广东省云浮市郁南县蔡朝焜纪念中学高二物理下学期6月月考试卷（含解析）.doc

广东省云浮市郁南县蔡朝焜纪念中学 2014-2015学年高二下学期月考物理试卷（6月份）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分每小题只有一个选项符合题意1（3分）家庭用电的电压220v是指交变电压的（）a最大值b瞬时值c有效值d平均值2（3分）物体在下列运动过程中，动量保持不变的是（）a匀速圆周运动b匀速直线运动c平抛运动d匀变速直线运动3（3分）足球运动员将一只沿水平方向飞来的足球反向踢回的过程中，若足球动量变化量的大小为10kgm/s，则（）a足球的动量一定减小b足球的动量一定增大c足球的动量大小可能不变d足球的动量大小一定变化4（3分）家用电饭锅使用的传感器类型是（）a湿度传感器b声音传感器c红外传感器d温度传感器5（3分）关于涡流现象及其应用的说法，正确的是（）a电磁炉应用涡流发热b由恒定直流电可以产生涡流c生产和生活中的涡流总是有益的d产生涡流时，热能转化为电能6（3分）理想变压器正常工作时，原线圈一侧与副线圈一侧保持不变的物理量是（）a电流b电压c线圈匝数d电功率7（3分）研究光电效应的电路如图所示，用频率相同、强度不同的光分别照射密封真空管的钠极板（阴极k），钠极板发射出的光电子被阳极a吸收，在电路中形成光电流下列光电流i与a、k之间的电压uak的关系图象中，正确的是（）abcd8（3分）如图是氢原子从n=3、4、5、6能级跃迁到n=2能级时辐射的四条光谱线，其中频率最大的是（）ahbhchdh二、双项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分每小题有两个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分9（4分）如图是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的（）a周期是0.01sb最大值是311vc有效值是311vd表达式为u=311sin100t（v）10（4分）如图所示，物体q静止在光滑的水平面上，其左边固定有轻质弹簧，与q质量相等的物体p以速度v向q运动并与弹簧发生碰撞，且始终沿同一直线运动，则碰撞过程中（）a物体p、q组成的系统动量守恒b物体p、q组成的系统机械能守恒c当物体p的速度等于零时，系统的动能损失最大d当物体p、q速度相等时，系统的动能损失最大11（4分）如图所示，把电阻r、电感线圈l、电容器c并联，三个支路中分别接有一灯泡接入交流电源后，三盏灯亮度相同若保持交流电源的电压不变，使交变电流的频率增大，则（）a与线圈l连接的灯泡l1将变暗b与电容器c连接的灯泡l2将变亮c与电阻r连接的灯泡l3将变暗d三盏灯泡的亮度都不会改变12（4分）在光滑的水平面上，质量为m的a球以速度v0与质量为2m的静止b球发生对心碰撞，碰后a球的速率变为碰前的，则碰后b球的速度大小为（）abcd13（4分）如图所示为远距离输电线路的示意图若发电厂的输出电压不变，那么当用户用电的总功率增大时（）a升压变压器的输出电压增大b降压变压器的输出电压增大c输电线上的电流增大d输电线上损耗的功率增大14（4分）如图所示的电路中，a1和a2是完全相同的灯泡，线圈l的直流电阻可以忽略，下列说法中正确的是（）a合上开关s接通电路时，a2先亮，a1后亮，最后一样亮b合上开关s接通电路时，a1和a2始终一样亮c断开开关s切断电路时，a2立刻熄灭，a1过一会熄灭d断开开关s切断电路时，a1和a2都要过一会儿才熄灭三、非选择题(共5小题，共52分把答案填写在答题卡中的横线上或按题目要求作答解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分15（6分）某同学用图甲所示装置通过半径相同的a、b两球的碰撞来验证动量守恒定律图中pq是斜槽，qr为水平槽实验时先使a球从斜槽上某一固定位置g由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹重复上述操作10次，得到10个落点痕迹再把b球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让a球仍从位置g由静止开始滚下，和b球碰撞后，a、b球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹重复这种操作10次图甲中o点是水平槽末端r在记录纸上的垂直投影点b球落点痕迹如图乙所示，其中米尺水平放置，且平行于g、r、o所在的平面，米尺的零点