浙江省杭州市上城区中考物理二模试卷（含解析）.doc

2015年浙江省杭州市上城区中考物理二模试卷一、选择题1 .周末小杨到西湖银泰去买运动鞋，他站在商场匀速上升的自动扶梯上，听到身后传来好友小林熟悉的声音转头发现小林正站在同一台自动扶梯上下列分析中不正确的是（）a以小林为参照物，小杨是静止的b小杨受到的重力和扶梯对他的支持力是一对平衡力c小杨随着扶梯上升的过程中，他的机械能守恒d小杨是根据音色辨别出是小林的声音2如图甲所示，一根轻质（质量忽略不计）弹簧竖直固定在水平面上 t=0s时，将一个重为60n的金属小球从弹簧正上方某处由静止释放，小球下落压缩弹簧至最低点后，又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出该过程弹簧弹力f随时间t变化的图象如图乙所示，则下列说法中错误的是（）at2时刻小球的动能最小bt2到t3时间内，小球的动能先增加后减小ct2到t3时间内，弹簧减少的弹性势能等于小球增加的动能d小球在运动过程中，惯性大小始终不变3小朱将甲、乙两个完全相同的弹簧秤放在光滑水平面上并相互钩在一起，然后两手分别用水平拉力f1和f2拉开弹簧秤，静止时两弹簧秤读数恰好均为5牛，下列分析正确的是（）a甲受到向右的拉力为10nbf1和f2的方向相反，大小均为2.5牛c甲对乙的拉力和乙对甲的拉力是一对平衡力d甲、乙均处于平衡状态4清晨的西湖边，朝阳初现，植物叶上露珠晶莹剔透，花香飘散，湖面上雾气缭绕，别有一番风味下列相关解释不符合科学道理的是（）a“叶上露珠晶莹剔透”跟光的折射有关b炎夏时节湖边较为凉爽是因为湖水比热容大c“湖面上雾气缭绕”是空气中水蒸气遇冷凝固的结果d“花香飘散”是分子不停地做无规则运动的结果5在下列四种飞行器中，关于飞行原理说法错误的是（）a航空飞机是利用机翼上下方形成的压强差升空b气艇有庞大的流线型结构，它是利用压强和流速的关系升空c热气球利用某些气体密度小于气球外的空气密度以产生浮力飞行d火箭是利用向后喷出的热气流产生的反作用力向前飞行6如图所示电路，当开关闭合时，电压表v1、v2的示数分别为10v和4v，已知电动机m的线圈电阻为1，r是阻值为4的定值电阻下列结论正确的是（）a电动机两端的电压为4vb通过电动机的电流为6ac电阻r消耗的电功率为6wd电动机输出的机械功率为5w7女航天员王亚平在天宫一号为全国青少年进行太空授课下列这些实验，你认为宇航员可以在天宫一号中完成的是（）a利用天平称量出物体的质量b利用植物幼苗进行向光性实验c利用滚摆演示动能与势能的相互转化d完成粗盐提纯的实验二、填空题8相对普通晶硅光伏电池而言，薄膜光伏电池具有重量轻、厚度薄、可弯曲、成本低等优点薄膜光伏电池是将光能转化为能薄膜光伏发电站功率为0.7106w；晶硅光伏发电站功率为1106w（电站面积均为1万平方米）若太阳的平均辐射功率为600w/m2，则薄膜光伏发电能量转换效率为（保留一位小数）9根据古文论衡是应篇中的记载：“司南之杓（用途），投之于地，其柢（握柄）指南”，学术界于1947年想象出司南的模样如图甲所示（1）1952年，中国科学院物理研究所尝试将如乙图所示的天然磁石制作成司南，制作人员根据天然磁石的磁感线分布，将磁石的（填乙中字母）处打磨成磁勺的a 端（2）把天然磁石按照正确方法打磨成磁勺后，放在粗糙的木盘上，使磁勺水平转动直至最终静止，但磁勺a 