贵州省毕节地区赫章实验中学高二物理下学期期末试卷（含解析）.doc

贵州省毕节地区赫章实验中学2014-2015学年高二下学期期末物 理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分其中18题为单选题，912为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1（4分）关于布朗运动和扩散现象的下列说法中，正确的是（）a布朗运动就是液体分子的扩散现象b布朗运动和扩散现象都是分子的无规则运动c布朗运动和扩散现象在固体、液体和气体中都能发生d布朗运动和扩散现象都说明物质分子的运动是无规则的2（4分）把一条形磁铁从图示位置由静止释放，穿过采用双线绕法的通电线圈，此过程中条形磁铁做（）a减速运动b匀速运动c自由落体运动d变加速运动3（4分）下列说法中正确的是（）a只要温度相同，则物体的内能就一定相同b只要温度相同，则物体分子的平均动能就一定相等c当分子间的距离r=r0时，分子力为零，所以分子引力和斥力都为零d只要知道气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数就能算出气体分子的体积4（4分）如图，两平行的带电金属板水平放置若在两板中间a点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45，再由a点从静止释放一同样的微粒，改微粒将（）a保持静止状态b向左上方做匀加速运动c向正下方做匀加速运动d向左下方做匀加速运动5（4分）通电矩形线框abcd与长直通电导线mn在同一平面内，如图所示，ab边与mn平行关于mn的磁场对线框的作用力，下列说法正确的是（）a线框所受的安培力的合力为零b线框所受的安培力的合力方向向右c线框每条边所受的安培力大小相等d线框有两条边所受的安培力方向相同6（4分）如图所示，有关分子力和分子势能曲线的说法中，正确的是（）a当r=r0时，分子为零，分子势能最小也为零b当rr0时，分子力和分子势能都随距离的增大而增大c在两分子由无穷远逐渐靠近直至距离最小的过程中分子力先做正功后做负功d在两分子由无穷远逐渐靠近直至距离最小的过程中分子势能先增大，后减小，最后又增大7（4分）如图，直角三角形金属框abc放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为b，方向平行于ab边向上当金属框绕ab边以角速度逆时针转动时，a、b、c三点的电势分别为ua、ub、uc已知bc边的长度为l下列判断正确的是（）auauc，金属框中无电流bubuc，金属框中电流方向沿abcacubc=bl2，金属框中无电流dubc=bl2，金属框中电流方向沿abca8（4分）如图所示，矩形线框与长直导线在同一平面内，当矩形线框从长直导线的左侧运动到右侧的过程中线框内感应电流的方向为（）a先顺时针，后逆时针b先逆时针，后顺时针c先顺时针，后逆时针，再顺时针d先逆时针，后顺时针，再逆时针9（4分）一正弦交流电的电压随时间变化的规律如图所示由图可知（）a该交流电的频率为25 hzb该交流电的电压的有效值为100vc该交流电的电压瞬时值的表达式为u=100sin（25t）vd若将该交流电压加在阻值r=100的电阻两端，则电阻消耗的功率时50 w10（4分）如图所示，理想变压器的原线圈接在u=220sin（100t）v的交流电源上，副线圈接有r=55的负载电阻，原、副线圈匝数之比为2：1，电流表、电压表均为理想电表，下列说法正确的是（）a原线圈中电流表的读数为ab原线圈中的输入功率为220wc副线圈中电压表的读数为110vd副线圈中输出交变电流的周期为50s11（4分）如图，均匀带负电的绝缘环a与金属圆环b同心共面放置，若环a绕中心点o在其所在平面内顺时针加速转动，下列说法正确的是（）a环b中产生顺时针方向的感应电流b环b中产生逆时针方向的感应电流c环b有收缩趋势d环b有扩张趋势12（4分）如图所示，当交流电源的电压（有效值）u=220v，频率f=50hz时，三只灯a、b、c的亮度相同（l无直流电阻）将交流电源的频率变为f=100hz，则（）aa灯比原来亮bb灯比原来亮cc灯和原来一样亮dc灯比原来亮二、实验题（本题共1小题，共8分）13（8分）“用油膜法估测分子的大小”实验的方法及步骤如下：向体积v油=1ml的油酸中加酒精，直至总量达到v总=500ml用注射器吸取中配制好的油酸酒精溶液