河南省太康县第五高级中学高三物理下学期3月月考试卷（含解析）.doc

河南省太康县第五高级中学2016届高三下期3月月考物理试卷1一物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4m/s，1s后速度的大小变为10m/s，在这1s内该物体的（ ）a位移的大小可能小于4mb位移的大小可能大于10mc加速度的大小可能小于4m/s2d加速度的大小可能大于10m/s2【答案】ad【解析】解：（1）若初、末速度同向时：= m/s=7 m/ss= t=7 m；a= m/s2=6 m/s2（2）若初、末速反向时：= m/s=3 m/ss= t=3 ma= m/s2=14 m/s2因此可得出ad正确，bc错误；故选：ad考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；加速度分析：物体做匀变速直线运动，根据平均速度公式求解位移，根据加速度的定义公式求解加速度点评：本题关键是明确物体的运动性质，注意物体的初末速度可能同向，也可能反向，要分情况讨论2如图所示，质量为m的物体静止在地面上，物体上面连着一个轻弹簧，用手拉住弹簧上端上移h，将物体缓缓提高h，拉力f做功wf，不计弹簧的质量，则下列说法正确的是（ ）a重力做功-mgh，重力势能减少mghb弹力做功-wf，弹性势能增加wfc重力势能增加mgh，弹性势能增加wf-mghd重力势能增加mgh，弹性势能增加fh【答案】c【解析】克服重力做功mgh，重力势能增大mgh，根据能量守恒，拉力做功等于弹性势能和重力势能增量之和，c对；3一小车静止在光滑水平面上，甲、乙两人分别站在左右两侧，整个系统原来静止。如图所示，当两人同时相向走动时a要使小车向左运动，甲的速度大小一定比乙大b要使小车向左运动，甲的质量一定比乙大c要使小车向左运动，甲的动量大小一定比乙大d要使小车保持静止，甲、乙的速度大小一定相等， 【答案】c【解析】本题考查的是动量守恒的问题，系统动量守恒，要使小车向左运动，甲的动量大小一定比乙大；要使小车保持静止，甲、乙的动量大小一定相等；abd均错误，c正确；4如图所示，为速度选择器原理图，dl和 d2是两个平行金属板，分别连在电源的两极上，其间有一定的电场强度为e，同时在这空间加有垂直于电场方向的磁场，磁感应强度为b。sl、s2为两个小孔，且sl与s2连线方向与金属板平行。速度沿sl、s2连线方向从sl飞入的带电粒子只有做直线运动才可以从s2飞出，若让一束不同粒子沿sl与s2连线方向从sl孔飞入，则下列说法正确的是（ ）a.能够从s2孔飞出的粒子必为同种粒子b.能够从s2孔飞出的粒子必具有相同的速度c.能够从s2孔飞出的粒子若改为从s2孔飞入，也必能从s1孔飞出d.只有从s2孔飞出的带正电的粒子，若改为从s2孔飞入，才能从s1孔飞出【答案】b【解析】试题分析:速度选择器是根据粒子通过复合场后，电场力与洛伦兹力平衡，则有被选择的速度v的大小应满足v=e/b ，与粒子的正负无关，但必须从s1孔飞入，故a错误；b正确；能够从s2孔飞出的粒子若改为从s2孔飞入，不论粒子的正电荷，还是负电荷，电场力与洛仑兹力方向均相同，因此不能从s1孔飞出，故c、d错误；考点： 带电粒子在复合场中运动5如图所示，a、b两小球离光滑地面髙度均为h=5m，相距 l=4.8m，将a以大小为2m/s的初速v0向b水平抛出的同时，b自由下落。a、b与地面发生弹性碰撞前后，水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反。b球质量m=0.2kg，不计空气阻力及小球与地面碰撞的时间，g=10m/s2。b球第一次与地相碰的过程中，合力对b球的冲量大小i及a、b第一次相碰时，b球离地高度 h为( )a.i= 2n s，h=0.8m b.i=2n s，h=4.2mc.i =4n s，h =0.8m d.i=4n s，h=4.2m【答案】d【解析】试题分析：根据得：a下落的时间为t=1s，落地时竖直速度为vy=gt=10 m/s，由题意知，a求与地面碰撞的过程中速度变化量为v=-10-10=-20 m/s，再根据动量定理得：i=mv=4n s，a、b相碰时小球a的水平位移为l=4.8m，由对称性知，小球a与地面第一次相碰后上升到最高点的过程需要1s，此时小球a的水平位移为x=4m，故还需，两球相遇，在0.4s内小球下落的高度为，故此时b球离地高度 h为4.8m。所以a、b、c错误；d正确。考点：本题考查自由落体、动量定理6升降机地板上放一个弹簧秤，盘中放一质量为m的物体，当秤的读数为0.8mg时，升降机的运动可能是( )a.加速下降 b.加速上升 c.减速上升 d.