辽宁省大连二十中高三物理上学期12月月考试卷（含解析）.doc

辽宁省大连二十中2016届高三上学期月考物理试卷（12月份）二、选择题（本题包括6小题，共48分14-18小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，191小题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步下列说法中不正确的是（）a牛顿把地面上物体运动的规律和天体运动的规律统一了起来，建立了万有引力定律b伽利略以实验和数学推理相结合的科学研究方法得到了落体运动规律c开普勒首先总结了导体的电阻与其长度和横截面积的关系d奥斯特发现了电流的磁效应2如图为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场场强大小恒定，且被限制在ac板间，虚线中间不需加电场，如图所示，带电粒子从p0处以速度v0沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入d形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动，对这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是（）a带电粒子每运动一周被加速两次b带电粒子每运动一周p1p2=p3p4c加速粒子的最大速度与d形盒的尺寸有关d加速电场方向需要做周期性的变化3如图所示，竖直平面内有一金属环，半径为a，总电阻为r（指拉直时两端的电阻），磁感应强度为b的匀强磁场垂直穿过环平面，在环的最高点a用铰链连接长度为2a、电阻为的导体棒ab，ab由水平位置紧贴环面摆下，当摆到竖直位置时，b点的线速度为v，则这时ab两端的电压大小为（）abcdbav4如图所示，正方形abcd处于真空中一对等量异种点电荷形成的电场中，点电荷和正方形共面，已知ac连线为电场中的一条等势线（图中未画出），下列分析正确的是（）ab、d两点场强大小一定相等bb、d两点场强方向一定相同cb、d两点电势可能相等da、c两点场强大小一定相等5如图所示，两条平行虚线之间存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，虚线间的距离为l，金属圆环的直径也为l自圆环从左边界进入磁场开始计时，以垂直于磁场边界的恒定速度穿过磁场区域规定逆时针方向为感应电流i的正方向，则圆环中感应电流i随其移动距离变化的i图象最接近图中的（）abcd6如图所示，光滑轨道mo和on底端对接且=2，m、n两点高度相同小球自m点由静止自由滚下，忽略小球经过o点时的机械能损失，以v、s、a、ek分别表示小球的速度、位移、加速度和动能四个物理量的大小下列图象中能正确反映小球自m点到n点运动过程的是（）abcd7如图所示，l是自感系数很大的线圈，但其自身的电阻几乎为零a和b是两个完全相同的灯泡，则下列说法中正确的有（）a当开关s闭合瞬间，a、b两灯同时亮，最后b灯熄灭b当开关s断开瞬间，a、b两灯同时熄灭c当开关s断开瞬间，a点电势比b点电势低d当开关s断开瞬间，流经灯泡b的电流是由a到b8如图所示，带负电的物块a放在足够长的不带电的绝缘小车b上，两者均保持静止，置于垂直于纸面向里的匀强磁场中，在t=0时刻用水平恒力f向左推小车b已知地面光滑，a、b接触面粗糙，a所带电荷量保持不变，下列四图中关于a、b的vt图象及a、b之间摩擦力fft图象大致正确的是（）abcd三、非选择题：（包括必考题和选考题两部分第22-32题为必考题，每个试题考生都作答；第33题-40题为选考题，考生根据要求作答）（一）必考题（共129分）92016届高三理科班一兴趣小组的实验装置如图1所示，通过电磁铁控制的小球从a点自由下落，下落过程中经过光电门b时，通过与之相连的毫秒计时器（图中未画出）记录下挡光时间t，测出a、b之间的距离h实验前应调整光电门位置使小球下落过程中球心通过光电门中的激光束若用该套装置验证机械能守恒，已知重力加速度为g，还需要测量的物理量为aa点与地面间的距离h b小球的质量mc小球从a到b的下落时间tab