（通用版）高考生物一轮复习 单元冲关评价练3.doc

单元冲关评价练(三)(限时：45分钟满分：100分)一、选择题(每小题5分，共60分)1用相同的培养液培养水稻和番茄幼苗，一段时间后，测定培养液中各种离子的浓度，结果如下图1所示。图2表示植物根细胞对离子的吸收速率与氧气浓度之间的关系。据图不能体现的信息是()图1图2a由图2可知，植物根细胞吸收离子的方式为主动运输 b由图1可知，水稻对sio需求量大，番茄对sio需求量小c图2中b点，离子吸收速率受载体数量的限制d图1水稻培养液里的ca2浓度高于初始浓度，说明水稻不吸收ca2【解析】从图2中可以看出，随着氧气浓度的增大，根细胞吸收离子的速率增大，说明吸收离子的过程消耗能量，因此植物根细胞吸收离子的方式为主动运输。从图1中可以看出，培养水稻的培养液中一段时间后sio浓度比初始浓度低，而mg2和ca2浓度比初始浓度高，说明水稻吸收mg2和ca2的速度慢于吸收水的速度，而吸收sio的速度较快。【答案】d2如图是某物质跨膜运输的过程示意图，、分别代表两种不同的物质、。下列说法正确的是()a细胞膜中运输的载体蛋白不能运输b氧气浓度越高，物质的运输速度越快c温度越高，物质的运输速度越快d物质的运输需要载体蛋白的协助，属于协助扩散【解析】由图可知，物质的运输需要载体蛋白的协助和atp供能，属于主动运输。由于载体蛋白具有特异性，所以运输物质的载体蛋白不能运输物质。在一定浓度范围内，氧气浓度越高，产生的atp越多，但由于载体蛋白数量的限制，物质的运输速度并不会一直加快。温度过高，酶变性失活，atp的产生会减少，物质的运输速度减慢。【答案】a3(2016吉林模拟)如图表示在最适温度和最适ph条件下，某种酶的催化反应速率与反应物浓度之间的关系。结合影响酶催化反应速率的因素分析，下列有关说法正确的是()a若在a点提高反应温度，反应速率会加快b若在b点增加酶的浓度，反应速率不会加快c若在c点增加反应物浓度，反应速率将加快d反应物浓度是限制曲线ab段反应速率的主要因素【解析】题干信息显示，酶所处环境为最适温度和最适ph，故在a处升温会使反应减慢；ab段显示的信息为限制因素为反应物浓度；b点反应物浓度时反应速率达到最快，限制因素为酶浓度，增加酶浓度，反应会再加快；由于限制因素是酶浓度，c点时增加反应物浓度，反应速率不会加快。【答案】d4生产啤酒时，麦芽中多酚氧化酶(ppo)的作用会降低啤酒品质，故生产过程中需降低其活性。如图为不同ph和温度对ppo活性影响的曲线，有关叙述错误的是()appo能催化多酚类物质的生化反应bph为8.4时，温度高于90 ，ppo的活性将进一步降低c在啤酒生产过程中，应将温度控制为80 、ph控制为8.4d温度相同，ph为7.8比8.4时该酶的酶促反应产物要少【解析】由图可知，ph与酶活性的关系可以表示为抛物线状，温度与酶活性的关系也可以表示为抛物线状。多酚氧化酶的作用是催化多酚类物质的氧化。ph为8.4时，温度等于90 ，ppo的活性已经下降，温度进一步升高，ppo的活性将进一步降低。ppo的活性高时，啤酒品质反而降低；在温度为80 、ph为8.4时，ppo的活性较高，啤酒品质会降低。相同温度时，ph为8.4时该酶的活性较高。【答案】c5研究证实atp既是“能量通货”也可作为神经细胞间信息传递中的一种信号分子，如图所示。下列相关说法正确的是()a该细胞产生atp的场所有线粒体、叶绿体、细胞质基质batp是直接能源物质，在细胞中含量很多c典型神经递质和atp都能引起受体细胞的膜电位变化d作为信息分子的atp不能为细胞提供能量【解析】神经细胞中无叶绿体；atp在细胞中含量很少，但与adp的转化很快；图中信息显示作为递质时atp可以水解，提供能量。