的过程中，r上产生的焦耳热等于拉力所做的功二、非选择题，包括必考题和选考题（共4小题，满分47分）9一种游标卡尺，它的游标尺上有50个小的等分刻度，总长度为49mm，用它测量某工件宽度，示数如图甲所示，其读数为mm；图乙中的螺旋测微器读数为mm10为确定某电子元件的电气特性，做如下测量：（1）用多用测量该元件的电阻，选用“10”倍率的电阻档后，用多用表测量该元件的电阻，选用“10”倍率的电阻档后，应先，再进行测量，之后多用表的示数如图（a）所示，测得该元件电阻为某同学想精确测得上述待测电阻rx的阻值，实验室提供如下器材：a电流表a1（量程50ma、内阻r1=10）b电流表a2（量程200ma、内阻r2约为2）c定值电阻r0=30d滑动变阻器r（最大阻值约为10）e电源e（电动势约为4v）f开关s、导线若干同学设计了测量电阻rx的一种实验电路原理如图（b），为保证测量时电流表读数不小于其量程的，m、n两处的电流表应分别选用：m为；n为（填器材选项前相应的英文字母）若m、n电表的读数分别为im、in，则rx的计算式为rx=（用题中字母表示）11为了使航天员适应在失重环境下环境下的工作和生活，国家航天局对航天员进行失重训练，如图所示，训练机沿30倾角爬升到7000m高空后，向上拉起，沿竖直方向向上作匀减速运动，拉起后向上的初速度为200m/s，加速度大小为g，当训练机上升到最高点后立即掉头向下，做竖直向下的加速运动，加速度大小仍为g，在此段时间内模拟出完全失重，为了安全，当训练机离地2000m高时必须拉起，且训练机速度达到350m/s后必须终止失重训练，取g=10m/s2，求：（1）训练机上升过程中离地的最大高度（2）训练机运动过程中，模拟完全失重的时间12如图所示，水平地面上方有一底部带有小孔的绝缘弹性竖直挡板，板高h=9m，与板等高处有一水平放置的篮筐，筐口的中心离挡板s=3m板的左侧以及板上端与筐口的连线上方存在匀强磁场和匀强电场，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度b=1t；质量m=1103kg、电量q=1103c、直径略小于小孔宽度的带电小球（视为质点），以某一速度垂直于磁场方向从小孔水平射入，恰好做匀速圆周运动，若与档板相碰就以原速率弹回，且不计碰撞时间，碰撞时小球的电量保持不变，取g=10m/s2，求：（1）电场强度的大小与方向；（2）小球运动的最大速率；（3）小球运动的最长时间三、选考题，共45分，请考生从给出的3个选修题，如果多做，则每学科按所做的第一题计分，物理-选修3-313下列说法正确的是（）a 两个分子之间的作用力会随着距离的增大而减小b 物体的内能在宏观上只与其温度和体积有关c 定质量的气体经历等容过程，如果吸热则其内能一定增加d 分子a从远处趋近固定不动的分子b，当a到达受b的作用力为零处时，a的动能一定最大e 物质的状态在一定的条件下可以相互转变，在转变过程中会发生能量交换14气缸长为l=1m（气缸厚度可忽略不计），固定在水平面上，气缸中有横街面积为s=100cm2的光滑活塞封闭了一定质量的理想气体已知当温度t=27，大气压强p0=1105pa时，气柱长度l0=0.4m，现用水平拉力向右缓慢拉动活塞，求：若拉动活塞过程中温度保持27，活塞到达缸口时缸内气体压强若气缸，活塞绝热，拉动活塞到达缸口时拉力大小为500n，求此时缸内气体温度四、物理-选修3-4题（15分）1015宜昌模拟）在以下各种说法中，正确的是（）a 机械波和电磁波本质上不相同，但它们都能发生反射、折射、干涉和衍射现象b 横波在传播过程中，波峰上的质点运动到相邻的波峰所用的时间为一个周期c 变化的电场一定产生变化的磁场；变化的磁场一定产生变化的电场d 相对论认为：真空中的光速在不同惯性参照系中都是相同的e 如果测量到来自遥远星系上某些元素发出的光波波长比地球上这些元素静止时发光的波长长，这说明该星系正在远离我们而去1015宜昌模拟）如图所示，半圆形玻璃砖的半径为r，折射率为，直径ab与屏幕垂直并接触于b点激光束a以入射角i=30射向半圆玻璃砖的圆心o，结果屏幕mn出现两个光斑求两个光斑之间的距离l五、物理-选修3-5（15分）1015宜昌模拟）以下有关近代物理内容的若干叙述正确的是（）a 紫外线照射到金属锌板表面时能够发生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大b 