d小球的直径d用游标卡尺测得小球直径如图2所示，则小球直径为cm，某次小球通过光电门毫秒计数器的读数为3ms，则该次小球通过光电门b时的瞬时速度大小为 v=m/s10（1）某同学选择多用电表的“10”挡测量一电阻的阻值正确操作后得到如图a所示的指针情况则电阻的阻值约为为了精确测量该电阻的阻值，该同学从实验室找来了下列器材：电流表a1（040ma、内阻r1=10）电流表a2（0100ma、内阻r25）滑动变阻器r（010）定值电阻r0（阻值为100）电源e（电动势6v、有内阻）开关、导线若干实验中要求调节范围尽可能大，在方框内画出符合要求的电路图用i1、i2分别表示电流表a1、a2的示数，该同学通过描点得到了如图b所示的i1i2图象，则电阻的阻值为11在甲图中，带正电粒子从静止开始经过电势差为u的电场加速后，从g点垂直于mn进入偏转磁场该偏转磁场是一个以直线mn为上边界、方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁场的磁感应强度为b，带电粒子经偏转磁场后，最终到达照相底片上的h点，如图甲所示，测得g、h间的距离为d，粒子的重力可忽略不计（1）设粒子的电荷量为q，质量为m，求该粒子的比荷；若偏转磁场的区域为圆形，且与mn相切于g点，如图乙所示，其它条件不变要保证上述粒子从g点垂直于mn进入偏转磁场后不能打到mn边界上（mn足够长），求磁场区域的半径应满足的条件12如图甲所示，mn、fq为间距l=0.5m且足够长的粗糙平行导轨，nqmn，导轨的电阻均不计导轨平面与水平面间的夹角=37，nq间连接有一个r=4的电阻有一匀强磁场垂直于导轨平面且方向向上，磁感应强度为b0=1t将一根质量为m=0.05kg、内阻为r的金属棒ab紧靠nq放置在导轨上，且与导轨接触良好现由静止释放金属棒，当金属棒滑行至cd处时刚好达到稳定速度，已知在此过程中通过金属棒截面的电量q=0.2c，且金属棒的加速度a与速度v的关系如图乙所示，设金属棒沿导轨向下运动过程中始终与nq平行（g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）金属棒与导轨平面间的动摩擦因数和金属棒的内阻r；金属棒滑行至cd处的过程中，电阻r上产生的热量二.选考题：13有一水平传送带ab长l=8m，距离水平地面h=5m，地面上c点在传送带右端点b的正下方一小物块以水平初速度v0=2m/s自a点滑上传送带，它与传送带间的动摩擦因数=0.2（取g=10m/s2）（1）若传送带静止不动，求小物块滑行的距离；若传送带正以恒定速度向右传送，小物块从a点滑上传送带经时间t后落在d点，cd长s=3m求时间t辽宁省大连二十中2016届高三上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析二、选择题（本题包括6小题，共48分14-18小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，191小题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步下列说法中不正确的是（）a牛顿把地面上物体运动的规律和天体运动的规律统一了起来，建立了万有引力定律b伽利略以实验和数学推理相结合的科学研究方法得到了落体运动规律c开普勒首先总结了导体的电阻与其长度和横截面积的关系d奥斯特发现了电流的磁效应【考点】物理学史【专题】常规题型【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：a、牛顿把地面上物体运动的规律和天体运动的规律统一了起来，建立了万有引力定律，故a正确；b、伽利略以实验和数学推理相结合的科学研究方法得到了落体运动规律，故b正确；c、欧姆首先总结了导体的电阻与其长度和横截面积的关系，故c错误；d、奥斯特发现了电流的磁效应，故d正确；本题选不正确的，故选：c【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2如图为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