端总不能正确指南，请提出改进本实验的措施（3）为达到理想的指向效果，制作人员将磁勺靠近一电磁铁，闭合开关s，磁勺和电磁铁相互吸引后如图丙所示，可增加磁勺的磁性，由此判断h为电源的极三、实验探究题（本大题共51分）10某实验小组探究影响滑轮组机械效率因素的实验装置如图所示，实验数据如表次数物理量1234钩码重g/n4466钩码上升高度h/m0.10.10.10.2绳端拉力f/n1.41.82.42.4绳端移动距离s/m0.50.30.30.6机械效率57%74%83%4（1）通过分析表中数据可知第2次实验是用（填“甲”或“乙”）图装置做到（2）计算第4次实验的机械效率4=，通过比较3和4两次的实验数据，可以得出的结论是（3）在第4次实验中钩码上升的时间是6s，则该次实验中拉力f的功率是w（4）已知每只滑轮重1n，请计算第2次实验中由于机械摩擦而损耗的能量为 j11某同学用“伏安法”测小灯泡的电功率，如图是尚未连接完整的实物图要求：（1）已知小灯泡的额定电压为3.8伏，电阻约为10欧，电源电压6v，其他材料如图请用线条代替导线把图中的实物电路连接完整（2）实验中，该同学遇到下表所列的两个问题，请你帮助她把解决方法填写在表中对应的空格里实际问题解决方法1伏特表大量程损坏，在不更换的情况下，该怎么办？2闭合开关后，电流表指针向左偏转，电压表指针向右偏转（3）更换电压表且正确连接电路后，测得实验数据如下：实验序号电压表示数/v电流表示数/a功率/w额定功率/w13.00.361.08p额=1.5023.80.41.5234.50.421.89请问p额=1.50w是否正确？若不正确，p额应为多少？（4）整理器材时发现，滑动变阻器ab段左右两边冷热不同，请问这是什么原因引起的？四、解答题（本大题共37分）12如图所示，一冰块漂浮在水面上，请判断当冰块熔化后水面的升降情况，并利用有关知识列式证明（不考虑水的蒸发）13一根匀质木棒oa长为3r，重为g，木棒的o端与地面上的铰链连接，木棒搁在柱体上，柱体是半径为r的圆柱体的四分之一，各处摩擦均不计现用一水平推力f作用在柱体竖直面上，使柱体沿着水平地面向左缓慢动 （1）在图中画出柱体对木棒的支持力及支持力的力臂（2）计算当木棒与地面的夹角=30时，柱体对木棒的支持力为多大？14如图是研究电流热效应的实验装置图两个相同的烧瓶中均装入0.1kg的煤油，烧瓶a中电阻丝的阻值为4，烧瓶b中的电阻丝标识已看不清楚当闭合开关，经过210s的时间，烧瓶a中的煤油温度由20升高到24，烧瓶b中的煤油温度由20升高到22假设电阻丝产生的热量全部被煤油吸收，电阻丝的阻值不随温度变化，电源电压保持不变，已知煤油的比热容c=2.1103j/（kg）求：（1）在此过程中烧瓶a中煤油吸收的热量；（2）烧瓶b中电阻丝的阻值；（3）电源的电压及电路消耗的总功率15杭州盛产茶叶，“西湖龙井”、“径山茶”等名茶享誉全国茶树的叶肉细胞内含有一种叫茶多酚的植物碱，可以在茶多酚氧化酶的催化作用下氧化，氧化的茶多酚使茶叶变红根据这一原理，人们制作出绿茶、红茶等不同品种的茶叶茶多酚氧化酶的活性与温度关系如图甲所示（1）茶农为提高茶叶产量，措施很多，请你列举一种可行的措施（2）径山茶制作工艺之一“炒青锅”，开始锅温90100，后降到7080经过这一道工艺制作出的茶叶是绿茶还是红茶？并说明理由（3）茶壶的水烧开时，我们能看到壶嘴有“白气”冒出，这些白气是（填“壶内水蒸气”或“外界空气中的水蒸气”）液化形成的（4）图乙为某品牌自动进水电茶壶及其部分参数若要计算此电茶壶正常工作时的能量转换效率，需要测量当时的室温，以及、（当地为1个标准大气压）2015年浙江省杭州市上城区中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题1 .