与o点对齐（1）碰撞后b球的水平射程应取为cm（2）以下关于本次实验的说法，正确的有（a）斜槽的末端必须水平；（b）a、b两球的半径必须相等；（c）a、b两球必须用同种材料制成；（d）a球和b球的质量可以不用测量16（8分）某研究性学习小组研究光敏电阻的特性，利用欧姆表研究光敏电阻在不同光照强度下，其阻值变化情况，测量电路如图1所示（1）如图2所示，是多用表转换开关指示在“100”处进行电阻的测量，d是多用表表盘指针在测量时的偏转位置，则测量的光敏电阻值为（2）通过实验发现，用光照光敏电阻时欧姆表指针会往右偏，则可判断该光敏电阻在受到光照时，阻值（选填“变大”、“变小”或“不变“）（3）如图3是某同学研究热敏电阻的原理图，当给电阻加热时电压表读数变大，说明热敏电阻阻值变17（10分）如图所示，质量ma=0.9kg的长板a静止在光滑的水平面上，质量mb=0.1kg的木块b以初速v0=10m/s滑上a板，最后b木块停在a板上求：（1）b木块最后的速度vb；（2）此过程中a、b组成的系统损耗的机械能18（12分）小型实验水电站输出功率是20kw，输电线路总电阻是6（1）若采用380v输电，求输电线路损耗的功率（2）若改用5000v高压输电，用户端利用n1：n2=22：1的变压器降压，求用户得到的电压19（16分）一根轻绳长l=1.6m，一端系在固定支架上，另一端悬挂一个质量为m=1kg的沙箱a，沙箱处于静止质量为m=10g的子弹b以水平速度v0=500m/s射入沙箱，其后以水平速度v=100m/s从沙箱穿出（子弹与沙箱相互作用时间极短）g=10m/s2求：（1）子弹射出沙箱瞬间，沙箱的速度u的大小；（2）沙箱和子弹作为一个系统共同损失的机械能e损；（3）沙箱摆动后能上升的最大高度h；（4）沙箱从最高点返回到最低点时，绳对箱的拉力f的大小广东省云浮市郁南县蔡朝焜纪念中学2014-2015学年高二下学期月考物理试卷（6月份）参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分每小题只有一个选项符合题意1（3分）家庭用电的电压220v是指交变电压的（）a最大值b瞬时值c有效值d平均值考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率 专题：交流电专题分析：家庭照明用电的交变电压是220v，是有效值，即可求解解答：解：家庭用电的电压220v，不特殊说明220v指的就是它的有效值，则它的有效值是220v；故选：c点评：此题只要知道一般情况下的电压和电流指的是它的有效值，对于正弦式交流电峰值与有效值之间关系即可2（3分）物体在下列运动过程中，动量保持不变的是（）a匀速圆周运动b匀速直线运动c平抛运动d匀变速直线运动考点：动量定理 专题：动量定理应用专题分析：动量大小为p=mv；动量的方向为速度的方向；故根据给出运动的运动特点可得出其动量是否发生变化解答：解：a、匀速圆周运动，速度大小不变，但方向时刻在变；故动量时刻改变；故a错误；b、匀速直线运动，速度大小方向均不变；故b正确；c、平抛运动，速度的大小和方向时刻改变；故动量发生变化；故c错误；d、匀变速直线运动，运动的大小时刻在改变，故动量改变；故d错误；故选：b点评：本题考查动量的性质，要注意明确动量是矢量，故要考虑其大小和方向3（3分）足球运动员将一只沿水平方向飞来的足球反向踢回的过程中，若足球动量变化量的大小为10kgm/s，则（）a足球的动量一定减小b足球的动量一定增大c足球的动量大小可能不变d足球的动量大小一定变化考点：动量定理 专题：动量定理应用专题分析：根据动量定理进行分析，可明确踢球前后动量的变化情况的可能性解答：解：球被反向踢回，动量的变化量是末动量减去初动量，其大小为两动量绝对值的和；由于只知道动量的变化量，故无法确定动量的大小变化；大小可能不变，也可能减小，还有可能增大；故只有c正确；故选：c点评：本题要注意动量变化的性质，充分全面地进行分析，明确可能出现的情况才能准确解答4（3分）家用电饭锅使用的传感器类型是（）a湿度传感器b声音传感器c红外传感器d温度传感器考点：传感器在生产、生活中的应用 分析：电饭锅工作当温度达到某特定值时，永磁体与感温磁体开始分离，会自动切断电源解答：解：开始煮饭时，用手压下开关按钮，永磁体与感温磁体相吸，手松开后，按钮不再恢复到图示状态，则触点接通，电热板通电加热，水沸腾后，由于锅内保持100不变，故感温磁体仍与永磁体相吸，继续加热，直到饭熟后，水分被大米吸收，锅底温度升高，当温度升至“居里点103”时，感温磁体失去铁磁性，在弹簧作用下，永磁体被弹开，触点分离，切断电源，从而停止加热家用电饭锅使用的传感器类型是温度传感器故d正确、abc错误故选：d点评：如果用电饭锅烧水，在水沸腾后因为水温保持在100，故不能自动断电，只有水烧干后，温度升高到103，才能自动断电5（3分）关于涡流现象及其应用的说法，正确的是（）a电磁炉应用涡流发热b由恒定直流电可以产生涡流c生产和生活中的涡流总是有益的d产生涡流时，热能转化为电能考点：* 