高中生物 3.3遗传信息的传递达标训练 浙科版必修2(1).doc

2013版高中生物 3.3遗传信息的传递达标训练 浙科版必修2【基础达标】1.下列有关dna复制的说法中，正确的是( )adna复制时只有一条链可以作为模板bdna复制所需要的原料是4种脱氧核苷酸cdna复制的场所只有细胞核ddna复制的时间只能是有丝分裂间期2.下列有关探究dna复制过程的说法不正确的是( )a.本实验利用了同位素示踪法b.细胞有丝分裂一次意味着dna复制一次c.密度梯度超速离心后dna在试管中的位置与相对分子质量无关d.本实验结果说明了dna复制具有半保留复制的特点3.dna分子复制时解旋酶作用于下列哪一结构( )a.b. c.aud.gc4.在一个双链dna分子中，碱基总数为m，腺嘌呤碱基数为n，则下列有关叙述正确的是( )脱氧核苷酸数磷酸数碱基总数m碱基之间的氢键数为一个链中at的数量为ng的数量为mnab.c d.5.某个dna片段由500对碱基组成，a+t占碱基总数的34%，若该dna片段复制2次，共需游离的胞嘧啶脱氧核苷酸分子个数为( )a330b.660c990d.1 3206.(2012宁波高二检测)细菌在15n培养基中繁殖数代后，使细菌dna的含氮碱基皆含有15n，然后再移入14n培养基中培养，抽取亲代及子代的dna经高速离心分离，图为可能的结果，下列叙述错误的是( )a子一代dna应为b子二代dna应为c子三代dna应为 d亲代的dna应为7.如图是dna分子复制的图解，请据图回答：(1)图中的1表示_过程，需要_酶的作用。(2)图中的2过程表示以母链为模板进行的碱基的_，参与配对的物质是游离在周围的_。(3)图中的3过程表示形成两个新的_分子，这一过程包括子链中脱氧核苷酸的_与_交互连接以及子链与母链在空间结构上的_化。参与此过程的酶有_等。(4)分析dna复制过程，所需条件应是：场所一般在_内；模板是_，原料是_；酶需要_、_等；能量由_提供。(5)dna复制，一般是严格的_复制，dna复制的遗传学意义是为_在上下代之间的_准备了物质基础。遗传信息的传递使亲代生物的性状可在子代得到表现，如(试举一例)_。【能力提升】8.(2012湖州高二检测)一般情况下，下列各项中不可用2n表示的是( )a具有n对等位基因的杂合子自交后代的基因型种类b含有n对独立遗传的等位基因的个体产生的配子的种类c一个dna分子复制n次后所产生的dna分子数d含有n个碱基的双链dna分子的种类9.某双链dna分子含m对碱基，其中腺嘌呤有a个。该dna在连续复制时，对所需的胞嘧啶脱氧核苷酸数目的叙述，错误的是( )a在第一次复制时，需要(ma)个b在第二次复制时，需要2(ma)个c在第n次复制时，需要2n-1(ma)个d不论复制多少次，需要胞嘧啶脱氧核苷酸的数目等于dna分子中的脱氧核糖数目10.先用同位素14c标记一个dna分子，然后加入含有12c的游离的脱氧核苷酸，在适宜的条件下经过n次复制后，所得子代dna分子中含有12c的脱氧核苷酸链数与含14c的脱氧核苷酸链数之比是( )a2n1 b.(2n2)nc(2n2)2d.(2n1)111.dna分子片段复制的情况如图所示，图中a、b、c、d表示脱氧核苷酸链的片段。如果没有发生变异，下列说法不正确的是( )a.b和c的碱基序列可以互补b.a和c的碱基序列可以互补c.a中(a+t)/(g+c)的比值与b中(a+t)/(g+c)的比值相同d.a中(a+g)/(t+c)的比值与d中(a+g)/(t+c)的比值一般不相同12.