河南省郑州市思齐实验中学高二物理上学期10月月考试卷（含解析）.doc

河南省郑州市思齐实验中学20142015 学年度高二上学期月考物理试卷（10月份）一、选择题（本题共15小题，每小题4分.在每小题给出的四个选项中，第10题只有一项符合题目要求，第115题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1以下说法正确的是（） a 由可知此场中某点的电场强度e与f成正比 b 由公式可知电场中某点的电势与q成反比 c 由uab=ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大 d 公式c=，电容器的电容大小c与电容器两极板间电势差u无关2如图所示，两个带电荷量分别为q1、q2，质量分别为m1、m2的小球，以等长的丝线悬挂于一点，下列情况正确的是（） a 若m1=m2，q1q2，则= b 若m1=m2，q1q2，则 c 若m1=m2，q1q2，则 d 若m1m2，q1=q2，则=3使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，正确的是（） a b c d 4设有带负电的小球a、b、c，它们的电量的比为1：3：5，三球均在同一直线上，a、c固定不动，而b也不动时，ba与bc间的比值为（） a 1：5 b 5：1 c 1： d ：15真空中三个相同的导体小球a、b和c，a和b分别带+3q、q的电荷（a、b可看成点电荷）分别固定在两处，两球间库仑力是f，用不带电的小球c，先后跟a和b来回反复接触很多次，然后移去c，则a、b 间的库仑力变为f的（） a b c d 6如图所示，在水平方向的匀强电场中，有一带电体p自o点竖直向上射出，它的初动能为5j，当它上升到最高点m时，它的动能为4j，则物体折回通过与o在同一水平线上的o点时，其动能为（） a 9 j b 17 j c 21j d 24j7一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一负电荷（电荷量很小）固定在p点，如图所示以e表示两极板间的场强，u表示电容器两板间的电压，ep表示电荷在p点的电势能若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则（） a u变小，e不变 b e变小，ep变大 c u变大，ep不变 d e不变，ep变小8m、n是某电场中一条电场线上的两点，若在m点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由m点运动到n点，其电势能随位移变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（） a 该电子运动的轨迹为曲线 b 该电场有可能是匀强电场 c m点的电势高于n点的电势 d 该电子运动的加速度越来越小9在竖直平面内固定一半径为r的金属细圆环，质量为m的金属小球（视为质点）通过长为l的绝缘细线悬挂在圆环的最高点当圆环、小球都带有相同的电荷量q（未知）时，发现小球在垂直圆环平面的对称轴上处于平衡状态，如图所示已知静电力常量为k则下列说法中正确的是（） a 电荷量 b 电荷量 c 绳对小球的拉力 d 绳对小球的拉力10如图所示，一竖直绝缘轻弹簧的下端固定在地面上，上端连接一带正电小球p，小球所处的空间存在着方向竖直向上的匀强电场，小球平衡时，弹簧恰好处于原长状态现给小球一竖直向上的初速度，小球最高能运动到m点在小球从开始运动到运动至最高点时，则（） a 小球电势能的减少量大于小球重力势能的增加量 b 小球机械能的改变量等于电场力做的功 c 小球动能的减少量等于电场力和重力做功的代数和 d 弹簧弹性势能的增加量等于小球动能的减少量11a、b、c三个质子由同一点垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b恰好飞出电场，对于三个质子在电场中的运动，下列说法中正确的是（） a b和c同时飞离电场 b 在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上 c 进入电场时，c的速度最大，a的速度最小 d 动能的增量相比，c的最小，a和b的一样大12图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流表g和一个变阻器r组成的，它们之中的一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（） a 