周末小杨到西湖银泰去买运动鞋，他站在商场匀速上升的自动扶梯上，听到身后传来好友小林熟悉的声音转头发现小林正站在同一台自动扶梯上下列分析中不正确的是（）a以小林为参照物，小杨是静止的b小杨受到的重力和扶梯对他的支持力是一对平衡力c小杨随着扶梯上升的过程中，他的机械能守恒d小杨是根据音色辨别出是小林的声音【考点】运动和静止的相对性；平衡力的辨别；音色；动能和势能的转化与守恒【专题】其他综合题【分析】a、运动和静止是相对的，当判断一个物体的运动状态时，要看被研究的物体和选定的参照物之间是否发生了位置变化，位置变化是运动的，否则是静止的b、随自动扶梯一同匀速上升，小杨相对于扶梯静止，小杨受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，并且二力是一对平衡力c、动能大小的影响因素：质量和速度质量越大，速度越大，动能越大重力势能大小的影响因素：质量和高度质量越大，高度越高，重力势能越大机械能=动能+势能d、不同物体发声时，声音的特色不同，就是指音色不同【解答】解：a、小杨相对于小林没有发生位置的变化，因此以小林为参照物，小杨是静止的，故a正确；b、小杨随着扶梯上升的过程中，相对于扶梯静止，受到的重力和扶梯对他的支持力是一对平衡力，故b正确；c、小杨乘商场的自动扶梯上升过程中，人的质量不变，速度不变，动能不变；高度增大，重力势能增大；机械能=动能+重力势能，动能不变，重力势能增大，机械能增大故c错误；d、每个人的声带振动发声时，声音的特色不同，小杨是根据音色辨别出是小林的声音的，故d正确故选c【点评】此题涉及到运动与静止的相对性、平衡力的辨别，声音的特性、动能和势能的转化与守恒等多个知识点，是一道综合性较强的题目，也是中考常见题型2如图甲所示，一根轻质（质量忽略不计）弹簧竖直固定在水平面上 t=0s时，将一个重为60n的金属小球从弹簧正上方某处由静止释放，小球下落压缩弹簧至最低点后，又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出该过程弹簧弹力f随时间t变化的图象如图乙所示，则下列说法中错误的是（）at2时刻小球的动能最小bt2到t3时间内，小球的动能先增加后减小ct2到t3时间内，弹簧减少的弹性势能等于小球增加的动能d小球在运动过程中，惯性大小始终不变【考点】动能和势能的大小变化；惯性【专题】机械能及其转化【分析】小球先自由下落，与弹簧接触后，弹簧被压缩，在下降的过程中，弹力不断变大，当弹力小于重力时，物体加速下降，但合力变小，加速度变小，故做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后物体由于惯性继续下降，弹力变的大于重力，合力变为向上且不断变大，故加速度向上且不断变大，故物体做加速度不断增大的减速运动；同理，上升过程，先做加速度不断不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后做加速度不断增大的减速运动，直到小球离开弹簧为止【解答】解：a、t2时刻，弹力最大，故弹簧的压缩量最大，小球运动到最低点，速度等于零，动能最小，a正确；b、t2t3这段时间内，小球处于上升过程，先做加速运动，后做减速运动，质量不变，动能先增大后减小，b正确；c、t2t3段时间内，小球和弹簧系统机械能守恒，故小球增加的动能和重力势能之和等于弹簧减少的弹性势能，c错误；d、小球在运动过程中，质量不变，动能不变，d正确故选c【点评】本题关键要将小球的运动分为自由下落过程、向下的加速和减速过程、向上的加速和减速过程进行分析处理，同时要能结合图象分析3小朱将甲、乙两个完全相同的弹簧秤放在光滑水平面上并相互钩在一起，然后两手分别用水平拉力f1和f2拉开弹簧秤，静止时两弹簧秤读数恰好均为5牛，下列分析正确的是（）a甲受到向右的拉力为10nbf1和f2的方向相反