科学家以大肠杆菌为实验对象，运用同位素示踪技术及密度梯度离心方法进行了dna复制方式的探索实验，实验内容及结果见下表。请分析并回答：(1)要得到dna中的n全部被放射性标记的大肠杆菌b，必须经过_代培养，且培养液中的_是唯一氮源。(2)综合分析本实验的dna离心结果，第_组结果对得到结论起到了关键作用，但需把它与第_组和第_组的结果进行比较，才能说明dna分子的复制方式是_。(3)分析讨论：若子代dna的离心结果为“轻”和“重”两条密度带，则“重带”dna来自_,据此可判断dna分子的复制方式不是_复制。若将子代dna双链分开后再离心，其结果是_(填“能”或“不能”)判断dna的复制方式。若在同等条件下将子代继续培养，子n代dna离心的结果是：密度带的数量和位置_，放射性强度发生变化的是_带。若某次实验的结果中，子代dna的“中带”比以往实验结果的“中带”略宽，可能的原因是新合成dna单链中的n尚有少部分为_。【实验探究】13.在正常情况下，细胞内完全可以自主合成组成核酸的核糖和脱氧核糖。现在细胞系由于发生基因突变而不能自主合成核糖和脱氧核糖，必须从培养基中摄取。为验证dna分子复制的原料是脱氧核苷酸，而不是核糖核苷酸，现提供如下实验材料，请你完成实验方案。(1)实验目的：验证dna分子复制的原料是脱氧核苷酸，而不是核糖核苷酸。(2)实验材料：突变细胞系、基本培养基、核糖核苷酸、14c核糖核苷酸、脱氧核苷酸、14c脱氧核苷酸、放射性探测显微仪等。(3)实验原理：dna主要分布在_，其基本组成单位是_；rna主要分布在_，其基本组成单位是_。(4)实验步骤：第一步：编号。取基本培养基两个，编号为甲、乙。第二步：设置对比实验。在培养基甲中加入适量的核糖核苷酸和14c脱氧核苷酸；在培养基乙中加入等量的_。第三步：培养。在甲、乙培养基中分别接种等量的突变细胞系，放到_培养一段时间，让细胞增殖。第四步：观察。分别取出培养基甲、乙中的细胞，用放射性探测显微仪探测观察_。(5)预期结果：培养基甲中_；培养基乙中_。(6)实验结论：_。答案解析【基础达标】1.【解析】选b。dna复制时需要以解旋开的两条链为模板，dna复制的场所主要是细胞核，也可以是线粒体和叶绿体，在细菌体内还可以是拟核。dna复制时需要的原料是4种脱氧核苷酸。2.【解析】选c。本实验利用15n标记亲代细胞dna，在含14n的培养液中连续分裂两次(在每次分裂的间期dna都复制一次)，分别取分裂一次和分裂两次细胞的dna，进行密度梯度超速离心，dna在试管中的位置取决于dna分子所含同位素的情况(即相对分子质量的大小)。实验结果说明了dna复制具有半保留复制的特点。3.【解析】选d。dna分子复制时，解旋酶的作用是使dna碱基对间的氢键断开。在dna中的碱基对有两种：gc，at。4.【解析】选d。dna分子的基本单位是脱氧核苷酸，一分子脱氧核苷酸由一分子脱氧核糖、一分子磷酸和一分子碱基组成，因此对；对于，由于g与c之间形成3个氢键，a与t之间形成2个氢键，故氢键数为：2n3；对于，因at的总量为2n，故一条链中的at的数量应为n；中计算g的数量有误，应为。5.【解析】选c。该dna分子g占33%，为330个。复制2次，产生4个dna，相当于合成了3个新的dna，所以共需游离的胞嘧啶脱氧核苷酸分子个数为3303=990。6.【解析】选c。由于dna分子的复制是半保留复制，因此依据这一特点来分析，为亲代dna，为子一代dna，为子二代dna，为子三代dna。不可能出现中的情形。7.【解析】(1)图中1表示解旋过程，需要解旋酶的作用。解旋酶的作用是打开两条链之间的氢键。