场场强大小恒定，且被限制在ac板间，虚线中间不需加电场，如图所示，带电粒子从p0处以速度v0沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入d形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动，对这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是（）a带电粒子每运动一周被加速两次b带电粒子每运动一周p1p2=p3p4c加速粒子的最大速度与d形盒的尺寸有关d加速电场方向需要做周期性的变化【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理【分析】带电粒子经加速电场加速后，进入磁场发生偏转，电场被限制在a、c板间，只有经过ac板间时被加速，所以运动一周加速一次，电场的方向不需改变当带电粒子离开回旋加速器时，速度最大【解答】解：a、带电粒子只有经过ac板间时被加速，即带电粒子每运动一周被加速一次电场的方向没有改变，则在ac间加速故a、d错误b、根据r=得，则p1p2=2（r2r1）=，因为每转一圈被加速一次，根据v2v12=2ad，知每转一圈，速度的变化量不等，且v3v2v2v1，则p1p2p3p4故b错误c、当粒子从d形盒中出来时，速度最大，根据r=得，v=，知加速粒子的最大速度与d形盒的半径有关故c正确故选：c【点评】解决本题的关键知道该回旋加速器的原理，知道粒子每转一圈，加速一次，且都在ac间加速，加速的电场不需改变3如图所示，竖直平面内有一金属环，半径为a，总电阻为r（指拉直时两端的电阻），磁感应强度为b的匀强磁场垂直穿过环平面，在环的最高点a用铰链连接长度为2a、电阻为的导体棒ab，ab由水平位置紧贴环面摆下，当摆到竖直位置时，b点的线速度为v，则这时ab两端的电压大小为（）abcdbav【考点】导体切割磁感线时的感应电动势【专题】电磁感应与电路结合【分析】当摆到竖直位置时，先由感应电动势公式e=bl，求出导体棒产生的感应电动势，再根据欧姆定律求解ab两端的电压大小【解答】解：当摆到竖直位置时，导体棒产生的感应电动势为：e=b2a=2ba=bav；金属环并联的电阻为：r并=ab两端的电压是路端电压，ab两端的电压大小为：u=e=bav=故选：a【点评】本题是电磁感应与电路的结合问题，关键是弄清电源和外电路的构造，然后根据电学知识进一步求解，容易出错之处是把ab间的电压看成是内电压，得到结果是bav4如图所示，正方形abcd处于真空中一对等量异种点电荷形成的电场中，点电荷和正方形共面，已知ac连线为电场中的一条等势线（图中未画出），下列分析正确的是（）ab、d两点场强大小一定相等bb、d两点场强方向一定相同cb、d两点电势可能相等da、c两点场强大小一定相等【考点】电势；电场强度【专题】电场力与电势的性质专题【分析】等量异号电荷的等势面中，只有中垂线是直线，其他都是曲线；等势面与电场线垂直，沿着电场线方向，电势是降低的【解答】解：a、b、已知ac连线为电场中的一条等势线，而等量异号电荷的等势面中只有中垂线是直线，故ac的连线是等量异号电荷的连线的中垂线，b、d两点关于中垂线对称，故电场强度的大小一定相等，但方向一定不相同，故a正确，b错误；c、ac是等势面，电场线与等势面垂直，沿着电场线电势降低，故b、d的电势一定不相等，故c错误；d、ac是等势面，但电荷不一定在bd连线上，可以偏向a侧或b侧，故a、c两点场强大小不一定相等，故d错误；故选：a【点评】本题关键是结合等量异号电荷的电场线和等势面的分布图进行分析，注意电场强度的矢量性，基础题目5如图所示，两条平行虚线之间存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，虚线间的距离为l，金属圆环的直径也为l自圆环从左边界进入磁场开始计时，以垂直于磁场边界的恒定速度穿过磁场区域规定逆时针方向为感应电流i的正方向，则圆环中感应电流i随其移动距离变化的i图象最接近图中的（）abcd【