广东省河源市龙川一中高二物理上学期第七周周测试卷（含解析）.doc

2015-2016学年广东省河源市龙川一中高二（上）第七周周测物理试卷一、单选题：1下列几种物理现象的解释中，正确的是（）a砸钉子时不用橡皮锤，只是因为橡皮锤太轻b跳高时在沙坑里填沙，是为了减小冲量c在推车时推不动是因为推力的冲量为零d动量相同的两个物体受到相同的制动力的作用，两个物体将同时停下来2关于系统动量守恒的条件，下列说法正确的是（）a只要系统内存在着摩擦力，系统的动量的就不守恒b只要系统中有一个物体具有加速度，系统的动量就不守恒c只有系统所受的合外力为零，系统的动量就守恒d只要系统所受外力的冲量的矢量和为零，系统的动量就守恒3如图所示，在水平地面上放着斜面体b，物体a置于斜面体b上，一水平向右的力f作用于物体a在力f变大的过程中，两物体相对地面始终保持静止，则地面对斜面体b的支持力n和摩擦力f的变化情况是（）an变大，f不变bn变大，f变小cn不变，f变大dn不变，f不变4一支枪水平固定在小车上，小车放在光滑的水平面上，枪发射子弹时，关于车、枪和子弹的说法正确的是（）a枪和子弹组成的系统动量守恒b枪和车组成的系统动量守恒c枪、车和子弹组成的系统动量守恒d若忽略摩擦，枪、车组成的系统动量守恒二、双项选择题：5木块a、b分别重40n和60n，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25夹在a、b之间的轻弹簧被压缩了3cm，弹簧的劲度系数为200n/m，系统置于水平地面上静止不动现用f=2n的水平拉力作用在木块b上，如图所示，力f作用后（）a木块所受摩擦力大小是6，水平向右b木块所受摩擦力大小是8，水平向左c木块所受摩擦力大小是8，水平向左d木块所受摩擦力大小是4，水平向右6如图所示，一只理想变压器原线圈与频率为50hz的正弦交流电源相连，两个阻值均为20的电阻串联后接在副线圈的两端图中电流表、电压表均为理想交流电表，原、副线圈匝数分别为200匝和100匝，电压表的示数为5v则（）a电流表的读数为0.5ab流过电阻的交流电的频率为100hzc变压器原线圈两端电压的最大值为20vd交流电源的输出功率为2.5w7如图所示，m、n为两颗绕地球做匀速圆周运动的卫星，下列说法正确的是（）am的运行周期比n的大bm的角速度比n的大cm的线速度比n的小dm的向心加速度比n的大8如图是两个等量异种点电荷形成的电场，ab为中垂线，且ao=bo，则（）aa、b两点场强相等ba、b两点场强方向相反c正电荷从a运动到b，电势能增加da、b两点电势差为零9甲、乙、丙是三个在同一直线上运动的物体，它们运动的vt图象如图所示，下列说法正确的是（）a丙与甲的运动方向相反b丙与乙的运动方向相同c乙的加速度大于甲的加速度d丙的加速度大小小于乙的加速度大小三、实验题：10某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如图甲所示，则该金属丝的直径d=mm另一位学生用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的结果如图乙所示，则该工件的长度l=cm11现需测量一个电池的电动势e和内电阻r器材有：电流表（量程60ma，内阻约为10）；电压表（量程10v，内阻约为20k）；热敏电阻（80200）；一杯水；一个开关；酒精灯；温度计；导线若干（1）一位同学根据现有器材设计实验电路并连接了部分实物，如图所示，请你用笔画线代替导线把电压表接入电路（2）用酒精灯对水加热，下表为该同学在不同水温下测得的电流和电压数据，并在ui图中标出，由该图可得电池的电动势e=v，内电阻r=（保留2位有效数字）t/20406080100i/ma26.133.340.046.252.2u/v5.485.335.205.084.96（3）利用以上数据还可以粗略算出热敏电阻的阻值，发现随着温度的升高，热敏电阻的阻值将会变（填“小”或“大”）四、计算题：12如图所示，一个板长为l，板间距离也是l的平行板电容器上极板带正电，下极板带负电，在极板右边的空间里存在着垂直于纸面向里的匀强磁场有一质量为m，重力不计，带电量q的粒子从极板正中以初速度为v0水平射入，恰能从上 