广东省江门市高三理综（物理部分）调研考试试题（含解析）新人教版(1).doc

江门市2014届普通高中高三调研测试物理试题一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分，共64分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不选的得0分。13物体受到几个恒力的作用处于平衡状态，若再对物体施加一个恒力，则物体可能做a静止 b匀速直线运动c变加速曲线运动 d匀变速曲线运动【答案】d【解析】物体受几个恒力的作用而处于平衡状态，相当于不受力，速度可能为零，也可能某个确定的值；ab、若再对物体施加一个恒力，合力不为零，速度一定改变，不可能保持静止或匀速直线运动，故ab错误；cd、若再对物体施加一个恒力，如果速度与合力不共线，物体就做曲线运动，由于合力是恒力，故加速度恒定不变，是匀变速曲线运动，故c错误d正确。故选d。【考点】物体做曲线运动的条件14下列几种情况中，升降机绳索拉力最大的是a以很大速度匀速上升 b以很小速度匀速下降c上升时以很大的加速度减速 d下降时以很大的加速度减速【答案】d【解析】a、货物以很大匀速上升时，物体做匀速直线运动，受的拉力与重力也是一对平衡力，所以拉力等于重力；b、货物以很大匀速上升时，物体做匀速直线运动，受的拉力与重力也是一对平衡力，所以拉力等于重力；c、以很大的加速度减速上升时，加速度方向向下，重力大于拉力；d、以很大的加速度减速下降时，加速度方向向上，重力小于拉力；所以升降机绳索拉力最大的是d。故选d。【考点】牛顿第二定律15两颗人造地球卫星绕地球做圆周运动，速度大小之比为vavb21，则轨道半径之比和周期之比分别为ararb 41，tatb18 brarb 41，tatb81crarb 14，tatb18 drarb 14，tatb81【答案】c【解析】卫星的万有引力提供圆周运动向心力有得：线速度，可得半径，所以有根据线速度与周期、半径的关系有：，所以，故abd错误，c正确。故选c。【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系16如图，m、n和p是以mn为直径的半圆弧上的三点，o为圆心，mop=600，等量、异号两个点电荷分别置于m、n两点，这时o点电场强度的大小为e1；若将n点处的点电荷移至p点，则o点的场场强大小变为e2，e1与e2之比为a b c d【答案】b【解析】依题意，每个点电荷在o点产生的场强为，则当n点处的点电荷移至p点时，o点场强如图所示，合场强大小为，则则e1与e2之比为2：1。故选b。【考点】点电荷的场强；电场的叠加二、双项选择题：本大题共9小题，每小题6分，共54分。在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对给6分，只选对1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分。17跳伞运动员从高空悬停的直升机跳下，运动员沿竖直方向运动的v-t图象如图，下列说法正确的是a0-10s平均速度大于10m/sb15s末开始运动员静止c10s末速度方向改变d10s-15s运动员做加速度逐渐减小的减速运动【答案】ad【解析】a、010s内，若运动员做匀加速运动，平均速度为根据图象的“面积”等于位移可知，运动员的位移大于匀加速运动的位移，所以由公式得知：010s 内的平均速度大于匀加速运动的平均速度10m/s，故a错误；b、由图知，15s末开始运动员做匀速直线运动，故b错误；c、由图看出，运动员的速度一直沿正向，速度方向没有改变，故c错误；d、1015s图象的斜率减小，则其加速度减小，故1015s运动员做加速度减小的减速运动，故d正确。故选ad。【考点】匀变速直线运动的图像18甲、乙两辆卡车质量m甲m乙，都以相同的额定功率在平直的公路上同向行驶，若卡车所受运动阻力等于车重的k倍（k1），则两车在行驶过程中a有相同的最大速度 b有相同的最大动量c速度相同时牵引力f甲f乙 d速度相同时加速度a甲a乙【答案】bd【解析】a、以最大速度行驶时，牵引力与阻力平衡，故：、联立解得：；由于功率和k相同而质量不同，故最大速度不同，故a错误；b、由于，故，由于功率和k相同，故最大动量相同，故b正确；c、由：，可得：，都以相同的额定功率在平直的公路上同向行驶，速度相同时牵引力，故c错误d、根据牛顿第二定律，有：；而；故：，速度相同，功率相同，由于甲、乙两辆卡车质量，加速度，故d正确。