，大小均为2.5牛c甲对乙的拉力和乙对甲的拉力是一对平衡力d甲、乙均处于平衡状态【考点】平衡力的辨别；平衡状态的判断；弹簧测力计在力的相互性方面的应用【专题】基本仪器的使用专题【分析】弹簧测力计使用时总是在平衡状态下使用的，即弹簧测力计在静止或匀速直线运动状态下工作的，此时弹簧测力计受到一对平衡力的作用一对相互作用力的特点是：两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，作用在一条直线上；一对相互作用力与一对平衡力的不同是：平衡力是作用在一个物体上；相互作用力作用在两个物体上【解答】解：a、甲乙都处于静止状态，故甲受力平衡，乙对甲的拉力是5n，所以甲受到向右的拉力也是5n，故a错误；b、甲对乙的拉力和乙对甲的拉力是一对相互作用力，方向相反，则f1=f2=5n，不是2.5n，故b错误；c、甲对乙的拉力和乙对甲的拉力作用在不同的物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故c错误；d、甲乙都处于静止状态，因此甲、乙均处于平衡状态，故d正确故选d【点评】此题根据弹簧测力计的原理分析，要学会用二力平衡的知识来分析弹簧测力计一对平衡力大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上；与相互作用力的不同之处是作用在不同物体上；会利用相互作用力判断力的大小关系4清晨的西湖边，朝阳初现，植物叶上露珠晶莹剔透，花香飘散，湖面上雾气缭绕，别有一番风味下列相关解释不符合科学道理的是（）a“叶上露珠晶莹剔透”跟光的折射有关b炎夏时节湖边较为凉爽是因为湖水比热容大c“湖面上雾气缭绕”是空气中水蒸气遇冷凝固的结果d“花香飘散”是分子不停地做无规则运动的结果【考点】光的反射；液化及液化现象；分子的热运动；水的比热容的特点及应用【专题】其他综合题【分析】a、露珠晶莹剔透，色彩迷离，在不同的方向会不同的视觉效果，与光的色散、反射、折射都有关；b、水的比热容大，在同等情况下，吸收相同的热量，其温度变化较小，据此来分析；c、露珠的形成是一种液化现象；d、分子不停地做无规则运动，根据具体情况来分析【解答】解：a、当在阳光下看到露珠是彩色时，是发生了色散，当看到露珠很亮时，是光折射进入到露珠中，又发生了反射的缘故，说法正确；b、湖水因为比热容大，在炎夏时节同样吸热的时候，其温度变化不明显，故能起到降低周边地区气温的作用，说法正确；c、露珠的形成是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，不是凝固，故说法错误；d、“花香飘散”说明分子不停地做无规则运动，说法正确故选c【点评】结合生活中常见的现象，考查了光的反射、水的比热容的特点、液化现象、分子运动等多个知识点，综合性强，但总体难度不大5在下列四种飞行器中，关于飞行原理说法错误的是（）a航空飞机是利用机翼上下方形成的压强差升空b气艇有庞大的流线型结构，它是利用压强和流速的关系升空c热气球利用某些气体密度小于气球外的空气密度以产生浮力飞行d火箭是利用向后喷出的热气流产生的反作用力向前飞行【考点】流体压强与流速的关系；力作用的相互性；浮力的利用【专题】运动和力【分析】（1）热气球和飞艇都是受到浮力大于重力而上升的（2）飞机的机翼上方突起，受到空气的升力作用（3）火箭是根据物体间力的作用是相互的而上升的【解答】解：a、飞机飞行时，飞机的机翼上方突起，机翼上方空气流速大于下方空气流速，根据流体流速越大压强越小，机翼上方空气压强小于下方压强，飞机受到向上的升力作用故a正确b、飞艇是利用受到的浮力大于重力而上升的故b错误c、热气球