比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定c 重核裂变过程中反应前后核的总质量增大，轻核聚变过程中核的总质量减小d 根据玻尔理论，一个氢原子由n=4能级跃迁到较低能级时，最多能释放3种不同频率的光子e 14c是放射性同位素，能够自发地进行衰变，在考古中可利用14c的含量测定古生物年代1015宜昌模拟）如图所示，质量为m=1kg的滑块，以0=5m/s的水平初速度滑上静止在光滑水平面的平板小车，若小车质量m=4kg，平板小车足够长，滑块在平板小车上滑移1s后相对小车静止求：（g取10m/s2 ）（1）滑块与平板小车之间的滑动摩擦系数；（2）此时小车在地面上滑行的位移？2015年湖北省宜昌市高三元月调研物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-9题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1以下表述符合物理学史实的是（）a 牛顿通过理想斜面实验发现了物体的运动不需要力来维持b 伽利略利用实验和推理相结合的方法，得出了力不是维持物体运动的原因c 伽利略通过观察发现了行星运动的规律d 牛顿利用扭秤实验，首先测出引力常量，为人类实现飞天梦想奠定了基础考点：物理学史分析：本题根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答：解：a、伽利略通过理想斜面实验发现了物体的运动不需要力来维持，故a错误b、伽利略利用实验和推理相结合的方法，得出了力不是维持物体运动的原因，故b正确c、开普勒通过对第谷观测记录的天文数据研究发现了行星运动的规律，故c错误d、卡文迪许利用扭秤实验，首先测出引力常量，为人类实现飞天梦想奠定了基础，故d错误故选：b点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2如图所示，晾晒衣服的绳子两端分别固定在两根竖直杆上的a、b两点，绳子的质量及绳与衣架挂钩间摩擦均忽略不计，衣服处于静止状态如果保持绳子a端、b端在杆上的位置不变，将右侧杆平移到虚线位置，稳定后衣服仍处于静止状态，则（）a 绳子的弹力变大b 绳子的弹力不变c 绳对挂钩弹力的合力变小d 绳对挂钩弹力的合力不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对挂钩受力分析，根据平衡条件结合几何关系列式求解；杆向右移动时，绳子与杆的夹角改变，绳子的张角变大，根据平衡条件可知绳子拉力t变大；根据三力平衡条件可知，两绳子的拉力t的合力f始终与g等值反向，则绳子对挂钩的弹力的合力不变解答：解：a、b、对挂钩受力分析，如图所示，根据平衡条件，又有2tcos=mg绳子右端的b点在杆上位置不动，将杆向右移动到虚线位置时，角度变小，故绳子拉力t变小，故ab错误c、d、绳中的拉力左右相等，两侧绳子与竖直方向的夹角均为，根据三力平衡条件可知，两绳子的拉力t的合力f始终与g等值反向，故c错误、d正确故选：d点评：本题关键根据几何关系，得到向右移动时，绳子与竖直方向的夹角的变化情况，然后根据共点力平衡条件列式求解3“空间站”是科学家进行天文探测和科学实验的特殊而又重要的场所，假设“空间站”正在地球赤道平面内的圆轨道上运行，其离地球表面的高度为同步卫星离地球表面高度的十分之一，且运行方向与地球自转方向一致下列说法正确的是（）a “空间站”运行的速度等于同步卫星运行速度的倍b “空间站”运行的加速度大于同步卫星运行的加速度c 站在地球赤道上的人观察到“空间站”静止不动d 在“空间站”工作的宇航员因不受重力而在舱中悬浮或静止考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：空间站和同步卫星绕地球圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，根据轨道关系求解运行速度和加速度关系，根据周期观测空间站相对赤道上人的运动情况以及完全失重情况下空间站的受力情况解答：解：a、根据可得线速度v=，离地球表面的高度不是其运动半径，所以线速度之比不是：1，故a错误；b、根据可得加速度，同步卫星离地高度大于空间站离地高度，故其加速度小