极板边缘飞出又能从下极板边缘飞入，求：（1）两极板间匀强电场的电场强度e的大小和方向（2）q粒子飞出极板时的速度v的大小与方向（3）磁感应强度b的大小13如图所示为某种弹射装置的示意图，光滑的水平导轨mn右端n处与水平传送带理想连接，传送带长l=4.0m，皮带轮沿顺时针方向转动，带动皮带以速率v=3.0m/s匀速运动三个质量均为m=1.0kg的滑块a、b、c置于水平导轨上，开始时滑块b、c之间用细绳相连，其间有一压缩的轻质弹簧处于静止状态滑块a以初速度v0=2.0m/s沿b、c连线方向向b运动，a与b碰撞后粘合在一起，碰撞时间极短，可认为a与b碰撞过程中滑块c的速度仍为零碰撞使连接b、c的细绳受扰动而突然断开，弹簧伸展，从而使c与a、b分离，滑块c脱离弹簧后以速度vc=2.0m/s滑上传送带，并从右端滑落至地面上的p点已知滑块c与传送带之间的动摩擦因数=0.20，g=10m/s2求：（1）滑块c从传送带右端滑出时的速度大小；（2）滑块b、c用细绳相连时弹簧的最大弹性势能ep；（3）若每次实验开始时弹簧的压缩情况相同，要使滑块c总能落至p点，则滑块a与滑块b碰撞前的最大速度vm是多少2015-2016学年广东省河源市龙川一中高二（上）第七周周测物理试卷参考答案与试题解析一、单选题：1下列几种物理现象的解释中，正确的是（）a砸钉子时不用橡皮锤，只是因为橡皮锤太轻b跳高时在沙坑里填沙，是为了减小冲量c在推车时推不动是因为推力的冲量为零d动量相同的两个物体受到相同的制动力的作用，两个物体将同时停下来【考点】动量定理；惯性【专题】动量定理应用专题【分析】动量定理：合力的冲量等于动量的变化，公式为：ft=p【解答】解：a、砸钉子时不用橡皮锤，是由于橡皮锤有弹性，作用时间长，根据动量定理ft=p，产生的力小，故a错误；b、跳高时在沙坑里填沙，根据动量定理ft=p，是为了增加作用时间，减小了作用力，冲量等于动量的变化，是恒定的，故错误；c、在推车时推不动是因为推力小于最大静摩擦力，推力的冲量ft不为零，故c错误；d、动量相同的两个物体受到相同的制动力的作用，根据动量定理ft=p，两个物体将同时停下来，故d正确；故选：d【点评】本题关键根据动量定律列式分析，动量定理反映了力对时间的累积效应对物体动量的影响2关于系统动量守恒的条件，下列说法正确的是（）a只要系统内存在着摩擦力，系统的动量的就不守恒b只要系统中有一个物体具有加速度，系统的动量就不守恒c只有系统所受的合外力为零，系统的动量就守恒d只要系统所受外力的冲量的矢量和为零，系统的动量就守恒【考点】动量守恒定律【分析】系统动量守恒的条件是合外力为零系统内存在着摩擦力或一个物体具有加速度时，系统的动量不一定不守恒【解答】解：a、若系统内存在着摩擦力，而系统所受的合外力为零，系统的动量仍守恒故a错误b、只要系统中有一个物体具有加速度时，系统的动量也可能守恒，比如碰撞过程，两个物体的速度都改变，都有加速度，系统的动量却守恒故b错误c、只有系统所受的合外力为零，系统的动量不能改变，即系统的动量守恒故c正确d、只有系统所受外力的冲量的矢量和保持为零时，系统的动量才守恒故d错误故选c【点评】本题考查对动量守恒条件的理解，抓住守恒条件：合外力为零，通过举例的方法进行分析3如图所示，在水平地面上放着斜面体b，物体a置于斜面体b上，一水平向右的力f作用于物体a在力f变大的过程中，两物体相对地面始终保持静止，则地面对斜面体b的支持力n和摩擦力f的变化情况是（）an变大，f不变bn变大，f变小cn不变，f变大dn不变，f不变【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】对a和b整体受力分析，受重力、支持力、推力和摩擦力，根据共点力平衡条件列式求解【解答】解：对a和b整体受力分析，受重力（m+m）g、支持力n、推力f和地面的静摩擦力f，由于两物体相对地面始终保持静止，故加速度为零，合力为零，根据平衡条件，有：竖直方向：n=（m+m）g 水平方向：f=f 