利用某些气体密度小于气球外的空气密度产生的浮力飞行，故c正确d、火箭喷出燃气，火箭给燃气一个向下的力，物体间力的作用是相互的，燃气给火箭一个向上的力，推动火箭上升故d正确故选b【点评】要掌握热气球、飞艇、火箭、飞机、轮船的工作原理，体现了物理知识与生活的密切联系6如图所示电路，当开关闭合时，电压表v1、v2的示数分别为10v和4v，已知电动机m的线圈电阻为1，r是阻值为4的定值电阻下列结论正确的是（）a电动机两端的电压为4vb通过电动机的电流为6ac电阻r消耗的电功率为6wd电动机输出的机械功率为5w【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】由电路图可知，电阻r和电动机串联，电压表v1测电源的电压，v2测电阻r两端的电压；根据串联电路的电压特点求出电动机两端的电压，根据欧姆定律可知电路中的电流，根据p=ui求出电阻r消耗的电功率和电动机消耗的电功率，利用p=i2r求出电动机线圈的热功率，电动机输出的机械功率等于消耗电能的功率减去热功率【解答】解：由电路图可知，电阻r和电动机串联，电压表v1测电源的电压，v2测电阻r两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电动机两端的电压：um=uur=10v4v=6v，故a错误；因串联电路中各处的电流相等，所以，通过电动机的电流：im=ir=1a，故b错误；电阻r消耗的电功率：pr=urir=4v1a=4w，故c错误；电动机消耗的电功率：pm=umim=6v1a=6w，电动机的热功率：p热=i2rm=（1a）21=1w，电动机输出的机械功率p机械=pmp热=6w1w=5w，故d正确故选d【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道电动机是非纯电阻用电器，欧姆定律不成立，同时要注意电压表不测带电源用电器两端的电压7女航天员王亚平在天宫一号为全国青少年进行太空授课下列这些实验，你认为宇航员可以在天宫一号中完成的是（）a利用天平称量出物体的质量b利用植物幼苗进行向光性实验c利用滚摆演示动能与势能的相互转化d完成粗盐提纯的实验【考点】物理常识【专题】其他综合题【分析】地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用在太空舱中，物体处于完全失重状态，与重力有关的实验无法完成【解答】解：a、天平实际上是等臂杠杆，根据杠杆平衡原理，当两个托盘中物体的质量相同时，天平就会平衡，被测物体的质量就等于砝码的质量当物体处于完全失重状态时，物体和砝码对天平两臂上的托盘压力为零，天平始终平衡，无法测量物体的质量，故在太空舱中不能用天平测量物体的质量不符合题意；b、光的传播不需要介质，与重力没有关系在太空舱中光可以正常传播，所以可以利用植物幼苗进行向光性实验符合题意；c、滚摆在上升下降过程中重力势能和动能相互转化，在太空舱失重状态下，滚摆无法正常工作不符合题意；d、粗盐提纯过程中利用的是物体的重力，在太空舱中不能完成不符合题意故选b【点评】此题考查了失重状态下天平、弹簧测力计的使用、质量是否变化和惯性的影响因素等规律，都是力学的重要内容，并且容易出错，需要深入理解概念或规律的内涵，认真审题，正确解答二、填空题8相对普通晶硅光伏电池而言，薄膜光伏电池具有重量轻、厚度薄、可弯曲、成本低等优点薄膜光伏电池是将光能转化为电能薄膜光伏发电站功率为0.7106w；晶硅光伏发电站功率为1106w（电站面积均为1万平方米）若太阳的平均辐射功率为600w/m2，则薄膜光伏发电能量转换效率为11.7%（保留一位小数）【考点】能量利