(2)图中2表示以母链为模板进行碱基互补配对的过程，参与配对的物质是周围环境中游离的四种脱氧核苷酸。(3)图中3过程表示形成两个新的dna分子，这一过程包括子链中脱氧核苷酸的脱氧核糖与磷酸交互连接以及子链与母链在空间结构上的螺旋化，参与此过程的酶有dna聚合酶等。(4)dna主要分布在细胞核中，复制的场所主要是细胞核。基本条件有模板(原dna母链)、原料(游离的四种脱氧核苷酸)、酶(解旋酶、dna聚合酶等)、能量(atp)。(5)dna复制为半保留复制，确保亲子代遗传信息的连续性。答案：(1)解旋 解旋 (2)互补配对 四种脱氧核苷酸(3)dna 脱氧核糖 磷酸 螺旋 dna聚合酶(4)细胞核 原dna母链 游离的脱氧核苷酸 解旋酶 dna聚合酶 atp(5)半保留 遗传信息 传递 子女长得像父母【能力提升】8.【解析】选a。一个dna分子复制n次后，dna分子总数为2n；含有n个碱基的双链dna分子的种类是4n22n；含有n对独立遗传的等位基因的个体产生配子种类为2n；具有n对等位基因的杂合子(不考虑互换)自交后代基因型种类为3n，如果考虑互换则不为3n，也不为2n，故a项错误。9.【解析】选d。dna每次复制时，需要胞嘧啶脱氧核苷酸的数目等于原有dna分子中的胞嘧啶脱氧核苷酸的数目。10.【解析】选d。n次复制后，可得2n个dna分子，其中含有14c标记的dna只有2个，含有14c的脱氧核苷酸链数也只有2个，因此经过n次复制后，所得子代dna分子中含有12c的脱氧核苷酸链数与含14c的脱氧核苷酸链数之比是(2n-1)22=(2n1)1。11.【解析】选b。a和d互补，b和c互补，如果不发生变异，a和c及b和d的碱基组成相同，a项正确，b项错误；某条脱氧核苷酸链上(a+t)/(g+c)的比值与其互补链上的比值相同，而(a+g)/(t+c)比值与其互补链上的比值一般不相同，所以c项和d项中的说法均正确。12.【解题指南】解答本题的关键是依据dna的半保留复制特点。需注意：(1)第14组的dna复制产物的种类；(2)半保留复制的结果是新形成的dna分子中的一条链是模板链，另一条链是新合成的。【解析】(1)根据表中的第1组和第2组实验结果，将大肠杆菌培养在15nh4cl为唯一氮源的培养液中培养多代，可得到大肠杆菌b。(2)若证明dna的复制为半保留复制，需要证明后代dna的两条链一条是原来的，另一条是新合成的，第3组的实验展示了将dna被15n标记的大肠杆菌放在14n的培养基中培养，子代的dna仅有15n/14n，再结合第1组和第2组的实验可以说明dna的复制为半保留复制。(3)“轻”dna为14n/14n dna，“重”dna为15n/15n dna，根据表中信息“重带”dna来自于b代。出现的结果只能是后代dna的两条链或全是原来的，或全是新合成的，说明dna分子的复制方式不是半保留复制。若将子代dna双链分开后再离心，则无法判断后代dna的两条链的来源，不能判断dna的复制方式。dna是半保留复制，不管复制多少代，两条母链始终存在，所以在同等条件下将子代继续培养，子n代dna的情况为有两个为14n/15n dna，其余全为14n/14n dna，所以子n代dna离心结果是：密度带的数量始终是一条中带、一条轻带，位置也没有变化，中带的放射性强度不变，轻带的放射性强度增加。“中带”为15n/14n dna，“中带”略宽，说明新合成的dna单链中尚有少部分15n。答案：(1)多 15nh4cl(2)3 1 2 半保留复制(3)b 半保留 不能 没有变化 轻 15n【实