涡流现象及其应用 分析：电流做周期性的变化，在附近的导体中产生感应电流，该感应电流看起来像水中的漩涡，所以叫做涡流涡流会在导体中产生大量的热量解答：解：a、电磁炉是闭合线圈在变化磁场中，产生的感应电流不同于涡流，但与涡流有关故a正确b、电流做周期性的变化，在附近的导体中产生感应电流，该感应电流看起来像水中的漩涡，所以叫做涡流，由恒定直流电不可以产生涡流故b错误c、生产和生活中的涡流有一些是有益的，有一些是有害的故c错误d、真空冶炼炉是线圈中的电流做周期性变化，在冶炼炉中产生涡流，从而产生大量的热量，所以是电能转化为热能故d错误故选：a点评：掌握涡流的原理及应用与防止：真空冶炼炉，硅钢片铁心，金属探测器，电磁灶等6（3分）理想变压器正常工作时，原线圈一侧与副线圈一侧保持不变的物理量是（）a电流b电压c线圈匝数d电功率考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理 专题：交流电专题分析：变压器的工作原理是互感现象，改变的是电压和电流，不变的是频率和电功率解答：解：a、b、变压器的工作原理是互感现象，升压就会降低电流，降压就会提高电流，故a错误，b错误；c、原副线圈匝数比等于电压比，变压器的原副线圈匝数通常都不同，故c错误；d、根据能量守恒定律，理想变压器正常工作时，输入与输出的电功率相等，故d正确；故选：d点评：本题关键是明确变压器的工作原理，明确变压器改变的是电压和电流，基础题7（3分）研究光电效应的电路如图所示，用频率相同、强度不同的光分别照射密封真空管的钠极板（阴极k），钠极板发射出的光电子被阳极a吸收，在电路中形成光电流下列光电流i与a、k之间的电压uak的关系图象中，正确的是（）abcd考点：光电效应 专题：光电效应专题分析：用频率相同、强度不同的光分别照射密封真空管的钠极板（阴极k），根据光电效应方程，知产生的光电子的最大初动能相等，根据动能定理比较出遏止电压的大小光强影响单位时间内发出光电效应的数目，从而影响光电流解答：解：频率相同的光照射金属，根据光电效应方程知，光电子的最大初动能相等，根据，知遏止电压相等，光越强，饱和电流越大故c正确，a、b、d错误故选c点评：解决本题的关键知道光电效应方程，知道光电子的最大初动能与遏止电压的关系，以及知道光强影响单位时间内发出光电子的数目8（3分）如图是氢原子从n=3、4、5、6能级跃迁到n=2能级时辐射的四条光谱线，其中频率最大的是（）ahbhchdh考点：氢原子的能级公式和跃迁 专题：原子的能级结构专题分析：能级间跃迁辐射光子的能量等于两能级间的能级差，能级差最大的，辐射光子频率最大解答：解：四种跃迁中，由n=6到n=2两能级间能级差最大，辐射的光子能量最大，辐射光子频率最大所以其中频率最大的是h，故d正确，a、b、c错误故选：d点评：解决本题的关键知道能级间跃迁能量差与光子能量的关系，即emen=hv二、双项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分每小题有两个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分9（4分）如图是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的（）a周期是0.01sb最大值是311vc有效值是311vd表达式为u=311sin100t（v）考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率 专题：交流电专题分析：根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等解答：解：a、由图象知周期为0.02s，故a错误；b、由图象知最大值为311v，故b正确；c、电压的有效值为：u=220v，故c错误；d、由图象得周期是0.02s，所以=100 rad/s，瞬时值表达式为：u=311sin100t v，故d正确；故选：bd点评：本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式10（4分）如图所示，物体q静止在光滑的水平面上，其左边固定有轻质弹簧，与q质量相等的物体p以速度v向q运动并与弹簧发生碰撞，且始终沿同一直线运动，则碰撞过程中（）a物体p、q组成的系统动量守恒b物体p、q组成的系统机械能守恒c当物体p的速度等于零时，系统的动能损失最大d当物体p、q速度相等时，系统的动能损失最大考点：动量守恒定律；机械能守恒定律 