于空间站加速度，故b正确；c、轨道半径越大，角速度越小，同步卫星和地球自转的角速度相同，所以空间站的角速度大于地球自转的角速度，所以站在地球赤道上的人观察到空间站向东运动，故c错误；d、在“空间站”工作的宇航员处于完全失重状态，靠万有引力提供向心力，做圆周运动，而不是不受重力作用，故d错误故选：b点评：解决本题的关键掌握万有引力等于重力，以及处于空间站中的人、物体处于完全失重状态，靠地球的万有引力提供向心力，做圆周运动4一定质量的小球自t=0时刻从水平地面上方某处自由下落，小球与地面碰后反向弹回，不计空气阻力，也不计小球与地面碰撞的时间，小球距地面的高度h与运动时间t关系如图所示，取g=10m/s2则下列说法正确的是（）a 小球第一次与地面碰撞前的最大速度为15m/sb 小球第一次与地面碰撞后的最大速度为12m/sc 小球在45秒内小球走过的路程为2.5md 小球将在t=6s时与地面发生第四次碰撞考点：自由落体运动专题：自由落体运动专题分析：图象为ht图象，故描述小球高度随时间变化的规律，则由图象可读出碰后小球上升的最大高度由图可知，从小球第二次弹起至第三次碰撞，用时1s，而第三次弹起时，其速度减小，故在空中时间减小，故应在6s前发生第四次碰撞解答：解：a、由图可知，小球从20m高的地方落下，由机械能守恒定律可知，落地时的速度v1=20m/s；而碰后，小球上升的高度为5m，同理可知，碰后的速度v2=10m/s，故a、b均错误；c、根据图象可知，第三次碰撞上升的高度应为，所以小球在45秒内小球走过的路程为s=21.25=2.5m； 故c正确；d、由图可知，从小球第二次弹起至第三次碰撞，用时1s，而第三次弹起时，其速度减小，故在空中时间减小，故应在6s前发生第四次碰撞，故d错误；故选：c点评：本题应注意图象的性质，由图象中找出物体的高度变化，再由机械能守恒求得碰撞前后的速度即可顺利求解5如图所示，在平面直角坐标系中有一个垂直纸面向里的圆形匀强磁场，其边界过原点o和y轴上的点a（0，2l）一质量为m、电荷量为e的电子从a点以初速度v0平行于x轴正方向射入磁场，并从x轴上的b点射出磁场，此时速度方向与x轴正方向的夹角为60下列说法中正确的是（）a 电子在磁场中运动的时间为b 电子在磁场中运动的时间为c 磁场区域的圆心坐标为（l，）d 电子在磁场中做圆周运动的圆心坐标为（0，l）考点：带电粒子在匀强磁场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：带电粒子在匀强磁场中在洛伦兹力作用下，做匀速圆周运动所以由几何关系可确定运动圆弧的半径与已知长度的关系，从而确定圆磁场的圆心，并能算出粒子在磁场中运动时间并根据几何关系来，最终可确定电子在磁场中做圆周运动的圆心坐标解答：解：a、电子的轨迹半径为r，由几何知识，rsin30=r2l，解得：r=4l，电子在磁场中运动时间：t=t，电子做圆周运动的周期：t=，解得：t=，故a周期，b错误；c、设磁场区域的圆心坐标为（x，y），其中：x=rcos30=l，y=l，则磁场圆心坐标为：（l，l），故c错误；d、已知：r=4l，根据图示，由几何知识可得，电子做圆周运动的圆心纵坐标为：|rrcos60|=2l，则电子的圆周运动的圆心坐标为（0，2l），故d错误；故选：a点评：由题意确定粒子在磁场中运动轨迹是解题的关键之处，从而求出圆磁场的圆心位置，再运用几何关系来确定电子的运动轨迹的圆心坐标6如图所示，图甲为理想变压器的示意图，其原，副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表，若发电机向原线圈输入图乙所示的正弦交流电，图中rt为ntc型热敏电阻（阻值随温度升高而变小），r1为定值电阻下列说法中正确的是（）a 电压表的示数为36vb 变压器原、副线圈中的电流之比为4：1c rt温度升高时，电压表的示数不变，电流表的示数变大d t=0.01s时，发电机中线圈平面与磁场平行考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：由图乙可知交流电压最大值um=36v，周期t=0.02s，可由周期求出角速度的值，则可得交流电压u的表达式 