减速下降【答案】ac【解析】试题分析：由题意可知，木箱受到的支持力为，物体受到的合力，由牛顿第二定律可知，加速度，方向竖直向下，故物体可能的运动情况为减速上升，或加速下降，故选项ac正确，选项bd错误。考点：失重【名师点睛】根据物体的受力情况可求得物体的合力，再由牛顿第二定律可知加速度的方向；由运动学公式可得出升降机可能的运动情况。7竖直悬挂的轻弹簧下连接一个小球，用手托起小球，使弹簧处于压缩状态，如图所示。则迅速放手后（不计空气阻力）a放手后瞬间小球的加速度等于重力加速度b小球、弹簧与地球组成的系统机械能守恒 c小球机械能守恒d小球下落过程中，小球动能与弹簧弹性势能之和不断增大【答案】bd【解析】试题分析：因为开始弹簧处于压缩状态，所以放手后瞬间根据可知，小球的加速度大于重力加速度；对小球、弹簧与地球组成的系统，由于只有重力和弹簧弹力做功，所以系统机械能守恒；由于小球下落过程中重力势能逐渐减小，所以动能与弹簧弹性势能之和不断增大；对小球而言由于除重力做功外，还受弹簧弹力作用，所以小球机械能不守恒。选项bd正确。考点：此题考查了机械能守恒定律及牛顿定律等内容。8物体从距地面某高处开始做自由落体运动，若下落前一半路程所用的时间为t，则物体下落全程所用的时间为（ ）a b4t c 2t d【答案】a【解析】试题分析：根据，可知下落前一半路程有；则下落全程：，联立解得：，故选a.考点：自由落体运动【名师点睛】此题是对自由落体运动规律的考查；要知道自由落体运动是初速度为零的，加速度为g的匀加速运动，满足匀变速直线运动的所有公式，所以只要在两个过程中列得位移时间关系方程即可求解总时间；此题是中等题.9如图所示为氢原子的能级图，现有一群处于n3激发态的氢原子，则这些原子( )a发出的光子最小能量是0.66 evb发出的光子最大能量是12.75 evc能发出3种不同频率的光子d由n3跃迁到n1时发出的光子频率最高【答案】cd【解析】试题分析：由n=3向n=2 能级跃迁所辐射的光子能量最小，a错误；由n=3向n=1能级跃迁所辐射的光子能量最大，b错误；辐射的光子频率最高，d正确；从n=3向低能级跃迁可辐射3-1、3-2、2-1三种频率的光子，c正确；故选cd。考点：氢原子能级及跃迁。10如下图所示，长为l的细绳一端固定在o点，另一端拴住一个小球，在o点的正下方与o点相距的地方有一枚与竖直平面垂直的钉子；把小球拉起使细绳在水平方向伸直，由静止开始释放，当细绳碰到钉子的瞬间，下列说法正确的是( )a小球的线速度不发生突变b小球的角速度突然增大到原来的2倍c小球的向心加速度突然增大到原来的2倍d绳子对小球的拉力突然增大到原来的2倍【答案】abc【解析】试题分析：小球的线速度变化需要一段时间，当细绳碰到钉子的瞬间，小球的线速度不发生突变，所以a项正确；根据角速度与线速度的关系，线速度不变，圆周运动的半径变为原来的一半，角速度变为原来的2倍，所以b项正确；向心加速度公式，小球的向心加速度增大为原来的2倍，所以c项正确；根据牛顿第二定律得出，小球拉力等于，向心力变为原来的2倍，小球拉力不是原来的2倍，所以d项错误。考点：本题考查了竖直面内的圆周运动11关于相对地面静止的通讯卫星，下列说法不正确的是（ ）a. 所有通讯卫星绕地球运动的周期都相同 b. 所有通讯卫星绕地球运动的线速度都相同 c. 所有通讯卫星都在地球赤道的上方d.理论上有三颗通信卫星，就几乎可以覆盖整个地球表面【答案】b【解析】试题分析：地球同步卫星即地球同步轨道卫星，又称对地静止卫星，是运行在地球同步轨道上的人造卫星，同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，故a正确；所有通讯卫星绕地球运动的线速度大小相等，但是方向不同，故b错误；所有的同步卫星都在赤道上空，它若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的所以我国发射的同步通讯卫星必须定点在赤道上空，故c正确；同步卫星已在通信、电视等方面有了广泛的应用根据计算，从一颗“同步卫星”上发送出去的电视节目，地球上约三分之一地区的电视机都能接收到因此，只要有三颗这样的卫星，就能将电视节目传播到全世界了，故d正确本题选错误的故选：b.考点：同步卫星.12（多选）如图为远距离输送交流电的系统示意图，变压器均为理想变压器随着用户负载增多，发电机f达到额定功率时，降压变压器输出功率仍然不足，用户的用电器不能正常工作那么，在发电机以额定功率工作的情况下，为了减小输电线上的电能损耗，适当提高用户的用电功率，可采取的措施是（ ）a适当减小输电线的电阻rb适当提高c适当提高的同时，降低d适当降低的同时，提高【答案】ac【解析】试题分析：根据p线=i2r，故适当减小输电线的电阻r ，可减小导线上的功率损失，在发电机输出功率一定的情况下可增大用户的电功率，选项a正确；因理想变压器的输出功率等于输入功率，故改变降压变压器的原副线圈的匝数比不能改变功率，则不能提高用户的电功率，选项b错误；适当提高，则可提高升压变压器的次级电压，较小输电线上的电流，根据p线=i2r，可减小导线上的功率损失，在发电机输出功率一定的情况下可增大用户的电功率，选项c正确，d错误；故选ac.