用效率【专题】热和能【分析】（1）薄膜光伏电池是将光能转化为电能的装置；（2）薄膜光伏发电能量的转换效率是指所得到电能占获得光能总量的百分比，据此计算【解答】解：（1）由题意可知，光伏电池在工作时将光能转化为电能；（2）太阳的辐射总功率p总=600w/m2104m2=6106w，设薄膜光伏发电的工作时间为t，则能量转换效率：=100%=100%=100%11.7%故答案为：电；11.7%【点评】了解光伏电池的能量转化，理解能量转换效率的含义，会用发电功率和接收太阳能的功率来计算转换效率，是解答的关键9根据古文论衡是应篇中的记载：“司南之杓（用途），投之于地，其柢（握柄）指南”，学术界于1947年想象出司南的模样如图甲所示（1）1952年，中国科学院物理研究所尝试将如乙图所示的天然磁石制作成司南，制作人员根据天然磁石的磁感线分布，将磁石的d（填乙中字母）处打磨成磁勺的a 端（2）把天然磁石按照正确方法打磨成磁勺后，放在粗糙的木盘上，使磁勺水平转动直至最终静止，但磁勺a 端总不能正确指南，请提出改进本实验的措施将磁勺放在光滑的水平面上，使其能自由转动（3）为达到理想的指向效果，制作人员将磁勺靠近一电磁铁，闭合开关s，磁勺和电磁铁相互吸引后如图丙所示，可增加磁勺的磁性，由此判断h为电源的负极【考点】磁场；通电螺线管的磁场【专题】磁现象、电生磁【分析】（1）磁体静止时，指南的叫南极用字母s表示；指北的叫北极，用字母n表示；磁体周围的磁感线，都是从磁体的n极出发，回到s极；据此判断（2）磁勺要想指南北，必须能自由转动，不受外力的干扰，因此从减小外力干扰的角度来考虑；（3）磁极间的作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；可用安培定则判断通电螺线管的两极极性和电源极性【解答】解：（1）磁勺在正确指南时，地理的南极正是地磁的n极，异名磁极相互吸引，因此，其a端为该磁体s极；乙图中，根据天然磁石的磁感线分布，可判断d端是s极，也就是磁勺的a端，故应将磁石的d处打磨成磁勺的a端；（2）把天然磁石打磨成的磁勺放在粗糙的木盘上，由于摩擦力较大，所以很难正确指示南北方向，正确的做法是将磁勺放在光滑的水平面上，使其能自由转动；（3）因为异名磁极相互吸引，则与磁勺柄所靠近的下端是通电螺线管的n极，用安培定则可判断通电螺线管中的电流方向，再根据电流方向是从电源正极出发通过用电器回到负极，所以h端为电源的负极故答案为：（1）d；（2）将磁勺放在光滑的水平面上，使其能自由转动；（3）负【点评】此题考查了磁现象的诸多知识点，需将磁现象的多个知识点有机结合，融会贯通，方可解答此题三、实验探究题（本大题共51分）10某实验小组探究影响滑轮组机械效率因素的实验装置如图所示，实验数据如表次数物理量1234钩码重g/n4466钩码上升高度h/m0.10.10.10.2绳端拉力f/n1.41.82.42.4绳端移动距离s/m0.50.30.30.6机械效率57%74%83%4（1）通过分析表中数据可知第2次实验是用甲（填“甲”或“乙”）图装置做到（2）计算第4次实验的机械效率4=83%，通过比较3和4两次的实验数据，可以得出的结论是使用同一滑轮组，提升相同的重物，机械效率与提升物体距离无关（3）在第4次实验中钩码上升的时间是6s，则该次实验中拉力f的功率是0.24w（4）已知每只滑轮重1n，请计算第2次实验中由于机械摩擦而损耗的能量为0.04 