甲表是电流表，r增大时量程增大 b 甲表是电流表，r增大时量程减小 c 乙表是电压表，r增大时量程减小 d 乙表是电压表，r增大时量程增大13为了儿童安全，布绒玩具必须检测其中是否存在金属断针，可以先将玩具放置在强磁场中，若其中有断针，则断针被磁化，磁敏电阻随磁场的出现而减小，磁报警装置可以检测到断针的存在，其电路可以简化为如图所示，r为磁敏电阻若布绒玩具存在断针时，则下列说法中正确的是（） a 通过r的电流变小 b 电路的路端电压减小 c r1两端的电压u1变小 d 电源的效率增大14如图所示，直线、分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流的变化的特性图线，曲线是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是（） a 电源1与电源2的内阻之比是11：7 b 电源1与电源2的电动势之比是1：1 c 在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1：2 d 在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1：215如图甲所示，两个点电荷q1、q2固定在x轴上距离为l的两点，其中q1带负电位于原点o，a、b是它们连线延长线上的两点，其中b点与o点相距3l现有一带负电的粒子q以一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远处运动（粒子只受电场力作用），设粒子经过a、b两点时的速度分别为va、vb，其速度随坐标x变化的图象如图乙所示，图乙中x=3l点为图线的最低点，则以下判断中正确的是（） a q2带正电且电荷量大于q1 b b点的场强一定为零 c a点的电势比b点的电势高 d 粒子在a点的电势能比b点的电势能大四、计算题（本题共3小题，共40分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16如图所示，电荷量为q，质量为m的带电粒子以速度v垂直进入平行板电容器中（不计粒子的重力），已知极板的长度为l，两极板间的距离为d，两极板间的电压为u，试推导带电粒子射出电容器时在偏转电场中的偏转位移y和偏转角的表达式17如图所示，在场强为e的匀强电场中，一绝缘轻质细杆l可绕o点在竖直平面内自由转动，a端有一个带正电的小球，电荷量为q，质量为m将细杆从水平位置自由释放，则：（1）请说明小球由a到b的过程中电势能如何变化？求出小球在最低点时的速率（3）求在最低点时绝缘杆对小球的作用力18如图所示光滑竖直绝缘杆与一圆周交于b、c两点，圆心固定有电量为+q的点电荷，一质量为m，电量为+q的环从杆上a点由静止释放已知ab=bc=h，qq，环沿绝缘杆滑到b点时的速度vb=，求a、c两点间的电势差及环达c点时的速度河南省郑州市思齐实验中学20142015学年度高二上学期月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共15小题，每小题4分.在每小题给出的四个选项中，第10题只有一项符合题目要求，第115题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1以下说法正确的是（） a 由可知此场中某点的电场强度e与f成正比 b 由公式可知电场中某点的电势与q成反比 c 由uab=ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大 d 公式c=，电容器的电容大小c与电容器两极板间电势差u无关考点： 电场强度；电势差；电势专题： 电场力与电势的性质专题分析： 电场强度是采用比值定义的，e和f以及检验电荷q无关，e是由电场本身决定的；电场中某点的电势与检验电荷q无关，是由电场本身和零电势点决定的uab=ed中的d是匀强电场中的任意两点a、b沿着电场线方向的距离电容器的电容大小c与电容器两极板间电势差u无关解答： 解：a、电场强度是采用比值定义的，e和f以及检验电荷q无关，e是由电场本身决定的，故a错误b、电场中某点的电势与检验电荷q无关，是由电场本身和零电势点决定的故b错误c、uab=ed中的d是匀强电场中的任意两点a、b沿着电场线方向的距离，故c错误d、公式c=，电容器的电容大小c与电容器两极板间电势差u无关，与两极板间距离d，极板面积s等有关故选d点评： 