，把它一滴一滴地滴入小量筒中，当滴入n=80滴时，测得其体积恰好是v0=1ml先往边长为3040cm的浅盘里倒入2cm深的水，然后将均匀地撒在水面上用注射器往水面上滴一滴油酸酒精溶液，待油酸薄膜形状稳定后，将事先准备好的玻璃板放在浅盘上，并在玻璃板上描下油酸膜的形状将画有油酸膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，如图所示，数出轮廓范围内小方格的个数n，小方格的边长l=10mm根据以上信息，回答下列问题：（1）步骤中应填写：（2）1滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积v是ml（3）油酸分子的直径是m三、计算题（本题共4小题，共44分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）14（8分）如图，一质量为m、电荷量为q（q0）的粒子在匀强电场中运动，a、b为其运动轨迹上的两点已知该粒子在a点的速度大小为v0，方向与电场方向的夹角为60；它运动到b点时速度方向与电场方向的夹角为30不计重力求a、b两点间的电势差15（10分）发电机的端电压为220v，输出电功率为44kw，输电导线的电阻为0.2，如果用原、副线圈匝数之比为1：10的升压变压器升压，经输电线后，再用原、副线圈匝数比为10：1的降压变压器降压供给用户，求用户得到的电压和功率16（12分）如图所示，间距为l的不计电阻的平行光滑金属导轨mn、gh在同一水平面内，右侧接有阻值为r的电阻，匀强磁场竖直向下穿过导轨平面，磁感应强度为b，金属杆pq质量为m，电阻不计现用大小为f的水平恒力作用在pq上，使其从静止开始运动，当通过电阻r的电量为q时，金属杆pq的速度达到最大值求：（1）金属杆pq的最大速度；（2）金属杆pq从静止开始到最大速度的过程中电阻上产生的焦耳热17（14分）如图所示的平面直角坐标系xoy，在第象限内有平行于y轴的匀强电场，方向沿y正方向；在第象限的正三角形abc区域内有匀强磁场，方向垂直于xoy平面向里，正三角形边长为l，且ab边与y轴平行一质量为m、电荷量为q的粒子，从y轴上的p（0，h）点，以大小为v0的速度沿x轴正方向射入电场，通过电场后从x轴上的a（2h，0）点进入第象限，又经过磁场从y轴上的某点进入第象限，且速度与y轴负方向成45角，不计粒子所受的重力求：（1）电场强度e的大小；（2）粒子到达a点时速度的大小和方向；（3）abc区域内磁场的磁感应强度b的最小值贵州省毕节地区赫章实验中学2014-2015学年高二下学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分其中18题为单选题，912为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1（4分）关于布朗运动和扩散现象的下列说法中，正确的是（）a布朗运动就是液体分子的扩散现象b布朗运动和扩散现象都是分子的无规则运动c布朗运动和扩散现象在固体、液体和气体中都能发生d布朗运动和扩散现象都说明物质分子的运动是无规则的考点：扩散；布朗运动 专题：布朗运动专题分析：布朗运动是固体颗粒的运动，只能在气体和液体中发生，布朗运动和扩散现象都与无关有关，都能说明分子的运动是永不停息的解答：解：a、布朗运动是固体小颗粒的运动，不是液体分子的扩散；故a错误；b、扩散现象都是分子的无规则运动；而布朗运动只是分子运动的一种反映；故b错误；c、布朗运动只能在气体和液体中发生，不能在固体中发生；故c错误；d、布朗运动和扩散现象都能说明物质分子的运动是无规则的；故d正确；故选：d点评：本题考查了布朗运动和扩散运动的实质，要牢记它们的定义及性质；本题属于对基础知识点的考查，多加积累即可2（4分）把一条形磁铁从图示位置由静止释放，穿过采用双线绕法的通电线圈，此过程中条形磁铁做（）a减速运动b匀速运动c自由落体运动d变加速运动考点：法拉第电磁感应定律 