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；右手定则【专题】压轴题【分析】根据楞次定律可判断出圆环进磁场过程中和出磁场过程中的感应电流方向，根据切割的有效长度在变化，知感应电动势以及感应电流的大小也在变化【解答】解：根据楞次定律，在进磁场的过程中，感应电流的方向为逆时针方向；在出磁场的过程中，感应电流的方向为顺时针方向在进磁场的过程中，切割的有效长度先增加后减小，出磁场的过程中，切割的有效长度先增加后减小所以感应电流的大小在进磁场的过程中先增大后减小，出磁场的过程中也是先增大后减小故a正确，b、c、d错误故选a【点评】解决本题的关键掌握楞次定律判定感应电流的方向，以及掌握切割产生的感应电动势e=blv知道l为有效长度6如图所示，光滑轨道mo和on底端对接且=2，m、n两点高度相同小球自m点由静止自由滚下，忽略小球经过o点时的机械能损失，以v、s、a、ek分别表示小球的速度、位移、加速度和动能四个物理量的大小下列图象中能正确反映小球自m点到n点运动过程的是（）abcd【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像；动能【分析】小球在两个斜面上都做匀变速运动，根据速度时间关系公式和位移时间关系公式可以得出速度和位移与时间的图象特点，再根据动能表达式进一步得到动能与时间的图形特点【解答】解：a、小球运动过程中，在两个斜面上都受到恒力作用而沿斜面做匀变速直线运动，速度先增加后减小，根据速度时间关系公式，可知两段运动过程中的vt图都是直线，故a正确；b、由于在两个斜面上都是匀变速运动，根据位移时间关系公式，可知位移时间图象是曲线，故b错误；c、加速度的大小与斜面的倾角大小有关，倾角确定，加速度大小确定，因而c错误；d、速度与时间是一次函数关系，动能与速度的二次方成正比，故动能与时间也是二次函数关系，因而d也错误；故选a【点评】本题关键根据速度时间公式和位移时间公式以及动能表达式得出速度、位移和动能随时间变化的特点7如图所示，l是自感系数很大的线圈，但其自身的电阻几乎为零a和b是两个完全相同的灯泡，则下列说法中正确的有（）a当开关s闭合瞬间，a、b两灯同时亮，最后b灯熄灭b当开关s断开瞬间，a、b两灯同时熄灭c当开关s断开瞬间，a点电势比b点电势低d当开关s断开瞬间，流经灯泡b的电流是由a到b【考点】自感现象和自感系数；电势【分析】当电键k闭合时，通过线圈l的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断感应电动势的方向和作用，分析哪个灯先亮断开瞬间也可以按照同样的思路分析【解答】解：a、电键s闭合瞬间，线圈l对电流有阻碍作用，则相当于灯泡a与b串联，因此同时亮，且亮度相同，稳定后b被短路熄灭，故a正确；b、稳定后当电键k断开后，a马上熄灭，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源左端为高电势，与灯泡b构成闭合回路放电，流经灯泡b的电流是由a到b，b闪一下再熄灭，故d正确，bc错误；故选：ad【点评】对于自感现象，是特殊的电磁感应现象，应用楞次定律和法拉第电磁感应定律进行理解，注意线圈的电阻不计是解题的关键8如图所示，带负电的物块a放在足够长的不带电的绝缘小车b上，两者均保持静止，置于垂直于纸面向里的匀强磁场中，在t=0时刻用水平恒力f向左推小车b已知地面光滑，a、b接触面粗糙，a所带电荷量保持不变，下列四图中关于a、b的vt图象及a、b之间摩擦力fft图象大致正确的是（）abcd【考点】洛仑兹力；牛顿第二定律【专题】带电粒子在磁场中的运动专题【分析】根据左手定则判断出物块a所受洛伦兹力方向竖直向上，物块所受的洛伦兹力随着速度的增大逐渐增大，由于物体a竖直方向受力平衡，所以a与b之间的压力减小，最大静摩擦力减小，当a、b之间的静摩擦力不能提供a的加速度时，a、b发生相对滑动【解答】解：在t=t1之前物体a与小车共同做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得：f=（m+m）a，所以小车与物块的速度随时间均匀增大；对物块a根