在物理中很多物理量是采用比值法定义的，注意采用比值法定义时被定义的物理量与公式中的物理量无关，在学习中可以将这些物理量类比学习2如图所示，两个带电荷量分别为q1、q2，质量分别为m1、m2的小球，以等长的丝线悬挂于一点，下列情况正确的是（） a 若m1=m2，q1q2，则= b 若m1=m2，q1q2，则 c 若m1=m2，q1q2，则 d 若m1m2，q1=q2，则=考点： 库仑定律分析： 分别对两小球进行受力分析，作出力图，由共点力平衡条件得到各自的重力与库仑力的关系，抓住相互间的库仑力大小相等，得到质量与角度的关系，分析求解解答： 解：m1、m2受力如图所示，由平衡条件可知， m1g=fcot，m2g=fcot因f=f，则可见，若m1m2，则；若m1=m2，则=；若m1m2，则、的关系与两电荷所带电量无关故a 正确，bcd均错误故选：a点评： 本题中库仑力是两个小球联系的纽带，由平衡条件分别找出两个小球的质量与库仑力关系是解题的关键3使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，正确的是（） a b c d 考点： 电荷守恒定律分析： 当带电金属球靠近不带电的验电器时，由于电荷间的相互作用，而使电荷发生了移动从而使箔片带电解答： 解：由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；故验电器的上端应带上与小球异号的电荷，而验电器的箔片上将带上与小球同号的电荷；故只有b符合条件故选b点评： 本题根据电荷间的相互作用，应明确同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引4设有带负电的小球a、b、c，它们的电量的比为1：3：5，三球均在同一直线上，a、c固定不动，而b也不动时，ba与bc间的比值为（） a 1：5 b 5：1 c 1： d ：1考点： 库仑定律专题： 电场力与电势的性质专题分析： 对c受力分析，结合库仑定律与平衡条件，即可求解解答： 解：根据电荷之间的相同作用力，结合平衡条件可知，小球b在小球a、c之间，由库仑定律，则有：=；解得：rab：rbc=1：；故选：c点评： 考查库仑定律的内容，掌握平衡条件的应用，注意电荷间的相互作用力何时体现斥力，又什么情况下体现引力5真空中三个相同的导体小球a、b和c，a和b分别带+3q、q的电荷（a、b可看成点电荷）分别固定在两处，两球间库仑力是f，用不带电的小球c，先后跟a和b来回反复接触很多次，然后移去c，则a、b 间的库仑力变为f的（） a b c d 考点： 库仑定律分析： 理解库仑定律的内容知道带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分解答： 解：带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分将a、b固定起来，然后让c球反复与a、b球接触，最后移走c，所以a、b、c最终带电量：q=原来a、b间的相互吸引力的大小是：f=后来a、b间的相互吸引力的大小是：f=故c正确、abd错误故选：c点评： 要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题6如图所示，在水平方向的匀强电场中，有一带电体p自o点竖直向上射出，它的初动能为5j，当它上升到最高点m时，它的动能为4j，则物体折回通过与o在同一水平线上的o点时，其动能为（） a 9 j b 17 j c 21j d 24j考点： 匀强电场中电势差和电场强度的关系专题： 电场力与电势的性质专题分析： 将小球的运动分解为水平方向和竖直方向，抓住竖直方向上上升的时间和下降的时间相等，结合等时性求出水平方向上两段时间内的位移之比，从而求出电场力做功之比，对全过程运用动能定理求出到达n点的动能解答： 解：对竖直方向上运用动能定理知，有：wg=0mv2=05j=5j因为最高点的动能为4j，根据动能定理得：wg+we=ekek0，解得上升过程中电场力做功4j因为竖直方向上上升的时间和下降的时间相等，根据等时性，知在水平方向上，在上升和下降的过程中水平位移之比为1：3，则电场力做功为1：3，可知全过程中电场力做功为16j则后来的动能为初动能+电场力做功21j故选：c点评： 