专题：电磁感应与电路结合分析：根据安培定则判断双线绕法的通电线圈产生的磁场方向关系，分析条形磁铁所受的作用力，再判断它的运动性质解答：解：穿过采用双线绕法的通电线圈，相邻并行的导线中电流方向相反，根据安培定则可知，它们产生的磁场方向相反，在空中同一点磁场抵消，则对条形磁铁没有安培力作用，条形磁铁只受重力，又从静止开始下落，所以做自由落体运动故选：c点评：本题中线圈采用双线并行绕法是消除自感的一种方式可用安培定则加深理解基础题3（4分）下列说法中正确的是（）a只要温度相同，则物体的内能就一定相同b只要温度相同，则物体分子的平均动能就一定相等c当分子间的距离r=r0时，分子力为零，所以分子引力和斥力都为零d只要知道气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数就能算出气体分子的体积考点：分子势能；阿伏加德罗常数；分子间的相互作用力 分析：物体的内能跟物体的体积和温度有关温度是分子平均动能的标志当分子间的距离r=r0时，分子力为零，分子引力和斥力不为零气体不能根据摩尔体积和阿伏伽德罗常数算出气体分子的体积解答：解：a、物体的内能跟物体的体积和温度等因素有关，则温度相同，则物体的内能不一定相同，故a错误b、温度是分子平均动能的标志只要温度相同，则物体分子的平均动能就一定相同，故b正确c、当分子间的距离r=r0时，分子引力和斥力大小相等，合力即分子力为零，但分子引力和斥力不为零故c错误d、由于气体分子间距较大，根据气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数能算出每个气体分子占据的空间大小，该空间大小比气体分子的体积大，不能算出气体分子的体积故d错误故选：b点评：解决本题的关键之处在于掌握物体内能的决定、温度的微观意义，掌握分子力的规律要建立模型，研究气体分子占据的空间大小4（4分）如图，两平行的带电金属板水平放置若在两板中间a点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45，再由a点从静止释放一同样的微粒，改微粒将（）a保持静止状态b向左上方做匀加速运动c向正下方做匀加速运动d向左下方做匀加速运动考点：带电粒子在混合场中的运动 专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：开始时刻微粒保持静止，受重力和电场力而平衡；将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45，电容器带电量不变，间距不变，正对面积也不变，故电场强度的大小不变，电场力的大小不变，方向逆时针旋转45，根据平行四边形定则求解出合力的方向，确定微粒的运动即可解答：解：在两板中间a点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态，微粒受重力和电场力平衡，故电场力大小f=mg，方向竖直向上；将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45，电场强度大小不变，方向逆时针旋转45，故电场力逆时针旋转45，大小仍然为mg；故重力和电场力的大小均为mg，方向夹角为135，故合力向左下方，微粒的加速度恒定，向左下方做匀加速运动；故abc错误，d正确；故选：d点评：本题关键是对为零受力分析后结合牛顿第二定律分析，注意本题中电容器的两板绕过a点的轴逆时针旋转，板间场强大小不变，基础题目5（4分）通电矩形线框abcd与长直通电导线mn在同一平面内，如图所示，ab边与mn平行关于mn的磁场对线框的作用力，下列说法正确的是（）a线框所受的安培力的合力为零b线框所受的安培力的合力方向向右c线框每条边所受的安培力大小相等d线框有两条边所受的安培力方向相同考点：安培力 分析：直导线中的电流方向由m到n，根据安培定则判断导线框所在处磁场方向根据左手定则分析导线框所受的安培力情况解答：解：通过安培定则判断出通电导向产生的磁场方向和大小，通过左手定则可知：ab边与cd边受到的安培力方向相反大小不等，线框所受的安培力的合力方向向右，ad边与bc边受到安培力大小相等，方向相反；故线框所受安培力的合力不为零，故acd错误，b正确；故选：b点评：本题关键：（1）会根据安培定则判断通电直导线的磁场；（2）会根据左手定则判断安培力方向；（3）会根据安培力公式f=bil并结合微元法判断安培力的大小6（4分）如图所示，有关分子力和分子势能曲线的说法中，正确的是（）a当r=r0时，分子为零，分子势能最小也为零b当rr0时，分子力和分子势能都随距离的增大而增大c在两分子由无穷远逐渐靠近直至距离最小的过程中分子力先做正功后做负功d在两分子由无穷远逐渐靠近直至距离最小的过程中分子势能先增大，后减小，最后又增大考点：分子势能 