当推力f变大时，f变大，支持力不变；故选c【点评】本题关键是灵活地选择研究对象；如果对两个物体分别受力分析，然后运用共点力平衡条件列式求解，问题将复杂化4一支枪水平固定在小车上，小车放在光滑的水平面上，枪发射子弹时，关于车、枪和子弹的说法正确的是（）a枪和子弹组成的系统动量守恒b枪和车组成的系统动量守恒c枪、车和子弹组成的系统动量守恒d若忽略摩擦，枪、车组成的系统动量守恒【考点】动量守恒定律【分析】当系统不受外力或所受的外力之和为零，系统动量守恒，根据题意应用动量守恒条件分析答题【解答】解：a、枪和子弹组成的系统，由于小车对枪有外力，枪和弹组成的系统外力之和不为零，所以动量不守恒，故a错误；b、枪和车组成的系统，由于子弹对枪有作用力，导致枪和车组成的系统外力之和不为零，所以动量不守恒，故b错误；c、小车、枪和子弹组成的系统，在整个过程中所受合外力为零，系统动量守恒故c正确，d错误；故选：c【点评】本题考查了判断系统动量是否守恒掌握动量守恒的条件、应用动量守恒条件分析即可正确解题二、双项选择题：5木块a、b分别重40n和60n，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25夹在a、b之间的轻弹簧被压缩了3cm，弹簧的劲度系数为200n/m，系统置于水平地面上静止不动现用f=2n的水平拉力作用在木块b上，如图所示，力f作用后（）a木块所受摩擦力大小是6，水平向右b木块所受摩擦力大小是8，水平向左c木块所受摩擦力大小是8，水平向左d木块所受摩擦力大小是4，水平向右【考点】牛顿第二定律；滑动摩擦力【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】根据滑动摩擦力的公式可以计算出ab两个物体与地面之间的滑动摩擦力的大小，滑动摩擦力的大小近似等于物体与地面之间的最大静摩擦力，由此可以判断ab物体与地面之间的摩擦力的情况，进而可以判断施加拉力之后ab的受力情况【解答】解：最大静摩擦力可以近似的认为和物体受到的滑动摩擦力的大小相等，所以a物体受到的滑动摩擦力为f=fn=0.2540n=10n，b物体受到的滑动摩擦力为f=fn=0.2560n=15n，此时弹簧的弹力的大小为f=kx=2000.03=6n，所以弹簧的弹力的大小小于物体受到的最大静摩擦力的大小，物体处于静止状态，根据平衡条件：a受到的摩擦力大小是6n，方向向右，b受到的摩擦力大小也是6n，方向向左，当在b上在施加向右的拉力f后，b受到的摩擦力的大小为8n，方向向左，故c正确d错误；施加f后弹簧的形变量未改变则a受力情况不变，a受到的摩擦力大小仍为6n，方向向右，故a正确b错误，故选：ac【点评】本题考查学生对静摩擦力和滑动摩擦力的判断，最大静摩擦力可以近似的认为和物体受到的滑动摩擦力的大小相等6如图所示，一只理想变压器原线圈与频率为50hz的正弦交流电源相连，两个阻值均为20的电阻串联后接在副线圈的两端图中电流表、电压表均为理想交流电表，原、副线圈匝数分别为200匝和100匝，电压表的示数为5v则（）a电流表的读数为0.5ab流过电阻的交流电的频率为100hzc变压器原线圈两端电压的最大值为20vd交流电源的输出功率为2.5w【考点】变压器的构造和原理【专题】交流电专题【分析】交流电表的示数为有效值，经过变压器的交流电的频率不变，交流电的输入功率等于输出功率【解答】解：a、副线圈电流为，原线圈电流为0.4a=0.2a，故a错误b、原副线圈频率相同，故b错误c、副线圈电压10v，原线圈电压20v，最大值20v，故c正确d、输出功率为故d正确故选cd【点评】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论7如图所示，m、n为两颗绕地球做匀速圆周运动的卫星，下列说法正确的是（）am的运行周期比n的大bm的角速度比n的大cm的线速度比n的小dm的向心加速度比n的大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【专题】万有引力定律的应用专题【分析】根据万有引力提供向心力，得出线速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系，从而比较出大小【解答】解：根据=得，v=，t=，a=，知轨道半径越大，线速度越小、角速度越小、周期越大、向心加速度越小故b、d正确，a、c错误故选bd【点评】