u=umsint（v），由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比，输入、输出功率之比，ntc是指随温度上升电阻呈指数关系减小、具有负温度系数的热敏电阻，rt处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流、电压变化解答：解：a、由图乙可知交流电压最大值um=36v，电压表的示数为有效值，所以电压表的示数为u=36v，故a正确；b、根据公式=得变压器原、副线圈中的电流之比=，故b错误；c、rt温度升高时，阻值减小，由于电压不变；故电流表的示数变大，但不会影响输入电压值，故c正确；t=0.01s时，代入a选项中电压瞬时表达式，则有电压值为零，则发电机中线圈与磁场垂直，故d错误故选：ac点评：根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键7如图所示，一个电荷量为q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的o点另一个电量为+q、质量为m的点电荷乙，从a点以初速度v0沿它们的连线向甲运动，到b点时的速度为v且为运动过程中速度的最小值已知点电荷乙与水平面的动摩擦因数为，ab间距离为l0，静电力常量为k，则下列说法正确的是（）a 点电荷乙从a点运动到b点的过程中，加速度先变大后变小b ob间的距离为c 点电荷乙能越过b点向左运动，其电势能增多d 在点电荷甲形成的电场中，ab间电势差uab=考点：库仑定律；电势差与电场强度的关系分析：正确分析物体受力特点，明确力和运动的关系，在本题中注意滑动摩擦力的大小方向不变，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球先减速后加速，根据牛顿第二定律和功能关系可正确解答解答：解：a、滑动摩擦力的大小方向不变，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球在运动到b点之前，有mgf库=ma，因此物体做加速度逐渐减小的减速运动，故a错误；b、当速度最小时有：mg=f库=k，所以解得：r=，故b正确；c、在小球向左运动过程中电场力一直做正功，因此电势能一直减小，故c错误；d、点电荷从a运动b过程中，根据动能定理有：uabqmgl0=mv2m，所以解得ab间电势差uab=，故d正确；故选：bd点评：本题在借助库仑力的基础知识，考查了力与运动、牛顿第二定理、动能定理等基础知识的综合应用，是考查学生综合能力的好题8如图所示，相距为l的两条足够长的光滑平行金属导轨与水平面的夹角为，上端接有定值电阻r，匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为b将质量为m的导体棒由静止释放，当速度达到v时开始匀速运动，此时对导体棒施加一平行于导轨向下的拉力，并保持拉力的功率恒为p，导体棒最终以3v的速度匀速运动导体棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨和导体棒的电阻，重力加速度为g下列选项正确的是（）a p=2mgvsinb p=6mgvsinc 当导体棒速度达到时加速度大小为sind 在速度达到3v以后匀速运动的过程中，r上产生的焦耳热等于拉力所做的功考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化专题：电磁感应功能问题分析：导体棒最终匀速运动受力平衡可求拉力f，由p=fv可求功率，由牛顿第二定律求加速度，由能量守恒推断能之间的相互转化解答：解：ab、当导体棒以v匀速运动时受力平衡，则有：mgsin=bil=，当导体棒以2v匀速运动时受力平衡，则有：f+mgsin=bil=，故：f=2mgsin，拉力的功率为：p=f3v=6mgvsin，故a错误，b正确c、当导体棒速度达到 