故选bd。【考点】功率、平均功率和瞬时功率19在如图所示的电路，电源的内阻为r，现闭合电键s，将滑片p向左移动一段距离后，下列结论正确的是a灯泡l变亮 b电压表读数变小c电流表读数变小 d电容器c上的电荷量增大【答案】cd【解析】a、当滑动变阻器滑片p向左移动，其接入电路的电阻增大，电路总电阻增大，电流i减小，灯泡的功率，rl不变，则p减小，灯泡l变暗，故a错误；bc、电流i减小，电流表读数变小，电压表读数，则u变大，故b错误c正确；d、变阻器两端电压增大，电容器与变阻器并联，电容器的电压也增大，则其电荷量增大，故d正确。故选cd。【考点】闭合电路的欧姆定律20轻质弹簧竖直放在地面上，物块p的质量为m，与弹簧连在一起保持静止。现用竖直向上的恒力f使p向上加速运动一小段距离l时，速度为v，下列说法中正确的是a重力做的功是mgl b合外力做的功是mv2c合外力做的功是flmgl d弹簧弹力做的功为mglflmv2【答案】bd【解析】a、物体上升l，克服重力做功为mgl，即重力做功为，故a错误；bc、根据动能定理，合外力做功为：，故b正确c错误；d、根据动能定理，有：，解得：，故d正确。故选bd。【考点】动能定理；机械能守恒定律21如图，将点电荷+q1、+q2分别置于点电荷q的电场中的a、b两点，虚线为等势线。取无穷远处为零电势点，若将+q1、+q2移动到无穷远的过程中克服电场力做的功相等，则下列说法正确的是aa点电势小于b点电势ba、b两点的电场强度相同cq1的电荷量小于q2的电荷量dq1在a点的电势能小于q2在b点的电势能【答案】ac【解析】a、由题，将两个带正电的试探电荷q1、q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做功，则知q与两个试探电荷之间存在引力，说明q带负电，电场线方向从无穷远处指向q，则a点电势小于b点电势，故a正确；b、由点电荷场强公式分析可知，a点的场强大于b点的场强，故b错误；c、由图分析可知：a与无穷远间的电势差大于b与无穷远间的电势差，将q1、q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，根据电场力做功公式w=qu，得知，q1的电荷量小于q2的电荷量，故c正确；d、将q1、q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，两个试探电荷电势能的变化量相等，无穷远处电势能为零，则q1在a点的电势能等于q2在b点的电势能，故d错误。故选ac。【考点】等势面；点电荷场强三、非选择题：本题共11小题，共182分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位。34（18分）（1）（8分）在验证机械能守恒定律实验中，两实验小组同学分别采用了如图甲和乙所示的装置，采用两种不同的实验方案进行实验。在甲图中，下落物体应选择密度_ (选填“大”或“小”)的重物；在乙图中，两个重物的质量关系是m1_ m2(选填“”、“=”或“；天平；0.780m/s 甲，乙图中受到绳和滑轮之间的摩擦力的影响【解析】（1）为了减小实验的误差，甲图中的重物应选择质量大，体积小的重物，即密度大的重物；乙图是验证系统机械能是否守恒，m1向下运动，m2向上运动，所以m1m2；（2）验证系统机械能是否守恒，即验证系统动能的增加量和系统重力势能的减小量是否相等，动能的增加量为，重力势能的减小量为；可知需要测量两个重物的质量，所以实验器材还需要天平；（3）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上c点时小车的瞬时速度大小，即；（4）甲方案更合理，因为在乙图中受到细绳和滑轮之间的摩擦力的影响。【考点】验证机械能守恒定律（2）（10分）有一根细长且均匀的空心金属管线，长约30cm，电阻约为5，已知这种金属的电阻率为，现在要尽可能精确测定它的内径d。用螺旋测微器测量金属管线外径d时刻度的位置如图（a）所示，从图中读出外径为 mm，应用_（选填“厘米刻度尺”或“毫米刻度尺”）测金属管线的长度l；测量金属管线的电阻r，为此取来两节新的干电池、电键和若干导线及下列器材：a电压表0-3v，内阻约10k b电压表0-15v，内阻约50kc电流表0-0.6a，内阻约0.05 d电流表0-3a，内阻约0.01e滑动变阻器，0-10 f滑动变阻器，0-100要求较准确地测出其阻值，电压表应选 ，电流表应选 ，滑动变阻器应选 ；（填序号）实验中他的实物接线如图（b）所示，请指出接线中的两处明显错误。