解决本题的关键将小球的运动分解为水平方向和竖直方向，抓住等时性求出水平方向上在相等时间内的位移之比，从而得出电场力做功之比7一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一负电荷（电荷量很小）固定在p点，如图所示以e表示两极板间的场强，u表示电容器两板间的电压，ep表示电荷在p点的电势能若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则（） a u变小，e不变 b e变小，ep变大 c u变大，ep不变 d e不变，ep变小考点： 电容器的动态分析；匀强电场中电势差和电场强度的关系专题： 电容器专题分析： 抓住电容器的电荷量不变，结合电容的决定式和定义式，以及匀强电场的场强公式得出电场强度的变化，从而得出p与下极板电势差的变化，得出p点的电势变化和电势能变化解答： 解：ab、电容器与电源断开，电荷量不变，d增大，根据c=知，电容减小，根据u=知，电势差u增大电场强度e=，知电场强度不变故ab错误c、因为电场强度不变，p与下极板的距离不变，则p与下极板的电势差不变，知p点的电势不变，则负电荷在p点的电势能不变故c正确，d错误故选：c点评： 解决本题的关键知道电容器与电源断开，电荷量不变，与电源相连，两端的电势差不变；掌握电容器的决定式以及定义式8m、n是某电场中一条电场线上的两点，若在m点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由m点运动到n点，其电势能随位移变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（） a 该电子运动的轨迹为曲线 b 该电场有可能是匀强电场 c m点的电势高于n点的电势 d 该电子运动的加速度越来越小考点： 电场线；电场强度；电势；电势能专题： 电场力与电势的性质专题分析： 根据题意和图象正确判断出电子的运动形式是解题的关键，由图可知，电子通过相同位移时，电势能的减小量越来越小，说明电场力做功越来越小，由w=fs可知电场力逐渐减小，因此电子做加速度逐渐减小的加速运动，知道了运动形式即可解正确解答本题解答： 解：a、带电粒子初速度为零且沿电场线运动，其轨迹一定为直线，故a错误；b、由于电势能距离图线的斜率表示电场力的大小，根据图象可知，电子受到的电场力越来越小，故该电场不是匀强电场，电子做加速度逐渐减小的加速运动，因此电场强度逐渐减小，故b 错误，d正确；c、电子从m运动到n过程中，只受电场力，电场力做正功，电势能减小，由于电子受到的电场力的方向与电场线的方向相反，所以电子将逆着电场线的方向运动，所以n点的电势高于m点的电势，故c错误故选：d点评： 解题过程中要把握问题的核心，要找准突破点，如本题中根据图象获取有关电子的运动、受力情况即为本题的突破点9在竖直平面内固定一半径为r的金属细圆环，质量为m的金属小球（视为质点）通过长为l的绝缘细线悬挂在圆环的最高点当圆环、小球都带有相同的电荷量q（未知）时，发现小球在垂直圆环平面的对称轴上处于平衡状态，如图所示已知静电力常量为k则下列说法中正确的是（） a 电荷量 b 电荷量 c 绳对小球的拉力 d 绳对小球的拉力考点： 库仑定律；共点力平衡的条件及其应用专题： 压轴题分析： 小球受到的库仑力为圆环各点对小球库仑力的合力，则取圆环上x来分析，再取以圆心对称的x，这2点合力向右，距离l，竖直方向抵消，只有水平方向；求所有部分的合力m，即可求得库仑力的表达式；小球受重力、拉力及库仑力而处于平衡，则由共点力的平衡条件可求得绳对小球的拉力及库仑力；则可求得电量解答： 解：由于圆环不能看作点电荷，我们取圆环上一部分x，设总电量为q，则该部分电量为q；由库仑定律可得，该部分对小球的库仑力f1=，方向沿该点与小球的连线指向小球；同理取以圆心对称的相同的一段，其库仑力与f1相同；如图所示，两力的合力应沿圆心与小球的连线向外，大小为2=； 因圆环上各点对小球均有库仑力，故所有部分库仑力的合力f库=r=，方向水平向右；小球受力分析如图所示，小球受重力、拉力及库仑力而处于平衡，故t与f的合力应与重力大小相等，方向相反；由几何关系可得：=； 则小球对绳子的拉力t=，故c、d错误；=； 则f=； 解得q=； 故a正确，b错误；故选a点评： 因库仑定律只能适用于真空中的点电荷，故本题采用了微元法求得圆环对小球的库仑力，应注意体会该方法的使用库仑力的考查一般都是结合共点力的平衡进行的，应注意正确进行受力分析10如图所示，一竖直绝缘轻弹簧的下端固定在地面上，上端连接一带正电小球p，小球所处的空间存在着方向竖直向上的匀强电场，小球平衡时，弹簧恰好处于原长状态现给小球一竖直向上的初速度，小球最高能运动到m点在小球从开始运动到运动至最高点时，则（） a 