专题：内能及其变化专题分析：可以根据分子力做功判断分子势能的变化，分子力做正功，分子势能减小，分子力做负功，分子势能增加解答：解：a、rr0，分子力表现为引力，rr0，分子力表现为斥力，当r从无穷大开始减小，分子力做正功，分子势能减小，当r减小到r0继续减小，分子力做负功，分子势能增加，所以在r0处有最小势能，但是不一定是0故a错误；b、rr0，分子力表现为引力，当r的距离增大，分子力先增大后减小故b错误；c、rr0，分子力表现为引力，rr0，分子力表现为斥力，当r从无穷大开始减小，分子力做正功，分子势能减小，当r减小到r0继续减小，分子力做负功故c正确；d、由以上的分析可知，在两分子由无穷远逐渐靠近直至距离最小的过程中分子势能先减小，后增大故d错误故选：c点评：解决本题的关键掌握分子力的特点：rr0，分子力表现为引力，rr0，分子力表现为斥力以及分子力做功与分子势能的关系：分子力做正功，分子势能减小，分子力做负功，分子势能增加7（4分）如图，直角三角形金属框abc放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为b，方向平行于ab边向上当金属框绕ab边以角速度逆时针转动时，a、b、c三点的电势分别为ua、ub、uc已知bc边的长度为l下列判断正确的是（）auauc，金属框中无电流bubuc，金属框中电流方向沿abcacubc=bl2，金属框中无电流dubc=bl2，金属框中电流方向沿abca考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律 专题：交流电专题分析：金属框中磁通量不变，故没有感应电流；但导体棒切割磁感线，有感应电动势产生，根据e=bl求解切割电动势即可解答：解：ab、导体棒bc、ac做切割磁感线运动，产生感应电动势，根据右手定则，感应电动势的方向从b到c，或者说是从a到c，故ua=ubuc，磁通量一直为零，不变，故金属框中无电流，故a错误，b错误；cd、感应电动势大小=bl（）=bl2，由于ubuc，所以ubc=bl2，由于磁通量一直为零，所以金属框中无电流，故c正确，d错误；故选：c点评：本题关键是明确感应电流的产生条件是穿过闭合回路的磁通量发生改变，要会根据e=blv求解感应电动势，会利用右手定则判断感应电动势的方向8（4分）如图所示，矩形线框与长直导线在同一平面内，当矩形线框从长直导线的左侧运动到右侧的过程中线框内感应电流的方向为（）a先顺时针，后逆时针b先逆时针，后顺时针c先顺时针，后逆时针，再顺时针d先逆时针，后顺时针，再逆时针考点：楞次定律 分析：根据通电导线由安培定则，来判断通电直导线周围的磁场分布，知道它是非匀强电场，同时要根据楞次定律和安培定则判断感应电流的方向解答：解：由安培定则得，载有恒定电流的直导线产生的磁场在导线左边的方向为垂直直面向外，右边的磁场方向垂直向里，当线圈向导线靠近时，则穿过线圈的磁通量变大，根据楞次定律，可知：感应电流方向为顺时针方向；当线圈越过导线时到线圈中心轴与导线重合，穿过线圈的磁通量的变小，则感应电流方向为逆时针方向；当继续向右运动时，穿过磁通量变大，由楞次定律可在，感应电流方向为逆时针方向；当远离导线时，由楞次定律可知，感应电流方向为顺时针方向；故abd错误，c正确，故选：c点评：通电指导线周围的磁场为非匀强磁场，会应用楞次定律，注意通电导线的磁场大小与方向的分布同时强调线圈中心轴处于导线位置时，磁通量为零9（4分）一正弦交流电的电压随时间变化的规律如图所示由图可知（）a该交流电的频率为25 hzb该交流电的电压的有效值为100vc该交流电的电压瞬时值的表达式为u=100sin（25t）vd若将该交流电压加在阻值r=100的电阻两端，则电阻消耗的功率时50 w考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率 专题：交流电专题分析：根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等解答：解：a、由图可知，t=4102s，故f=25hz，故a正确；b、由图象可知交流电的最大值为100v，因此其有效值为：u=50v，所以r消耗的功率为：p=50w，故b错误，d正确；c，=2f=50rad/s，所以其表达式为u=100sin（50t）v，故c错误故选：ad点评：本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式10（4分）如图所示，理想变压器的原线圈接在u=220sin（100t）v的交流电源上，副线圈接有r=55的负载电阻，原、副线圈匝数之比为2：1，电流表、电压表均为理想电表，下列说法正确的是（）a原线圈中电流表的读数为ab原线圈中的输入功率为220wc副线圈中电压表的读数为110vd副线圈中输出交变电流的周期为50s考点：变压器的构造和原理；电功、电功率 