j【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验【专题】探究型实验综合题【分析】（1）根据绳子自由端移动距离和物体移动距离的关系确定绳子段数，从而确定滑轮组；（2）根据=求出机械效率，分析实验数据得出结论；（3）利用p=求出功率；（4）根据w外=w总w有求出额外功【解答】解：（1）根据第2次试验数据可知n=3，故应用的滑轮组为甲图装置；（2）第4次实验所做的有用功为w有=gh=6n0.2m=1.2j；总功为w总=fs=2.4n0.6m=1.44j则机械效率为=83%；比较3、4实验可知：使用同一滑轮组，提升相同的重物，机械效率与提升物体距离无关；（3）根据（2）可知第4次拉力做功功率为p=0.24w；（4）第2次做的总功：w=fs=1.8n0.3m=0.54j有用功w有=gh=4n0.1m=0.4j，对动滑轮做功w=g动h=1n0.1m=0.1j，则克服摩擦力做功：wf=ww有w=0.54j0.4j0.1j=0.04j故答案为：（1）甲；（2）83%；使用同一滑轮组，提升相同的重物，机械效率与提升物体距离无关；（3）0.24；（4）0.04j【点评】此题主要考查学生对于滑轮组机械效率实验的理解和掌握程度，熟悉各物理量之间的关系是解题关键11某同学用“伏安法”测小灯泡的电功率，如图是尚未连接完整的实物图要求：（1）已知小灯泡的额定电压为3.8伏，电阻约为10欧，电源电压6v，其他材料如图请用线条代替导线把图中的实物电路连接完整（2）实验中，该同学遇到下表所列的两个问题，请你帮助她把解决方法填写在表中对应的空格里实际问题解决方法1伏特表大量程损坏，在不更换的情况下，该怎么办？电压表测滑动变阻器两端电压2闭合开关后，电流表指针向左偏转，电压表指针向右偏转将电流表的接线对调（3）更换电压表且正确连接电路后，测得实验数据如下：实验序号电压表示数/v电流表示数/a功率/w额定功率/w13.00.361.08p额=1.5023.80.41.5234.50.421.89请问p额=1.50w是否正确？若不正确，p额应为多少？1.52w（4）整理器材时发现，滑动变阻器ab段左右两边冷热不同，请问这是什么原因引起的？电流的热效应【考点】电功率的测量【专题】探究型实验综合题【分析】（1）根据灯泡的额定电压确定电压表量程，根据灯泡正常发光时的电流确定电流表的量程，灯泡、电流表串联在电路中，电压表并联在灯泡两端；（2）根据串联电路的电压特点，灯泡正常发光时，可用电压表测滑动变阻器两端电压；电流从正接线柱流入，负接线柱流出，电流表指针正向偏转，如果正负接线柱接反，则指针反向偏转（3）灯泡在额定电压下的功率为额定功率，灯泡在不同电压下功率不同，求灯泡不同电压下的功率的平均值作为额定功率是错误的；（4）根据电流的热效应分析说明原因【解答】解：（1）灯泡的额定电压是3.8v，电压表选15v量程，灯泡正常工作时的电流i=0.38a，电流表选择0.6a量程；灯泡、电流表串联在电路中，电压表并联在灯泡两端，电路图如图所示：；（2）根据串联电路的电压特点，灯泡正常发光时电压3.8v，此时滑动变阻器两端电压u滑=6v3.8v=2.2v，所以可用电压表测滑动变阻器两端电压；电流从电流表正接线柱流入，负接线柱流出时，指针正向，向右偏转；现在闭合开关后，电流表指针向左偏转，说明电流表正负接线柱接反，所以将电流表的接线对调即可；（3）不正确；因为灯泡在不同电压功率不同，所以不能取功率平均值计算额定功率；灯泡的额定功率为额定电压下的功率，由表知p额=1.52w（4）由图滑动变阻器ap部分接入电路，bp部分未接入电路，根据电流的热效应，bp部分有电流通过时，会产生热量，所以ab段左右两边冷热不同故答案为：（1）见上图；（2）电压表测滑动变阻器两端电压；将电流表的接线对调；（3）不正确；1.52w；（4）电流的热效应【点评】本题考查了连接实物图、电路分析、额定功率的理解；连接实物图时，注