小球电势能的减少量大于小球重力势能的增加量 b 小球机械能的改变量等于电场力做的功 c 小球动能的减少量等于电场力和重力做功的代数和 d 弹簧弹性势能的增加量等于小球动能的减少量考点： 电势能；功能关系；电场强度专题： 电场力与电势的性质专题分析： 小球平衡时，弹簧恰好处于原长状态，说明小球受到的电场力等于重力在小球运动的过程中，电场力做功等于重力做功解答： 解：a：由题意，小球受到的电场力等于重力在小球运动的过程中，电场力做功等于重力做功，故a错误；b：小球仅仅受到电场力、重力和弹力，故小球机械能的改变量等于电场力做的功和弹簧的弹力做的功，故b错误；c：三个力都做功，且电场力做功等于重力做功，故c错误；d：电场力做功等于重力做功，弹簧弹性势能的增加量等于小球动能的减少量故d正确故选：d点评： 该题考查物体的受力分析和能量的转化与守恒，要对各力的做功有准确的分析属于简单题11a、b、c三个质子由同一点垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b恰好飞出电场，对于三个质子在电场中的运动，下列说法中正确的是（） a b和c同时飞离电场 b 在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上 c 进入电场时，c的速度最大，a的速度最小 d 动能的增量相比，c的最小，a和b的一样大考点： 带电粒子在匀强电场中的运动专题： 带电粒子在电场中的运动专题分析： 三个粒子做类平抛运动，在垂直电场方向上做匀速直线运动，在沿电场方向上做初速度为0的匀加速直线运动粒子的质量和电量相同，加速度相同比较沿电场方向上的位移，可比较出运动时间，再根据垂直电场方向的位移可知初速度的大小通过动能定理比较动能的增量解答： 解：a、b、三个粒子进入电场后加速度相同，由图看出，竖直方向a、b偏转距离相等，大于c的偏转距离，由y=知，a、b运动时间相等，大于c的运动时间，即ta=tbtc，故在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上，而过后c才飞出电场故a错误，b正确c、因为ta=tbtc，又xaxb=xc，因为垂直电场方向上做匀速直线运动，所以vcvbva故c正确d、据动能定理知，a、b两电荷，电场力做功一样多，所以动能的增量相等c电荷电场力做功最少，动能的增量最小故d正确故选：bcd点评： 解决本题的关键将类平抛运动分解为垂直电场方向和沿电场方向，在垂直电场方向上做匀速直线运动，在沿电场方向上做初速度为0的匀加速直线运动12图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流表g和一个变阻器r组成的，它们之中的一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（） a 甲表是电流表，r增大时量程增大 b 甲表是电流表，r增大时量程减小 c 乙表是电压表，r增大时量程减小 d 乙表是电压表，r增大时量程增大考点： 伏安法测电阻专题： 实验题；恒定电流专题分析： 表头改装电压表要串联电阻，串联电阻越大，电压表量程越大；表头改装电流变要并联一电阻并联电阻越小，量程越大解答： 解：表头g本身所允许通过的最大电流ig或允许加的最大电压ug是有限的为了要测量较大的电流，则应该并联一个电阻来分流；且并联的电阻越小，分流的效果越明显，从整体上看表现为测电流的量程增大，因此a错误而b正确；同理，为了要测量较大的电压，需要串联一个电阻来分压，且分压电阻越大，电压表的量程越大，故c错误而d正确故选：bd点评： 本题考查电表改装原理的理解能力当电流计的指针满偏时，电流表或电压表的指针满偏，所测量的电流或电压达到最大值13为了儿童安全，布绒玩具必须检测其中是否存在金属断针，可以先将玩具放置在强磁场中，若其中有断针，则断针被磁化，磁敏电阻随磁场的出现而减小，磁报警装置可以检测到断针的存在，其电路可以简化为如图所示，r为磁敏电阻若布绒玩具存在断针时，则下列说法中正确的是（） a 通过r的电流变小 b 电路的路端电压减小 c r1两端的电压u1变小 d 电源的效率增大考点： 闭合电路的欧姆定律专题： 恒定电流专题分析： 由题意可知电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可明确电流及电压的变化解答： 