考点：远距离输电.13欧姆表是由表头、干电池和调零电阻等串联而成的，有关欧姆表的使用连接，以下说法不正确的是（ )a使用前检查指针是否指在左侧“0”刻度处b测电阻前要使红黑表笔相接，调节调零电阻，使表头的指针指右侧零c红表笔与表内电池负极相连接，黑表笔与表内电池正极相连接d测电阻时，表针向右偏转角度越大，待测电阻阻值越大【答案】d【解析】试题分析：使用前，欧姆表中没有电流，故其指针指在分度盘的左侧，故a正确；测电阻前要使红黑表笔相接，调节调零电阻，使表头的指针指右侧零，故c正确；红表笔与表内电池负极相连接，黑表笔与表内电池正极相连接，c也正确；测电阻时，表针向右偏转角度越大，待测电阻阻值越小，故d错误；所以该题选d。考点：欧姆表的使用。14某实验小组控制一种热敏电阻的温度特性现有器材：直流恒流电源(在正常工作状态下输出的电流恒定)、电压表、待测热敏电阻、保温容器、温度计、开关和导线等(1)若用上述器材测量热敏电阻的阻值随温度变化的特性，请你在图(1)中的实物图上连线(2)实验的主要步骤：正确连接电路，在保温容器中注入适量冷水，接通电源，调节并记录电源输出的电流值；在保温容器中添加少量热水，待温度稳定后，闭合开关，_，_，断开开关实验小组算得该热敏电阻在不同温度下的阻值，并据此绘得rt关系图线请根据图(2)中的图线写出该热敏电阻的rt关系式：r_t()保留3位有效数字【答案】(1)如图(2)读取温度计示数读取电压表示数(3)1000.400【解析】(1)连接实物图时导线不能交叉，电压表应并联在电阻两端，电流由电压表的正接线柱流入电压表(2)因本实验是探究热敏电阻的阻值随温度变化的特性，所以实验需测出热敏电阻的阻值及相应的温度，热敏电阻的阻值用r间接测量，故需记录的数据是温度示数和电压表的示数(3)设热敏电阻rr0kt，k0.400.温度为10时，热敏电阻r104，则r0rkt1040.40010100，所以r1000.400t()如图所示的电路中，r1=3，r2=9，r3=6，电源电压u=24v保持不变。当开关s1、s2均开启和均闭合时，灯泡l都同样正常发光。（1）画出两种情况的等效电路图，并标出流经灯泡的电流方向；（2）求灯泡正常发光时的电阻rl和电压ul。【答案】（1）见解析（2）4.8v【解析】（1）s1、s2均断开时，r1、r2、l串联，其等效电路图如图甲所示；s1、s2均闭合时，l、r1并联再与r3串联这是一条支路，另一条支路是r2，其等效电路图如图乙所示。 （2）s1、s2均断开时，电流处处相等，则有：s1、s2均闭合时，电路并联部分两端的电压相等，根据题意有：联立并代入已知数据解得：rl=3，ul=4.8v15如图所示，质量为0.2kg的物体带正电，其电量为，从板间为0.3m光滑的四分之一圆弧滑轨上端a点由静止下滑到底端b点，然后继续沿水平面滑动，物体与水平面间的滑动摩擦因数为0.4，整个装置处于e=的竖直向下的匀强电场中，（g取）求：（1）物体运动到圆弧滑轨底端b点时对轨道压力的大小；（2）物体在水平面上滑行的最大距离。【答案】（1）7.2n（2）l0.75 m【解析】试题分析：(1)对物体从a运动到b由动能定理有：mgrqer （2分）物体运动到b点由牛顿第二定律有：nmgqe （2分）由牛顿第三定律有：nn7.2n. （1分）(2)对全过程，由动能定理有：mgrqer(mgqe)l0 （3分）代入数据，得： l0.75 m. （1分）考点：考查了动能定理，牛顿第二定律，电场力做功【名师点睛】根据动能定理求出物体运动到b点的动能，在b点，在竖直方向上受到重力、电场力和支持力，三个力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出支持力的大小，从而得出物体对轨道的压力对物体静止释放到最终速度为零整个过程运用动能定律，求出物体在水平面上滑行的最大距离16在一个水平面上建立x轴，在过原点o右侧空间有一个匀强电场，电场强度大小e=6105n/c，方向与x轴正方向相同，在o处放一个电荷量q=510-8c、质量m=0.010kg的带负电绝缘物块，物块与水平面间的动摩擦因数=0.2，沿x轴正方向给物块一个初速度v0=2m/s，求：（g取10m/s2）（1）物块最终停止时的位置；（2）物块在电场中运动过程的机械能增量。【答案】(1) (2) -0.016j 【解析】试题分析：（1）物体向右匀减速到o发生的位移为: 物体向左匀加速