专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合分析：两物体不受外力，故两物体及弹簧组成的系统动量守恒，根据两物体速度的变化可知系统动能损失最大的时刻，速度相等时弹性势能最大，系统的动能损失最大解答：解；a、两物体不受外力，故两物体及弹簧组成的系统动量守恒，故a正确；b、pq两物体碰撞后一起向右运动，是不是弹性碰撞，碰撞过程中机械能不守恒，p、q组成的系统机械能转化弹簧弹性势能为，故b错误；c、当pq两物体速度相等时，弹簧被压到最短，此时弹性势能最大，系统的动能损失最大故c错误，d正确故选ad点评：本题要求同学们能正确分析ab的受力情况及运动情况，知道当pq两物体速度相等时，弹簧被压到最短，此时弹性势能最大，难度适中11（4分）如图所示，把电阻r、电感线圈l、电容器c并联，三个支路中分别接有一灯泡接入交流电源后，三盏灯亮度相同若保持交流电源的电压不变，使交变电流的频率增大，则（）a与线圈l连接的灯泡l1将变暗b与电容器c连接的灯泡l2将变亮c与电阻r连接的灯泡l3将变暗d三盏灯泡的亮度都不会改变考点：自感现象和自感系数；自感现象的应用 分析：交变电流的频率变化时时，r不变，电感线圈感抗增大，电容器容抗减小解答：解：当交变电流的频率增大时，对r无影响，l3亮度不变，电感线圈感抗增大，l1变暗，电容器容抗减小，则灯泡l2亮度增加，故ab正确故选ab点评：本题考查了电感线圈和电容器对交流电的不同作用，可以通过感抗和容抗的变化去分析12（4分）在光滑的水平面上，质量为m的a球以速度v0与质量为2m的静止b球发生对心碰撞，碰后a球的速率变为碰前的，则碰后b球的速度大小为（）abcd考点：动量守恒定律 分析：两球碰撞过程中动量守恒本题的难点在于判断碰撞后a球的速度方向，a的速度方向可能与原来相反，也可能与原来相同，分两种情况研究解答：解：若碰后a球速度方向和原来一致，则根据动量守恒得：mv0=mv1+2mv2将v1=带入得v2=；若碰后a球速度方向和原来相反，则根据动量守恒得： mv0=mv1+2mv2将v1=带入公式得：v2=故选ab点评：本题关键要考虑到碰后a的速度方向有两种可能，运用动动量守恒定律研究13（4分）如图所示为远距离输电线路的示意图若发电厂的输出电压不变，那么当用户用电的总功率增大时（）a升压变压器的输出电压增大b降压变压器的输出电压增大c输电线上的电流增大d输电线上损耗的功率增大考点：变压器的构造和原理 专题：交流电专题分析：升压变压器的输入和输出电压是不变的，用户多的时候，总电流变大，输电线上的消耗也就变大了，导致用户得到的电压减小，由于用户多需要的功率增大了，所以电厂输送的总功率要增加解答：解：a、由于电厂的输出电压和升压变压器匝数不变，所以升压变压器的输出电压不变，a错误；b、在用电高峰期时，用户多，电路中的电流大，所以导致输电线上的电压降增大，由于变压器的输出的电压时不变的，所以降压变压器的输入的电压会下降，所以用户的得到的电压也就减小了，b错误；c、由于用户多，消耗的功率大，所以电厂输送的总功率要增加，输送的高压不变，输电线上的电流增大，c正确；d、输电线上的电流增大，输电线上损耗的功率p=i2r增大，d正确；故选cd点评：掌握住高压输电的模型，知道电能的损耗主要是在输电线上，知道电压与匝数成正比，电流与匝数程反比14（4分）如图所示的电路中，a1和a2是完全相同的灯泡，线圈l的直流电阻可以忽略，下列说法中正确的是（）a合上开关s接通电路时，a2先亮，a1后亮，最后一样亮b合上开关s接通电路时，a1和a2始终一样亮c断开开关s切断电路时，a2立刻熄灭，a1过一会熄灭d断开开关s切断电路时，a1和a2都要过一会儿才熄灭考点：自感现象和自感系数 分析：当开关接通和断开的瞬间，流过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，根据楞次定律及串联电路的特点来分析解答：解：合上开关接通电路时，a2立即正常发光，线圈中电流要增大，由于自感电动势的阻碍，灯泡a1中电流只能逐渐增大，则a2先亮，a1后亮，最后一样亮故a正确，b错误断开开关时，a2原来的电流立即减小为零，线圈中产生自感电动势，两灯泡串联和线圈组成回路，回路中电流从原来值逐渐减小到零，则a1和a2都要过一会儿才熄灭故c错误，d正确故选ad点评：自感现象是特殊的电磁感应现象，同样遵守电磁感应的普遍规律楞次定律，对本题这种类型问