专题：交流电专题分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，即可求得结论解答：解：a、由瞬时值的表达式可得，原线圈的电压有效值为220v，根据电压与匝数成正比可得，副线圈的电压为110v，再由输入功率和输出功率相等可得220i1=，所以原线圈的电流的大小为1a，故a错误；b、由输入功率和输出功率相等可得原线圈中的输入功率为=220w，故b正确；c、电压表的读数为电压的有效值，由a的分析可知，副线圈的有效值为110v，所以电压表的读数为110v，故c正确；d、变压器不会改变交流电的周期和频率，所以副线圈中输出交流电的周期为t=0.02s，故d错误故选：bc点评：本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解11（4分）如图，均匀带负电的绝缘环a与金属圆环b同心共面放置，若环a绕中心点o在其所在平面内顺时针加速转动，下列说法正确的是（）a环b中产生顺时针方向的感应电流b环b中产生逆时针方向的感应电流c环b有收缩趋势d环b有扩张趋势考点：楞次定律 专题：电磁感应与电路结合分析：本题中是由于a的转动而形成了感应电流，而只有a中的感应电流的变化可以在b中产生磁通量的变化，才使b中产生了感应电流；因此本题应采用逆向思维法分析判断解答：解：当带负电的绝缘圆环a顺时针加速旋转时，相当于逆时针方向电流，并且在增大，根据右手定则，其内（金属圆环a内）有垂直纸面向外的磁场，其外（金属圆环b处）有垂直纸面向里的磁场，并且磁场的磁感应强度在增大，金属圆环b包围的面积内的磁场的总磁感应强度是垂直纸面向外（因为向外的比向里的磁通量多，向外的是全部，向里的是部分）而且增大，根据楞次定律，b中产生的感应电流的磁场垂直纸面向里，磁场对电流的作用力向外，所以b中产生顺时针方向的感应电流，根据左手定则，磁场对电流的作用力向外，所以具有扩张趋势，故a正确，d正确；故选：ad点评：本题综合考查电流的磁场（安培定则），磁通量，电磁感应，楞次定律，磁场对电流的作用力，左手定则等本题的每一选项都有两个判断，有的同学习惯用否定之否定法，如a错误，就理所当然的认为b和c都正确，因为二者相反：顺时针减速旋转和逆时针加速旋转，但本题是单选题，甚至陷入矛盾他们忽略了本题有两个判断，一个是电流方向，另一个是收缩趋势还是扩张趋势如果只有一个判断，如b中产生的感应电流的方向，可用此法所以解题经验不能做定律或定理用12（4分）如图所示，当交流电源的电压（有效值）u=220v，频率f=50hz时，三只灯a、b、c的亮度相同（l无直流电阻）将交流电源的频率变为f=100hz，则（）aa灯比原来亮bb灯比原来亮cc灯和原来一样亮dc灯比原来亮考点：电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用 分析：三个支路电压相同，当交流电频率变化时，会影响电感的感抗和电容的容抗，从而影响流过电感和电容的电流解答：解：三个支路电压相同，当交流电频率变大时，电感的感抗增大，电容的容抗减小，电阻所在支路对电流的阻碍作用不变，所以流过a的电流变大，流过b的电流变小，流过c的电流不变故b、d错误，a、c正确故选：ac点评：解决本题的关键知道电感和电容对交流电的阻碍作用的大小与什么因素有关记住感抗和容抗的两个公式可以帮助定性分析xl=2lf，xc=二、实验题（本题共1小题，共8分）13（8分）“用油膜法估测分子的大小”实验的方法及步骤如下：向体积v油=1ml的油酸中加酒精，直至总量达到v总=500ml用注射器吸取中配制好的油酸酒精溶液，把它一滴一滴地滴入小量筒中，当滴入n=80滴时，测得其体积恰好是v0=1ml先往边长为3040cm的浅盘里倒入2cm深的水，然后将痱子粉或石膏粉均匀地撒在水面上用注射器往水面上滴一滴油酸酒精溶液，待油酸薄膜形状稳定后，将事先准备好的玻璃板放在浅盘上，并在玻璃板上描下油酸膜的形状将画有油酸膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，如图所示，数出轮廓范围内小方格的个数n，小方格的边长l=10mm根据以上信息，回答下列问题：（1）步骤中应填写：痱子粉或石膏粉（2）1滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积v是2.5105ml（3）油酸分子的直径是3.2109m考点：用油膜法估测分子的大小 