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，知道线速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系8如图是两个等量异种点电荷形成的电场，ab为中垂线，且ao=bo，则（）aa、b两点场强相等ba、b两点场强方向相反c正电荷从a运动到b，电势能增加da、b两点电势差为零【考点】电势能；电场强度【专题】电场力与电势的性质专题【分析】两个等量异种点电荷形成的电场，中垂线上所有点的电场强度的方向都相同且与之垂直；该中垂线是一条等势线，所有点的电势都相等【解答】解：a：两个等量异种点电荷形成的电场，两个电荷的连线上下的电场是对称的，ao=bo，那么ab两点的场强就是相等的，故a正确；b：两个等量异种点电荷形成的电场，中垂线上所有点的电场强度的方向都相同且与之垂直，故b错误；cd：该中垂线是一条等势线，所有点的电势都相等，ab之间的电势差为0，故d正确；正电荷从a运动到b，电场力不做功，电势能不变故c错误故选：ad【点评】该题考查常见的电场和电场线，只有掌握两个等量异种点电荷形成的电场的特点，即可正确解答属于简单题9甲、乙、丙是三个在同一直线上运动的物体，它们运动的vt图象如图所示，下列说法正确的是（）a丙与甲的运动方向相反b丙与乙的运动方向相同c乙的加速度大于甲的加速度d丙的加速度大小小于乙的加速度大小【考点】匀变速直线运动的图像【专题】运动学中的图像专题【分析】速度的正负表示速度的方向匀变速直线运动的速度图象是倾斜的直线根据图线的纵坐标直接读出速度的大小，图象与坐标轴围成的面积表示位移【解答】解：a、由图看出，甲和丙的速度均为正值，说明甲丙都沿正方向运动，它们的运动方向相同故a错误；b、由图看出，乙和丙的速度均为正值，说明乙丙都沿正方向运动，它们的运动方向相同故b正确；c、由图可知：乙的斜率比甲大，所以乙的加速度大于甲的加速度故c正确；d、由图可知：乙的斜率比丙的斜率的绝对值小大，所以乙的加速度小于丙的加速度大小，故d错误故选bc【点评】本题考查识别速度图象和读图的能力匀变速直线运动的速度图象是倾斜的直线三、实验题：10某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如图甲所示，则该金属丝的直径d=2.706mm另一位学生用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的结果如图乙所示，则该工件的长度l=5.015cm【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用【专题】实验题【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【解答】解：1、螺旋测微器的固定刻度为2.5mm，可动刻度为0.0120.6mm=0.206mm，所以最终读数为2.5mm+0.206mm=2.706mm2、游标卡尺的主尺读数为：5cm=50mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为30.05mm=0.15mm，所以最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm=5.015cm故答案为：2.706 （或2.705、2.707 ），5.015【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，正确使用这些基本仪器进行有关测量11现需测量一个电池的电动势e和内电阻r器材有：电流表（量程60ma，内阻约为10）；电压表（量程10v，内阻约为20k）；热敏电阻（80200）；一杯水；一个开关；酒精灯；温度计；导线若干（1）一位同学根据现有器材设计实验电路并连接了部分实物，如图所示，请你用笔画线代替导线把电压表接入电路（2）用酒精灯对水加热，下表为该同学在不同水温下测得的电流和电压数据，并在ui图中标出，由该图可得电池的电动势e=6.1v，内电阻r=21（保留2位有效数字）t/20406080100i/ma26.133.340.046.252.2u/v5