据牛顿第二定律有：f=ma即静摩擦力提供其加速度，根据左手定则判断出物块a所受洛伦兹力方向竖直向上，物块所受的洛伦兹力qvb逐渐增大，由于物体a竖直方向受力平衡，所以a与b之间的压力减小，即它们间的最大静摩擦力减小，当两物体a、b之间的最大静摩擦力不能提供物块a原来的加速度a时，a、b发生相对滑动当物块a与小车b之间的最大静摩擦力不能提供物块a原来的加速度a时，物块与小车发生了相对滑动，此时物块a受到向右的滑动摩擦力f1=fn虽然小于刚才的静摩擦力，但是滑动摩擦力的方向仍然向右，物块a仍然加速运动，物块所受向上的洛伦兹力qvb逐渐增大，由于物体a竖直方向受力平衡，物块a与小车b之间的压力减小，所以向右的滑动摩擦力也减小，即物块a的加速度在减小，直到t2时刻a、b之间的摩擦力减小到0，加速度减小到零，最后做匀速直线运动，在速度时间图象中物块a的斜率逐渐减小到零；故ac正确bd错误故选：ac【点评】对于这类问题正确受力分析结合牛顿第二定律判断物体的加速度变化，再结合运动学关系式判断物体的速度变化情况三、非选择题：（包括必考题和选考题两部分第22-32题为必考题，每个试题考生都作答；第33题-40题为选考题，考生根据要求作答）（一）必考题（共129分）92016届高三理科班一兴趣小组的实验装置如图1所示，通过电磁铁控制的小球从a点自由下落，下落过程中经过光电门b时，通过与之相连的毫秒计时器（图中未画出）记录下挡光时间t，测出a、b之间的距离h实验前应调整光电门位置使小球下落过程中球心通过光电门中的激光束若用该套装置验证机械能守恒，已知重力加速度为g，还需要测量的物理量为daa点与地面间的距离h b小球的质量mc小球从a到b的下落时间tab d小球的直径d用游标卡尺测得小球直径如图2所示，则小球直径为1.14cm，某次小球通过光电门毫秒计数器的读数为3ms，则该次小球通过光电门b时的瞬时速度大小为 v=3.8m/s【考点】验证机械能守恒定律【专题】实验题【分析】该题利用自由落体运动来验证机械能守恒，因此需要测量物体自由下落的高度hab，以及物体通过b点的速度大小，在测量速度时我们利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，因此明白了实验原理即可知道需要测量的数据利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，由此可以求出小铁球通过光电门时的瞬时速度，根据机械能守恒的表达式可以求出所要求的关系式游标卡尺的读数等于主尺读数加游标读数，不需估读【解答】解：（1）a、根据实验原理可知，需要测量的是a点到光电门的距离，故a错误；b、根据机械能守恒的表达式可知，方程两边可以约掉质量，因此不需要测量质量，故b错误；c、利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，不需要测量下落时间，故c错误；d、利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度时，需要知道挡光物体的尺寸，因此需要测量小球的直径，故d正确；故选：d游标卡尺主尺读数为：1.1cm，游标尺上第4个刻度与上面对齐，故读数为：40.1=0.4mm=0.04cm，故最终读数为：1.1cm+0.04cm=1.14cm；利用小球通过光电门的平均速度代替瞬时速度，因此有：vb=故答案为：d，1.14，3.8【点评】解答实验问题的关键是明确实验原理、实验目的，了解具体操作掌握动能变化量和重力势能减小量的求法，知道某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度10（1）某同学选择多用电表的“10”挡测量一电阻的阻值正确操作后得到如图a所示的指针情况则电阻的阻值约为120为了精确测量该电阻的阻值，该同学从实验室找来了下列器材：电流表a1（040ma、内阻r1=10）电流表a2（0100ma、内阻r25）滑动变阻器r（010）定值电阻r0（阻值为100）电源e（电动势6v、有内阻）开关、导线若干实验中要求调节范围尽可能大，在方框内画出符合要求的电路图用i1、i2分别表示电流表a1、a2的示数，该同学通过描点得到了如图b所示的i1i2图象，则电阻的阻值为110【考点】伏安法测电阻【专题】实验题【分析】（1）欧姆表的读数：表针所示刻度数档位无电压表，要把一电流表改装成一电压表，因电阻为小电阻用外接法，滑动变阻器阻值小用分压式接法 