意电表量程的选择，正负接线柱不要接反；灯泡在额定电压下的功率为额定功率，求额定功率时，不能求不同电压下功率的平均值，作为额定功率四、解答题（本大题共37分）12如图所示，一冰块漂浮在水面上，请判断当冰块熔化后水面的升降情况，并利用有关知识列式证明（不考虑水的蒸发）【考点】阿基米德原理【专题】浮力【分析】冰化成水后，水面不升不降，说明冰排开水的体积与最终所化成的水的体积是相同的，这样才不会影响整个水面的变化，因此，要从这一角度出发，利用浮力、密度、重力的公式进行证明【解答】解：冰块漂浮，则f浮=g冰，水v排g=g冰，可得v排=；冰熔化前后质量不变，g冰=g冰化水=水v冰化水g，v排=和v冰化水=相等，所以冰熔化前后水面不升也不降【点评】此题证明的关键是要利用相关知识，证明冰块的排水体积与熔化成水后的体积是相同的，同时，只有熟练运用相关公式才能顺利完全此题13一根匀质木棒oa长为3r，重为g，木棒的o端与地面上的铰链连接，木棒搁在柱体上，柱体是半径为r的圆柱体的四分之一，各处摩擦均不计现用一水平推力f作用在柱体竖直面上，使柱体沿着水平地面向左缓慢动 （1）在图中画出柱体对木棒的支持力及支持力的力臂（2）计算当木棒与地面的夹角=30时，柱体对木棒的支持力为多大？【考点】杠杆的平衡分析法及其应用【专题】简单机械【分析】（1）圆柱体对木棒的支持力过圆柱体的轴线垂直于木棒，支点o到支持力作用线的垂线段即为支持力的力臂；（2）木棒的中心位置中心处，方向竖直向下，根据三角函数求出力臂的大小，根据杠杆的平衡条件求出木棒与地面的夹角=30时柱体对木棒的支持力【解答】解：（1）柱体对木棒的支持力及支持力的力臂，如下图所示：（2）木棒的重力和柱体对木棒的支持力的示意图、力臂如下图所示：当木棒与地面的夹角=30时，重力的力臂lg=cos=cos30=r，柱体与木棒的弹力力臂ln=r，由杠杆平衡可得：glg=fnln，则fn=答：（1）柱体对木棒的支持力及支持力的力臂如上图所示；（2）当木棒与地面的夹角=30时，柱体对木棒的支持力为【点评】本题考查了支持力的示意图和力臂以及杠杆平衡条件的应用，正确的找出木棒受到的力和力臂是解题的前提与关键14如图是研究电流热效应的实验装置图两个相同的烧瓶中均装入0.1kg的煤油，烧瓶a中电阻丝的阻值为4，烧瓶b中的电阻丝标识已看不清楚当闭合开关，经过210s的时间，烧瓶a中的煤油温度由20升高到24，烧瓶b中的煤油温度由20升高到22假设电阻丝产生的热量全部被煤油吸收，电阻丝的阻值不随温度变化，电源电压保持不变，已知煤油的比热容c=2.1103j/（kg）求：（1）在此过程中烧瓶a中煤油吸收的热量；（2）烧瓶b中电阻丝的阻值；（3）电源的电压及电路消耗的总功率【考点】电功与热量的综合计算；热量的计算；电阻的串联；电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用【专题】计算题；实验题；压轴题【分析】（1）知道煤油的质量、煤油温度的升高值、煤油的比热容，利用吸热公式求烧瓶a中煤油吸收的热量；（2）由题知，两烧瓶中煤油的质量相等，升高温度的大小关系，根据吸热公式得出吸收热量的关系，而电阻丝产生的热量全部被煤油吸收，再根据焦耳定律q=i2rt分析得出两电阻的大小关系；（3）求出了烧瓶a中煤油吸收的热量，利用焦耳定律求出此时电路中的电流，两电阻阻值以求出，根据串联电路的欧姆定律求出总电压（电源电压），在根据p=ui求总功率【解答】解：（1）烧瓶a中煤油吸收的热量：qa=cmta=2.1103j/（kg）0.1kg（2420）=840j；（2）两烧瓶中煤油的质量ma=mb、tb=ta，烧瓶b中煤油吸收的热量：qb=qa=