.485.335.205.084.96（3）利用以上数据还可以粗略算出热敏电阻的阻值，发现随着温度的升高，热敏电阻的阻值将会变小（填“小”或“大”）【考点】测定电源的电动势和内阻【专题】实验题；恒定电流专题【分析】本题的关键是因电压表内阻远大于电源内阻，应使电压表直接测量电源的路端电压，这样因电压表的分流而造成的误差相对减小【解答】解：（1）因电源的内电阻阻值远小于电压表内阻，电压表表应测量路端电压，所画电路如图（2）根据表中数据可画出ui图象如图所示，则电源电动势e=6.1v，内电阻r=21（3）根据欧姆定律r=可粗略算出随着温度的升高，热敏电阻的阻值将会变小故答案为：（1）所画电路如图（2）6.1，21；（3）小【点评】在测电阻或描绘小灯泡的伏安特性曲线时，应注意一般采用分压接法；在测量电源电动势和内阻时，要注意根据画出的ui图象分析出电动势及内阻四、计算题：12如图所示，一个板长为l，板间距离也是l的平行板电容器上极板带正电，下极板带负电，在极板右边的空间里存在着垂直于纸面向里的匀强磁场有一质量为m，重力不计，带电量q的粒子从极板正中以初速度为v0水平射入，恰能从上 极板边缘飞出又能从下极板边缘飞入，求：（1）两极板间匀强电场的电场强度e的大小和方向（2）q粒子飞出极板时的速度v的大小与方向（3）磁感应强度b的大小【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在磁场中的运动专题【分析】（1）平行板电容器上极板带正电，下极板带负电，场强方向应竖直向下粒子进入电场后做类平抛运动，在水平方向上做匀速运动，在竖直方向上做匀加速运动粒子恰能从上极板边缘飞出时，电场中偏转距离为，根据牛顿第二定律和运动学公式结合，运用运动的合成和分解法，求解电场强度e的大小；（2）根据速度的合成，求出粒子飞出极板时的速度v的大小与方向；（3）粒子进入磁场后由洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，由题，恰能从上极板边缘飞出又能从下极板边缘飞入，画出轨迹，由几何知识求出轨迹半径，即可由牛顿第二定律求出b【解答】解：（1）由于上板带正电，下板带负电，故板间电场强度方向竖直向下q粒子在水平方向上匀速运动，在竖直方向上匀加速运动，则有 水平方向：l=v0t 竖直方向： =又由牛顿第二定律得 a=联立解得，e=（2）设粒子飞出板时水平速度为vx，竖直速度为vy，水平偏转角为，则水平方向：vx=v0，竖直方向：vy=at=则tan=，v=可得=45，v=（3 ）设粒子在磁场中运动的半径为r，由几何关系易知r=由洛伦兹力提供向心力，则得qvb=m得 b=答：（1）两极板间匀强电场的电场强度e的大小是，方向竖直向下；（2）q粒子飞出极板时的速度v的大小是v0，方向与水平方向成45斜向上（3）磁感应强度b的大小是【点评】本题中带电粒子在组合场中运动，要掌握类平抛运动的研究方法：运动的合成和分解，磁场中画轨迹是解题的关键13如图所示为某种弹射装置的示意图，光滑的水平导轨mn右端n处与水平传送带理想连接，传送带长l=4.0m，皮带轮沿顺时针方向转动，带动皮带以速率v=3.0m/s匀速运动三个质量均为m=1.0kg的滑块a、b、c置于水平导轨上，开始时滑块b、c之间用细绳相连，其间有一压缩的轻质弹簧处于静止状态滑块a以初速度v0=2.0m/s沿b、c连线方向向b运动，a与b碰撞后粘合在一起，碰撞时间极短，可认为a与b碰撞过程中滑块c的速度仍为零碰撞使连接b、c的细绳受扰动而突然断开，弹簧伸展，从而使c与a、b分离，滑块c脱离弹簧后以速度vc=2.0m/s滑上传送带，并从右端滑落至地面上的p点已知滑块c与传送带之间的动摩擦因数=0.20，g=10m/s2求：（1）滑块c从传送带右端滑出时的速度大小；（2）滑块b、c用细绳相连时弹簧的最大弹性势能ep；（3）若每次实验开始时弹簧的压缩情况相同，要使滑块c总能落至p点，则滑块a与滑块b碰撞前的最大速度vm是多少【考点】动量守恒定律；牛顿第二定律；功能关系【分析】（1）c在传送带上做匀加速直线运动，由牛顿第二定律求出加速度，然后应用匀变速直线运动规律求出c离开传送带时的速度（2）a、b碰撞过程、弹簧弹开过程系统