时，由牛顿第二定律有：mgsin=ma，解得：a=sin，故c正确d、由能量守恒，当速度达到3v以后匀速运动的过程中，r上产生的焦耳热等于拉力及重力所做的功，故d错误故选：bc点评：解决本题的关键能够通过导体棒的受力，判断其运动规律，知道合力为零时，做匀速直线运动，综合牛顿第二定律、闭合电路欧姆定律以及能量守恒定律等知识综合求解二、非选择题，包括必考题和选考题（共4小题，满分47分）9一种游标卡尺，它的游标尺上有50个小的等分刻度，总长度为49mm，用它测量某工件宽度，示数如图甲所示，其读数为23.20mm；图乙中的螺旋测微器读数为1.130mm考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用专题：实验题分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为：2.3cm=23mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为100.02mm=0.20mm，所以最终读数为：23mm+0.20mm=23.20mm2、螺旋测微器的固定刻度为1mm，可动刻度为13.00.01mm=0.130mm，所以最终读数为1mm+0.130mm=1.130mm故答案为：23.20，1.130点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，正确使用这些基本仪器进行有关测量10为确定某电子元件的电气特性，做如下测量：（1）用多用测量该元件的电阻，选用“10”倍率的电阻档后，用多用表测量该元件的电阻，选用“10”倍率的电阻档后，应先欧姆调零，再进行测量，之后多用表的示数如图（a）所示，测得该元件电阻为70某同学想精确测得上述待测电阻rx的阻值，实验室提供如下器材：a电流表a1（量程50ma、内阻r1=10）b电流表a2（量程200ma、内阻r2约为2）c定值电阻r0=30d滑动变阻器r（最大阻值约为10）e电源e（电动势约为4v）f开关s、导线若干同学设计了测量电阻rx的一种实验电路原理如图（b），为保证测量时电流表读数不小于其量程的，m、n两处的电流表应分别选用：m为a；n为b（填器材选项前相应的英文字母）若m、n电表的读数分别为im、in，则rx的计算式为rx=r1（用题中字母表示）考点：描绘小电珠的伏安特性曲线专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）使用欧姆表测电阻应选择合适的倍率，使指针指针表盘中央刻度线附近；欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表示数（2）根据欧姆定律估算出通过电阻r0的电流和通过待测电阻的电流，再选择量程恰当的电表；根据串并联电路特点及欧姆定律求出待测电阻阻值解答：解：（1）换档后需要进行欧姆调零再进行测量；由图（a）所示可知，测量结果为710=70（2）通过待测电阻的最大电流约为im=0.057a=57ma，因此m处的电流表可选a；通过n出的最大电流约为in=im+=0.057a+0.190a=190ma，为保证测量时电流表读数不小于其量程的三分之一，n处的电流表应选b；通过定值电阻r0的电流i=inim，并联电路两端电压为：u=ir0=（inim）r0，rx+r1=，则待测电阻阻值为：rx=r1故答案为：（1）进行欧姆调零；70；（2）a；b；r1点评：（1）要掌握欧姆表的使用及读数方法，使用欧姆表测电阻应选择合适的倍率，使指针指针表盘中央刻度线附近；欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表示数（2）选择实验器材时要注意安全性原则、准确性原则、方便操作性原则，还要符合题目要求本题关键是明确实验的原理，然后估算出电路各个部分的电流，选择恰当量程的电表，最后根据并联电路的电流特点列式求解11为了使航天员适应在失重环境下环境下的工作和生活，国家航天局对航天员进行失重训练，如图所示，训练机沿30倾角爬升到7000m高空后，向上拉起，沿竖直方向向上作匀减速运动，拉起后向上的初速度为200m/s，加速度大小为g，当训练机上升到最高点后立即掉头向下，做竖直向下的加速运动，加速度大小仍为g，在此段时间内模拟出完全失重，为了安全，当训练机离地2000m高时必须拉起，且训练机速度达到350m/s后必须终止失重训练，取g=10m/s2，求：（1）训练机上升过程中离地的最大高度（2）训练机运动过程中，模拟完全失重的时间考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）竖直向上做减速运动，由运动学公式求的上升的高度，即可求得距地面的距离；（2）当加速度向下，大小为g时，处于完全失重状态，求出向上减速的时间和位移，再根据运动学公式求