解：若存在断针，则磁敏电阻的阻值减小，总电阻减小；则由闭合电路欧姆定律可知，总电流增大；由u=eir可知，路端电压减小；由u=ir可知，r2的电压增大；则并联部分电压减小，流过r1的电流减小，流过r的电流变大；电源的效率=，因u减小，则电源的效率减小；故ad错误，bc正确；故选：bc点评： 本题考查闭合电路欧姆定律的应用，要注意正确分析电路，由局部整体局部的思路进行分析14如图所示，直线、分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流的变化的特性图线，曲线是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是（） a 电源1与电源2的内阻之比是11：7 b 电源1与电源2的电动势之比是1：1 c 在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1：2 d 在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1：2考点： 闭合电路的欧姆定律专题： 恒定电流专题分析： 根据电源的外特性曲线ui图线，可求出电动势和内阻；根据灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线交点确定灯泡与电源连接时工作电压与电流，即可求出功率与灯泡电阻解答： 解：a、ui图象的斜率的绝对值表示内电阻，根据电源ui图线，r1=，r2=，则r1：r2=11：7，故a正确b、ui图象的纵轴截距表示电动势，故e1=e2=10v，故b正确c、d、灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线的交点即为灯泡与电源连接时的工作状态则连接电源时，u1=3v，i1=5a，故p1=u1i1=15w，r1=连接电源时，u2=5v，i2=6a，故p2=u2i2=30w，r2=故p1：p2=1：2，r1：r2=18：25，故c错误，d正确故选abd点评： 本题关键在于对电源外特性曲线、灯泡伏安特性曲线的理解，明确交点的含义15如图甲所示，两个点电荷q1、q2固定在x轴上距离为l的两点，其中q1带负电位于原点o，a、b是它们连线延长线上的两点，其中b点与o点相距3l现有一带负电的粒子q以一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远处运动（粒子只受电场力作用），设粒子经过a、b两点时的速度分别为va、vb，其速度随坐标x变化的图象如图乙所示，图乙中x=3l点为图线的最低点，则以下判断中正确的是（） a q2带正电且电荷量大于q1 b b点的场强一定为零 c a点的电势比b点的电势高 d 粒子在a点的电势能比b点的电势能大考点： 匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能专题： 电场力与电势的性质专题分析： 在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，则在b点受到两点电荷的电场力平衡，从而可得出q2的电性可通过电场力做功判断电势能的变化解答： 解：a、在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，则在b点受到两点电荷的电场力平衡，可知q2带负电，且有k=k，故q2带负电且电荷量小于q1，故a错误；b、在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，受力为零，故合场强为零，故b正确；c、d、该电荷从a点到b点，做减速运动，且该电荷为正电荷，电场力做负功，所以电势能增大，电势升高，所以b点电势较高故c正确，d错误；故选：bc点评： 解决本题的关键是据图象分析，明确b点的合场强为零为突破口，根据库仑定律得到q1和q2的电量关系；用活电场力做功和电势能的关系四、计算题（本题共3小题，共40分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16如图所示，电荷量为q，质量为m的带电粒子以速度v垂直进入平行板电容器中（不计粒子的重力），已知极板的长度为l，两极板间的距离为d，两极板间的电压为u，试推导带电粒子射出电容器时在偏转电场中的偏转位移y和偏转角的表达式考点： 带电粒子在匀强电场中的运动专题： 带电粒子在电场中的运动专题分析： 带电粒子进入偏转电场做类平抛运动，把粒子的运动分解为水平方向的匀速直线运动，竖直方