专题：实验题分析：（1）了解实验的具体操作，明确痱子粉或石膏粉的作用；（2）根据浓度按比例算出纯油酸的体积；（3）根据所画出的油膜面积轮廓，在所围成的小正方形中不足半个舍去，多于半个的算一个，统计出油酸薄膜的面积则用1滴此溶液的体积除以1滴此溶液的面积，恰好就是油酸分子的直径解答：解：（1）在该实验中，由于油酸薄膜的边缘在水中不易观察和画出，因此浅盘中倒入水后，将痱子粉或石膏粉均匀撒在水面上，以便于操作（2）每滴酒精油酸溶液中含有纯油酸的体积：v=ml=2.5105ml（3）油膜形状占据的方格数大约为78个所以油膜面积为：s=781010mm2=7.8103mm2油酸分子的直径为：d=mm=3.2106mm=3.2109m故答案为：（1）痱子粉或石膏粉；（2）2.5105；（3）3.2109点评：在油膜法估测分子大小的实验中，让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，估算出油膜面积，从而求出分子直径；注意求油膜面积的方法以及单位的换算三、计算题（本题共4小题，共44分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）14（8分）如图，一质量为m、电荷量为q（q0）的粒子在匀强电场中运动，a、b为其运动轨迹上的两点已知该粒子在a点的速度大小为v0，方向与电场方向的夹角为60；它运动到b点时速度方向与电场方向的夹角为30不计重力求a、b两点间的电势差考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；动能定理；电势差 专题：电场力与电势的性质专题分析：粒子水平方向受电场力，做初速度为零的匀加速直线运动；竖直方向不受力，故竖直分运动是匀速直线运动；结合运动的合成与分解的知识得到a点速度与b点速度的关系，然后对a到b过程根据动能定理列式求解解答：解：设带电粒子在b点的速度大小为vb，粒子在垂直电场方向的分速度不变，故：vbsin30=v0sin60 解得： 设a、b间的电势差为uab，由动能定理，有： 联立解得：答：a、b两点间的电势差为点评：本题关键是通过运动的合成与分解得到a点速度和b点速度的关系，然后结合动能定理列式求解即可，基础题目15（10分）发电机的端电压为220v，输出电功率为44kw，输电导线的电阻为0.2，如果用原、副线圈匝数之比为1：10的升压变压器升压，经输电线后，再用原、副线圈匝数比为10：1的降压变压器降压供给用户，求用户得到的电压和功率考点：远距离输电；电功、电功率 专题：交流电专题分析：根据升压变压器原副线圈的匝数比和输入电压，求出输出电压，从而得出输送的电流，根据p损=i2r求出输电线上损耗的功率根据输电线上的电压损失得出降压变压器的输入电压，从而得出用户得到的电压根据功率损失求出用户得到的功率解答：解：根据得：u1=22010v=2200v则输电线上的电流为：i2=a=20a损失的功率为：p损=i22r=4000.2w=80w输电线上损失的电压为：u=i2r=200.2v=4v则降压变压器输入电压为：u3=u2u=22004v=2196v根据得用户得到的电压为：u4=219.6v；用户得到的功率为：p=pp损=4400080w=43920w 答：用户得到的电压和功率分别为219.6v，43920w点评：本题的关键：1、原副线圈的电压比、电流比与匝数比的关系；2、输送功率、输送电压、电流的关系16（12分）如图所示，间距为l的不计电阻的平行光滑金属导轨mn、gh在同一水平面内，右侧接有阻值为r的电阻，匀强磁场竖直向下穿过导轨平面，磁感应强度为b，金属杆pq质量为m，电阻不计现用大小为f的水平恒力作用在pq上，使其从静止开始运动，当通过电阻r的电量为q时，金属杆pq的速度达到最大值求：（1）金属杆pq的最大速度；（2）金属杆pq从静止开始到最大速度的过程中电阻上产生的焦耳热考点：导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律 专题：电磁感应与电路结合分析：（