错误1： 错误2： 用已知的物理常数和应直接测量的物理量（均用符号表示），推导出计算金属管线内径的表达式d=_；在实验中，下列说法正确的是_a为使电流表读数明显，应使电流尽可能大些b为操作方便，中间过程可保持开关s一直处于闭合状态c千分尺的精确度是千分之一毫米d用千分尺测量直径时必须估读一位【答案】4.700 毫米刻度尺 ace 错误1：导线连接在滑动变阻器的滑片上 错误2：采用了电流表内接法 d【解析】：螺旋测微器的读数为：d=4.5mm+20.00.01mm=4.700mm；测量30cm金属管长度时应用毫米刻度尺来测量；：由于两节电池的电动势为3v，所以电压表应选a；由于通过金属管的最大电流为，所以电流表应选c；根据闭合电路欧姆定律可知，电路中需要的最大电阻为：，所以变阻器应选e；：由于待测金属管阻值远小于电压表内阻，所以电流表应用外接法，连线图中的两个错误分别是：错误1：导线连接在滑动变阻器的滑片上；错误2：采用了电流表内接法；：设金属管内径为d，根据电阻定律应有：，又，联立可得：；：a：考虑金属的电阻率随温度的升高而增大可知，通过待测金属管的电流不能太大，故a错误；b：为减小温度的影响，中间过程应断开开关，故b错误；c：千分尺的精确度是0.01mm，即应精确到1100毫米，故c错误；d：千分尺读数时必须估读一位，即估读到0.001mm，故d正确故选d。【考点】测定金属的电阻率35（18分）甲图是密立根测定电子电荷量的实验，他在真空装置中放置两块水平金属板，两极板间距为d，电压为u，上极板带正电，用喷雾器把许多带电、密度为的油滴喷入两板之间，通过显微镜找到悬浮不动的一个油滴，测得它的半径为r，由此可测算出该油滴的电荷量。现有如乙图所示的水平放置的两极板y、y/，间距也为d，板间电压为2u，将该油滴从两极板左侧中点a以初速度v0沿水平方向射入电场且刚好从y/右则边缘穿出，设重力加速度为g，求：（1）求该油滴的电荷量q，带何种电荷？（2）求乙图中极板的长度l。【答案】，带负电荷 【解析】（1）由平衡条件得：又，得：，带负电荷（2）依题意，油滴的电场力向下，根据牛顿第二定律有解得由于，得：极板长度【考点】共点力平衡；牛顿第二定律36（18分）如图所示，悬挂在高处o点的绳子下端是质量m=10kg的橡胶杆p，在游乐节目中，选手需要借助该装置飞越到对面的水平传送带上，传送带始终以u=3m/s的速度逆时针转动，传送带的另一端b点就是终点，且xab=3m。一名质量m=50kg的选手脚穿轮滑鞋以水平向右大小为v0=8.4m/s的速度迅速抱住竖直静止的橡胶杆p并开始摆动，若选手可看作质点，悬点o到选手的距离l6m，不考虑空气阻力，重力加速度g=10m/s2，sin370=0.6，cos370=0.8，求：（1）当绳子摆到与竖直方向的夹角=370时选手速度的大小；（2）此时刻选手立即放开橡胶杆p并且最终刚好站到了高度相同的传送带的端点a上，若选手在传送带上做无动力的自由滑行，受到的摩擦阻力为自身重量的0.2倍，求选手在传送带上滑行过程中因摩擦而产生的热量q。【答案】v2=5m/s wf=600j【解析】(1)选手抱住p，由动量守恒定律有得：v1=7m/s选手抱住p后，从开始摆动到摆角为37时，设速度为v2，由机械能守恒有得：v2=5m/s(2)选手站上a点时，设水平速度为vx，则选手在传送带上做匀减速运动，设选手对地面的位移为x，由动能定理得：因为，所以选手冲过了终点b，设选手从a到b的时间为t，则又得：、(舍去)在这段时间内传送带通过的位移为：所以，摩擦力做功：得：wf=600j。【考点】动量守恒定律；动能定理；机械能守恒定律2013年江门市高三期末调研测试物理参考答案一、单项选择题：13d 14d 15c 16b二、双项选择题： 17ad 18bd 19cd 20bd 21 ac三、非选择题：34（18分）（1）（8分）大（2分） （1分）天秤（1分） 0.780m/s（2分）甲（1分） 乙图中受到细绳和滑轮之间的摩擦力的影响（1分）（2）4.700（1分） 毫米刻度尺（1分） a（1分） c（1分） e（1分） 错误1：导线连接在滑动变阻器的滑片上（1分） 错误2：采用了电流表内接法（1分）（注：其他合理的都给分）（2分） d（1分）35（18分）解：（1）由平衡条件得： （2分）又 （2分）得：（2分） 带负电荷（2分）（2）依题意，油滴的电场力向下，根据牛顿第二定律有 （2分）结合式解得 （2分）由于 （2分） 得：（2分）极板长度 （2分）36