【答案】c6图1为温度对酶促反应速率影响的示意图，图2中的实线表示在温度为a的情况下生成物量与时间的关系。则当温度增加一倍时生成物量与时间的关系是()图1图2a曲线1b曲线2c曲线3 d曲线4【解析】据图1分析，温度为a时，酶促反应速率小于温度为2a时的反应速率。故温度从a增加到2a，反应速率提高，生成物生成速率提高，但是最终量与a相同(因为底物量相同)，故为曲线2。【答案】b7(2016合肥质检)如图表示改变某一因素前后，淀粉溶液在唾液淀粉酶的作用下分解产生还原糖的结果，请据此分析，改变下列哪种因素才能获得改变后的结果()a温度 bphc淀粉溶液量 d唾液量【解析】某一因素改变后的变化趋势为37 、ph为7.0时的基本一致(最适条件)，但生成量下降，故不是改变温度、ph，也不是改变酶量，因为反应速度并未加快；从产物生成量减少来看，只能是底物量减少了。【答案】c8(2016福州模拟)如图所示为不同培养阶段酵母菌种群数量、葡萄糖浓度和乙醇浓度的变化曲线，下列相关叙述错误的是()a曲线ab段酵母菌呼吸发生的场所是细胞质基质和线粒体b曲线bc段酵母菌的呼吸作用中出现无氧呼吸c乙醇含量过高是酵母菌种群数量从c点开始下降的主要原因之一dt1t2时间段消耗葡萄糖量迅速增加的原因是酵母菌进行有氧呼吸【解析】从图中可以看出，ab段没有产生乙醇，说明酵母菌只进行有氧呼吸，场所是细胞质基质和线粒体，a正确；从b点后开始产生乙醇，故bc段出现无氧呼吸，b正确；乙醇含量过高，会抑制酵母菌的代谢活动，从而使酵母菌种群数量下降，c正确；t1t2时间段酵母菌数量在增加，说明可以进行有氧呼吸，因此这段时间，有氧呼吸和无氧呼吸共存，d错误。【答案】d9根据下面光合作用图像，判断下列说法不正确的是()a过程发生于叶绿体基质中b过程发生于叶绿体类囊体薄膜上c图示依次为h、atp、co2、(ch2o)d和不仅用于还原c3，还可用于矿质离子吸收等【解析】光反应产生的atp只用于暗反应，呼吸作用产生的atp才能用于矿质离子吸收等生命活动。【答案】d10(2015福建高考)在光合作用中，rubp羧化酶能催化co2c5(即rubp)2c3。为测定rubp羧化酶的活性，某学习小组从菠菜叶中提取该酶，用其催化c5与14co2的反应，并检测产物14c3的放射性强度。下列分析错误的是()a菠菜叶肉细胞内rubp羧化酶催化上述反应的场所是叶绿体基质brubp羧化酶催化的上述反应需要在无光条件下进行c测定rubp羧化酶活性的过程中运用了同位素标记法d单位时间内14c3生成量越多说明rubp羧化酶活性越高【解析】co2c5(rubp)2c3为co2的固定，属于光合作用中的暗反应过程。a项，rubp羧化酶催化co2的固定过程，发生的场所为叶绿体基质。b项，co2的固定在有光和无光条件下都能进行，所以rubp羧化酶催化该过程在有光和无光条件下都可进行。c项，对co2中的c用同位素14c标记，可以追踪c元素的转移途径，这种方法就叫同位素标记法。d项，单位时间内14c3生成量越多，说明反应速率越快，即rubp羧化酶的活性越高。【答案】b11(2016合肥模拟)对某植物在不同环境条件下氧气的吸收量和释放量进行测定，结果如表所示：光照强度(klx) o2变化量(mg/h) 温度051010 0.53.04.020 12.05.0下列对结果的分析不合理的是()a在5 klx光照条件下5小时，10 时光合作用产生的o2总量比20 时多2.5 mgb在20 时，分别用10 klx和5 klx光照10小时，黑暗14小时，氧气增加量前者比后者多30 mgc在10 、10 klx光照4.8小时后，转入20 黑暗环境19.2小时。