题就是利用楞次定律来分析三、非选择题(共5小题，共52分把答案填写在答题卡中的横线上或按题目要求作答解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分15（6分）某同学用图甲所示装置通过半径相同的a、b两球的碰撞来验证动量守恒定律图中pq是斜槽，qr为水平槽实验时先使a球从斜槽上某一固定位置g由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹重复上述操作10次，得到10个落点痕迹再把b球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让a球仍从位置g由静止开始滚下，和b球碰撞后，a、b球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹重复这种操作10次图甲中o点是水平槽末端r在记录纸上的垂直投影点b球落点痕迹如图乙所示，其中米尺水平放置，且平行于g、r、o所在的平面，米尺的零点与o点对齐（1）碰撞后b球的水平射程应取为64.7cm（2）以下关于本次实验的说法，正确的有ab（a）斜槽的末端必须水平；（b）a、b两球的半径必须相等；（c）a、b两球必须用同种材料制成；（d）a球和b球的质量可以不用测量考点：验证动量守恒定律 专题：实验题分析：根据通过实验的原理确定需要测量的物理量，小球离开轨道后做平抛运动，它们在空中的运动时间相同，水平位移与出速度成正比，可以用水平位移代替小球的初速度，根据动量守恒定律求出需要验证的表达式解答：解：（1）碰撞后b球的水平射程落点如图2所示，取所有落点中靠近中间的点读数，即可取一个最小的圆的圆心，约为64.7cm；（2）a、斜槽的末端必须水平，才能保证两个小球离开斜槽后做平抛运动故a正确；b、为使两球发生对心正碰，两球半径必须相等，故b正确；c、为防止碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，为使两球发生正碰，两球半径应相等，则两球的材料应不同，故c错误；d、如果碰撞过程中动量守恒，则：mav0=mbv1+mbv2，实验需要测出两球的质量，故d错误；故选ab故答案为：（1）64.7；（2）ab点评：掌握两球平抛的水平射程和水平速度之间的关系，是解决本题的关键，注意理解动量守恒定律的条件16（8分）某研究性学习小组研究光敏电阻的特性，利用欧姆表研究光敏电阻在不同光照强度下，其阻值变化情况，测量电路如图1所示（1）如图2所示，是多用表转换开关指示在“100”处进行电阻的测量，d是多用表表盘指针在测量时的偏转位置，则测量的光敏电阻值为1300（2）通过实验发现，用光照光敏电阻时欧姆表指针会往右偏，则可判断该光敏电阻在受到光照时，阻值变小（选填“变大”、“变小”或“不变“）（3）如图3是某同学研究热敏电阻的原理图，当给电阻加热时电压表读数变大，说明热敏电阻阻值变小考点：用多用电表测电阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：欧姆表的读数等于表盘读数乘以倍率，欧姆表读数的零刻度在表盘的右边，指针向右偏，知电阻减小根据闭合电路欧姆定律判断热敏电阻的变化解答：解：（1）光敏电阻的大小r=13100=1300（2）欧姆表读数的零刻度在表盘的右边，光照光敏电阻时欧姆表指针会往右偏，可知阻值变小（3）当给电阻加热时电压表读数变大，知电路中的电流增大，可知总电阻减小，所以热敏电阻的阻值变小故答案为：（1）1300；（2）变小；（3）小点评：解决本题的关键掌握多用电表的特点，以及掌握如何读数17（10分）如图所示，质量ma=0.9kg的长板a静止在光滑的水平面上，质量mb=0.1kg的木块b以初速v0=10m/s滑上a板，最后b木块停在a板上求：（1）b木块最后的速度vb；（2）此过程中a、b组成的系统损耗的机械能考点：动量守恒定律；功能关系 专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合分析：根据动量守恒定律求出共同速度，再根据能量守恒定律求出a、b组成的系统损耗的机械能解答：解：（1）b在a上滑动的过程中，a、b组成系统的动量守恒，则mbv0=（ma+mb）vb得 vb=1 m/s （2）此过程中根据能量守恒定律得此过程损耗的机械能为：得 e损=4.5j答：（1）b木块最后的速度是1 m/s；（2）此过程中a、b组成的系统损耗的机械能是4.5j点评：本题综合运用了动量守恒定律和能量守恒定律，知道能量的转化方向18（12分）小型实验水电站输出功率是20kw，输电线路总电阻是6（1