出向下做匀加速直线运动的时间，两个时间之和即为完全失重的总时间解答：解：（1）上升时间为：上升高度为：离地高度为：hm=h上+h0=9000m（2）判断当速度达到350m/s时，下落高度为：，此时离地高度为：h+h上h下=7000+20006125=28752000m所以一次上下创造的完全失重的时间为：t=t上+t下=55s答：（1）训练机上升过程中离地的最大高度为9000m（2）训练机运动过程中，模拟完全失重的时间为55s点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式以及位移时间公式和速度时间公式12如图所示，水平地面上方有一底部带有小孔的绝缘弹性竖直挡板，板高h=9m，与板等高处有一水平放置的篮筐，筐口的中心离挡板s=3m板的左侧以及板上端与筐口的连线上方存在匀强磁场和匀强电场，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度b=1t；质量m=1103kg、电量q=1103c、直径略小于小孔宽度的带电小球（视为质点），以某一速度垂直于磁场方向从小孔水平射入，恰好做匀速圆周运动，若与档板相碰就以原速率弹回，且不计碰撞时间，碰撞时小球的电量保持不变，取g=10m/s2，求：（1）电场强度的大小与方向；（2）小球运动的最大速率；（3）小球运动的最长时间考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）小球做匀速圆周运动，故电场力与重力平衡，根据平衡条件列式求解；（2）洛伦兹力提供向心力，故半径越大，速度越大，当小球不与挡板相碰直接飞入框中，其运动半径最大，根据几何关系求解出半径，然后求解最大速度；（3）要求最长时间，需求最大圆心角，画出轨迹，根据几何关系得到半径的可能值，然后求解最长时间解答：解：（1）小球能做匀速圆周运动，重力与电场力合力为零，则：qe=mg，代入数据解得：e=10n/c，方向竖直向下；（2）小球做圆周运动，洛仑兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvb=m，小球不与挡板相碰直接飞入框中，其运动半径最大，如图1所示，由几何知识可得：（hrm）2+s2=rm2，解得：rm=5m，vm=5m/s；（3）设小球与档板碰撞n次，此时最大半径为：，要击中目标必有：3，3，n1.5，则n只能取：0、1，当n=0时，即为（2）问中的解，当n=1时，可得：（h3r）2+s2=r2，（93r）2+32=r2，解得：r1=3m，r2=3.75m，当r2=3.75m时小球运动的时间最长，其运动轨迹如图2中的轨迹所示sin=，解得：=53，=360+（18053）=487，粒子做圆周运动的周期：t=，解得：tm=t8.5s；答：（1）电场强度的大小为10n/c，方向：竖直向下；（2）小球运动的最大速率为5m/s；（3）小球运动的最长时间为8.5s点评：本题关键明确小球的运动规律，找到向心力来源，画出轨迹，然后根据几何关系求解半径，再联立方程组求解三、选考题，共45分，请考生从给出的3个选修题，如果多做，则每学科按所做的第一题计分，物理-选修3-313下列说法正确的是（）a 两个分子之间的作用力会随着距离的增大而减小b 物体的内能在宏观上只与其温度和体积有关c 定质量的气体经历等容过程，如果吸热则其内能一定增加d 分子a从远处趋近固定不动的分子b，当a到达受b的作用力为零处时，a的动能一定最大e 物质的状态在一定的条件下可以相互转变，在转变过程中会发生能量交换考点：能量守恒定律；热力学第一定律；热力学第二定律专题：应用题分析：解答本题需掌握：分子间距小于平衡间距时，分子力表现为斥力，间距越小分子力越大；分子间距大于平衡间距时，分子力表现为引力，随着分子间距的增加，分子力先增加后减小；物体的内能包括分子热运动动能和分子势能，分子热运动的平均动能与热力学温度成正比，分子势能与分子间距有关；热力学第一定律公式：u=w+q解答：解：a、两个分子之间的引力和斥力都会随着分子间距的增大而减小，但斥力减小的更快；对于分子合力，子间距小于平衡间距时，分子力表现为斥力，间距越小分子力越大；分子间距大于平衡间距时，分子力表现为引力，随着分子间距的增加，分子力先增加后减小；故a错误；b、物体的内能在宏观上与其温度、体积和质量有关，故b错误；c