氧气变化量为0d该实验的自变量是光照强度、温度和照光时间，二氧化碳浓度等属于无关变量【解析】5 klx光照条件下5小时、10 产生o2：3.5517.5 mg,20 产生o2：3515 mg，前者比后者多2.5 mg；20 时，用10 klx光照10 h、黑暗14 h，氧气增加量为：5101436 mg，而用5 klx光照10 h、黑暗14 h，氧气增加量为：20146 mg，即前者比后者多增加30 mg；10 、10 klx光照4.8 h净产氧：44.819.2 mg，而转入20 黑暗环境19.2 h，净耗氧19.2 mg，则变化量为0。该测定实验自变量为光照强度、温度，co2浓度为无关变量。【答案】d 12(2014四川高考)将桑树和大豆分别单独种植(单作)或两种隔行种植(间作)，测得两种植物的光合速率如下图所示(注：光饱和点是光合速率达到最大值时所需的最低光照强度)。据图分析，下列叙述正确的是()a与单作相比，间作时两种植物的呼吸强度均没有受到影响b与单作相比，间作时两种植物光合作用的光饱和点均增大c间作虽然提高了桑树的光合速率但降低了大豆的光合速率d大豆植株开始积累有机物时的最低光照强度单作大于间作【解析】a项，当光照强度为0时，植物只进行细胞呼吸，由坐标图中数据可知，桑树间作时的呼吸强度比单作时的大，大豆间作时的呼吸强度比单作时的小。b项，由坐标图中数据可知，与单作相比，间作时桑树光合作用的光饱和点增大，大豆光合作用的光饱和点减小。c项，由坐标图中数据可知，在较低光照强度范围内，大豆间作时的光合速率比单作时增强，在较高光照强度范围内，大豆间作时的光合速率比单作时减弱。d项，由坐标图中数据可知，单作时大豆开始积累有机物时的最低光照强度大于间作时。【答案】d二、非选择题(共40分)13(14分)(2016日照模拟)正常细胞内k浓度约为细胞外的30倍，细胞外na浓度约为细胞内的12倍。当细胞内外的na浓度差、k浓度差减小时，细胞膜上的na/katp酶发挥作用，这种酶可以通过水解atp，将细胞内的na移出膜外，将细胞外的k移入膜内。具体过程如图1所示：(1)膜内外na具有浓度差，与膜的_性有关。na/katp酶将细胞内的na移出膜外的跨膜运输方式是_。(2)在运输na和k的过程中，na/katp酶的_发生改变，有利于与离子的结合与分离。(3)比较图2和图3，当na和k_浓度差流过na/katp酶时，将adp合成atp，说明进行atp合成或分解的反应条件取决于_。(4)生物膜系统的_作用及能量是维系细胞有序性的基础，线粒体内膜上主要完成类似图_(填编号)的过程。【解析】(1)由于生物膜具有选择透过性的功能特性，使得膜内外的物质(如na)存在浓度差。根据题干中“细胞外na浓度约为细胞内的12倍”和“细胞膜上的na/katp酶发挥作用，这种酶可以通过水解atp将细胞内的na移出膜外”可知，na运出细胞是逆浓度梯度进行的，而且需要消耗能量，故为主动运输。(2)由图示可知，在运输na和k的过程中，na/katp酶空间结构发生改变，这种改变有利于离子的结合与分离。(3)由题图2中可见，na和k顺浓度差流过na/katp酶时，将adp合成atp，由题图3中可见，当na和k逆浓度差流过na/katp酶时，生成adp；根据以上分析可知，离子的流动方向决定了是将adp合成atp还是将atp水解生成adp。