由改装后的电压表的电阻及电流表的示数求得对应的电压值，由图线的斜率求得电阻值【解答】解：（1）欧姆表的示数为：1210=120将a1与定值电阻r0串联当作电压表用，小电阻用电流表外接法，滑动变阻器阻值小用分压式接法由电路图： 代入其中严格在线上的点可得rx=110答案：（1）120电路图如图；110【点评】考查测电阻的原理及电路设计，明确电流表可串联电阻当作电压表用11在甲图中，带正电粒子从静止开始经过电势差为u的电场加速后，从g点垂直于mn进入偏转磁场该偏转磁场是一个以直线mn为上边界、方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁场的磁感应强度为b，带电粒子经偏转磁场后，最终到达照相底片上的h点，如图甲所示，测得g、h间的距离为d，粒子的重力可忽略不计（1）设粒子的电荷量为q，质量为m，求该粒子的比荷；若偏转磁场的区域为圆形，且与mn相切于g点，如图乙所示，其它条件不变要保证上述粒子从g点垂直于mn进入偏转磁场后不能打到mn边界上（mn足够长），求磁场区域的半径应满足的条件【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在磁场中的运动专题【分析】（1）粒子在电场中加速，根据动能定理与牛顿第二定律，由洛伦兹力提供向心力，并由几何关系，即可求解；所有带电粒子都不能打到mn边界上，带电粒子在磁场中运动偏角小于90，所以由临界状态入手，得出磁场区域的满足条件【解答】解：（1）带电粒子经过电场加速，进入偏转磁场时速度为v，由动能定理 进入磁场后带电粒子做匀速圆周运动，轨道半径r， 打到h点有 由得 要保证所有带电粒子都不能打到mn边界上，带电粒子在磁场中运动偏角小于90，临界状态为90如图所示，磁场区半径所以磁场区域半径满足答：（1）设粒子的电荷量为q，质量为m，则该粒子的比荷 ；若偏转磁场的区域为圆形，且与mn相切于g点，如图乙所示，其它条件不变要保证上述粒子从g点垂直于mn进入偏转磁场后不能打到mn边界上（mn足够长），则磁场区域的半径应满足的条件【点评】考查动能定理、牛顿第二定律等规律的应用，学会临界状态角度分析问题，并注意几何关系在本题中应用12如图甲所示，mn、fq为间距l=0.5m且足够长的粗糙平行导轨，nqmn，导轨的电阻均不计导轨平面与水平面间的夹角=37，nq间连接有一个r=4的电阻有一匀强磁场垂直于导轨平面且方向向上，磁感应强度为b0=1t将一根质量为m=0.05kg、内阻为r的金属棒ab紧靠nq放置在导轨上，且与导轨接触良好现由静止释放金属棒，当金属棒滑行至cd处时刚好达到稳定速度，已知在此过程中通过金属棒截面的电量q=0.2c，且金属棒的加速度a与速度v的关系如图乙所示，设金属棒沿导轨向下运动过程中始终与nq平行（g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）金属棒与导轨平面间的动摩擦因数和金属棒的内阻r；金属棒滑行至cd处的过程中，电阻r上产生的热量【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；动能定理；焦耳定律【专题】电磁感应与电路结合【分析】（1）根据图乙读出v=0时a=2m/s2当刚释放时，导体棒中没有感应电流，所以只受重力、支持力与静摩擦力，由牛顿第二定律可求出动摩擦因数；当金属棒速度稳定时，则受到重力、支持力、安培力与滑动摩擦力达到平衡，这样可以列出安培力公式，产生感应电动势的公式，再由闭合电路殴姆定律，列出平衡方程可求出金属棒的内阻金属棒滑行至cd处的过程中，由动能定理可求出安培力做的功，而由于安培力做功导致电能转化为热能【解答】解：（1）当v=0时，a=2m/s2，由牛顿第二定律得：mgsinmgcos=ma，即：gsingcos=a代入数据解得：=0.5 由