、定质量的气体经历等容过程，体积不变，故不对外做功，根据热力学第一定律，如果吸热则其内能一定增加，故c正确；d、分子a从远处趋近固定不动的分子b，当a到达受b的作用力为零处时，即到达平衡位置时，分子势能最小，故a的动能一定最大，故d正确；e、物质的状态（固、液、气三态）在一定的条件下可以相互转变，在转变过程中会发生能量交换，故e正确；故选cde点评：本题考查了分子力、分子势能、内能、热力学第一定律、物态变化等，知识点多，难度小，对基础知识要加强记忆14气缸长为l=1m（气缸厚度可忽略不计），固定在水平面上，气缸中有横街面积为s=100cm2的光滑活塞封闭了一定质量的理想气体已知当温度t=27，大气压强p0=1105pa时，气柱长度l0=0.4m，现用水平拉力向右缓慢拉动活塞，求：若拉动活塞过程中温度保持27，活塞到达缸口时缸内气体压强若气缸，活塞绝热，拉动活塞到达缸口时拉力大小为500n，求此时缸内气体温度考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强专题：理想气体状态方程专题分析：气体发生等温变化，应用玻意耳定律可以求出气体的压强；应用平衡条件求出气体压强，求出气体的状态参量，然后应用理想气体状态方程求出气体的温度解答：解：气体的状态参量：p1=p0=1105pa，v1=l0s=0.4s，v2=ls=s，气体发生等温变化，由玻意耳定律得：p1v1=p2v2，代入数据解得：p2=4104pa；气体状态参量：p1=p0=1105pa，v1=l0s=0.4s，t1=273+27=300k，v3=ls=s，p3=p0=5104pa，由理想气体状态方程得：=，代入数据解得：t3=375k；答：若拉动活塞过程中温度保持27，活塞到达缸口时缸内气体压强为4104pa若气缸，活塞绝热，拉动活塞到达缸口时拉力大小为500n，此时缸内气体温度为375k点评：本题考查了求气体的压强与温度，分析清楚气体状态变化、求出气体状态参量是正确解题的前提与关键，应用玻意耳定律与力学气体状态方程可以解题四、物理-选修3-4题（15分）1015宜昌模拟）在以下各种说法中，正确的是（）a 机械波和电磁波本质上不相同，但它们都能发生反射、折射、干涉和衍射现象b 横波在传播过程中，波峰上的质点运动到相邻的波峰所用的时间为一个周期c 变化的电场一定产生变化的磁场；变化的磁场一定产生变化的电场d 相对论认为：真空中的光速在不同惯性参照系中都是相同的e 如果测量到来自遥远星系上某些元素发出的光波波长比地球上这些元素静止时发光的波长长，这说明该星系正在远离我们而去考点：电磁波的产生；波的形成和传播；狭义相对论分析：机械波和电磁波本质上不相同，前者不能在真空中传播，而后者可以传播，但都能发生反射、折射、干涉与衍射现象；质点不会随着波传播而迁移；电磁场理论：变化的电场产生磁场，而变化的磁场会产生电场；相对论认为：真空中的光速在不同惯性参照系中都是相同；由多普勒效应，接收的波长与频率成反比，从而根据波长的长短来确定距离的远近解答：解：a、机械波和电磁波本质上不相同，前者是机械振动在介质中传播，而电磁波由变化电磁场产生的，可以在真空中传播，但它们都能发生反射、折射、干涉和衍射现象，故a正确；b、横波在传播过程中，波峰运动到相邻的波峰所用的时间为一个周期，而质点并不随着波传播而迁移，故b错误；c、变化的电场一定产生磁场；变化的磁场一定产生电场，可能是均匀变化，也可能非均匀变化若是均匀变化的，则产生恒定故c错误；d、爱因斯坦相对论认为：真空中的光速在不同惯性参照系中也都是相同，故d正确；e、根据多普勒效应，可知，当自遥远星系上某些元素发出的光波波长比地球上这些元素静止时发光的波长长，由c=f，得接收的频率变小，因此说明该星系正在远离我们而去，故e正确；故选ade点评：考查机械波与电磁波的区别，掌握电磁场理论，理解质点不随波迁移，知道光速不变原理，理解多普勒效应现象的应用1015宜昌模拟）如图所示，半圆形玻璃砖的半径为r，折射率为，直径ab与屏幕垂直并接触于b点激光束a以入射角i=30射向半圆玻璃砖的圆心o，结果屏幕mn出现两个光斑求两个光斑之间的距离l考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：激光a射向半圆玻璃砖的圆心o，在ab面上产生了折射和反射，在屏幕mn上出现两个光斑，作出光路图根据折射