(4)生物膜系统的分隔作用及能量可以维系细胞有序高效地进行各项生命活动，线粒体是有氧呼吸的主要场所，线粒体内膜上进行的是atp的合成，故其内膜上主要完成类似图2的过程。【答案】选择透过主动运输(2)空间结构(3)顺离子浓度差(或离子流动方向)(4)分隔214(12分)不同种类的种子中储存的营养物质的种类不同。在科学研究中常通过呼吸商(rq)推测生物用于有氧呼吸的能源物质。下图是测定发芽种子呼吸商的两个装置。关闭活塞，在25 下经20分钟后读出刻度管中着色液滴移动的距离。设装置1和装置2中着色液滴分别向左移动x和y(mm)。x和y值反映了容器内气体体积的减少量。请回答下列问题：(1)装置1中加入naoh溶液的目的是_。(2)x代表_，y代表_。(3)若测得x200(mm)，y30(mm)，则该发芽种子的呼吸商是_。(4)若要测定已长出一片真叶幼苗的rq，则应将该装置放于何种条件下进行？_，原因是_。(5)为使测得的x和y值更精确，还应再设置一对照装置。对照装置的容器和试管中应分别放入_。设对照的目的是_。(6)小琪同学在做这个实验时，将生理状态相同的发芽种子等量分装到两个装置中。假定其他操作步骤无误，她发现开始的一段时间内装置1中的着色液滴向左移动，装置2中的着色液滴位置却不发生改变，则可推定该种子发芽过程所消耗的能源物质主要是_，理由是_；若发现装置1和装置2中的着色液均向左移动，则该种子发芽过程中所消耗的能源物质主要是_，理由是_。【解析】(1)在该呼吸商测定装置中，装置1中加入naoh溶液的目的是吸收co2，根据着色液滴移动的刻度可测出呼吸作用消耗的o2的体积。(2)x表示呼吸作用消耗的o2的体积，y表示呼吸作用消耗的o2和释放的co2的体积之差。(3)x200 mm则释放的co2体积相对值为20030，所以该发芽种子的呼吸商rq(20030)/2000.85。(4)若测定己长出真叶幼苗的rq，则应将装置放在黑暗条件下进行，以避免幼苗光合作用干扰呼吸作用产生的气体量变化。(5)为使测得的x和y值更精确，可再设置一对照组，容器中和试管中分别放入死亡的发芽种子和蒸馏水，以排除物理因素引起的气体体积变化。(6)装置2中着色液滴位置不改变，说明种子萌发时进行呼吸作用消耗的o2体积与释放的co2体积相等，则rq1，只有当以葡萄糖(糖类)为能源物质进行有氧呼吸时，消耗的o2体积才与释放的co2体积相等。装置1和装置2中着色液滴均向左移动，说明种子进行有氧呼吸，且呼吸作用消耗的o2体积大于释放的co2的体积，rq1，说明消耗的能源物质主要是富含氢的物质(如脂肪)。【答案】(1)吸收co2(2)消耗o2的体积消耗o2和释放co2的体积之差(3)0.85(4)黑暗条件下避免幼苗进行光合作用，干扰呼吸作用产生的气体量的变化(5)死的发芽种子和蒸馏水用于校正装置1和装置2内因物理因素(或非生物因素)引起的气体体积变化(6)葡萄糖(糖类) 以葡萄糖(糖类)为能源物质进行有氧呼吸时，吸收的o2量等于释放的co2量富含氢的物质(如脂肪)富含氢的物质在被氧化分解时吸收的o2量大于释放的co2量15(14分)(2016河南郑州质检)某学校研究小组利用叶面积相等的a、b两种植物的叶片分别进行了以下两组实验(假设两组实验在相同且适宜的温度下进行，且忽略光照对呼吸作用的影响)。实验一将a、b两种植物的叶片分别放置在相同的密闭小室中，给予充足的光照，利用红外测量仪每隔5 min测定小室中的co2浓度，结果如图1所示。图1图2实验二给予不同强度的光照，测定a、b两种植物叶片的co2吸收量和co2释放量，结果如图2所示。请据图分析回答问题。(1)在低浓度co2时，固定co2能力较强的植